高中物理人教版1本冊總復習總復習（區(qū)一等獎）

2023學年安徽省六安市千人橋中學高二（下）第一次月考物理試卷一、選擇題：（每小題至少有一個選項是正確的，每小題4分，共40分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1．如圖，通電螺線管兩側各懸掛一個小銅環(huán)，銅環(huán)平面與螺線管截面平行，當電鍵S接通一瞬間，兩銅環(huán)的運動情況是（） A．同時向兩側推開 B．同時向螺線管靠攏 C．一個被推開，一個被吸引，但因電源正負極未知，無法具體判斷 D．同時被推開或同時向螺線管靠攏，但因電源正負極未知，無法具體判斷2．如圖所示，M1N1與M2N2是位于同一水平面內的兩條平行金屬導軌，導軌間距為L磁感應強度為B的勻強磁場與導軌所在平面垂直，ab與ef為兩根金屬桿，與導軌垂直且可在導軌上滑動，金屬桿ab上有一伏特表，除伏特表外，其他部分電阻可以不計，則下列說法正確的是（） A．若ab固定ef以速度v滑動時，伏特表讀數(shù)為BLv B．若ab固定ef以速度v滑動時，ef兩點間電壓為零 C．當兩桿以相同的速度v同向滑動時，伏特表讀數(shù)為零 D．當兩桿以相同的速度v同向滑動時，伏特表讀數(shù)為2BLv3．如圖所示，勻強磁場存在于虛線框內，矩形線圈豎直下落．如果線圈中受到的磁場力總小于其重力，則它在1、2、3、4位置時的加速度關系為（） A．a1=a2=a3=a4 B．a1=a3＞a2＞a4 C．a4=a2＞a3＞a1 D．a1＞a2＞a3＞a44．在圓形線圈開口處接一平行板電容器，線圈的一部分置于周期性變化的磁場中，設向里為磁感應強度B的正方向，整個裝置及B隨時間變化的圖象如圖所示．電容器中一電子的重力不計，且電子運動時未碰上電容器的極板，則在0～T這段時間內電子加速度方向的變化情況依次是（） A．向上，向下，向下，向上 B．向下，向上，向下，向下 C．向上，向下，向上，向下 D．向下，向上，向上，向下5．如圖所示，把金屬圓環(huán)勻速拉出磁場，下面敘述正確的是（） A．向左拉出和向右拉出所產生的感應電流方向相反 B．不管向什么方向拉出，只要產生感應電流方向都是順時針 C．向右勻速拉出時，感應電流大小不變 D．要將金屬環(huán)勻速拉出，拉力大小要改變6．如圖所示，在一根軟鐵棒上繞有一個線圈，a、b是線圈的兩端，a、b分別與平行導軌M、N相連，有勻強磁場與導軌面垂直，一根導體棒橫放在兩導軌上，要使a點的電勢均比b點的電勢高，則導體棒在兩根平行的導軌上應該（） A．向左加速滑動 B．向左減速滑動 C．向右加速滑動 D．向右減速滑動7．如圖所示，在光滑水平面上的直線MN左側有垂直于紙面向里的勻強磁場，右側是無磁場空間．將兩個大小相同的銅質矩形閉合線框由圖示位置以同樣的速度v向右完全拉出勻強磁場．已知制作這兩只線框的銅質導線的橫截面積之比是1：2．則拉出過程中下列說法中正確的是（） A．所用拉力大小之比為2：1 B．通過導線某一橫截面的電荷量之比是1：1 C．拉力做功之比是1：4 D．線框中產生的電熱之比為1：28．如圖（甲）所示，MN、PQ是水平方向的勻強磁場的上下邊界，磁場寬度為L．一個邊長為a的正方形導線框（L＞2a）從磁場上方下落，運動過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行．線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應電流i隨時間t變化的圖象可能是以下的哪一個（） A． B． C． D．9．如圖所示，水平放置的平行金屬導軌間距為l，左端與一電阻R相連．導軌間有豎直向下的勻強磁場，磁場的磁感應強度為B．金屬桿ab垂直于兩導軌放置，電阻為r，與導軌間無摩擦．現(xiàn)對桿ab施加向右的拉力，使桿ab向右以速度v勻速運動，則（） A．金屬桿中的電流由a到b B．金屬桿a端的電勢高于b端的電勢 C．拉力F= D．R上消耗的功率P=（）2R10．如圖所示，A、B都是很輕的鋁環(huán)，分別固定在絕緣細桿的兩端，桿可繞中間豎直軸在水平面內轉動，環(huán)A是閉合的，環(huán)B是斷開的．