2022年河北省新高考物理試卷解析版

2022年河北省新高考物理試卷一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）科學(xué)訓(xùn)練可以提升運(yùn)動(dòng)成績(jī)，某短跑運(yùn)動(dòng)員科學(xué)訓(xùn)練前后百米全程測(cè)試中，速度v與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示。由圖像可知（）A．0～t1時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均加速度大 B．0～t2時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練前、后運(yùn)動(dòng)員跑過的距離相等 C．t2～t3時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均速度小 D．t3時(shí)刻后，運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練前做減速運(yùn)動(dòng)，訓(xùn)練后做加速運(yùn)動(dòng)2．（4分）2008年，我國(guó)天文學(xué)家利用國(guó)家天文臺(tái)興隆觀測(cè)基地的2.16米望遠(yuǎn)鏡，發(fā)現(xiàn)了一顆繞恒星HD173416運(yùn)動(dòng)的系外行星HD173416b，2019年，該恒星和行星被國(guó)際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)分別命名為“羲和”和“和“望舒”，天文觀測(cè)得到恒星羲和的質(zhì)量是太陽質(zhì)量的2倍，若將望舒與地球的公轉(zhuǎn)均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且公轉(zhuǎn)的軌道半徑相等。則望舒與地球公轉(zhuǎn)速度大小的比值為（）A．2 B．2 C． D．3．（4分）張家口市壩上地區(qū)的風(fēng)力發(fā)電場(chǎng)是北京冬奧會(huì)綠色電能的主要供應(yīng)地之一，其發(fā)電、輸電簡(jiǎn)易模型如圖所示，已知風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速為每秒z轉(zhuǎn)，通過轉(zhuǎn)速比為1：n的升速齒輪箱帶動(dòng)發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，發(fā)電機(jī)線圈面積為S，匝數(shù)為N，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，t＝0時(shí)刻，線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過理想變壓器升壓后。輸出電壓為U。忽略線圈電阻，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機(jī)輸出的電壓為πNBSz B．發(fā)電機(jī)輸出交變電流的頻率為2πnz C．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為πNBSnz：U D．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)πNBSnzsin（2πnz）4．（4分）如圖是密立根于1916年發(fā)表的納金屬光電效應(yīng)的遏止電壓Uc與入射光頻率ν的實(shí)驗(yàn)曲線，該實(shí)驗(yàn)直接證明了愛因斯坦光電效應(yīng)方程，并且第一次利用光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)定了普朗克常量h。由圖像可知（）A．鈉的逸出功為hνc B．鈉的截止頻率為8.5×1014Hz C．圖中直線的斜率為普朗克常量 D．遏止電壓Uc與入射光頻率v成正比5．（4分）將一根絕緣硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線順次繞成如圖所示的線圈，其中大圓面積為S1，小圓面積均為S2，垂直線圈平面方向有一隨時(shí)間t變化的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝B0+kt，B0和k均為常量、則線圈中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為（）A．kS1 B．5kS2 C．k（S1﹣5S2） D．k（S1+5S2）6．（4分）如圖，真空中電荷量為2q和﹣q（q＞0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于M點(diǎn)與N點(diǎn)，形成一個(gè)以MN延長(zhǎng)線上O點(diǎn)為球心、電勢(shì)為零的等勢(shì)面（取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零）。P為MN連線上的一點(diǎn)。S為等勢(shì)面與直線MN的交點(diǎn)，T為等勢(shì)面上一點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．P點(diǎn)電勢(shì)低于S點(diǎn)電勢(shì) B．T點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向O點(diǎn) C．除無窮遠(yuǎn)處外，MN直線上還存在兩個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn) D．將正試探電荷q0從T點(diǎn)移到P點(diǎn)，靜電力做正功7．（4分）如圖，用兩根等長(zhǎng)的細(xì)繩將一勻質(zhì)圓柱體懸掛在豎直木板的P點(diǎn)，將木板以底邊MN為軸向后方緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至水平，繩與木板之間的夾角保持不變，忽略圓柱體與木板之間的摩擦，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中（）A．圓柱體對(duì)木板的壓力逐漸增大 B．圓柱體對(duì)木板的壓力先增大后減小 C．兩根細(xì)繩上的拉力均先增大后減小 D．兩根細(xì)繩對(duì)圓柱體拉力的合力保持不變二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）8．（6分）如圖，兩光滑導(dǎo)軌水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一根導(dǎo)軌位于x軸上，另一根由ab、bc、cd三段直導(dǎo)軌組成，其中bc段與x軸平行，導(dǎo)軌左端接入一電阻R。導(dǎo)軌上一金屬棒沿x軸正向以速度v0保持勻速運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)刻通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，金屬棒始終與x軸垂直。設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中通過電阻的電流強(qiáng)度為i，金屬棒受到安培力的大小為F，金屬棒克服安培力做功的功率為P，電阻兩端的電壓為U，導(dǎo)軌與金屬棒接觸良好，忽略導(dǎo)軌與金屬的電阻，下列圖像可能正確的是（）A． B． C． D．（多選）9．（6分）如圖，輕質(zhì)定滑輪固定在天花板上，物體P和Q用不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，懸掛在定滑輪上，質(zhì)量mQ＞mP，t＝0時(shí)刻將兩物體由靜止釋放，物體Q的加速度大小為。