2023年河南省鶴壁市淇濱區(qū)鶴壁高中物理高一下期末聯(lián)考模擬試題含解析

2022-2023學(xué)年高一下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)在高速公路的拐彎處，路面都是筑成外高內(nèi)低的，即當(dāng)車向右拐彎時，司機左側(cè)的路面比右側(cè)要高一些，路面與水平面的夾角為，設(shè)拐彎路段半徑為R的圓弧，要使車速為v時車輪與路面之間的橫向即垂直于前進(jìn)方向摩擦力等于零，則A．B．C．D．2、(本題9分)a、b、c、d是勻強電場中的四個點，它們正好是一個平行四邊形的四個頂點，電場線與平行四邊形所在平面平行．已知a點的電勢為20v，b點的電勢為24v，d點的電勢為12v，如圖所示．由此可知c點的電勢為A．8v B．16vC．20v D．243、(本題9分)被人們稱為“能稱出地球質(zhì)量的人”是測出引力常量的物理學(xué)家()A．伽里略 B．卡文迪許 C．牛頓 D．開普勒4、(本題9分)關(guān)于功和能，下列說法正確的是（）A．功有正負(fù)，因此功是矢量B．能量的單位是焦耳，功的單位是瓦特C．能量可以轉(zhuǎn)化與轉(zhuǎn)移，但是總量不變D．物體發(fā)生1m位移的過程中，作用在物體上大小為1N的力對物體做的功一定為1J5、(本題9分)從同一點O水平拋出的三個小物體，分別落到斜面上A、B、C三個位置，如圖所示．三個物體的初速度大小和運動時間的關(guān)系如下，其中正確的是A．B．C．D．6、關(guān)于力和運動的關(guān)系，以下說法中正確的是（）A．物體做曲線運動，其加速度一定改變B．物體做曲線運動，其加速度可能不變C．物體的運動狀態(tài)發(fā)生變化，該物體的受力情況一定發(fā)生變化D．物體在恒力作用下運動，其速度方向一定改變7、(本題9分)如圖為兒童游樂場的滑梯示意圖，滑梯可視為傾角為θ、質(zhì)量為M的斜面固定在地面上，小美手持細(xì)線下端懸掛一小球沿滑梯滑下，小美連同小球的質(zhì)量為m，下滑時，細(xì)線呈豎直狀態(tài)，則在下滑過程中，下列說法正確的是（）A．滑梯對地面的壓力大小為（M+m）gB．小美、小球組成的系統(tǒng)機械能守恒C．小美與滑梯間的動摩擦因數(shù)一定為tanθD．系統(tǒng)增加的內(nèi)能大于小美減少的機械能8、(本題9分)如圖所示，在兩個等量異種點電荷的連線的中垂線上，有與連線中點等距的兩點，在連線上有與中點等距的兩點，則下列說法正確的是（）A．點的電場強度大于點的電場強度B．點的電勢比點的電勢高C．一帶負(fù)電的物體在點的電勢能比在點的電勢能大D．一試探電有經(jīng)不同路徑從點運動到點的過程中，電場力做功不同9、(本題9分)質(zhì)量是m的物體在粗糙的水平面上受水平恒定拉力F的作用，從靜止開始運動，經(jīng)過時間t發(fā)生的位移為x，要使物體從靜止開始運動發(fā)生的位移為2x，下列方法可行的是（）A．拉力增加為原來的2倍B．拉力和動摩擦因數(shù)都增加為原來的2倍C．質(zhì)量減少為原來的倍D．質(zhì)量、力、時間都增加為原來的倍10、(本題9分)下列說法中不正確的是A．作用在靜止物體上的力的沖量一定為零B．根據(jù)F=ΔPC．物體的動量發(fā)生改變，則合外力一定對物體做了功D．物體的動能發(fā)生改變，其動量一定發(fā)生改變11、(本題9分)用繩子系一小球，使它在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，如圖所示，則（）A．重力對球不做功，繩的拉力對球做功B．重力和繩的拉力對球都不做功C．繩的拉力等于球做圓周運動的向心力D．小球所受的合力提供做圓周運動的向心力12、(本題9分)下圖中描繪的四種虛線軌跡，可能是人造地球衛(wèi)星軌道的是（）A．B．C．D．二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)若車胎和水平路面間的動摩擦因數(shù)，轉(zhuǎn)彎的路徑近似看成一段圓弧，圓弧半徑。為安全轉(zhuǎn)彎，車速不能超_______。（設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，）14、(本題9分)如圖所示,有一帶電粒子貼著A板沿水平方向射入勻強電場,當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U1時,帶電粒子沿①軌跡從兩板正中間飛出;當(dāng)偏轉(zhuǎn)電壓為U2時,帶電粒子沿②軌跡落到B板中間;設(shè)粒子兩次射入電場的水平速度相同,則兩次偏轉(zhuǎn)電壓之比為_____________。15、如圖所示，將一質(zhì)量m的石頭從A點由靜止釋放，石頭陷入泥潭并靜止于C。小球在空中下落的時間為3t，在泥潭中運動的時間為t，不計空氣阻力，重力加速度為g，石頭陷入泥潭中阻力的沖量大小為______，石頭在泥潭中受到平均阻力大小為____.三．計算題(22分)16、（12分）如圖所示，一個質(zhì)量M＝50kg的人站在水平地面上，手執(zhí)一根不可伸縮的輕繩，繩的末端系一小球，使小球在豎直面內(nèi)做圓周運動。已知繩長L＝0.4m，小球質(zhì)量m＝0.2kg，重力加速度g取10m/s2。求:(1)若小球在最高點的速度v＝4m/s，則此時輕繩的拉力T1大小;(2)若小球恰好能通過最高點，當(dāng)小球運動到最低點時，水平地面對人的支持力大小。17、（10分）(本題9分)如圖所示，一質(zhì)量為m=1kg的小球從A點沿光滑斜面軌道由靜止滑下，不計通過B點時的能量損失，然后依次滑入兩個相同的圓形軌道內(nèi)側(cè)，其軌道半徑R=10cm，小球恰能通過第二個圓形軌道的最高點，小球離開圓形軌道后可繼續(xù)向E點運動，E點右側(cè)有一壕溝，E、F兩點的豎直高度d=0.8m，水平距離x=1.1m，水平軌道CD長為L1=1m，DE長為L1=3m．軌道除CD和DE部分粗糙外，其余均光滑，小球與CD和DE間的動摩擦因數(shù)μ=0.1，重力加速度g=10m/s1．求：（1）小球通過第二個圓形軌道的最高點時的速度；（1）小球通過第一個圓軌道最高點時對軌道的壓力的大??；（3）若小球既能通過圓形軌道的最高點，又不掉進(jìn)壕溝，求小球從A點釋放時的高度的范圍是多少？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、B【解析】車勻速轉(zhuǎn)彎，重力與支持力的合力提供向心力如圖所示：