若用磁鐵分別接近這兩個圓環(huán)，則下面說法正確的是（） A．圖中磁鐵N極接近A環(huán)時，A環(huán)被吸引，而后被推開 B．圖中磁鐵N極遠離A環(huán)時，A環(huán)被排斥，而后隨磁鐵運動 C．用磁鐵N極接近B環(huán)時，B環(huán)被推斥，遠離磁鐵運動 D．用磁鐵的任意一磁極接近A環(huán)時，A環(huán)均被排斥二、填空題（11題8分、12題12分，總分20分）1）如圖1所示為“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置，請將圖中所缺的導線補接完整．（2）已知一靈敏電流計，當電流從正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉，現(xiàn)把它與線圈串連接成如圖2所示電路，當條形磁鐵按如圖2所示情況運動時，以下判斷正確的是．A．甲圖中電流表偏轉方向向右B．乙圖中磁鐵下方的極性是N極C．丙圖中磁鐵的運動方向向下D．丁圖中線圈的繞制方向從上往下看為順時針方向12．如圖所示，將邊長為l、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）（1）線圈放出的熱量Q=．（2）拉力F做的功W=．（3）通過導線截面的電量q=．（4）所用拉力F=．（5）線圈發(fā)熱的功率P熱=．（6）拉力F的功率PF=．三、計算題（13題12分、14題14分、15題14分，總分40分）13．如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌相距1m，導軌平面與水平面成θ=37°角，下端連接阻值為R的電阻．勻強磁場方向與導軌平面垂直向上．質量為，電阻不計的金屬棒放在兩導軌上，棒與導軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數(shù)為．（1）求金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大?。唬?）當金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，電阻R消耗的功率為8W，求該速度的大?。唬?）在第二問中，如果R=2Ω，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應強度的大小和方向．（g=10m/s2，sin37°=，cos37°=）14．如圖，兩條水平虛線之間有垂直于紙面向里，寬度為d=50cm，磁感應強度為B=的勻強磁場．邊長為l=10cm的正方形線圈，質量為m=100g，電阻為R=Ω．線圈下邊緣到磁場上邊界的距離為h=80cm．將線圈由靜止釋放，已知其下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時刻的速度相同．取g=10m/s2．求：（1）線圈進入磁場的過程中產生的電熱Q．（2）線圈下邊緣穿越磁場的過程中，線圈的最小速度v．15．正方形金屬線框abcd，每邊長l=，總質量m=，回路總電阻R=Ω，用細線吊住，線的另一端跨過兩個定滑輪，掛著一個質量為M=的砝碼．線框上方為一磁感應強度B=的勻強磁場區(qū)，如圖，線框abcd在砝碼M的牽引下做加速運動，當線框上邊ab進入磁場后立即做勻速運動．接著線框全部進入磁場后又做加速運動（g=10m/s2）．問：（1）線框勻速上升的速度多大？此時磁場對線框的作用力多大？（2）線框勻速上升過程中，重物M做功多少？其中有多少轉變?yōu)殡娔埽?/p>

