2021-2022學(xué)年本溪市重點(diǎn)中學(xué)高三沖刺模擬物理試卷含解析

2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清楚。

3,請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、關(guān)于元電荷，正確的說(shuō)法是（）

A.元電荷就是點(diǎn)電荷.

B.1C電量叫元電荷.

C.元電荷就是質(zhì)子.

D.元電荷目前被認(rèn)為是自然界中電荷的最小單元.

2、如圖所示，一個(gè)質(zhì)量為，〃的鐵球處于靜止?fàn)顟B(tài)，鐵球與斜面的接觸點(diǎn)為A,推力尸的作用線通過(guò)球心。，假設(shè)斜面、

墻壁均光滑，若讓水平推力緩慢增大，在此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）

A.力尸與墻面對(duì)鐵球的彈力之差變大

B.鐵球?qū)π泵娴膲毫徛龃?/p>

C.鐵球所受的合力緩慢增大

D.斜面對(duì)鐵球的支持力大小等于「%

cos夕

3、如圖所示為某住宅區(qū)的應(yīng)急供電系統(tǒng)，由交流發(fā)電機(jī)和副線圈匝數(shù)可調(diào)的理想降壓變壓器組成。發(fā)電機(jī)中矩形線圈

所圍的面積為S,匝數(shù)為N,電阻不計(jì)，它可繞水平軸。。在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8的水平勻強(qiáng)磁場(chǎng)中以角速度。勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。

矩形線圈通過(guò)滑環(huán)連接降壓變壓器，滑動(dòng)觸頭尸上下移動(dòng)時(shí)可改變輸出電壓，網(wǎng)表示輸電線的電阻。以線圈平面在中

性面為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，下列判斷正確的是（）

A.若發(fā)電機(jī)線圈某時(shí)刻處于圖示位置，變壓器原線圈的電流瞬時(shí)值為零

B.發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=NBScocoscot

C.當(dāng)滑動(dòng)觸頭尸向下移動(dòng)時(shí)，變壓器原線圈兩端的電壓不變

D.當(dāng)用戶(hù)數(shù)目增多時(shí)，電路中的電流變小，用戶(hù)得到的電壓變小

4、如圖，一兩端封閉的玻璃管在豎直平面內(nèi)傾斜放置，與水平面間的夾角為，，一段水銀柱將管內(nèi)一定質(zhì)量氣體分割

成兩部分。在下列各種情況中，能使管中水銀柱相對(duì)玻璃管向a端移動(dòng)的情況是（）

A.降低環(huán)境溫度B.在豎直平面內(nèi)以^點(diǎn)為軸逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)玻璃管

C.保持，角不變，使玻璃管減速上升D.使玻璃管垂直紙面向外做加速運(yùn)動(dòng)

5、如圖所示，一根質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)的銅管放置在水平桌面上，現(xiàn)讓一塊質(zhì)量為，小可視為質(zhì)點(diǎn)的鐵鐵硼強(qiáng)磁鐵從

銅管上端由靜止下落，強(qiáng)磁鐵在下落過(guò)程中不與銅管接觸，在此過(guò)程中（）

A.桌面對(duì)銅管的支持力一直為Mg

B.銅管和強(qiáng)磁鐵組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.銅管中沒(méi)有感應(yīng)電流

D.強(qiáng)磁鐵下落到桌面的時(shí)間「〉欄

6、如圖所示是某同學(xué)蕩秋千的一種方式：人站在秋千板上，雙手抓著兩側(cè)秋千繩：當(dāng)他從最高點(diǎn)A向最低點(diǎn)B運(yùn)動(dòng)

時(shí)，他就向下蹲：當(dāng)他從最低點(diǎn)5向最高點(diǎn)C運(yùn)動(dòng)時(shí)，他又站立起來(lái)；從C回到5他又向下蹲……這樣蕩，秋千會(huì)

越蕩越高。設(shè)秋千板寬度和質(zhì)量忽略不計(jì)，人在蹲立過(guò)程中，人的身體中心線始終在兩秋千繩和秋千板確定的平面內(nèi)。

則下列說(shuō)法中，正確的是（）

A.人在最低點(diǎn)8時(shí)處于失重狀態(tài)

