全國卷2022年普通高等學校招生統(tǒng)一考試物理模擬卷

2021年通等校生一試物卷)(總分值：100分，間90分)一擇(此題共16小分1～10題為單項選擇題題2分11～16小題為多項選擇題，每題)1．以下說法正確的選項是()A．光電效應現(xiàn)象說明，光具有動性B．α粒子射實驗說明，原子中有一個很小的核C．氫原子從高能級向低能級躍時，可以放出各種不同頻率的光子D．一個質子和一個中子結合成核，氘核的質量等于質子和中子的質量和B[光電效應現(xiàn)象說明光有子性A錯誤α粒子散射實驗說明，在原子的中心有一個很小的核，原子所有的正電荷和幾乎所有的質量都集中在原子核上項確；氫原子從高能級向低能級躍遷時，只能發(fā)出一些特定頻率的光子項錯；一個質子和一個中子結合成氘核，會發(fā)生質量虧損，氘核的質量不等于質子與中子的質量和D項錯誤。2．以下關于溫度及內能的說法正確的選項(A．溫度是分子平均動能的標志所以兩個動能不同的分子相比，動能大的溫度高B．兩個不同的物體，只要溫度體積相同，內能就相同C．質量和溫度相同的冰和水，能是相同的D．一定質量的某種物質，即使度不變，內能也可能發(fā)生變化D[溫度是大量分子熱運動的宏表達，單個分子不能比較溫度大小錯；物質的內能由溫度、體積、物質的量共同決定，故B均錯誤D確。3.在港珠澳大橋建設中根徑22米40.5米的空心鋼筒打入海底圍成人工島，創(chuàng)造了快速筑島的世界紀錄鋼筒的重力為G如列圖的起重機用8根對分布的、長為米的索將其吊起，處靜止狀態(tài)，那()A．鋼筒受到8個力用B．每根鋼索受到的拉力大小為

312

GC．鋼筒的重心可能在鋼筒上D．鋼筒懸吊在空中可能處于失狀態(tài)1

B[鋼筒受到重力和8根索的拉力共9個力作用選項A錯誤由意知每鋼索與豎直方向夾角為30°設根索的拉力大小為鋼筒處于靜止狀態(tài)那由平衡條件有8F30°＝，得＝

312

G，結合牛頓第三定律可知，選正；鋼筒空心，它的重心一定不在鋼筒上，選項C錯；鋼筒懸吊在空中處于靜止狀態(tài)，加速度為零，選項D錯誤。4．某同學質量為60kg，在訓中要求他從岸上以大小為m/s的度跳到一條向他緩慢駛來的小船上，小船的質量是kg原來的速度大小是0.5m/s，同學上船后又跑了幾步，最終停在船上，那么()A．人和小船最終靜止在水面上B．該過程人的動量變化量的大為kg·m/sC．船最終速度的大小為m/sD．船的動量變化量的大小為70kg·m/sB

[人船組成的系統(tǒng)，在水平方動量守恒，選取人運動的方向為正方向，得mv－＝(m＋，解得v＝0.25m/s，與人的速度方向相同，故A、C錯；該過程人的動量變化量Δ＝－＝－105kg·m/s故B正船動量變化量Δ＝mv－(－)＝105kg·m/s，故D錯誤。5.如下列圖，ABCD為腰梯形，∠＝B＝60°，＝2，A、兩分別放上一個點電荷，電荷量分別為q和q，點電場強度方向沿向點的點電荷在C點產(chǎn)B生的電場強度大小為EB點點電荷在C產(chǎn)生的電場強度大小為E那么以下說法正確B的選項是)A．放在A點的點電荷可能帶負電B．點電場強度方向沿向右C．BDq|＝|q|BC[由于兩點電荷在C點生的合電場強度方向沿向平行四邊形定那么可知，兩點電荷在C點生的電場強度方向如下列，由圖中幾何關系可知<E且BCAC，由點電荷產(chǎn)生的電場強度的公式得A||>||點放點電荷為正電荷點放點電荷為負電荷項確A錯；B對兩點電荷在點生的電場強度進行合成何系可知電強度方向為右偏上，不沿DC方向，選項B錯。6.如下列圖，在x≥0的區(qū)域有垂直于平(紙)向里的勻強2