2023學年安徽省六安市千人橋中學高二（下）第一次月考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題：（每小題至少有一個選項是正確的，每小題4分，共40分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1．如圖，通電螺線管兩側各懸掛一個小銅環(huán)，銅環(huán)平面與螺線管截面平行，當電鍵S接通一瞬間，兩銅環(huán)的運動情況是（） A．同時向兩側推開 B．同時向螺線管靠攏 C．一個被推開，一個被吸引，但因電源正負極未知，無法具體判斷 D．同時被推開或同時向螺線管靠攏，但因電源正負極未知，無法具體判斷考點： 楞次定律．專題： 電磁感應中的力學問題．分析： 當電鍵S接通瞬間，小銅環(huán)中磁通量從無到有增加，產生感應電流，銅環(huán)受到安培力將發(fā)生運動，根據楞次定律判斷兩環(huán)的運動方向．解答： 解：當電鍵S接通瞬間，小銅環(huán)中磁通量從無到有增加，根據楞次定律，感應電流的磁場要阻礙磁通量的增加，則兩環(huán)將向兩側運動．故A正確．故選A．點評： 本題考查運用楞次定律判斷電磁感應現(xiàn)象中導體運動方向問題的能力．本題也可以按因果關系，按部就班的分析兩環(huán)受到的安培力方向判斷．2．如圖所示，M1N1與M2N2是位于同一水平面內的兩條平行金屬導軌，導軌間距為L磁感應強度為B的勻強磁場與導軌所在平面垂直，ab與ef為兩根金屬桿，與導軌垂直且可在導軌上滑動，金屬桿ab上有一伏特表，除伏特表外，其他部分電阻可以不計，則下列說法正確的是（） A．若ab固定ef以速度v滑動時，伏特表讀數(shù)為BLv B．若ab固定ef以速度v滑動時，ef兩點間電壓為零 C．當兩桿以相同的速度v同向滑動時，伏特表讀數(shù)為零 D．當兩桿以相同的速度v同向滑動時，伏特表讀數(shù)為2BLv考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；法拉第電磁感應定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： 導體切割磁感線時將產生感應電動勢，由E=BLv求出感應電動勢的大小，區(qū)分ef間的電壓與電動勢的關系即可其大?。攦蓷U以相同的速度v同向滑動時，穿過回路的磁通量不變，不產生感應電流，電壓表就沒有讀數(shù)．解答： 解：A、B、若ab固定ef以速度v滑動時，ef產生的感應電動勢為E=BLV，又電壓表測量的是電源電動勢，所以示數(shù)為BLV，故A正確，B錯誤；C、D、當兩桿以相同的速度v同向滑動時，穿過閉合回路的磁通量不變化，則感應電流為0，由于伏特表的核心是電流表，電路中沒有電流，則伏特表示數(shù)為0，故C正確，D錯誤．故選：AC．點評： 本題考查法拉第電磁感應定律的應用，關鍵是判斷磁通量的變化情況，要注意電壓表中沒有電流，指針不偏轉，就沒有讀數(shù)．3．如圖所示，勻強磁場存在于虛線框內，矩形線圈豎直下落．如果線圈中受到的磁場力總小于其重力，則它在1、2、3、4位置時的加速度關系為（） A．a1=a2=a3=a4 B．a1=a3＞a2＞a4 C．a4=a2＞a3＞a1 D．a1＞a2＞a3＞a4考點： 楞次定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： 線圈自由下落時，加速度為g．線圈進入和穿出磁場過程中，切割磁感線產生感應電流，將受到向上的安培力．線圈完全在磁場中時，不產生感應電流，線圈只受重力，加速度等于g．根據牛頓第二定律分析加速度的關系．解答： 解：線圈自由下落時，加速度為a1=g．線圈完全在磁場中時，磁通量不變，不產生感應電流，線圈不受安培力作用，只受重力，加速度為a3=g．線圈進入和穿出磁場過程中，切割磁感線產生感應電流，將受到向上的安培力，根據牛頓第二定律得知，a2＜g，a4＜g．線圈完全在磁場中時做勻加速運動，到達4處的速度大于2處的速度，則線圈在4處所受的安培力大于在2處所受的安培力，又知，磁場力總小于重力，則a2＞a4，故a1=a3＞a2＞a4．故選：B點評： 本題關鍵是分析安培力的大小和方向情況，抓住安培力大小與速度成正比，分析B、D兩處安培力的大小關系．4．在圓形線圈開口處接一平行板電容器，線圈的一部分置于周期性變化的磁場中，設向里為磁感應強度B的正方向，整個裝置及B隨時間變化的圖象如圖所示．電容器中一電子的重力不計，且電子運動時未碰上電容器的極板，則在0～T這段時間內電子加速度方向的變化情況依次是（） A．向上，向下，向下，向上 B．向下，向上，向下，向下 C．向上，向下，向上，向下 D．