B.在最高點(diǎn)4時(shí)，人和秋千受到的合力為0

C.若整個(gè)過(guò)程中人保持某個(gè)姿勢(shì)不動(dòng)，則秋千會(huì)越蕩越低

D.在題干所述擺動(dòng)過(guò)程中，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

R

7、如圖，光滑平行導(dǎo)軌MN和尸。固定在同一水平面內(nèi)，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),間接有阻值為一的定值電阻。兩導(dǎo)軌

2

間有一邊長(zhǎng)為4的正方形區(qū)域Med,該區(qū)域內(nèi)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8,ad平行MN。一粗細(xì)均

2

勻、質(zhì)量為，”的金屬桿與導(dǎo)軌接觸良好并靜止于亂處，金屬桿接入兩導(dǎo)軌間的電阻為心現(xiàn)用一恒力/平行MN向

右拉桿，已知桿出磁場(chǎng)前已開(kāi)始做勻速運(yùn)動(dòng)，不計(jì)導(dǎo)軌及其他電阻，忽略空氣阻力，則（）

A.金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速率為舞

B~Lr

2FR

B.出磁場(chǎng)時(shí)，de間金屬桿兩端的電勢(shì)差=丁

BL

C.從5到c的過(guò)程中，金屬桿產(chǎn)生的電熱為2F號(hào)L

D.從8到c的過(guò)程中，通過(guò)定值電阻的電荷量為冬

6R

8、在大型物流貨場(chǎng)，廣泛的應(yīng)用傳送帶搬運(yùn)貨物.如圖甲所示，與水平面傾斜的傳送帶以恒定的速率運(yùn)動(dòng)，皮帶始終

是繃緊的，將m=lkg的貨物放在傳送帶上的A端，經(jīng)過(guò)1.2s到達(dá)傳送帶的B端.用速度傳感器測(cè)得貨物與傳送帶的

速度v隨時(shí)間t變化的圖象如圖乙所示.已知重力加速度g=10m/s2,則可知（）

A.貨物與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5

B.A、B兩點(diǎn)的距離為2.4m

C.貨物從A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中，傳送帶對(duì)貨物做功的大小為12.8J

D.貨物從A運(yùn)動(dòng)到B過(guò)程中，貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為4.8J

9、一個(gè)靜止的放射性原子核處于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，由于發(fā)生了某種衰變而形成了如圖所示的兩個(gè)圓形徑跡,

則（）

X

X

X

X

A.該原子核發(fā)生了a衰變

B.該原子核發(fā)生了尸衰變

C.打出衰變粒子的反沖核沿小圓逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)

D.該原子核的衰變過(guò)程結(jié)束后，其系統(tǒng)的總質(zhì)量略有增加

10、真空中，在x軸上的坐標(biāo)原點(diǎn)。和x=50cm處分別固定點(diǎn)電荷A、B,在x=10cm處由靜止釋放一正點(diǎn)電荷p,點(diǎn)

B.從x=10cm到x=40cm的過(guò)程中，點(diǎn)電荷p的電勢(shì)能一定先增大后減小

C.點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量的絕對(duì)值之比為9：4

D.從x=10cm到x=40cm的過(guò)程中，點(diǎn)電荷p所受的電場(chǎng)力先增大后減小

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11.（6分）某物理興趣小組設(shè)計(jì)了如圖甲所示的歐姆表電路，通過(guò)控制開(kāi)關(guān)S和調(diào)節(jié)電阻箱，可使歐姆表具有“xio”

和“xlOO”兩種倍率，所用器材如下:

乙

A.干電池：電動(dòng)勢(shì)E=1.5V,內(nèi)阻r=0.5C

B.電流表G：滿(mǎn)偏電流/g=lmA,內(nèi)阻&=150。

C.定值電阻Ri=120()O

D.電阻箱R2和叢：最大阻值999.99。

E.電阻箱及：最大阻值9999。

F.開(kāi)關(guān)一個(gè)，紅、黑表筆各1支，導(dǎo)線若干

(D該實(shí)驗(yàn)小組按圖甲正確連接好電路。當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱&=。，使電流

表達(dá)到滿(mǎn)偏，此時(shí)閉合電路的總電阻叫作歐姆表的內(nèi)阻R內(nèi)，則R內(nèi)=。，歐姆表的倍率是(選填“xio”