T時(shí)刻輕繩突然斷開，物體P能夠達(dá)到的最高點(diǎn)恰與物體Q釋放位置處于同一高度，取t＝0時(shí)刻物體P所在水平面為零勢(shì)能面，此時(shí)物體Q的機(jī)械能為E。重力加速度大小為g，不計(jì)摩擦和空氣阻力，兩物體均可視為質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確為是（）A．物體P和Q的質(zhì)量之比為1：3 B．2T時(shí)刻物體Q的機(jī)械能為 C．2T時(shí)刻物體P重力的功率為 D．2T時(shí)刻物體P的速度大小為（多選）10．（6分）如圖，廣場(chǎng)水平地面上同種盆栽緊密排列在以O(shè)為圓心，R1和R2為半徑的同心圓上，圓心處裝有豎直細(xì)水管、其上端水平噴水嘴的高度、出水速度及轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度均可調(diào)節(jié)，以保障噴出的水全部落入相應(yīng)的花盆中，依次給內(nèi)圈和外圈上的盆栽澆水時(shí)，噴水嘴的高度、出水速度及轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度分別用h1、v1、ω1和h2、v2、ω2表示。花盆大小相同，半徑遠(yuǎn)小于同心圓半徑，出水口截面積保持不變，忽略噴水嘴水平長(zhǎng)度和空氣阻力。下列說法正確的是（）A．若h1＝h2，則v1：v2＝R2：R1 B．若v1＝v2，則h1：h2＝R12：R22 C．若ω1＝ω2，v1＝v2，噴水嘴各轉(zhuǎn)動(dòng)一周，則落入每個(gè)花盆的水量相同 D．若h1＝h2，噴水嘴各轉(zhuǎn)動(dòng)一周且落入每個(gè)花盆的水量相同，則ω1＝ω2三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（6分）某實(shí)驗(yàn)小組利用鐵架臺(tái)、彈簧、鉤碼、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、刻度尺等器材驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝如圖1所示。彈簧的勁度系數(shù)為k，原長(zhǎng)為L(zhǎng)0，鉤碼的質(zhì)量為m，已知彈簧的彈性勢(shì)能表達(dá)式為E＝kx2，其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間。（1）在彈性限度內(nèi)將鉤碼緩慢下拉至某一位置，測(cè)得此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)。接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，從靜止釋放鉤碼，彈簧收縮，得到了一條點(diǎn)跡清晰的紙帶。鉤碼加速上升階段的部分紙帶如圖2所示，紙帶上相鄰兩點(diǎn)之間的時(shí)間間隔均為T（在誤差允許范圍內(nèi)，認(rèn)為釋放鉤碼的同時(shí)打出A點(diǎn)）。從打出A點(diǎn)到打出F點(diǎn)時(shí)間內(nèi)，彈簧的彈性勢(shì)能減少量為，鉤碼的動(dòng)能增加量為，鉤碼的重力勢(shì)能增加量為。（2）利用計(jì)算機(jī)軟件對(duì)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行處理，得到彈簧彈性勢(shì)能減少量、鉤碼的機(jī)械能增加量分別與鉤碼上升高度h的關(guān)系，如圖3所示。（3）由圖3可知，隨著h增加，兩條曲線在縱向的間隔逐漸變大，主要原因是。12．（9分）某物理興趣小組利用廢棄電飯煲的部分器材自制簡(jiǎn)易電飯煲，設(shè)計(jì)電路如圖1所示。選用的器材有：限溫開關(guān)S1（手動(dòng)將其按下，開始持續(xù)加熱煮飯，當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于103℃時(shí)自動(dòng)斷開，之后不能自動(dòng)閉合）；保溫開關(guān)S2（當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于80℃時(shí)自動(dòng)斷開，溫度低于70℃時(shí)自動(dòng)閉合）；電飯煲的框架（結(jié)構(gòu)如圖2所示）。自備元件有：加熱電阻絲R（阻值為60Ω，用于加熱煮飯）；限流電阻R1和R2（阻值均為1kΩ）；指示燈L1和L2（2.5V，0.6W，當(dāng)電流低于30mA時(shí)可視為熄滅）；保險(xiǎn)絲T。（1）按照興趣小組設(shè)計(jì)的電路，下列說法正確的是（多選）。A.按下S1，L1和L2均發(fā)光B.當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于103℃時(shí)，S1自動(dòng)斷開。L1和L2均發(fā)光C.保溫過程中，S2自動(dòng)在閉合、斷開狀態(tài)之間交替切換D.當(dāng)鍋內(nèi)溫度低于70℃時(shí)，S2自動(dòng)閉合，L1發(fā)光，L2熄滅（2）簡(jiǎn)易電飯煲制作完成后，試用時(shí)L1始終不亮，但加熱和保溫功能均正常，在不增加元件的前提下，斷開電源，使用多用電表判斷發(fā)生故障的元件。下列操作步驟的正確順序是（填寫各步驟前的字母）。A.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置B.將兩支表筆直接接觸，調(diào)節(jié)“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向歐姆零點(diǎn)C.調(diào)整“指針定位螺絲”，使指針指到零刻度D.測(cè)量指示燈L1兩端的阻值E.將選擇開關(guān)置于OFF位置或交流電壓最高擋操作時(shí)，將多用電表兩表筆與L1兩端接觸，若指針如圖3所示，可判斷是斷路損壞；若指針如圖4所示，可判斷是斷路損壞。（用電路中的元件符號(hào)表示）13．（11分）如圖，光滑水平面上有兩個(gè)等高的滑板A和B，質(zhì)量分別為1kg和2kg，A右端和B左端分別放置物塊C、D，物塊質(zhì)量均為1kg，A和C以相同速度v0＝10m/s向右運(yùn)動(dòng)，B和D以相同速度kv0向左運(yùn)動(dòng)，在某時(shí)刻發(fā)生碰撞，作用時(shí)間極短，碰撞后C與D粘在一起形成一個(gè)新滑塊，A與B粘在一起形成一個(gè)新滑板，物塊與滑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.1。重力加速度大小取g＝10m/s2。（1）若0＜k＜0.5，求碰撞后瞬間新物塊和新滑板各自速度的大小和方向；（2）若k＝0.5，從碰撞后到新滑塊與新滑板相對(duì)靜止時(shí)，求兩者相對(duì)位移的大小。14．（16分）兩塊面積和間距均足夠大的金屬板水平放置，如圖1所示。金屬板與可調(diào)電源相連形成電場(chǎng)，方向沿y軸正方向。在兩板之間施加磁場(chǎng)，方向垂直xOy平面向外。電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖2所示。板間O點(diǎn)放置一粒子源，可連續(xù)釋放質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0），初速度為零的粒子，不計(jì)重力及粒子間的相互作用，圖中物理量均為已知量。求：（1）t＝0時(shí)刻釋放的粒子，在t＝時(shí)刻的位置坐標(biāo)；（2）在0～時(shí)間內(nèi)，靜電力對(duì)t＝0時(shí)刻釋放的粒子所做的功；（3）在M（，）點(diǎn)放置一粒子接收器，在0～時(shí)間內(nèi)什么時(shí)刻釋放的粒子在電場(chǎng)存在期間被捕獲。