磁場現(xiàn)力使一個等邊三角形合導(粗細均)框沿向右勻速運動運中線框平面與紙面平行，底邊BC與y軸平，從頂點A剛磁場開始計時，在線框全部進入磁場過程中，其感應電流I(取順時針方向為正)與時t的系圖線圖中()B[導線框從左進入磁場，磁通向里增加據(jù)楞次定律可知感磁場向外根安培定那么可知應流方向逆時針負向導線框沿軸向運動的速度為，經(jīng)時間t運動位移為＝據(jù)何關系可知線框的有效割長度為＝230°2323＝t，感應電流I＝＝t，即電I與成比，應選。]3R3R7.如下列圖，半徑為的形區(qū)域內有一垂直紙向里的勻強磁場P為場邊界上的一點，大量質量為、電荷量為的正的粒子，在紙面內沿個方向以速率從P點射入磁場，這些粒子射出磁場時的位置均位于P圓上且Q點為最遠點圓弧長等于磁場邊界周長的四分之一，不計粒子重力和粒子間的相互作用，那()A．這些粒子做圓周運動的半徑＝2B．該勻強磁場的磁感應強度大為C．該勻強磁場的磁感應強度大為

2mvqR2mv2qR1D．該圓形磁場中有粒子經(jīng)過的域面積為R2B[點為遠點，那么直線為帶電粒子在磁場中運動的直徑2r＝2，＝

222mvR，A錯誤由R＝，＝，B正，錯；如下22qR111列圖，該圓形磁場中有粒子經(jīng)過的區(qū)域面積為S＝π＋π(2r)＋π28413－＝π－錯誤。2428如下列圖為一列沿軸方傳播的簡諧橫波在t＝0時刻的波形圖從此刻橫坐標位于x＝6m處質在短時間內到達波峰歷時0.6s。圖中質點的坐標＝2.253

<，′U<，′Um。以下說法正確的選項()A．該波的波速為7.5m/sB～0.6s內質的程為4.5C．0.4s末質點M的動方向y軸正方向D～0.2s內質的程為10cmA[由圖象知波長＝6m根據(jù)波動與振動方向間的關系知，質在t＝0刻沿33λ軸負方向振動，經(jīng)過T第一到達波峰，即T＝0.6，得周期＝0.8，v得波速44v＝7.5m/s，A正；由圖象知幅＝10～0.6s質點P的路L＝3＝30，BT錯誤；＝0時刻質點M沿軸方向振動，經(jīng)過0.4s即，質點M在軸下方且沿y軸2負方向振動錯誤～0.2s內點先正方向運動到達波峰后沿負方向運動，因質點在靠近波峰位置時速度較小，故其路程小于A即10cm，D誤]9.(2021·成都七中摸底考試)如下列圖，接在家庭電路上的理想降壓變壓器給燈泡L供電，假設將原、副線圈增加相同匝數(shù)，其他條件不變，那()A．燈泡變亮B．燈泡變暗C．原、副線圈兩端電壓的比值變D．通過原、副線圈的電流的比不變A[因為是降壓變壓器，所以有n>n，設原、副線圈增加相同匝數(shù)，那么

nnnn根據(jù)理想變壓器中原、副線圈兩端的電壓與匝數(shù)成正比可得

′<，原、副線圈兩端電壓的比值變小通原副圈電流的比值與匝數(shù)成反比故通過原、副線圈的電流的比值變大，因U′＝，么有U<′，燈泡L兩電壓增大，過小燈泡L電流變大，燈泡變亮，正。10.(多項選擇)如下列圖的xt圖象，甲質點做初速度為0的變速直線運動，象為曲線，(，)圖象上一點為過B點的切，與軸交于(0)，質點的圖象為過B點和原點的直線，那么以說法正確的選項()4