或“xlOO”)；

(2)閉合開(kāi)關(guān)S：

第一步：調(diào)節(jié)電阻箱必和用，當(dāng)&=。且火3=。時(shí)，將紅、黑表筆短接，電流表再次滿(mǎn)偏；

第二步：在紅、黑表筆間接入電阻箱用,調(diào)節(jié)氏,當(dāng)電流表指針指向圖乙所示的位置時(shí)，對(duì)應(yīng)的歐姆表的刻度值為

12.(12分)某同學(xué)查資料得知：彈簧的彈性勢(shì)能與彈簧的勁度系數(shù)和形變量有關(guān)，并且與形變量的平方成正比。為

了驗(yàn)證彈簧彈性勢(shì)能與其形變量的平方成正比這一結(jié)論，他設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：

①如圖所示，一根帶有標(biāo)準(zhǔn)刻度且內(nèi)壁光滑的直玻璃管固定在水平桌面上，管口與桌面邊沿平齊。將一輕質(zhì)彈簧插入

玻璃管并固定左端。

②將直徑略小于玻璃管內(nèi)徑的小鋼球放入玻璃管，輕推小球，使彈簧壓縮到某一位置后，記錄彈簧的壓縮量x

③突然撤去外力，小球沿水平方向彈出落在地面上，記錄小球的落地位置

④保持彈簧壓縮量不變，重復(fù)10次上述操作，從而確定小球的平均落點(diǎn)，測(cè)得小鋼球的水平射程s

⑤多次改變彈簧的壓縮量X,分別記作XI、M、X3……，重復(fù)以上步驟，測(cè)得小鋼球的多組水平射程si、S2、S3……

請(qǐng)你回答下列問(wèn)題

(1)在實(shí)驗(yàn)中，“保持彈簧壓縮量不變，重復(fù)10次上述操作，從而確定小球的平均落點(diǎn)”的目的是為了減小一(填“系

統(tǒng)誤差”或“偶然誤差”)；

(2)若測(cè)得小鋼球的質(zhì)量機(jī)、下落高度從水平射程S,則小球彈射出去時(shí)動(dòng)能表達(dá)式為一(重力加速度為g)

(3)根據(jù)機(jī)械能守恒定律，該同學(xué)要做有關(guān)彈簧形變量X與小鋼球水平射程s的圖像，若想直觀的檢驗(yàn)出結(jié)論的正確性,

應(yīng)作的圖像為一

A.s-xB.s-x2C.s2—xD.s--

X

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.(10分)如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系內(nèi)，第I象限的等腰三角形MNP區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)，y<0的區(qū)域內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。一質(zhì)量為，”帶電荷量為g的帶電粒子從電場(chǎng)中。(-2日/)點(diǎn)以

速度V。水平向右射出，經(jīng)坐標(biāo)原點(diǎn)。射入第I象限，最后垂直于的方向射出磁場(chǎng)。已知MN平行于X軸，NP垂

直于x軸，N點(diǎn)的坐標(biāo)為(2/z,2h),不計(jì)粒子的重力，求：

⑴電場(chǎng)強(qiáng)度的大??；

⑵最小的磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小；

(3)粒子在最小磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。

14.(16分)如圖所示，一長(zhǎng)為200m的列車(chē)沿平直的軌道以80m/s的速度勻速行駛，當(dāng)車(chē)頭行駛到進(jìn)站口O點(diǎn)時(shí)，

列車(chē)接到停車(chē)指令，立即勻減速停車(chē)，因OA段鐵軌不能停車(chē)，整個(gè)列車(chē)只能停在AB段內(nèi)，已知京'=1200m,9

=2000m,求：

(1)列車(chē)減速運(yùn)動(dòng)的加速度的取值范圍；

(2)列車(chē)減速運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間.