（二）選考題：共12分，請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答，并用2B鉛筆將答題卡上所選題目對(duì)應(yīng)的題號(hào)右側(cè)方框涂黑，按所涂題號(hào)進(jìn)行評(píng)分；多涂、多答，按所涂的首題進(jìn)行評(píng)分；不涂，按本選考題的首題進(jìn)行評(píng)分。[選修3-3]（12分）15．（4分）如圖，絕熱密閉容器中裝有一定質(zhì)量的某種理想氣體和一個(gè)充有同種氣體的氣球。容器內(nèi)溫度處處相同，氣球內(nèi)部壓強(qiáng)大于外部壓強(qiáng)。氣球緩慢漏氣后，容器中氣球外部氣體的壓強(qiáng)將（“增大”“減小”或“不變”）；溫度將（填“升高”“降低”或“不變”）。16．（8分）水平放置的氣體阻尼器模型截面如圖所示，汽缸中間有一固定隔板，將汽缸內(nèi)一定質(zhì)量的某種理想氣體分為兩部分，“H”型連桿活塞的剛性連桿從隔板中央圓孔穿過，連桿與隔板之間密封良好。設(shè)汽缸內(nèi)、外壓強(qiáng)均為大氣壓強(qiáng)p0，活塞面積為S，隔板兩側(cè)氣體體積均為SL0，各接觸面光滑，連桿的截面積忽略不計(jì)?，F(xiàn)將整個(gè)裝置緩慢旋轉(zhuǎn)至豎直方向，穩(wěn)定后，上部氣體的體積為原來的，設(shè)整個(gè)過程溫度保持不變，求：（ⅰ）此時(shí)上、下兩部分氣體的壓強(qiáng)；（ⅱ）“H”型連桿活塞的質(zhì)量（重力加速度大小為g）。[選修3-4]（12分）17．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，波速為10m/s。在傳播方向上有P、Q兩質(zhì)點(diǎn)，坐標(biāo)分別為xP＝1m，xQ＝6m，波傳播到P點(diǎn)開始計(jì)時(shí)，該點(diǎn)的振動(dòng)圖像如圖所示，則簡(jiǎn)諧波的波長(zhǎng)為m，經(jīng)過s，Q點(diǎn)第一次到達(dá)正向最大位移處。18．如圖，一個(gè)半徑為R的玻璃球，O點(diǎn)為球心。球面內(nèi)側(cè)單色點(diǎn)光源S發(fā)出的一束光在A點(diǎn)射出，出射光線AB與球直徑SC平行，θ＝30°，光在真空中的傳播速度為c。求：（?。┎ＡУ恼凵渎?；（ⅱ）從S發(fā)出的光線經(jīng)多少次全反射回到S點(diǎn)的最短時(shí)間。

2022年河北省新高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．（4分）科學(xué)訓(xùn)練可以提升運(yùn)動(dòng)成績(jī)，某短跑運(yùn)動(dòng)員科學(xué)訓(xùn)練前后百米全程測(cè)試中，速度v與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示。由圖像可知（）A．0～t1時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均加速度大 B．0～t2時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練前、后運(yùn)動(dòng)員跑過的距離相等 C．t2～t3時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均速度小 D．t3時(shí)刻后，運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練前做減速運(yùn)動(dòng)，訓(xùn)練后做加速運(yùn)動(dòng)【分析】根據(jù)圖像可直接得出不同時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練前后的速度大小關(guān)系；根據(jù)圖像的斜率可得出運(yùn)動(dòng)員的加速度，圖像與橫軸圍成的面積得出運(yùn)動(dòng)員的位移；根據(jù)圖像得出位移的大小關(guān)系，結(jié)合平均速度的定義完成分析?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)v﹣t圖像的斜率表示加速度，由圖知0～t1時(shí)間內(nèi)訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均加速度比訓(xùn)練前的小，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)v﹣t圖像圍成的面積表示位移，由題圖可知0～t2時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練前運(yùn)動(dòng)員跑過的距離比訓(xùn)練后的大，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)v﹣t圖像圍成的面積表示位移，由題圖可知t2～t3時(shí)間內(nèi)，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的位移比訓(xùn)練前的位移大，根據(jù)平均速度等于位移與時(shí)間的比值可知，訓(xùn)練后運(yùn)動(dòng)員的平均速度大，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)v﹣t圖像可直接判斷，t3時(shí)刻運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練前速度減小，做減速運(yùn)動(dòng)，t3時(shí)刻后，運(yùn)動(dòng)員訓(xùn)練后速度增加，做加速運(yùn)動(dòng)，故D正確；故選：D?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了運(yùn)動(dòng)學(xué)圖像的基本應(yīng)用，熟悉v﹣t圖像中斜率表示加速度，圖像與橫軸圍成的面積表示位移即可，難度不大。2．（4分）2008年，我國(guó)天文學(xué)家利用國(guó)家天文臺(tái)興隆觀測(cè)基地的2.16米望遠(yuǎn)鏡，發(fā)現(xiàn)了一顆繞恒星HD173416運(yùn)動(dòng)的系外行星HD173416b，2019年，該恒星和行星被國(guó)際天文學(xué)聯(lián)合會(huì)分別命名為“羲和”和“和“望舒”，天文觀測(cè)得到恒星羲和的質(zhì)量是太陽質(zhì)量的2倍，若將望舒與地球的公轉(zhuǎn)均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，且公轉(zhuǎn)的軌道半徑相等。則望舒與地球公轉(zhuǎn)速度大小的比值為（）A．2 B．2 C． D．【分析】根據(jù)萬有引力提供向心力得出線速度的表達(dá)式，結(jié)合質(zhì)量之比和半徑之比得出速度的大小之比。【解答】解：地球繞太陽公轉(zhuǎn)和行星望舒繞恒星羲和的勻速圓周運(yùn)動(dòng)都是萬有引力提供向心力，則解得：其中中心天體的質(zhì)量之比為2：1，公轉(zhuǎn)的軌道半徑相等，則望舒與地球公轉(zhuǎn)速度大小之比的比值為，故C正確，ABD錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了萬有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，理解行星做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力來源，結(jié)合牛頓第二定律即可完成分析。3．