根據(jù)牛頓第二定律：，可得：，故B正確，ACD錯誤．2、B【解析】

由題可知，且則，，可得，故B正確3、B【解析】

當(dāng)卡文迪許通過扭秤實驗測量出引力常量后可計算地球的質(zhì)量，故他被人們稱為“能稱出地球質(zhì)量的人”A.A項與上述分析結(jié)論不相符，故A錯誤；B.B項與上述分析結(jié)論相符，故B正確；C.C項與上述分析結(jié)論不相符，故C錯誤；D.D項與上述分析結(jié)論不相符，故D錯誤；4、C【解析】

A.功有正負(fù)，但功是標(biāo)量，故A錯誤；B.能量的單位是焦耳，功的單位是焦耳，故B錯誤；C.根據(jù)能量守恒定律可知，能量可以轉(zhuǎn)化與轉(zhuǎn)移，但是總量不變，故C正確；D.物體發(fā)生1m位移的過程中，作用在物體上大小為1N的力對物體做的功不一定為1J，因為力有可能能與位移不在一條直線上，故D錯誤；5、A【解析】根據(jù)知，hA＞hB＞hC，則tC＜tB＜tA．根據(jù)x=vt知，A的水平位移最小，時間最長，則水平初速度最小，C的水平位移最大，時間最短，則水平初速度最大，所以vC＞vB＞vA．故B正確，B、C、D錯誤．故選A．【點睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，根據(jù)高度確定時間，根據(jù)水平位移和時間確定初速度．6、B【解析】

AB.物體做曲線運動的條件是受到的合力和運動方向不在一條直線上，做曲線運動的物體加速度不一定改變，只要合力不變，加速度就不變，如平拋運動，故A錯誤，B正確；

C.物體的運動狀態(tài)發(fā)生變化，就是速度發(fā)生了變化，物體就一定有加速度，物體的合外力就不為零，而受力情況卻不一定發(fā)生變化，如平拋運動，故C錯誤

D.物體在恒力作用下運動，當(dāng)恒力的方向（加速度方向）與速度方向不在同一條直線上，物體就做曲線運動，速度方向一定改變；當(dāng)恒力的方向（加速度方向）與速度方向相同時，物體在恒力的作用下速度方向不發(fā)生改變，故D錯誤．7、ACD【解析】

A．由于下滑時，細(xì)線呈豎直狀態(tài)，說明小美、小球一起沿滑梯勻速下滑，將滑梯、小美、小球看一個整體，則滑梯對地面的壓力大小為（M+m）g，故A正確；B．由于小美、小球一起沿滑梯勻速下滑，則小美、小球組成的系統(tǒng)機械能減小，故B錯誤；C．由于小美、小球一起沿滑梯勻速下滑，則有所以小美與滑梯間的動摩擦因數(shù)一定為tanθ，故C正確；D．由能量守恒可知，小美和小球減小的機械能等于系統(tǒng)增加的內(nèi)能，則系統(tǒng)增加的內(nèi)能大于小美減少的機械能，故D正確。故選ACD。8、BC【解析】