列車(chē)

15.(12分)如圖甲，足夠大平行板MN、尸。水平放置，MN板上方空間存在疊加的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁場(chǎng)方向

垂直紙面向里，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為灰，電場(chǎng)方向與水平成30。角斜向左上方(圖中未畫(huà)出)，電場(chǎng)強(qiáng)度大小瓦=—

q

有一質(zhì)量為“、電量為g的帶正電小球，在該電磁場(chǎng)中沿直線運(yùn)動(dòng)，并能通過(guò)MN板上的小孔進(jìn)入平行板間。小球通

過(guò)小孔時(shí)記為仁0時(shí)刻，給兩板間加上如圖乙所示的電場(chǎng)E和磁場(chǎng)B,電場(chǎng)強(qiáng)度大小為Eo,方向豎直向上；磁感應(yīng)強(qiáng)

度大小為國(guó),方向垂直紙面向外，重力加速度為g。(坐標(biāo)系中fl=、tl—~+、白=—+——、/4=—+-—、

12122兀122兀122兀

(1)求小球剛進(jìn)入平行板時(shí)的速度V0；

(2)求打時(shí)刻小球的速度盯的大?。?/p>

(3)若小球經(jīng)歷加速后，運(yùn)動(dòng)軌跡能與PQ板相切，試分析平行板間距離d滿(mǎn)足的條件。

XXXXXX

XXXx3。xx

XXXxKX

XXXXxx

N

Q

甲

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、D

【解析】

點(diǎn)電荷是當(dāng)兩個(gè)帶電體的形狀對(duì)它的相互作用力的影響可忽略時(shí)，這兩個(gè)帶電體可看作點(diǎn)電荷.而元電荷是帶電量的

最小值，它不是電荷，所有帶電體電荷量均是元電荷的整數(shù)倍.

【詳解】

元電荷是最小的帶電量，而點(diǎn)電荷是一種理想化的物理模型，二者不是同一物理量；故A錯(cuò)誤；元電荷是帶電量的最

小值，大小是一；6X/。-"二故B錯(cuò)誤；元電荷是指最小的電荷量，不是指質(zhì)子，故C錯(cuò)誤；元電荷是自然界中電荷

的最小單元，故D正確；故選D。

【點(diǎn)睛】

本題關(guān)鍵是對(duì)點(diǎn)電荷、元電荷的概念要有清晰的認(rèn)識(shí)，同時(shí)要明確它們之間的區(qū)別，這是理清概念的一種重要方法.

2、D

【解析】

對(duì)小球受力分析，受推力尸、重力G、墻壁的支持力N、斜面的支持力如圖:

根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有:

x方向：

尸-N'sin0W=O

豎直方向：

NfcosQ=mg

解得：

N，二』

cosO

N=F切zgtan。；

A.故當(dāng)廠增加時(shí)，墻壁對(duì)鐵球的作用力不斷變大，為N=?mgtan仇可知尸與墻面對(duì)鐵球的彈力之差不變，故A錯(cuò)誤;

BD.當(dāng)尸增加時(shí)，斜面的支持力為保持不變，故球?qū)π泵娴膲毫σ脖３植蛔?，故D正確，B錯(cuò)誤；

COSU

C.鐵球始終處于平衡狀態(tài)，合外力始終等于0；故c錯(cuò)誤；

3、C

【解析】

A.當(dāng)線圈與磁場(chǎng)平行時(shí)，感應(yīng)電流最大，故A錯(cuò)誤；

B.從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，發(fā)電機(jī)線圈感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為

e=NBSa)smat

故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)滑動(dòng)觸頭P向下移動(dòng)時(shí)，輸出電壓變小，但變壓器原線圈兩端的電壓將不變，故C正確；

D.當(dāng)用戶(hù)數(shù)目增多時(shí)，電路總電阻變小，電路中的電流變大，則輸電線上電阻的電壓增大，用戶(hù)得到的電壓變小，

故D錯(cuò)誤。

故選C。

4、C

【解析】

A.假定兩段空氣柱的體積不變，即%,%不變，初始溫度為7,當(dāng)溫度降低△7時(shí)，空氣柱1的壓強(qiáng)由pi減至pi

Ap\=p\-p'l,空氣柱2的壓強(qiáng)由P2減至p'2,△P2=P2-p'l,

由查理定律得：

△P,/卜丁，

△〃2=牛八乙

因?yàn)镻2=pi+h>pi,所以Api<Ap2,即水銀柱應(yīng)向方移動(dòng)。故A錯(cuò)誤；

B.在豎直平面內(nèi)以8點(diǎn)為軸逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)玻璃管，使。角變大，若水銀柱相對(duì)玻璃管不動(dòng)，則增大了水銀柱對(duì)下部