向下，向上，向上，向下考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；帶電粒子在勻強電場中的運動．分析： 依據楞次定律判定感應電流方向，進而依據電容器電場判定電子受力方向，受力方向即為加速度方向．解答： 解：根據楞次定律第一個周期，磁場增強，感應電流為逆時針方向，由圖可知上極板帶正電，平行板間場強方向向下，電子加速度方向向上；同理第二個周期，使得下極板帶正電，平行板間場強方向向上，電子加速度方向向下，第三個周期，電子加速度方向向下，第四個周期，電子加速度方向向上，故A正確．故選：A．點評： 該題關鍵是掌握楞次定律，楞次定律應用的要點是四個字“增反減同”，要熟練應用這一結論．5．如圖所示，把金屬圓環(huán)勻速拉出磁場，下面敘述正確的是（） A．向左拉出和向右拉出所產生的感應電流方向相反 B．不管向什么方向拉出，只要產生感應電流方向都是順時針 C．向右勻速拉出時，感應電流大小不變 D．要將金屬環(huán)勻速拉出，拉力大小要改變考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；楞次定律．分析： 將線圈拉出磁場，磁通量都減小，根據楞次定律判斷感應電流的方向．公式E=BLv中L是有效的切割長度．安培力的大小：F=BIL中L是有效長度．解答： 解：A、B、不管沿什么將線圈拉出磁場，穿過線圈的磁通量都減小，根據楞次定律判斷可知，線圈中感應電流的方向都是沿順時針方向．故B正確，A錯誤．C、感應電流的大小與感應電動勢有關，而感應電動勢與線圈移動時切割磁感線的有效長度有關，由于移動過程中有效的切割長度先增大后減小，則感應電動勢也先增大后減小，感應電流先增大后減小．故C錯誤．D、線圈在切割磁感線的過程中，安培力的大?。篎=BIL，與電流的大小以及安培力的有效長度有關，由于感應電流先增大后減小，移動過程中有效長度先增大后減小，所以對金屬環(huán)的拉力大小會發(fā)生變化．故D正確．故選：BD．點評： 本題是楞次定律和E=BLv的應用，注意公式E=BLv中L是有效的切割長度．安培力的大?。篎=BIL中L是有效長度．6．如圖所示，在一根軟鐵棒上繞有一個線圈，a、b是線圈的兩端，a、b分別與平行導軌M、N相連，有勻強磁場與導軌面垂直，一根導體棒橫放在兩導軌上，要使a點的電勢均比b點的電勢高，則導體棒在兩根平行的導軌上應該（） A．向左加速滑動 B．向左減速滑動 C．向右加速滑動 D．向右減速滑動考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；電勢．專題： 電磁感應與電路結合．分析： 導體棒在導軌上做切割磁感線時會產生感應電動勢，相當于電源，根據右手定則判斷出感應電流的方向，確定出導體棒哪一端相當于電源的正極，哪一端電勢較高．解答： 解：AB、當導體棒向左加速滑動時，根據右手定則判斷可知，導體棒產生向下的感應電流，且電流增大，根據楞次定律知線圈的b端相當于電源的正極，電勢較高，則b點的電勢比a點的電勢高，相反，當導體棒向左減速滑動時，b點的電勢比a點的電勢低．故A正確、B錯誤．CD、當導體棒向右加速滑動時，根據右手定則判斷可知，導體棒產生向上的感應電流，線圈的a端相當于電源的正極，電勢較高，則a點的電勢比b點的電勢高，相反，當導體棒向右減速滑動時，b點的電勢比a點的電勢高．故C錯誤，故D正確．故選：AD．點評： 解決本題關鍵要掌握右手定則，并知道電源的正極電勢高于負極的電勢，比較簡單．7．如圖所示，在光滑水平面上的直線MN左側有垂直于紙面向里的勻強磁場，右側是無磁場空間．將兩個大小相同的銅質矩形閉合線框由圖示位置以同樣的速度v向右完全拉出勻強磁場．已知制作這兩只線框的銅質導線的橫截面積之比是1：2．則拉出過程中下列說法中正確的是（） A．所用拉力大小之比為2：1 B．通過導線某一橫截面的電荷量之比是1：1 C．拉力做功之比是1：4 D．線框中產生的電熱之比為1：2考點： 電磁感應中的能量轉化；法拉第電磁感應定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： 根據E=BLv、I=、F=BIL，R=ρ得到安培力的表達式，即可根據平衡條件得到拉力的大小關系；根據感應電荷量q=分析電荷量的關系；由功的公式得到拉力做功的表達式，再求解做功之比；根據功能關系分析電熱之比．