ttA～時內甲的平均速度大于乙B．時甲、乙兩質點的速度相等xC．甲質點的加速度為D．時是0時內的中間時刻D[0～時內甲、乙兩質點位移相等，那么平均速度相等，選項A錯誤；x圖象切線的斜率表示速度，由圖線可知t時甲、乙兩質點的速度不相等。又因甲質點做初x2速度為0的變速運動，時刻速度等于0～t時間內平均速度的倍即＝，－12x那么t＝2，項B誤，D確；對甲質點，有xat，解得加速度為a＝，項C2錯誤。11．如下列圖a、為三顆繞地球做圓周運動的人造衛(wèi)星，跡如圖。這三顆衛(wèi)星的質量相同，以下說法正確的選項()A．三顆衛(wèi)星做圓周運動的圓心同B．三顆衛(wèi)星受到地球的萬有引相同C．、兩衛(wèi)星做圓周運動的角速度大小相等D．、兩衛(wèi)星做圓周運動的周期相等AC[三顆衛(wèi)星做圓周運動的圓都是地心，是相同的，選項A正；三顆衛(wèi)星的質量相同但道半徑不同所到球的萬有引力不相同選項錯根萬有引力充當向Mm心力，得G＝r＝r

GMa、兩衛(wèi)星的軌道半徑相等，所以做圓周運動的角速rMm4π度大小相等，選項C正；根據(jù)G＝r，得＝2rT不同，所以做圓周運動的周期不相等，選項錯誤]

，、兩衛(wèi)軌道半徑GM12.如下列圖，勁度系數(shù)為k的輕簧的一端固在墻上，另一端與置于水平面上質量5

為m的物P接觸未拴接簧水平且無形變現(xiàn)對物體P施一個水平向右的瞬間沖量大為測物體P向右動的最大距離為x之后物體P被簧彈回最終停在距離初始位置左側2處彈簧始終在彈性限度內物P與平面間的動摩擦因數(shù)為μ重力加速度為g。以說法中正確的選項()A．物體P與彈簧作用的過程中，系統(tǒng)的最大彈勢能＝－2mB．彈簧被壓縮到最短之后的過，物體P先做加速度減小的加速運動，再做加速減小的減速運動，最后做勻減速運動C．最初對物體P施加瞬時沖I＝2m2μgxD．物體P整個運動過程，摩擦力的沖量與彈簧力的沖量大小相等、方向相反1AC[由動量定理I＝和功關系，系統(tǒng)具有的最大彈性勢能E＝mv－＝22－，A正確彈簧被壓縮到最短之后的過程，物體P在離彈簧之前，受水平向左的彈簧彈力和向右的摩擦力，開始時彈力大于摩擦力P向做加速運動，彈力越越小，合力越來越小所以先加速度減小的加速運動到彈力和摩擦力大小相等之后彈力小于摩擦力，彈力越來越小，但合力越來越大做速增加的減速運動，離開彈簧后1受水平向右的摩擦力，做勻減速運動，錯誤；物體運動全過程，由動能定理mv＝2μmg(4x)，解得I＝22μgx，C確；由動量定理得I＋＋I＝0，D錯。13.如下列圖方的個頂點各固定一個點電荷帶荷量分別為q、＋、－，、F、分為、AC中點。以下說法正確的選項是()A．點勢低于點勢B．點勢等于點勢C．點場強度與F點電強度相同D．點場強度大于O點場強度qBD[點電荷的電勢φk，電是標量，電場中某點的電勢等于各個點電荷在該處電r6