氣體的壓力，水銀柱向b端移動(dòng)，故B錯(cuò)誤；

C.玻璃管豎直向上減速運(yùn)動(dòng)，加速度向下，水銀柱失重，若水銀柱相對(duì)玻璃管不動(dòng)，水銀柱對(duì)下部氣體壓力減小，水

銀柱向“端移動(dòng)，故C正確；

D.使玻璃管垂直紙面向外做加速運(yùn)動(dòng)不會(huì)影響水銀柱豎直方向上的受力，水銀柱的位置不變，故D錯(cuò)誤。

5、D

【解析】

C.強(qiáng)磁鐵通過(guò)鋼管時(shí)，導(dǎo)致鋼管的磁通量發(fā)生變化，從而產(chǎn)生感應(yīng)電流，故C錯(cuò)誤；

B.磁鐵在銅管中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，雖不計(jì)空氣阻力，但在過(guò)程中，出現(xiàn)安培力做功產(chǎn)生熱能，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒,

故B錯(cuò)誤；

A.由于圓管對(duì)磁鐵有向上的阻力，則由牛頓第三定律可知磁鐵對(duì)圓管有向下的力，則桌面對(duì)銅管的支持力尸〉Mg,

故A錯(cuò)誤；

D.因圓管對(duì)磁鐵有阻力，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間與自由落體運(yùn)動(dòng)相比會(huì)變長(zhǎng)，即有「〉杼，故D正確。

故選D。

6、C

【解析】

A.人在最低點(diǎn)時(shí)加速度豎直向上指向圓心，人處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；

B.在最高點(diǎn)4時(shí)，人和秋千受到的合力為他們自身的重力，故B錯(cuò)誤；

CD.由于蕩秋千過(guò)程中不可避免存在空氣阻力，如果沒(méi)有能量補(bǔ)充，則系統(tǒng)機(jī)械能就越來(lái)越小，即秋千蕩起最大高度

越來(lái)越低，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、BD

【解析】

A.設(shè)流過(guò)金屬桿中的電流為/,由平衡條件得

I①

BL

根據(jù)歐姆定律有

所以金屬桿勻速運(yùn)動(dòng)的速度為

故A錯(cuò)誤；

B.由法拉第電磁感應(yīng)定律得，桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為

E=Bv-

所以金屬桿在出磁場(chǎng)時(shí)，de間金屬桿兩端的電勢(shì)差為

RR

—+—L2FR

U=上-公

2BL

故B正確；

c.設(shè)整個(gè)過(guò)程電路中產(chǎn)生的總電熱為Q,根據(jù)能量守恒定律得

C/12

Q=F^--mv

代入u可得

所以金屬桿上產(chǎn)生的熱量為

]2mF2R2

Q'=|Q=》一B&匕

故C錯(cuò)誤:

D.根據(jù)電荷量的計(jì)算公式可得全電路的電荷量為

,A①畤2B￡

q=It=----

嗯-+/?6R

2

故D正確。

故選BDo

8、AD

【解析】

A、在0~0.25時(shí)間內(nèi)，貨物的速度小于傳送帶速度，貨物受到沿斜面向下的滑動(dòng)摩擦力作用，由牛頓第二定律有

mgsm0+^mgcos0=maA,由圖乙可得%=10,〃/s2,貨物加速到與傳送帶速度相等后，在0.2?1.2s時(shí)間內(nèi)，貨

物速度大于傳送帶速度，故有mgsin?-Rftgcos。=ma?,由圖乙可得生=Zm/sz,聯(lián)立解得cos8=0.8,〃=0.5,

故A正確；

B、v-t圖象與f軸所圍的面積表示位移，貨物的位移等于傳送帶的長(zhǎng)度，由圖乙可知傳送帶的長(zhǎng)度為L(zhǎng)=ft2?,B錯(cuò)

誤；

C、貨物受到的摩擦力為f=pmgcosd=4N,()~().2s時(shí)間內(nèi)的位移為％=0.2m,對(duì)貨物受力分析知摩擦力沿傳

送帶向下，摩擦力對(duì)貨物做正功，Wp=_A=M8?,同理().2?12s時(shí)間內(nèi)，貨物的位移為々=3?,摩擦力沿傳

送帶向上，對(duì)貨物做的負(fù)功為卬/2=-笈2=-12?1,所以整個(gè)過(guò)程，傳送帶對(duì)貨物做功的大小為12J-0.8J=U.2J,C

錯(cuò)誤；

D、貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量等于摩擦力乘以相對(duì)路程，0~0.2s時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移為七=0.4m,0.2-1.25

時(shí)間內(nèi)，傳送帶的位移為無(wú)4=2?，總相對(duì)路程為以=今-1n2?,貨物與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱量為

(2=/Ax=4.8?,故D正確.