解答： 解：A、設矩形線圈左右邊長為L1，上下邊長為L2．電阻率為ρ，截面積為S．則感應電流為I==拉力F=BIL1==，則知F∝S，所以所用拉力大小之比為1：2．故A錯誤．B、根據感應電荷量q==∝S，所以通過導線某一橫截面的電荷量之比是1：2．故B錯誤．C、拉力做功W=FL1=∝S，拉力做功之比是1：2．故C錯誤．D、根據功能關系可知，線框中產生的電熱等于拉力做功，故電熱之比為1：2．故D正確．故選D點評： 本題是電磁感應與電路、力學知識的綜合，考查了導體切割產生的感應電動勢公式，閉合電路歐姆定律、電阻定律、感應電荷量等多個知識，推導出所求量的表達式是關鍵．8．如圖（甲）所示，MN、PQ是水平方向的勻強磁場的上下邊界，磁場寬度為L．一個邊長為a的正方形導線框（L＞2a）從磁場上方下落，運動過程中上下兩邊始終與磁場邊界平行．線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，則線框從磁場中穿出過程中線框中感應電流i隨時間t變化的圖象可能是以下的哪一個（） A． B． C． D．考點： 法拉第電磁感應定律；楞次定律．分析： 由題意可知，線框進入磁場時，做勻速直線運動，根據L＞2a，則可知，出磁場時，速度與進入磁場的速度相比較，從而確定線框的運動性質，進而由法拉第電磁感應定律，可求得感應電流的大小如何變化，即可求解．解答： 解：由題意可知，線框進入磁場過程中感應電流i隨時間t變化的圖象如圖（乙）所示，由法拉第電磁感應定律可知，線框勻速進入磁場，由于L＞2a，當完全進入磁場后，因磁通量不變，則沒有感應電流，線框只受到重力，使得線框速度增加，當出磁場時，速度大于進入磁場的速度，由法拉第電磁感應定律可知，出磁場的感應電流大于進磁場的感應電流，導致出磁場時的安培力大于重力，導致線框做減速運動，根據牛頓第二定律，BIL﹣mg=ma，則有：加速度在減小的減速運動，故B正確，ACD錯誤；故選：B．點評： 考查線框切割磁感線產生感應電流，掌握法拉第電磁感應定律與牛頓第二定律的應用，注意出磁場安培力大于進磁場的安培力，這是解題的關鍵，同時注意完全進入磁場后，不受到安培力作用．9．如圖所示，水平放置的平行金屬導軌間距為l，左端與一電阻R相連．導軌間有豎直向下的勻強磁場，磁場的磁感應強度為B．金屬桿ab垂直于兩導軌放置，電阻為r，與導軌間無摩擦．現(xiàn)對桿ab施加向右的拉力，使桿ab向右以速度v勻速運動，則（） A．金屬桿中的電流由a到b B．金屬桿a端的電勢高于b端的電勢 C．拉力F= D．R上消耗的功率P=（）2R考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；閉合電路的歐姆定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： 由右手定則可以判斷出電流方向，然后判斷出電勢高低；由安培力公式求出安培力，然后由平衡條件求出拉力大?。粦秒姽β使娇梢郧蟪鲭娮柘牡碾姽β剩獯穑?解：A、由由右手定則可知，金屬桿中的電流由b流向a，故A錯誤；B、金屬桿ab相當于電源，在電源內部電流從低電勢流向高電勢，由于電流從b流向a，則a端電勢高，b端電勢低，故B正確；C、金屬桿受到的安培力FB=BIL=BL=，金屬桿做勻速運動，由平衡條件得：F=FB=，故C錯誤；D、R上消耗的功率：P=I2R=（）2R，故D正確；故選：BD．點評： 本題考查了判斷電流方向、電勢高低、求拉力與功率問題，應用E=BLv、右手定則、安培力公式、電功率公式即可正確解題．10．如圖所示，A、B都是很輕的鋁環(huán)，分別固定在絕緣細桿的兩端，桿可繞中間豎直軸在水平面內轉動，環(huán)A是閉合的，環(huán)B是斷開的．若用磁鐵分別接近這兩個圓環(huán)，則下面說法正確的是（） A．圖中磁鐵N極接近A環(huán)時，A環(huán)被吸引，而后被推開 B．圖中磁鐵N極遠離A環(huán)時，A環(huán)被排斥，而后隨磁鐵運動 C．用磁鐵N極接近B環(huán)時，B環(huán)被推斥，遠離磁鐵運動 D．