（4分）張家口市壩上地區(qū)的風(fēng)力發(fā)電場(chǎng)是北京冬奧會(huì)綠色電能的主要供應(yīng)地之一，其發(fā)電、輸電簡(jiǎn)易模型如圖所示，已知風(fēng)輪機(jī)葉片轉(zhuǎn)速為每秒z轉(zhuǎn)，通過轉(zhuǎn)速比為1：n的升速齒輪箱帶動(dòng)發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動(dòng)，發(fā)電機(jī)線圈面積為S，匝數(shù)為N，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，t＝0時(shí)刻，線圈所在平面與磁場(chǎng)方向垂直，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過理想變壓器升壓后。輸出電壓為U。忽略線圈電阻，下列說法正確的是（）A．發(fā)電機(jī)輸出的電壓為πNBSz B．發(fā)電機(jī)輸出交變電流的頻率為2πnz C．變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為πNBSnz：U D．發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)πNBSnzsin（2πnz）【分析】根據(jù)發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速得出交變電流的頻率；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值，進(jìn)而得出電動(dòng)勢(shì)的有效值；根據(jù)電壓之比得出線圈的匝數(shù)之比；【解答】解：B、發(fā)電機(jī)線圈的轉(zhuǎn)速為nz，輸出交變電流的頻率為，故B錯(cuò)誤；A、線圈繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦交流電，最大值為Em＝NBS?2π?nz輸出電壓的有效值為，故A錯(cuò)誤；C、變壓器原副線圈的匝數(shù)比為，故C正確；D、發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的瞬時(shí)電動(dòng)勢(shì)為e＝Emsinωt＝2πNBSnzsin（2πnz）t，故D錯(cuò)誤；故選：C?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了交流電的相關(guān)應(yīng)用，熟悉法拉第電磁感應(yīng)定律計(jì)算出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小，熟悉公式的推導(dǎo)即可完成分析，整體難度不大。4．（4分）如圖是密立根于1916年發(fā)表的納金屬光電效應(yīng)的遏止電壓Uc與入射光頻率ν的實(shí)驗(yàn)曲線，該實(shí)驗(yàn)直接證明了愛因斯坦光電效應(yīng)方程，并且第一次利用光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)測(cè)定了普朗克常量h。由圖像可知（）A．鈉的逸出功為hνc B．鈉的截止頻率為8.5×1014Hz C．圖中直線的斜率為普朗克常量 D．遏止電壓Uc與入射光頻率v成正比【分析】根據(jù)光電效應(yīng)方程結(jié)合圖像得出鈉的逸出功和直線的斜率，同時(shí)分析出直線的類型?！窘獯稹拷猓篈、根據(jù)遏止電壓與最大初動(dòng)能的關(guān)系有eUc＝Ekmax根據(jù)光電效應(yīng)方程有Ekmax＝hν﹣W0結(jié)合圖像可知，當(dāng)Uc為0時(shí)，解得：W0＝hνc，故A正確；B、鈉的截止頻率為νc，根據(jù)圖像可知，截止頻率小于8.5×1014Hz，故B錯(cuò)誤；C、結(jié)合遏止電壓與光電效應(yīng)方程可解得：可知，圖中直線的斜率表示，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)遏止電壓與入射光的頻率關(guān)系式可知，遏止電壓與入射光頻率成線性關(guān)系，不是成正比，故D錯(cuò)誤；故選：A?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了光電效應(yīng)方程的相關(guān)應(yīng)用，熟悉圖像的物理意義，理解物理學(xué)概念即可完成分析。5．（4分）將一根絕緣硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線順次繞成如圖所示的線圈，其中大圓面積為S1，小圓面積均為S2，垂直線圈平面方向有一隨時(shí)間t變化的磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B＝B0+kt，B0和k均為常量、則線圈中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為（）A．kS1 B．5kS2 C．k（S1﹣5S2） D．k（S1+5S2）【分析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分別計(jì)算出線圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)，結(jié)合楞次定律分析出總的電動(dòng)勢(shì)大小。【解答】解：根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，大圓產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，每個(gè)小線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，且根據(jù)楞次定律可知，線圈產(chǎn)生的電流方向相同，即電動(dòng)勢(shì)要全部相加，則總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝5E2+E1＝k（S1+5S2），故D正確，ABC錯(cuò)誤；故選：D。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉感生電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算，結(jié)合楞次定律即可完成分析。6．（4分）如圖，真空中電荷量為2q和﹣q（q＞0）的兩個(gè)點(diǎn)電荷分別位于M點(diǎn)與N點(diǎn)，形成一個(gè)以MN延長(zhǎng)線上O點(diǎn)為球心、電勢(shì)為零的等勢(shì)面（取無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零）。P為MN連線上的一點(diǎn)。S為等勢(shì)面與直線MN的交點(diǎn)，T為等勢(shì)面上一點(diǎn)。下列說法正確的是（）A．P點(diǎn)電勢(shì)低于S點(diǎn)電勢(shì) B．T點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度方向指向O點(diǎn) C．除無窮遠(yuǎn)處外，MN直線上還存在兩個(gè)電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn) D．將正試探電荷q0從T點(diǎn)移到P點(diǎn)，靜電力做正功【分析】沿著電場(chǎng)線的方向電勢(shì)逐漸降低，由此分析出P點(diǎn)和S點(diǎn)的電勢(shì)高低；根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的定義式分析出是否存在場(chǎng)強(qiáng)為零的點(diǎn)；根據(jù)電勢(shì)的疊加原理分析出電勢(shì)的高低，從而分析出場(chǎng)強(qiáng)的方向；先分析出電荷從T點(diǎn)移到P點(diǎn)的過程中電勢(shì)能的變化，結(jié)合功能關(guān)系得出靜電力的做功類型?！