hh＋－＋q勢的代數(shù)和設方形的邊長為2l那＝＋＋kll＋4

＋k

－l＋4

＝0同理可得φ＝0，＝0，故A錯誤，正；根據(jù)電場的疊加原理可得點的場強度方O向由A指向B點電場強度方向由指B兩點的電場強度大小相同但方向不同，故C錯；根據(jù)電場的疊加及對稱性可知O的場強度為零，故D確]14.如下列圖一定斜面傾角θ，將小球從面端以速率v水向右拋出小球擊中了斜面上的P點將小球B從空中某點以相同速率v水向左拋出，小球恰好垂直斜面擊中Q。不計空氣阻力，重力加速度為g，以下說法正確的選項是()A假設小球A在擊P點速方向與水平方向所夾銳角為φ那么θ＝2tanB假設小球A在擊P點速方向與水平方向所夾銳角為φ那么φ＝2tanC．小球AB在空運動的時間之比為2tanθD．小球AB在空運動的時間之比為tanθ∶1BC[由題圖可知，斜面的傾角θ等小A落斜面上時的位移與水平方向的夾角，由平拋運動的推論可知，tanφ＝2tanθ選項A錯誤B正確小球A、在中運動的1gt2時間分別記為、那么對A球由平拋運動的規(guī)律可得＝，B球由平拋tv2tan運動規(guī)律和題意可知tanθ＝，＝，項C正，誤]gt15.如下列圖，物體、通細繩及輕質彈簧連接在輕滑輪兩側，物體AB的質分別為2、。開始時細繩伸直，物體B靜在桌面上，用手托著物體使簧處于原長且與地面的距離為。放手后物體A下落著地時速度大小為v，此時物體B對面恰好無壓力。不計一切摩擦及空氣阻力，重力加速度大小為g。以下說法正確的選項()A．物體A下落過程中，物體A和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒2mgB．彈簧的勁度系數(shù)為7

gC．物體A著地時的加速度大小為21D．物體A著地時彈簧的彈性勢能為－mv2AC[因為B沒有運動，所以物體下落過程中，只有彈力和重力做功，故物體和簧組成的系統(tǒng)機械能守恒A正確；因為剛下落時，彈簧處于長落地時，彈簧對Bmg的彈力大小等于B的力，故kh＝，解得k，B錯誤；物體A落時彈簧繩子的拉h(huán)力大小為對分到豎直向上的拉力小mg豎直向下的重力小為2，g故根據(jù)牛頓第二定律可得2－mg＝2ma，解得a＝，C正確；物體下過程中，物體A21和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒，故mgh＝·2＋，得＝2mgh－，D錯。216．質量為m電量為＋q的小塊可為質點，在質量為的絕緣長木板左端，木板放在光滑的水平地面上滑與木板之間的動摩擦因數(shù)為μ木長為L開始時兩者都處于靜止狀態(tài)，所在空間存在范圍足夠大的一個方向豎直向下的勻強電場，恒力作在m上，下列圖，那()A．要使m與發(fā)相對滑動，只需滿足F＞(mgEqB．假設力F夠大，使得m發(fā)相對滑動，當相地面的位移相同時越，長木板末動能越大C．假設力F夠大，使得m發(fā)相對滑動，當相地面的位移相同時越，長木板末動能越小D．假設力F足夠，使得m與發(fā)生相對滑動，越，別離時長木板末動能越大F－BD[所的最大靜摩擦力為＝(＋)那么根據(jù)牛頓第定律得a＝＝，mμμ計算得出F＝那么只需滿足＞與M會發(fā)生相對滑MF－μ動A錯M與m發(fā)相對滑動據(jù)牛頓二定律得的加速度a，m知m越大的速度越小，相同位移時，所用的時間越長越木板的壓力越大，摩擦力越大M的加度越大，因為作用時間長，那么位移大，根據(jù)動能定理知，長木板的末動能越大，故B正；當M與發(fā)相對滑動大對M的力越大，摩力越大，8