點(diǎn)睛：本題一方面要分析工件的運(yùn)動(dòng)情況，由圖象結(jié)合求解加速度，再結(jié)合牛頓第二定律分兩個(gè)過(guò)程列式求解摩擦因

數(shù)及斜面傾角是關(guān)鍵，求摩擦產(chǎn)生的熱量注意找兩物體的相對(duì)位移.

9、BC

【解析】

AB.而衰變后兩個(gè)新的帶電粒子向相同方向偏轉(zhuǎn)，故兩粒子帶異種電荷，原子核發(fā)生了。衰變，A項(xiàng)錯(cuò)誤、B項(xiàng)正確;

C.由于衰變后兩帶電粒子的動(dòng)量大小相等，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，帶電粒子的軌跡半徑一=)，電荷量大的軌跡半

qB

徑小，再利用左手定則判斷反沖核沿逆時(shí)針?lè)较蜻\(yùn)動(dòng)，c項(xiàng)正確；

D.衰變中有核能轉(zhuǎn)變?yōu)槠渌问降哪?，故系統(tǒng)發(fā)生質(zhì)量虧損，即總質(zhì)量略有減少，D項(xiàng)錯(cuò)誤。

故選BC,

10、AC

【解析】

A.點(diǎn)電荷p從x=10cm處運(yùn)動(dòng)到x=30cm處，動(dòng)能增大，電場(chǎng)力對(duì)點(diǎn)電荷做正功，則點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力方向沿+了

軸方向，因此，從x=10cm到x=30cm范圍內(nèi)，電場(chǎng)方向沿+x軸方向，所以，x=10cm處的電勢(shì)比x=20cm處的電勢(shì)高,

故A正確；

B.點(diǎn)電荷p在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，只有電場(chǎng)力做功，電勢(shì)能和動(dòng)能之和保持不變，點(diǎn)電荷的動(dòng)能先增大后減小，則其電勢(shì)

能先減小后增大，故B錯(cuò)誤；

C.從x=10cm到x=30cm范圍內(nèi)，點(diǎn)電荷p所受的電場(chǎng)力沿+x軸方向，從x=30cm到x=50cm范圍內(nèi)，點(diǎn)電荷p所受

的電場(chǎng)力沿5軸方向，所以，點(diǎn)電荷P在x=30cm處所受的電場(chǎng)力為零，則點(diǎn)電荷A、〃對(duì)點(diǎn)電荷p的靜電力大小相

等，方向相反，故有

左縛=上縛

以%

其中「A=30cm,rB=20cm,所以，QA:QB=9：4,故C正確；

D.點(diǎn)電荷x=30cm處所受的電場(chǎng)力為零，由電場(chǎng)力公式尸=gE可知：x=30cm處的電場(chǎng)強(qiáng)度為零，所以從x=10cm到

x=4()cm的過(guò)程中，點(diǎn)電荷p所受的電場(chǎng)力一定先減小后增大，故D錯(cuò)誤。

故選AC?

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。

11、149.51500X10014.515010

【解析】

(1)[1][2].由閉合電路歐姆定律可知：

歐姆表的內(nèi)阻為

Q=1500Q

10.001

則

&=R內(nèi)一R|-Rg-r=(1500—1200—150—0.5)0=149.5。,

中值電阻應(yīng)為1500。，根據(jù)多用電表的刻度設(shè)置可知，表盤(pán)上只有兩種檔位，若為xlO,則中值刻度太大，不符合實(shí)

