2023版高三數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí)（3年真題分類+考情精解讀+知識全通關(guān)+題型全突破+能力大提升）不等式選講試題理

PAGEPAGE5考點不等式選講1.(2022·全國Ⅰ，24)函數(shù)f(x)＝|x＋1|－|2x－3|.(1)在圖中畫出y＝f(x)的圖象；(2)求不等式|f(x)|>1的解集.1.解(1)f(x)＝eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x－4，x≤－1，,3x－2，－1<x≤\f(3,2)，,－x＋4，x>\f(3,2)，))y＝f(x)的圖象如下圖.(2)當(dāng)f(x)＝1時，可得x＝1或x＝3；當(dāng)f(x)＝－1時，可得x＝eq\f(1,3)或x＝5，故f(x)>1的解集為{x|1<x<3}；f(x)<－1的解集為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|x<\f(1,3)或x>5)).所以|f(x)|>1的解集為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|x<\f(1,3)或1<x<3或x>5)).2.(2022·全國Ⅲ，24)函數(shù)f(x)＝|2x－a|＋a.(1)當(dāng)a＝2時，求不等式f(x)≤6的解集；(2)設(shè)函數(shù)g(x)＝|2x－1|.當(dāng)x∈R時，f(x)＋g(x)≥3，求a的取值范圍.2.解(1)當(dāng)a＝2時，f(x)＝|2x－2|＋2.解不等式|2x－2|＋2≤6得－1≤x≤3.因此f(x)≤6的解集為{x|－1≤x≤3}.(2)當(dāng)x∈R時，f(x)＋g(x)＝|2x－a|＋a＋|1－2x|≥|2x－a＋1－2x|＋a＝|1－a|＋a，所以當(dāng)x∈R時，f(x)＋g(x)≥3等價于|1－a|＋a≥3.①當(dāng)a≤1時，①等價于1－a＋a≥3，無解.當(dāng)a＞1時，①等價于a－1＋a≥3，解得a≥2.所以a的取值范圍是[2，＋∞).3.(2022·全國Ⅱ，24)函數(shù)f(x)＝eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(x－\f(1,2)))＋eq\b\lc\|\rc\|(\a\vs4\al\co1(x＋\f(1,2)))，M為不等式f(x)<2的解集.(1)求M；(2)證明：當(dāng)a，b∈M時，|a＋b|<|1＋ab|.3.(1)解f(x)＝eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(－2x，x≤－\f(1,2)，,1，－\f(1,2)<x<\f(1,2)，,2x，x≥\f(1,2).))當(dāng)x≤－eq\f(1,2)時,由f(x)<2得－2x<2，解得x>－1,所以,-1<x≤-eq\f(1,2)；當(dāng)-eq\f(1,2)<x<eq\f(1,2)時，f(x)<2；當(dāng)x≥eq\f(1,2)時，由f(x)<2得2x<2，解得x<1，所以，-eq\f(1,2)<x<1.所以f(x)<2的解集M＝{x|－1<x<1}.(2)證明由(1)知，當(dāng)a,b∈M時,-1<a<1,-1<b<1,從而(a＋b)2-(1＋ab)2＝a2＋b2-a2b2-1＝(a2-1)(1-b2)<0，即(a＋b)2<(1＋ab)2，因此|a＋b|<|1＋ab|.4.(2022·重慶，16)假設(shè)函數(shù)f(x)＝|x＋1|＋2|x－a|的最小值為5，那么實數(shù)a＝________.4.4或－6[由絕對值的性質(zhì)知f(x)的最小值在x＝-1或x＝a時取得,假設(shè)f(-1)＝2|－1-a|＝5,a＝eq\f(3,2)或a＝－eq\f(7,2)，經(jīng)檢驗均不適宜；假設(shè)f(a)＝5，那么|x＋1|＝5，a＝4或a＝－6，經(jīng)檢驗合題意，因此a＝4或a＝－6.]5.(2022·陜西，24)關(guān)于x的不等式|x＋a|＜b的解集為{x|2＜x＜4}.(1)求實數(shù)a，b的值；(2)求eq\r(at＋12)＋eq\r(bt)的最大值.5.解(1)由|x＋a|＜b，得－b－a＜x＜b－a，那么eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(－b－a＝2，,b－a＝4，))解得a＝－3，b＝1.(2)eq\r(－3t＋12)＋eq\r(t)＝eq\r(3)eq\r(4－t)＋eq\r(t)≤eq\r([〔\r(3)〕2＋12][〔\r(4－t)〕2＋〔\r(t)〕2])＝2eq\r(4－t＋t)＝4，當(dāng)且僅當(dāng)eq\f(\r(4－t),\r(3))＝eq\f(\r(t),1)，即t＝1時等號成立，故(eq\r(－3t＋12)＋eq\r(t))max＝4.6.(2022·新課標(biāo)全國Ⅰ，24)函數(shù)f(x)＝|x＋1|－2|x－a|，a>0.(1)當(dāng)a＝1時，求不等式f(x)>1的解集；(2)假設(shè)f(x)的圖象與x軸圍成的三角形面積大于6，求a的取值范圍.6.解(1)當(dāng)a＝1時，f(x)>1化為|x＋1|－2|x－1|－1>0.當(dāng)x≤－1時，不等式化為x－4>0，無解；當(dāng)－1<x<1時，不等式化為3x－2>0，解得eq\f(2,3)<x<1；當(dāng)x≥1時，不等式化為－x＋2>0，解得1≤x<2.所以f(x)>1的解集為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x\b\lc\|(\a\vs4\al\co1(\f(2,3)<x<2)))).(2)由題設(shè)可得，f(x)＝eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x－1－2a，x<－1，,3x＋1－2a，－1≤x≤a，,－x＋1＋2a，x>a.))