窘獯稹拷猓篈、在直線MN上，左邊正電荷在M右側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，右邊負(fù)電荷在直線MN上電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，根據(jù)電場(chǎng)的疊加可知MN間的電場(chǎng)強(qiáng)度水平向右，沿著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸降低，可知P點(diǎn)電勢(shì)高于等勢(shì)面與MN交點(diǎn)處電勢(shì)，則P點(diǎn)電勢(shì)高于S點(diǎn)電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；C、由于正電荷的電荷量大于負(fù)電荷電荷量，可知在N左側(cè)電場(chǎng)強(qiáng)度不可能為零，則N右側(cè)，設(shè)MN距離為L(zhǎng)，根據(jù)可知除無窮遠(yuǎn)處外，直線MN電場(chǎng)強(qiáng)度為零的點(diǎn)只有一個(gè)，故C錯(cuò)誤；D、由A選項(xiàng)的分析可知，T點(diǎn)電勢(shì)低于P點(diǎn)電勢(shì)，則正電荷在T點(diǎn)的電勢(shì)能低于在P點(diǎn)的電勢(shì)能，將正試探電荷從T點(diǎn)移到P點(diǎn)，電勢(shì)能增大，靜電力做負(fù)功，故D錯(cuò)誤；B、設(shè)等勢(shì)圓的半徑為R。AN距離為x，MN距離為L(zhǎng)，如圖所示：根據(jù)結(jié)合電勢(shì)的疊加原理，A、S滿足解得：；由于電場(chǎng)強(qiáng)度方向垂直等勢(shì)面，可知T點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向必過等勢(shì)面的圓心，O點(diǎn)電勢(shì)可知，φT＞φO，可知T點(diǎn)電場(chǎng)方向指向O點(diǎn)，故B正確；故選：B?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了場(chǎng)強(qiáng)和電勢(shì)的相關(guān)概念，熟悉公式，理解電勢(shì)和電場(chǎng)線的分布特點(diǎn)，同時(shí)要理解這兩個(gè)物理量各自的合成特點(diǎn)，有一定的難度。7．（4分）如圖，用兩根等長(zhǎng)的細(xì)繩將一勻質(zhì)圓柱體懸掛在豎直木板的P點(diǎn)，將木板以底邊MN為軸向后方緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至水平，繩與木板之間的夾角保持不變，忽略圓柱體與木板之間的摩擦，在轉(zhuǎn)動(dòng)過程中（）A．圓柱體對(duì)木板的壓力逐漸增大 B．圓柱體對(duì)木板的壓力先增大后減小 C．兩根細(xì)繩上的拉力均先增大后減小 D．兩根細(xì)繩對(duì)圓柱體拉力的合力保持不變【分析】對(duì)圓柱體進(jìn)行受力分析，結(jié)合相似三角形和角度的變化關(guān)系得出每個(gè)力的變化趨勢(shì)。【解答】解：設(shè)兩繩子對(duì)圓柱體的拉力的合力為T，木板對(duì)圓柱體的支持力為N，繩子與木板夾角為α，從右向左看如圖所示：在矢量三角形中，根據(jù)正弦定理得：在木板以直線MN為軸向后方緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)直至水平過程中，α不變，γ從90°逐漸減小到0，又γ+β+α＝180°且α＜90°可知90°＜γ+β＜180°則0＜β＜180°可知β從銳角逐漸增大到鈍角，根據(jù)可得：θ不變，T逐漸減小，可知繩子拉力不斷減小，故B正確，ACD錯(cuò)誤；故選：B。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)態(tài)平衡的相關(guān)應(yīng)用，要熟悉物體的受力分析，結(jié)合幾何方法和三角函數(shù)的相關(guān)知識(shí)完成對(duì)題目的分析，對(duì)學(xué)生的數(shù)學(xué)能力和作圖要求較高。二、多項(xiàng)選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)或兩個(gè)以上選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。（多選）8．（6分）如圖，兩光滑導(dǎo)軌水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一根導(dǎo)軌位于x軸上，另一根由ab、bc、cd三段直導(dǎo)軌組成，其中bc段與x軸平行，導(dǎo)軌左端接入一電阻R。導(dǎo)軌上一金屬棒沿x軸正向以速度v0保持勻速運(yùn)動(dòng)，t＝0時(shí)刻通過坐標(biāo)原點(diǎn)O，金屬棒始終與x軸垂直。設(shè)運(yùn)動(dòng)過程中通過電阻的電流強(qiáng)度為i，金屬棒受到安培力的大小為F，金屬棒克服安培力做功的功率為P，電阻兩端的電壓為U，導(dǎo)軌與金屬棒接觸良好，忽略導(dǎo)軌與金屬的電阻，下列圖像可能正確的是（）A． B． C． D．【分析】先根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律分析出動(dòng)能電動(dòng)勢(shì)的變化，結(jié)合歐姆定律分析出電流的變化，安培力公式分析出安培力的變化和功率的計(jì)算公式即可完成分析?！窘獯稹拷猓篈D、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，E＝BLv0，結(jié)合歐姆定律可知，結(jié)合題目圖片可知，在向右運(yùn)動(dòng)的過程中，金屬棒切割磁感線的長(zhǎng)度先均勻增加，后不變，最后均勻減小，而電阻兩端的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì)，因此變化規(guī)律與電流強(qiáng)度的變化規(guī)律類似，故A正確，D錯(cuò)誤；BC、根據(jù)安培力的計(jì)算公式F＝BIL可知，在切割長(zhǎng)度的變化過程中，安培力與時(shí)間成二次方的比值關(guān)系，功率P＝i2R也是與時(shí)間成二次方的比值關(guān)系，但安培力在t＝0時(shí)刻不等于零，故B錯(cuò)誤，C正確；故選：AC?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了法拉第電磁感應(yīng)定律的相關(guān)應(yīng)用，熟悉動(dòng)能電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算，歐姆定律和功率的計(jì)算公式即可完成分析，整體難度中等。（多選）9．（6分）如圖，輕質(zhì)定滑輪固定在天花板上，物體P和Q用不可伸長(zhǎng)的輕繩相連，懸掛在定滑輪上，質(zhì)量mQ＞mP，t＝0時(shí)刻將兩物體由靜止釋放，物體Q的加速度大小為。T時(shí)刻輕繩突然斷開，物體P能夠達(dá)到的最高點(diǎn)恰與物體Q釋放位置處于同一高度，取t＝0時(shí)刻物體P所在水平面為零勢(shì)能面，此時(shí)物體Q的機(jī)械能為E。重力加速度大小為g，不計(jì)摩擦和空氣阻力，兩物體均可視為質(zhì)點(diǎn)。下列說法正確為是（）A．物體P和Q的質(zhì)量之比為1：3 B．2T時(shí)刻物體Q的機(jī)械能為 C．2T時(shí)刻物體P重力的功率為 D．2T時(shí)刻物體P的速度大小為【分析】根據(jù)牛頓第二定律解得PQ質(zhì)量之比，分解P和Q的運(yùn)動(dòng)情況，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解得位移和速度，根據(jù)機(jī)械能與重力功率的公式解答。