M的加度越大，那么M相地面的位移相同時，根據(jù)動能定理知，長木板的末動能越大，11故C錯；根據(jù)L＝at－at知越，的速度越小M的速度越大，知時間越22長，因為E越大的速度越大，那么的移越大，根據(jù)動能定理知，別離時長木板的動能越大，故D正。二、非選擇(此題共7小，62分17分如甲所示，用鐵架、彈簧和多個質量且相等的鉤碼探究在彈性限度內彈簧彈力和彈簧伸長量的關系。(1)除圖甲中所示器材外，實驗還需要的測量工具有。(2)如圖乙所示根實驗數(shù)據(jù)繪圖縱軸是鉤碼質量m橫軸是彈簧的形變量由圖可知圖線不通過原點，其原因是______________________________；彈簧的勁度系數(shù)k＝________N/m(計結果保存兩位有效數(shù)字，重力加速度g取9.8m/s。(3)實驗中用兩根不同的輕彈簧a和b進行驗畫出彈簧彈力與簧長度L的關圖象如圖丙所示，以下說法正確的選項________。A．的長比b的大B．的度系數(shù)比b的大C．的度系數(shù)比b的小D．彈力與彈簧長度成正比[解析](1)實需要測量彈簧伸長的長度，故需要毫米刻度尺。(2)由圖乙可知，當＝0大零，說明沒有掛重物時，彈簧有伸長，這是由于彈簧自身的重力造成的圖不原點的原因是實驗中沒有考或忽略了)彈簧的自重ΔFΔmg50×10線說明彈簧的彈力大小和彈簧伸長量大小成正比么＝＝＝×9.8ΔxΔN/mN/m。(3)彈簧a為彈簧無考慮彈簧自重L圖中橫軸截距表示彈簧的原長，故b的原比a的大A項錯斜率表示彈簧的勁度系數(shù)故a的勁度系數(shù)比的9

項正確項錯誤簧的彈力與形變量的關系滿足胡克定律力彈簧的形變量成正比，故D項誤。[答案](1)毫刻度尺(2)實中沒有考慮彈簧的自重4.9(3)B18分)(2021·青模)在測定金屬的電阻率〞實驗中用測量儀器均已校準。待測金屬絲接入電路局部的長度約為50cm(1)用旋測微器測量金屬絲的直徑，其中某一次測量結果如圖甲所示，其讀數(shù)應為________mm(該接近屢次測量的平均。(2)用伏安法測金屬絲的電阻。測量所用器材：電池(電動勢，內阻約1Ω)、電流表內約0.1Ω)電壓表內約3kΩ)滑動變阻器R(0～20Ω額定電流、開關導假設干某組同學用以上器材正確連接好電路，進行實驗測量，記錄數(shù)據(jù)如下：次數(shù)1

2

3

4

5

6

7U/VI/A

0.100.020

0.300.06

0.700.160

1.000.220

1.500.340

1.700.460

2.300.520由以上實驗數(shù)據(jù)可知，他們測量“丙〞的路。

R使的電路是如圖所(填“乙〞或(3)圖丁是測量R的物電路未連接完整。合開關前，滑動變阻器的滑片P應置于變阻器的一端，可使閉合開關后，電壓表或電流表不至于被燒壞。請根據(jù)(2)問中所選的電路圖，補充完成丁中實物圖的連線。10

xx(4)這個小組的同學在坐標紙上立UI坐標系如圖戊所示中已標出了與測量數(shù)據(jù)對應的個坐點在戊標出第2測量數(shù)據(jù)的坐標點描出UI圖線由圖線得到金屬絲的阻值＝________Ω(保存位有效數(shù)。根以上數(shù)據(jù)可以估算出金屬絲電阻率約為__________________(填項前的符號。A．1×10Ω·mC．1×10Ω·m

BΩ·mDΩ·m(6)任何實驗測量都存在誤差。實驗所用測量儀器均已校準。以下關于誤差的說法中正確的選項________。A．用螺旋測微器測量金屬絲直時，由于讀數(shù)引起的誤差屬于系統(tǒng)誤差B．由于電流表和電壓表內阻引的誤差屬于偶然誤差C．假設將電流表和電壓表的內計算在內，可以減小系統(tǒng)誤差D．用I圖處理數(shù)據(jù)求金屬電阻可以減小偶然誤差[解析](1)螺測微器的讀數(shù)(0＋39.7×0.01)mm＝0.397mm。(2)通過給定的數(shù)據(jù)發(fā)現(xiàn)金屬絲端的電壓接近從開始故滑動變阻器采用的是分壓式接法，選乙。(3)實物圖連接如(a)所示。11

xx(4)圖線應過原點使多數(shù)點在一條直線上在直線上的點均勻分布在直線兩側。根據(jù)表中數(shù)據(jù)描點作圖，如圖(b)所示。圖線的斜率表示金屬絲的電阻，所以＝4.5Ω。ρl(5)在＝、＝π＝4×10l＝0.5m、＝4.5Ω解得≈1×10S