A．根據(jù)等量異種電荷周圍的電場線以及電場的疊加原理可知，a點的場強等于b點場強，故A錯誤；B．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，點的電勢比點的電勢高，故B正確；C．沿著電場線的方向電勢逐漸降低，知c點的電勢高于b點的電勢，根據(jù)，負(fù)電荷在c點電勢能小于在b點電勢能．故C正確；D．根據(jù)可知，一試探電有經(jīng)不同路徑從點運動到點的過程中，電場力做功相同，故D錯誤。故選BC?！军c睛】沿著電場線的方向電勢逐漸降低，根據(jù)電場線切線的方向確定電場強度的方向，根據(jù)電勢的高低，運用比較電勢能的高低。9、BD【解析】

ABC．從靜止出發(fā)，經(jīng)過時間t發(fā)生的位移為x，要使物體從靜止開始運動發(fā)生的位移為2x，根據(jù)知，時間不變的情況下，加速度變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)牛頓第二定律將拉力和動摩擦因數(shù)都增加為原來的2倍，故AC錯誤，B正確；D．質(zhì)量、力都增加為原來的倍，根據(jù)牛頓第二定律加速度不變，時間增加為原來的倍，根據(jù)知，物體從靜止開始運動發(fā)生的位移為2x，故D正確；故選BD．【點睛】根據(jù)牛頓第二定律求出加速度，結(jié)合進(jìn)行判斷．10、AC【解析】

沖量是力在時間上的累積，與物體是否靜止無關(guān)；動量是矢量，動量變化可能是大小變化，也可能是方向變化；動能是標(biāo)量，只有大小沒有方向，動能發(fā)生變化，速度大小一定變化，動量變化?！驹斀狻緼．作用在靜止的物體上的合力的沖量一定為零，而分力的沖量不一定為零，故A錯誤；B．宏觀低速狀態(tài)下，物體的質(zhì)量為常量，因此動量對時間的變化率本質(zhì)上是速度對時間的變化率，因此物體所受到的合外力，等于物體動量對時間的變化率，故B正確；C．物體的動量發(fā)生改變可能是速度方向發(fā)生改變，而大小未變，此時物體的動能沒有改變，合外力對物體沒有做功，故C錯誤；D．物體的動能發(fā)生改變意味著物體的速度大小發(fā)生改變，則動量一定改變，故D正確。【點睛】本題主要考查了動力學(xué)中基本的一些物理概念，較為簡單。11、BD【解析】

AB.重力和拉力都與小球的運動方向垂直，所以重力和繩的拉力對球都不做功，故A錯誤，B正確．CD.重力和拉力的合力提供做圓周運動的向心力，故C錯誤，D正確．12、ACD【解析】

人造地球衛(wèi)星靠地球的萬有引力提供向心力而繞地球做勻速圓周運動，地球?qū)πl(wèi)星的萬有引力方向指向地心，所以人造地球衛(wèi)星做圓周運動的圓心是地心，否則不能做穩(wěn)定的圓周運動。故ACD正確，B錯誤。故選ACD?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵知道人造地球衛(wèi)星靠萬有引力提供向心力，做勻速圓周運動，衛(wèi)星做圓周運動的圓心必須是地心．二．填空題(每小題6分，共18分)13、【解析】

[1]人和車在水平公路上轉(zhuǎn)彎時做圓周運動，重力與支持力平衡，側(cè)向靜摩擦力提供向心力，當(dāng)摩擦力等于最大靜摩擦力時，速度最大，則有解得14、1：8【解析】

對軌跡①分析

水平方向：L=豎直方向：d2=12a水平方向：L豎直方向：d=12a2t22，a15、4mgt4mg【解析】

[1]對小球下落的全過程分析，受重力和泥潭的阻力，取向上為正方向，由全程的動量定理：解得：，方向向上.[2]泥潭對球的平均阻力設(shè)為，由沖量解得：.三．計算題(22分)16、（1）6N（2）512N【解析】

（1）在最高點時，對小球受力分析有①代入數(shù)據(jù)得；（2）小球恰好能通過最高點，在最高點輕繩的拉力為零，對小球受力分析有②小球從最高點運動到最低點，由動能定理得③在最低點，對小球受力分析有④聯(lián)立②③④式解得輕繩的拉力，此時對人分析，水平地面對人的支持力⑤代入數(shù)據(jù)得。17、(1)1m/s（1）40N(3)或【解析】⑴小球恰能通過第二個圓形軌道最高點，有：求得：υ1==1m/s①⑵在小球從第一軌道最高點運動到第二圓軌道最高點過程中，應(yīng)用動能定理有：?μmgL1=mv11?mv11②求得：υ1==m/s在最高點時，合力提供向心力，即FN+mg=③求得：FN=m(?g)=40N根據(jù)牛頓第三定律知，小球?qū)壍赖膲毫椋篎N′=FN=40N④⑵若小球恰好通過第二軌道最高點，小球從斜面上釋放的高度為h1，在這一過程中應(yīng)用動能定理有：mgh1?μmgL1?mg1R=mv11⑤求得：h1=1R+μL1+=0.45m若小球恰好能運動到E點，小球從斜面上釋放的高度為h1，在這一過程中應(yīng)用動能定理有：m