【解答】解：A、t＝0時(shí)刻將兩物體由靜止釋放，物體Q的加速度大小為，根據(jù)牛頓第二定律可知，，解得：mP：mQ＝1：2，故A錯(cuò)誤；B、T時(shí)刻，PQ的速度為v＝T，P升高的位移為h'＝＝＝，此后P做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，則速度減為0的時(shí)間為t'＝＝＝，位移h''＝＝，可知初始時(shí)刻Q到零勢(shì)能面的高度h＝h'+h''＝+＝，對(duì)應(yīng)的機(jī)械能E＝mQgh＝，Q再運(yùn)動(dòng)到T時(shí)刻的機(jī)械能為E'＝E﹣Fh'（其中F為拉力），根據(jù)牛頓第二定律有：mQg﹣F＝mQa；聯(lián)立解得：E'＝，故B正確；CD、2T時(shí)刻物體P的速度v'＝，其重力的功率為P＝mPgv'＝g?＝，可知P＝，故CD正確；故選：BCD?！军c(diǎn)評(píng)】本題考查牛頓第二定律，解題關(guān)鍵掌握運(yùn)動(dòng)學(xué)公式的應(yīng)用，注意分析PQ的運(yùn)動(dòng)情況。（多選）10．（6分）如圖，廣場(chǎng)水平地面上同種盆栽緊密排列在以O(shè)為圓心，R1和R2為半徑的同心圓上，圓心處裝有豎直細(xì)水管、其上端水平噴水嘴的高度、出水速度及轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度均可調(diào)節(jié)，以保障噴出的水全部落入相應(yīng)的花盆中，依次給內(nèi)圈和外圈上的盆栽澆水時(shí)，噴水嘴的高度、出水速度及轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度分別用h1、v1、ω1和h2、v2、ω2表示?；ㄅ璐笮∠嗤霃竭h(yuǎn)小于同心圓半徑，出水口截面積保持不變，忽略噴水嘴水平長(zhǎng)度和空氣阻力。下列說法正確的是（）A．若h1＝h2，則v1：v2＝R2：R1 B．若v1＝v2，則h1：h2＝R12：R22 C．若ω1＝ω2，v1＝v2，噴水嘴各轉(zhuǎn)動(dòng)一周，則落入每個(gè)花盆的水量相同 D．若h1＝h2，噴水嘴各轉(zhuǎn)動(dòng)一周且落入每個(gè)花盆的水量相同，則ω1＝ω2【分析】根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的物體在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)得出不同情況下速度和高度的比值關(guān)系；正確理解每個(gè)花盆的水量的影響因素，要注意內(nèi)外圈的花盆數(shù)量是不相等的?！窘獯稹拷猓篈、若h1＝h2，根據(jù)豎直方向上自由落體的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知，水的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，在水平方向上，x＝vt，則v1：v2＝R1：R2，故A錯(cuò)誤；B、若v1＝v2，根據(jù)水平方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)可知，t1：t2＝R1：R2，結(jié)合豎直方向自由落體的公式可知，h1：h2＝R12：R22，故B正確；C、若ω1＝ω2，v1＝v2，噴水嘴各轉(zhuǎn)動(dòng)一周，因?yàn)樾D(zhuǎn)的時(shí)間相同，則噴出的水量相等，但因?yàn)橥馊Φ幕ㄅ钄?shù)量比內(nèi)圈數(shù)量多，則落入每個(gè)花盆的水量不相同，故C錯(cuò)誤；D、根據(jù)上述分析可知，若h1＝h2，則v1：v2＝R1：R2，因?yàn)閮?nèi)圈花盆的數(shù)量和外圈花盆的數(shù)量也是R1：R2，為了保證落入每個(gè)花盆的水量相同，則噴水的時(shí)間要相等，因?yàn)棣?＝ω2，故D正確；故選：BD。【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了平拋運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)的結(jié)合，理解平拋運(yùn)動(dòng)在不同方向的運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)，同時(shí)要注意分析過程中時(shí)間的區(qū)別，一個(gè)是水的下落時(shí)間，一個(gè)是圓周運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，同時(shí)要注意內(nèi)外圈的花盆數(shù)量的差異，題材取自生活，需要學(xué)生平時(shí)多觀察生活，將物理知識(shí)靈活應(yīng)用方可解答。三、非選擇題：共54分。第11～14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共42分。11．（6分）某實(shí)驗(yàn)小組利用鐵架臺(tái)、彈簧、鉤碼、打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、刻度尺等器材驗(yàn)證系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律，實(shí)驗(yàn)裝如圖1所示。彈簧的勁度系數(shù)為k，原長(zhǎng)為L(zhǎng)0，鉤碼的質(zhì)量為m，已知彈簧的彈性勢(shì)能表達(dá)式為E＝kx2，其中k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間。（1）在彈性限度內(nèi)將鉤碼緩慢下拉至某一位置，測(cè)得此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)。接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器電源，從靜止釋放鉤碼，彈簧收縮，得到了一條點(diǎn)跡清晰的紙帶。鉤碼加速上升階段的部分紙帶如圖2所示，紙帶上相鄰兩點(diǎn)之間的時(shí)間間隔均為T（在誤差允許范圍內(nèi)，認(rèn)為釋放鉤碼的同時(shí)打出A點(diǎn)）。從打出A點(diǎn)到打出F點(diǎn)時(shí)間內(nèi)，彈簧的彈性勢(shì)能減少量為，鉤碼的動(dòng)能增加量為，鉤碼的重力勢(shì)能增加量為mgh5。（2）利用計(jì)算機(jī)軟件對(duì)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)進(jìn)行處理，得到彈簧彈性勢(shì)能減少量、鉤碼的機(jī)械能增加量分別與鉤碼上升高度h的關(guān)系，如圖3所示。（3）由圖3可知，隨著h增加，兩條曲線在縱向的間隔逐漸變大，主要原因是隨著h增加，鉤碼克服空氣阻力的做功在增加?！痉治觥浚?）根據(jù)彈性勢(shì)能的表達(dá)式分析出不同位置的彈性勢(shì)能，從而得到彈性勢(shì)能的減小量；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式計(jì)算出鉤碼在F點(diǎn)的速度，結(jié)合動(dòng)能計(jì)算公式完成分析；根據(jù)重力勢(shì)能的表達(dá)式得出重力勢(shì)能的增加量；（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理和實(shí)驗(yàn)裝置的特點(diǎn)分析出產(chǎn)生對(duì)應(yīng)圖像的可能原因。【解答】解：（1）彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)的彈性勢(shì)能為，到F點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能為，因此彈性勢(shì)能的減小量為ΔEp＝；根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知，在勻變速直線運(yùn)動(dòng)中，中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度等于該過程的平均速度，則，則動(dòng)能的增加量為＝，鉤碼的重力勢(shì)能增加量為ΔEp＝mgh5。