用磁鐵的任意一磁極接近A環(huán)時，A環(huán)均被排斥考點： 楞次定律．分析： 當磁鐵的運動，導致兩金屬圓環(huán)的磁通量發(fā)生變化，對于閉合圓環(huán)，從而由楞次定律可得線圈中產生感應電流，則處于磁鐵的磁場受到安培力，使圓環(huán)運動；對于不閉合圓環(huán)，雖有感應電動勢，但沒有感應電流，則不受安培力作用．解答： 解：當磁鐵的靠近時，導致圓環(huán)A的磁通量變大，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它遠離磁鐵，即被推開；若磁鐵的遠離時，導致圓環(huán)A的磁通量變小，從而由楞次定律可得圓環(huán)A的感應電流，又處于磁場中，則受到的安培力作用，使它靠近磁鐵，即被吸引．而對于圓環(huán)B，當磁鐵的靠近時，雖磁通量變大，有感應電動勢，但由于不閉合，所以沒有感應電流，則不受安培力作用．所以對于圓環(huán)B，無論靠近還是遠離，都不會有遠離與吸引等現(xiàn)象，故D正確，ABC錯誤；故選：D點評： 從楞次定律相對運動角度可得：近則斥，遠則吸．同時同向電流相互吸引，反向電流相互排斥．二、填空題（11題8分、12題12分，總分20分）1）如圖1所示為“研究電磁感應現(xiàn)象”的實驗裝置，請將圖中所缺的導線補接完整．（2）已知一靈敏電流計，當電流從正接線柱流入時，指針向正接線柱一側偏轉，現(xiàn)把它與線圈串連接成如圖2所示電路，當條形磁鐵按如圖2所示情況運動時，以下判斷正確的是ABD．A．甲圖中電流表偏轉方向向右B．乙圖中磁鐵下方的極性是N極C．丙圖中磁鐵的運動方向向下D．丁圖中線圈的繞制方向從上往下看為順時針方向考點： 研究電磁感應現(xiàn)象．專題： 實驗題．分析： （1）注意該實驗中有兩個回路，一是電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成的回路，二是電流計與大螺線管串聯(lián)成的回路，據此可正確解答．（2）分析圖示情景，由楞次定律判斷感應電流的方向，然后判斷出電流表指針偏轉方向，選出正確的選項．解答： 解：（1）將電源、電鍵、變阻器、小螺線管串聯(lián)成一個回路，再將電流計與大螺線管串聯(lián)成另一個回路，電路圖如圖所示．（2）A、由圖示可知，條形磁鐵向下插入線圈時，穿過線圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感應電流從電流計的右接線柱流入，電流表指針向右偏轉，故A正確；B、由圖示可知，電流計指針向左偏轉，說明電流從負接線柱流入，由安培定則可知，感應電流磁場向上，由圖示可知，此時條形磁鐵離開線圈，原磁通量減小，由楞次定律可知，原磁場方向向下，因此條形磁鐵的下端是N極，故B正確；C、由圖示可知，電流計指針向右偏轉，說明電流從正接線柱流入，由安培定則可知，感應電流磁場向下，由圖示可知，原磁場方向向上，由楞次定律可知，原磁通量應減小，因此條形磁鐵應向上運動，故C錯誤；D、由圖示可知，電流計指針向右偏轉，說明電流從正接線柱流入，由圖示可知，原磁場方向向下，磁鐵離開線圈，穿過線圈的原磁通量減小，由楞次定律可知，感應電流磁場應向下，由安培定則可知，丁圖中線圈的繞制方向從上往下看為順時針方向，故D正確；故答案為：（1）電路圖如圖所示；（2）ABD．點評： 本題考查研究電磁感應現(xiàn)象及驗證楞次定律的實驗，對于該實驗注意兩個回路的不同．第二小題是本題的難點，解題時要認真細心，應會熟練應用楞次定律與安培定則．12．如圖所示，將邊長為l、總電阻為R的正方形閉合線圈，從磁感強度為B的勻強磁場中以速度v勻速拉出（磁場方向，垂直線圈平面）（1）線圈放出的熱量Q=．（2）拉力F做的功W=．（3）通過導線截面的電量q=．（4）所用拉力F=．（5）線圈發(fā)熱的功率P熱=．（6）拉力F的功率PF=．考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；焦耳定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： （1）由E=BLv求出感應電動勢，由焦耳定律求出焦耳熱．