際，故歐姆表倍率應(yīng)為“xlOO”。

(2)[3][4].為了得到“xio”倍率，應(yīng)讓滿(mǎn)偏時(shí)對(duì)應(yīng)的電阻為150Q；

電流為

/=-^-A=0.01A；

1150

此時(shí)表頭中電流應(yīng)為0.001A,則與之并聯(lián)電阻R3電流應(yīng)為(0.01—0.001)A=0.009A,

并聯(lián)電阻為

0.001x(150+1200)

R3=￡1=150￡1；

0.009

1.5-1.35

&+r=-------------￡2=15J1

0.01

故

&=(15—0.5)。=14.5。；

[5].圖水電流為0.60mA,干路電流為6.0mA

則總電阻為

1.5a

R&=—xl伊。=250。

6.0

故待測(cè)電阻為

R測(cè)=(250—150)。=100。；

故對(duì)應(yīng)的刻度應(yīng)為10。

12、偶然誤差整二A

4/z

【解析】

(1)"]在實(shí)驗(yàn)中，“保持彈簧壓縮量不變，重復(fù)10次上述操作，從而確定小鋼球的平均落點(diǎn)”是采用多次測(cè)量求平均值

的方法，其目的是為了減小偶然誤差。

(2)[2]設(shè)小球被彈簧彈射出去后的速度為如此后小球做平拋運(yùn)動(dòng)，有

r1，

=2mvo

.12

h=-g廠

聯(lián)立可得小球彈射出去時(shí)動(dòng)能為

(3)[3]若結(jié)論彈簧彈性勢(shì)能與其形變量的平方成正比成立，有

Ep=kx1

而彈射過(guò)程彈性勢(shì)能全部轉(zhuǎn)發(fā)為動(dòng)能，有

E。-工

即

2

4/?

變形為

]4kh

----X

mg

可得關(guān)系S8X,故要驗(yàn)證結(jié)論需要作S-X圖像可構(gòu)成正比例函數(shù)關(guān)系，故選A。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

2(3+加%;⑶

13、(1)E-----；(2)B.

m,n

2qhqh(

【解析】

(1)由幾何關(guān)系可知粒子的水平位移為2心豎直位移為心由類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律得

2〃=卬

,12

h=-ar

2

由牛頓第二定律可知

Eq=ma

聯(lián)立解得

E4

2qh

(2)粒子到達(dá)。點(diǎn)，沿y鈾正方向的分速度

Eq2h

v..=at=---------=%

m%

則速度與x軸正方向的夾角a滿(mǎn)足

v,

tan6Z=—=1

%

即

a=45"

粒子從MP的中點(diǎn)垂直于MP進(jìn)入磁場(chǎng)，由洛倫茲力提供向心力

2

V

Bqv-m—

R

解得

粒子運(yùn)動(dòng)軌跡越大，磁感應(yīng)強(qiáng)度越小，由幾何關(guān)系分析可得，粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與PN相切時(shí)，垂直于PM的方向射出磁

場(chǎng)垂直于MP射出磁場(chǎng)，則

心+揚(yáng)1=同

軌道半徑

4儂=(2-揚(yáng)〃

粒子在磁場(chǎng)中的速度

v=V2v0

解得

D(V2+l)mv0

練ni=--------；---------

qh

⑶帶電粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的周期

十2兀R27rm

1=-----=------

vqB

帶電粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)的角度為180"故運(yùn)動(dòng)時(shí)間

T丁_2兀m1_(>/2—1)

1

2Bm.nq2%

14、(1)0.9m/s2<a<1.2m/s2i(2)66.7s

【解析】

2

_v

(1)列車(chē)做減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，剎車(chē)的距離：x=—也，可知加速度越大，位移越小，加速度越小，位移越大；將最大

2a

位移和最小位移分別代入公式即可求出加速度的范圍;

(2)當(dāng)加速度最小時(shí)，列車(chē)減速的時(shí)間最長(zhǎng)，由此即可求出.

【詳解】

(1)列車(chē)做減速運(yùn)動(dòng)到速度為0的過(guò)程中，剎車(chē)的距離：

x=二日，當(dāng)位移最小時(shí)，加速度最大

2a

a=—^―=--------..............=11m/

x

?2xmin2x(1200+300)/s

位移最大時(shí)，加速度最小

60

-==--夕2=0.90啖

2%2x2000A2/r

所以加速度的范圍是：0.9%24。41?2%2；

(