（3）隨著h增加，兩條曲線在縱向的間隔逐漸變大，主要原因隨著h增加，鉤碼克服空氣阻力的做功在增加。故答案為：（1）；；mgh5；（3）隨著h增加，鉤碼克服空氣阻力的做功在增加【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了機(jī)械能守恒定律的驗(yàn)證實(shí)驗(yàn)，熟悉不同能量的計(jì)算方法和變化特點(diǎn)，學(xué)會(huì)簡(jiǎn)單的數(shù)據(jù)分析即可，整體難度不大。12．（9分）某物理興趣小組利用廢棄電飯煲的部分器材自制簡(jiǎn)易電飯煲，設(shè)計(jì)電路如圖1所示。選用的器材有：限溫開關(guān)S1（手動(dòng)將其按下，開始持續(xù)加熱煮飯，當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于103℃時(shí)自動(dòng)斷開，之后不能自動(dòng)閉合）；保溫開關(guān)S2（當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于80℃時(shí)自動(dòng)斷開，溫度低于70℃時(shí)自動(dòng)閉合）；電飯煲的框架（結(jié)構(gòu)如圖2所示）。自備元件有：加熱電阻絲R（阻值為60Ω，用于加熱煮飯）；限流電阻R1和R2（阻值均為1kΩ）；指示燈L1和L2（2.5V，0.6W，當(dāng)電流低于30mA時(shí)可視為熄滅）；保險(xiǎn)絲T。（1）按照興趣小組設(shè)計(jì)的電路，下列說法正確的是CD（多選）。A.按下S1，L1和L2均發(fā)光B.當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于103℃時(shí)，S1自動(dòng)斷開。L1和L2均發(fā)光C.保溫過程中，S2自動(dòng)在閉合、斷開狀態(tài)之間交替切換D.當(dāng)鍋內(nèi)溫度低于70℃時(shí)，S2自動(dòng)閉合，L1發(fā)光，L2熄滅（2）簡(jiǎn)易電飯煲制作完成后，試用時(shí)L1始終不亮，但加熱和保溫功能均正常，在不增加元件的前提下，斷開電源，使用多用電表判斷發(fā)生故障的元件。下列操作步驟的正確順序是CABDE（填寫各步驟前的字母）。A.將選擇開關(guān)旋轉(zhuǎn)到“×100”位置B.將兩支表筆直接接觸，調(diào)節(jié)“歐姆調(diào)零旋鈕”，使指針指向歐姆零點(diǎn)C.調(diào)整“指針定位螺絲”，使指針指到零刻度D.測(cè)量指示燈L1兩端的阻值E.將選擇開關(guān)置于OFF位置或交流電壓最高擋操作時(shí)，將多用電表兩表筆與L1兩端接觸，若指針如圖3所示，可判斷是L1斷路損壞；若指針如圖4所示，可判斷是R1斷路損壞。（用電路中的元件符號(hào)表示）【分析】（1）根據(jù)題意結(jié)合圖中的電路圖進(jìn)行分析；（2）根據(jù)歐姆表的使用方法進(jìn)行排序；根據(jù)歐姆表指針的位置分析電路故障?！窘獯稹拷猓海?）A.按下S1，燈泡L2短路，不能發(fā)光，故A錯(cuò)誤；B.當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于103℃時(shí)限溫開關(guān)S1自動(dòng)斷開，限流電阻R1和R2阻值均為1kΩ，此時(shí)電路的總電流I總＜A＝220mA；通過燈泡L2的電流I2＝≈12.5mA＜30mA，所以L1不發(fā)光，故B錯(cuò)誤；C.保溫開關(guān)S2（當(dāng)鍋內(nèi)溫度高于80℃時(shí)自動(dòng)斷開，溫度低于70℃時(shí)自動(dòng)閉合）在保溫過程中，自動(dòng)在閉合、斷開狀態(tài)之間交替切換，故C正確；D.當(dāng)鍋內(nèi)溫度低于70℃時(shí)，S2自動(dòng)閉合，電飯煲處于加熱狀態(tài)，L1發(fā)光，燈泡L2短路，熄滅，故D正確；（2）利用歐姆表測(cè)電阻時(shí)，首先使得測(cè)電阻與其他電路斷開，進(jìn)行機(jī)械調(diào)零，然后選取合適的擋位，再進(jìn)行歐姆調(diào)零，測(cè)量完畢后，將選擇開關(guān)置于OFF位置或交流電壓最高擋，故正確的順序?yàn)椋篊ABDE；操作時(shí)，將多用電表兩表筆與L1兩端接觸，此時(shí)回路中的用電器為R1、R和L1若指針如圖3所示，此時(shí)歐姆表的示數(shù)約為1100Ω，可判斷是L1斷路損壞；若指針如圖4所示，此時(shí)歐姆表的示數(shù)為零，說明L1沒有損壞，加熱和保溫功能均正常，說明R正常，所以是R1斷路損壞。故答案為：（1）CD；（2）CABDE；L1；R1?！军c(diǎn)評(píng)】解答本題要知道：1。多用電表在使用前，應(yīng)先觀察指針是否指在電流表的零刻度，若有偏差，應(yīng)進(jìn)行機(jī)械調(diào)零；2。測(cè)量時(shí)手不要接觸表筆的金屬部分；3。合理選擇量程，使指針盡可能指在中間刻度附近，若指針偏角太大，應(yīng)改換低擋位；若指針偏角太小，應(yīng)改換高擋位，每次換擋后均要重新短接調(diào)零，讀數(shù)時(shí)應(yīng)將指針示數(shù)乘以擋位倍率；4。測(cè)量完畢后應(yīng)拔出表筆，選擇開頭置OFF擋或交流電壓最高擋，電表長(zhǎng)期不用時(shí)應(yīng)取出電池，以防電池漏電。13．（11分）如圖，光滑水平面上有兩個(gè)等高的滑板A和B，質(zhì)量分別為1kg和2kg，A右端和B左端分別放置物塊C、D，物塊質(zhì)量均為1kg，A和C以相同速度v0＝10m/s向右運(yùn)動(dòng)，B和D以相同速度kv0向左運(yùn)動(dòng)，在某時(shí)刻發(fā)生碰撞，作用時(shí)間極短，碰撞后C與D粘在一起形成一個(gè)新滑塊，A與B粘在一起形成一個(gè)新滑板，物塊與滑板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.1。重力加速度大小取g＝10m/s2。（1）若0＜k＜0.5，求碰撞后瞬間新物塊和新滑板各自速度的大小和方向；（2）若k＝0.5，從碰撞后到新滑塊與新滑板相對(duì)靜止時(shí)，求兩者相對(duì)位移的大小?！痉治觥浚?）根據(jù)動(dòng)量守恒定律得出新物塊和新滑板的速度大小和方向；（2）先分析出新物塊和新滑板的速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式、動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律分析出相對(duì)位移的大小?！窘獯稹拷猓海?）物塊C、D碰撞過程中滿足動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞后物塊C、D形成的新物塊的速度為v物，C、D的質(zhì)量均為m＝1kg，以向右方向?yàn)檎较?，則mv0﹣m?kv0＝（m+m）v物解得：v物＝5（1﹣k）m/s＞0可知碰撞后滑塊C、D形成的新滑塊的速度大小為5（1﹣k）m/s，方向向右滑塊A、B碰撞過程中滿足動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞后滑板A、B形成的新滑板的速度為v滑，滑板A和B質(zhì)量分別為1kg和2kg，則有Mv0﹣2M?kv0＝（M+2m）v滑解得：v滑＝則新滑板速度方向也向右（2）若k＝0.5，可知碰后書劍C、D形成的新物塊的速度為v物′＝5（1﹣k）m/s＝5×（1﹣0.5）m/s＝2.5m/s碰后瞬間滑板A、B形成的新滑板的速度為可知碰后新物塊相對(duì)于新滑板向右運(yùn)動(dòng)，新物塊向右做勻減速運(yùn)動(dòng)，新滑板向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)新物塊的質(zhì)量為m“＝2kg，新滑板的質(zhì)量為M'＝3kg，相對(duì)靜止時(shí)的公式速度為v共，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得：m′v物′＝（m′+M′）v共解得：v共＝1m/s根據(jù)能量守恒可得：解得：x相＝1.875m答：（1）若0＜k＜0.5，碰撞后瞬間新物塊的速度為5（1﹣k）m/s，方向水平向右；新滑板的速度大小為，方向水平向右；（2）若k＝0.5，從碰撞后到新滑塊與新滑板相對(duì)靜止時(shí)，兩者相對(duì)位移的大小為1.875m?！