（2）應用安培力公式求出安培力，由平衡條件求出拉力，然后由功的計算公式求出拉力的功．（3）求出感應電動勢，由歐姆定律求出電流，再應用電流定義式求出電荷量．（4）由安培力公式求出安培力，然后由平衡條件求出拉力．（5）由電功率公式求出發(fā)熱功率．（6）由功率公式：P=Fv求出拉力的功率．解答： 解：（1）感應電動勢：E=Blv，產生的焦耳熱：Q=I2Rt=×R×=；（2）線框受到的安培力：F安培=BIl=，由平衡條件可知，拉力：F=F安培=，拉力的功：W=Fl=；（3）感應電動勢：E==，電流：I=，電荷量：q=I△t=；（4）線框受到的安培力：F安培=BIl=，由平衡條件可知，拉力：F=F安培=；（5）線圈發(fā)熱功率：P熱==；（6）拉力功率：PF=Fv=；故答案為：（1）；（2）；（3）；（4）；（5）；（6）．點評： 本題綜合考查了電磁感應與電路的綜合，要求掌握切割產生的感應電動勢公式、閉合電路歐姆定律、安培力大小公式以及焦耳定律、電量的公式等．三、計算題（13題12分、14題14分、15題14分，總分40分）13．如圖所示，處于勻強磁場中的兩根足夠長、電阻不計的平行金屬導軌相距1m，導軌平面與水平面成θ=37°角，下端連接阻值為R的電阻．勻強磁場方向與導軌平面垂直向上．質量為，電阻不計的金屬棒放在兩導軌上，棒與導軌垂直并保持良好接觸，它們之間的動摩擦因數(shù)為．（1）求金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大?。唬?）當金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，電阻R消耗的功率為8W，求該速度的大?。唬?）在第二問中，如果R=2Ω，金屬棒中的電流方向由a到b，求磁感應強度的大小和方向．（g=10m/s2，sin37°=，cos37°=）考點： 導體切割磁感線時的感應電動勢；牛頓第二定律．專題： 電磁感應與電路結合．分析： （1）開始下滑時，速度為零，無感應電流產生，因此不受安培力，故根據牛頓第二定律可直接求解結果．（2）金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，金屬棒所受合外力為零，根據平衡條件求出安培力，然后根據公式P=Fv求解．（3）結合第（2）問求出回路中的感應電流，然后根據電功率的公式求解．解答： 解：（1）金屬棒開始下滑的初速為零，根據牛頓第二定律有：mgsinθ﹣μmgcosθ=ma…①由①式解得：a=g（sinθ﹣μcosθ）=10×（﹣×）m/s2=4m/s2…②故金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小為4m/s2．（2）設金屬棒運動達到穩(wěn)定時，速度為v，所受安培力為F，棒在沿導軌方向受力平衡，有：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣F=0…③此時金屬棒克服安培力做功的功率等于電路中電阻R消耗的電功率：P=Fv…④由③、④兩式解得：v===m/s=10m/s…⑤故當金屬棒下滑速度達到穩(wěn)定時，棒的速度大小為10m/s．（3）設電路中電流為I，兩導軌間金屬棒的長為l，磁場的磁感應強度為B，感應電流為：I==…⑥功率為：P=I2R…⑦由⑥、⑦兩式解得：B=…⑧故磁感應強度的大小為，方向垂直導軌平面向上．答：（1）金屬棒沿導軌由靜止開始下滑時的加速度大小為4m/s2；（2）該速度的大小為10m/s；（3）在上問中，若R=2Ω，磁感應強度的大小為，磁場方向垂直導軌平面向上．點評： 解這類問題的突破口為正確分析安培力的變化，正確分析導體棒的運動狀態(tài)，從力和功率兩個角度進行列方程求解．14．如圖，兩條水平虛線之間有垂直于紙面向里，寬度為d=50cm，磁感應強度為B=的勻強磁場．邊長為l=10cm的正方形線圈，質量為m=100g，電阻為R=Ω．線圈下邊緣到磁場上邊界的距離為h=80cm．將線圈由靜止釋放，已知其下邊緣剛進入磁場和剛穿出磁場時刻的速度相同．取g=10m/s2．求：（1）線圈進入磁場的過程中產生的電熱Q．（2）線圈下邊緣穿越磁場的過程中，線圈的最小速度v