所以函數(shù)f(x)的圖象與x軸圍成的三角形的三個頂點分別為Aeq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2a－1,3)，0)),B(2a＋1,0),C(a,a+1)，△ABC的面積為eq\f(2,3)(a＋1)2.由題設(shè)得eq\f(2,3)(a＋1)2>6，故a>2.所以a的取值范圍為(2，＋∞).7.(2022·新課標(biāo)全國Ⅱ，24)設(shè)a、b、c、d均為正數(shù)，且a＋b＝c＋d，證明：(1)假設(shè)ab＞cd，那么eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d)；(2)eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d)是|a－b|＜|c－d|的充要條件.7.證明(1)因為(eq\r(a)＋eq\r(b))2＝a＋b＋2eq\r(ab)，(eq\r(c)＋eq\r(d))2＝c＋d＋2eq\r(cd)，由題設(shè)a＋b＝c＋d，ab＞cd得(eq\r(a)＋eq\r(b))2＞(eq\r(c)＋eq\r(d))2.因此eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d).(2)①假設(shè)|a－b|＜|c－d|，那么(a－b)2＜(c－d)2，即(a＋b)2－4ab＜(c＋d)2－4cd.因為a＋b＝c＋d，所以ab＞cd.由(1)得eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d).②假設(shè)eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d)，那么(eq\r(a)＋eq\r(b))2＞(eq\r(c)＋eq\r(d))2，即a＋b＋2eq\r(ab)＞c＋d＋2eq\r(cd).因為a＋b＝c＋d，所以ab＞cd，于是(a－b)2＝(a＋b)2－4ab＜(c＋d)2－4cd＝(c－d)2.因此|a－b|＜|c－d|.綜上，eq\r(a)＋eq\r(b)＞eq\r(c)＋eq\r(d)是|a－b|＜|c－d|的充要條件.8.(2022·廣東，9)不等式|x－1|＋|x＋2|≥5的解集為________.8.{x|x≤－3或x≥2}[原不等式等價于eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≥1，,〔x－1〕＋〔x＋2〕≥5))或eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(－2<x<1，,－〔x－1〕＋〔x＋2〕≥5))或eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(x≤－2，,－〔x－1〕－〔x＋2〕≥5，))解得x≥2或x≤－3.故原不等式的解集為{x|x≤－3或x≥2}.]9.(2022·湖南，13)假設(shè)關(guān)于x的不等式|ax－2|<3的解集為eq\b\lc\{\rc\}(\a\vs4\al\co1(x|－\f(5,3)<x<\f(1,3)))，那么a＝________.9.－3[依題意，知a≠0.|ax－2|<3?－3<ax－2<3?－1<ax<5，當(dāng)a>0時，不等式的解集為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(1,a)，\f(5,a)))，從而有eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\f(5,a)＝\f(1,3)，,－\f(1,a)＝－\f(5,3)，))此方程組無解.當(dāng)a<0時，不等式的解集為eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(5,a)，－\f(1,a)))，從而有eq\b\lc\{(\a\vs4\al\co1(\f(5,a)＝－\f(5,3)，,－\f(1,a)＝\f(1,3)，))解得a＝－3.]10.(2022·重慶，16)假設(shè)不等式|2x－1|＋|x＋2|≥a2＋eq\f(1,2)a＋2對任意實數(shù)x恒成立，那么實數(shù)a的取值范圍是________.10.eq\b\lc\[\rc\](\a\vs4\al\co1(－1，\f(1,2)))[令f(x)＝|2x-1|＋|x+2|,易求得f(x)min＝eq\f(5,2),依題意得a2+eq\f(1,2)a+2≤eq\f(5,2)?-1≤a≤eq\f(1,2).]11.(2022·新課標(biāo)全國Ⅱ，24)設(shè)函數(shù)f(x)＝|x＋eq\f(1,a)|＋|x－a|(a>0).(1)證明：f(x)≥2；(2)假設(shè)f(3)<5，求a的取值范圍.11.(1)證明由a>0，有f(x)＝|x＋eq\f(1,a)|＋|x－a|≥|x＋eq\f(1,a)－(x－a)|＝eq\f(1,a)＋a≥2.所以f(x)≥2.(2)解f(3)＝|3＋eq\f(1,a)|＋|3－a|.當(dāng)a>3時，f(3)＝a＋eq\f(1,a)，由f(3)<5得3<a<eq\f(5＋\r(21),2).當(dāng)0<a≤3時，f(3)＝6－a＋eq\f(1,a)，由f(3)<5得eq\f(1＋\r(5),2)＜a≤3.綜上，a的取值范圍是eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(1＋\r(5),2)，\f(5＋\r(21),2)))12.(2022·天津，19)q和n均為給定的大于1的自然數(shù).設(shè)集合M＝{0,1,2，…，q－1}，集合A＝{x|x＝x1＋x2q＋…＋xnqn－1，xi∈M，i＝1,2，…，n}.(1)當(dāng)q＝2，n＝3時，用列舉法表示集合A；(2)設(shè)s，t∈A，s＝a1＋a2q＋…＋anqn－1，t＝b1＋b2q＋…＋bnqn－1，其中ai，bi∈M，i＝1,2，…，n.證明：假設(shè)an<bn，那么s<t.12.(1)解當(dāng)q＝2,n＝3時,M＝{0,1},A＝{x|x＝x1＋x2·2＋x3·22