军c(diǎn)評(píng)】本題主要考查了動(dòng)量守恒定律的相關(guān)應(yīng)用，根據(jù)動(dòng)量守恒定律分析出物塊的速度，結(jié)合運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得出相對(duì)位移即可，整體難度不大。14．（16分）兩塊面積和間距均足夠大的金屬板水平放置，如圖1所示。金屬板與可調(diào)電源相連形成電場(chǎng)，方向沿y軸正方向。在兩板之間施加磁場(chǎng)，方向垂直xOy平面向外。電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化規(guī)律如圖2所示。板間O點(diǎn)放置一粒子源，可連續(xù)釋放質(zhì)量為m、電荷量為q（q＞0），初速度為零的粒子，不計(jì)重力及粒子間的相互作用，圖中物理量均為已知量。求：（1）t＝0時(shí)刻釋放的粒子，在t＝時(shí)刻的位置坐標(biāo)；（2）在0～時(shí)間內(nèi)，靜電力對(duì)t＝0時(shí)刻釋放的粒子所做的功；（3）在M（，）點(diǎn)放置一粒子接收器，在0～時(shí)間內(nèi)什么時(shí)刻釋放的粒子在電場(chǎng)存在期間被捕獲。【分析】（1）根據(jù)牛頓第二定律求解加速度大小，根據(jù)速度—時(shí)間關(guān)系求解速度大小，再根據(jù)位移關(guān)系求解沿y軸方向的位移，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解粒子軌跡半徑，因此得到t＝時(shí)刻的位置坐標(biāo)；（2）分析粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解末速度大小，再根據(jù)動(dòng)能定理進(jìn)行解答；（3）根據(jù)（2）的分析可知，粒子要打在接收器上，軌跡半徑需等于2R，由此分析進(jìn)入電場(chǎng)的時(shí)刻。【解答】解：（1）t＝0時(shí)刻釋放的粒子，在t1＝時(shí)間內(nèi)沿y軸正方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為：a1＝在t1時(shí)刻的速度大小為：v1＝a1t1代入數(shù)據(jù)解得：v1＝此時(shí)沿y軸正方向的位移為：y1＝，解得：y1＝～時(shí)間內(nèi)，粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得：qv1B0＝m解得：R1＝，由于粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期T＝，所以經(jīng)過時(shí)間，粒子剛好運(yùn)動(dòng)半周期，此時(shí)x方向的位移為：x1＝2R1＝，所以t＝時(shí)刻的位置坐標(biāo)為（，）；（2）t＝時(shí)刻粒子速度方向沿﹣y方向，大小為v1＝從～時(shí)間內(nèi)，粒子的加速度大小為：a2＝，粒子先沿﹣y方向運(yùn)動(dòng)，再沿+y方向運(yùn)動(dòng)。設(shè)粒子經(jīng)過t2時(shí)間速度減速到0，則t2＝，解得：t2＝＝t1所以在時(shí)速度大小仍為v1，位置仍在（，）處，此后的時(shí)間內(nèi)粒子仍做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示。從～時(shí)間內(nèi)，粒子的加速度大小為：a3＝，粒子先沿﹣y方向運(yùn)動(dòng)，再沿+y方向運(yùn)動(dòng)。設(shè)在時(shí)速度大小為v2，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可得：v2＝﹣v1+a3t1解得：v2＝，方向沿+y方向；從～時(shí)間內(nèi)，粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。根據(jù)動(dòng)能定理可得靜電力對(duì)t＝0時(shí)刻釋放的粒子所做的功：W＝mv22解得：W＝；（3）根據(jù)前面的分析可知，粒子在0～t1時(shí)間內(nèi)加速的時(shí)間等于粒子在～時(shí)間內(nèi)減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間的2倍，根據(jù)幾何關(guān)系結(jié)合洛倫茲力提供向心力可知，在0～t1時(shí)間內(nèi)任何時(shí)刻釋放的粒子，在t＝4t1時(shí)刻水平位移均為。設(shè)粒子在t′時(shí)刻開始加速，加速時(shí)間Δt，則在t1時(shí)刻的速度v1′＝a1Δt，位移：y1′＝粒子在時(shí)刻的速度大小為：v2′＝v1′+a2（t1﹣Δt）＝a1（2t1﹣Δt）在～時(shí)間內(nèi)減速的位移：y2′＝若粒子恰好達(dá)到M點(diǎn)，則有：y2′+＝y(tǒng)1′解得：Δt＝所以粒子釋放的時(shí)刻為：tmaxt1﹣Δt＝若粒子恰好達(dá)到x軸，則有：y2′＝y(tǒng)1′解得：Δt＝所以粒子釋放的時(shí)刻為：tmin＝t1﹣Δt＝故在0～時(shí)間內(nèi)，粒子在～時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，才能夠在電場(chǎng)存在期間被捕獲。答：（1）t＝0時(shí)刻釋放的粒子，在t＝時(shí)刻的位置坐標(biāo)為（，）；（2）在0～時(shí)間內(nèi)，靜電力對(duì)t＝0時(shí)刻釋放的粒子所做的功為；（3）在M（，）點(diǎn)放置一粒子接收器，粒子在～時(shí)刻進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)，才能夠在電場(chǎng)存在期間被捕獲。【點(diǎn)評(píng)】本題主要是考查帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)和磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵是能夠分析清楚粒子的運(yùn)動(dòng)情況和受力情況，結(jié)合幾何關(guān)系進(jìn)行解答。（二）選考題：共12分，請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答，并用2B鉛筆將答題卡上所選題目對(duì)應(yīng)的題號(hào)右側(cè)方框涂黑，按所涂題號(hào)進(jìn)行評(píng)分；多涂、多答，按所涂的首題進(jìn)行評(píng)分；不涂，按本選考題的首題進(jìn)行評(píng)分。[選修3-3]（12分）15．（4分）如圖，絕熱密閉容器中裝有一定質(zhì)量的某種理想氣體和一個(gè)充有同種氣體的氣球。容器內(nèi)溫度處處相同，氣球內(nèi)部壓強(qiáng)大于外部壓強(qiáng)。氣球緩慢漏氣后，容器中氣球外部氣體的壓強(qiáng)將增大（“增大”“減小”或“不變”）；溫度將升高（填“升高”“降低”或“不變”）?！痉治觥扛鶕?jù)氣體壓強(qiáng)的決定因素進(jìn)行分析；根據(jù)熱力學(xué)第一定律分析溫度的變化。【解答】解：氣球緩慢漏氣后，容器中氣球外部