Ω·m(6)由于讀數(shù)引起的誤差屬于偶誤差，選項A錯；由于電流表、電壓表內阻引起的誤差為系統(tǒng)誤差，假設將電流表和電壓表的內阻計算在內，那么可以減小系統(tǒng)誤差，選B錯誤選項C正利用I象處理數(shù)據(jù)當屢次測量取平均值以小然誤差，選項D正。[答

(1)0.397(0.395～0.399均(2)乙(3)見析圖(a)(4)見解析圖(b)4.5(4.3～4.7均)(5)C(6)CD19．(3分小同學利用激光筆角度圓盤測量半圓形玻璃磚的折射率，如下列圖是他拍攝的某次實驗現(xiàn)象圖①②③三條光線固定好激光筆然后將圓盤和玻璃磚一起順時針繞圓心緩慢轉動了角發(fā)光________(填“①〞“②〞或“③〞)恰好消失了，那么這次他所測得半圓形玻璃磚的折射率＝________。[解析]將盤和玻璃磚一起順時針繞圓心緩慢轉動了5°，發(fā)生全反射，光線③恰11好消失的界角為45°他所測得半圓形玻璃磚的折射率＝＝＝sinCsin45°2。[答案]③220．(10分)在足球比賽中，經(jīng)使用“邊路突破，下底傳中〞的戰(zhàn)術取得勝利，即攻方隊員帶球沿邊線前進，到底線附近進行傳中。如下列圖，某足球場長90m、寬60m?，F(xiàn)一攻方前鋒在中線處將足球沿邊線向前踢出，足球的運動可視為在地面上做初速度為m/s2的勻減速直線運動，加速度大小為m/s。求：3(1)足球從開始做勻減速直線運到底線需要多長時間；12

tt(2)足球開始做勻減速直線運動同時鋒員在邊線中點處沿邊線向前追趕足球，他的啟動過程可以視為從靜止出發(fā)的勻加速直線運動，所能到達的最大速度為6m/s，并能以最大速度做勻速運動設該前鋒隊員要在足球越過底線前追上足球加時的加速度應滿足什么條件？[解析](1)設球運動至底線所用時間為，由題意有2v＝8m/sx＝45m，＝－m/s31由＝＋at2解得＝9s或＝15s(去。(2)設前鋒隊員恰好在底線追上球，加速過程中加速度為a假設前鋒隊員一直勻加速運動，那么其平均速度－－v＝，即v＝5m/s而前鋒隊員的最大速度為6m/s，前鋒隊員應該先加速后勻速運動v設加速過程中用時為，么t＝′v勻加速運動的位移x＝2′勻速運動的位移x＝(－)而＝＋解得′＝2故該隊員要在球出底線前追上足球，加速度應該大于等于2m/s。[答案](1)9s(2)加速度應大于等于2m/s21．(10分)彩虹的產(chǎn)生原因是的色散，如圖甲所示為太陽光射到空氣中小水珠時的局部光路圖光通過一次折射進水珠水珠內進行一次反射后再通過一次折射射出水珠?，F(xiàn)有一單色光束以入射角θ＝45°射入一圓柱形玻璃磚，玻璃磚內通過一次折射、一次反射、再一次折射射出玻璃磚，如圖乙所示，射出光線與射入光線的延長線夾角＝30°，光在真空中的速度為c，求：(1)該單色光的折射率；(2)該單色光在玻璃中傳播的速的大小。13

2222[解析](1)如列圖。設折射角為θ，分析可知＝－θ由等腰三角形可知θ由三角形內外角關系可得φ＝＋φ得2＝＋，θ＝30°sin該單色光的折射率＝＝2。sinc(2)由光在玻璃中的傳播速度v＝n得＝

22

c。[答案](1)2(2)

22

c22．(13分如列圖，質量均為M＝2的甲乙兩輛小車并