2021年湖南省六校聯(lián)考高考物理模擬試卷

2021年湖南省六校聯(lián)考高考物理模擬試卷一、選擇題TOC\o"1-5"\h\z1．（6分）關(guān)于近代物理，下列說(shuō)法中不正確的是（ ）A.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說(shuō)明光具有粒子性B.單個(gè)氫原子從n=4向較低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可以向外輻射6種不同頻率光子C.在U235的裂變反應(yīng)中（235U+%玲141Ba+^Kr+3]n），發(fā)生了質(zhì)量虧92 □ 56 35 0損，Ba144和Kr89的比結(jié)合能比U235的大，該核反應(yīng)釋放出核能D.在a、仇y這三種射線中，Y射線的穿透能力最強(qiáng)，a射線的電離能力最強(qiáng)（6分）質(zhì)量相等的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)A、B在拉力作用下從同一地點(diǎn)沿同一直線豎直向上運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（ ），Mm-s-A.0-t2時(shí)間內(nèi)A質(zhì)點(diǎn)處于失重狀態(tài)B.在y-t2時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B的機(jī)械能守恒C.0-t2時(shí)間內(nèi)兩質(zhì)點(diǎn)的平均速度相等D.兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)第一次相遇在t2之后，在第一次相遇之前t2時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)距離最遠(yuǎn)（6分）如圖所示，飛行器P繞某星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，星球相對(duì)飛行器的張B.若測(cè)得周期和軌道半徑，可得到星球的平均密度C.若測(cè)得周期、軌道半徑和張角，可得到星球表面的重力加速度D.若測(cè)得周期、軌道半徑和張角，可得到飛行器的向心力（6分）如圖所示，傾斜的長(zhǎng)桿（與水平面成a角）上套有一個(gè)質(zhì)量為M的環(huán)，環(huán)通過(guò)細(xì)線吊一個(gè)質(zhì)量為m的小球，當(dāng)環(huán)在某拉力的作用下在長(zhǎng)桿上滑動(dòng)時(shí)，穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)的情景如圖所示，其中虛線表示豎直方向，那么以下說(shuō)法正確的是（ ）/OA.環(huán)一定沿長(zhǎng)桿向下加速運(yùn)動(dòng)B.環(huán)的加速度一定沿桿向上C.環(huán)的加速度一定大于gsinaD.環(huán)一定沿桿向上運(yùn)動(dòng)（6分）某粒子加速器位于豎直平面內(nèi)，剖面圖如圖所示，圓筒內(nèi)，外直徑分別為D和2D,O為圓心，水平直徑GH以上部分是偏轉(zhuǎn)區(qū)，以下是回收區(qū)，偏轉(zhuǎn)區(qū)存在垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。間距為d的兩平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，上板開(kāi)有一小孔，大量的質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子由下方旦處的P點(diǎn)靜止釋2放，加速后粒子以豎直向上的速度v0射出電場(chǎng)，由H點(diǎn)緊靠大圓內(nèi)側(cè)射入磁場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入回收區(qū)，不計(jì)粒子重力，設(shè)粒子若撞到內(nèi)外筒壁會(huì)被吸收，則（ ）lrA.電場(chǎng)強(qiáng)度大小為巴J2qdB.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足吧＜史至，粒子一定可以進(jìn)入回收區(qū)皿3qDC.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足B力乜，粒子一定不可以進(jìn)入回收區(qū)3皿D.進(jìn)入回收區(qū)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間全都相同6.（6分）總理在十二屆五次人大會(huì)議上提出了清潔能源問(wèn)題，某大型光伏電站的功率是500kW,電壓為12V,送往外地時(shí)，先通過(guò)逆變器轉(zhuǎn)化為220V的交流電（轉(zhuǎn)化效率為80%）,然后經(jīng)變壓器I升壓為20000V,通過(guò)總電阻為20。的輸

電線送往某地，再經(jīng)變壓器口降為220V電壓供用戶使用，下列說(shuō)法正確的是（ ）A.變壓器口的原副線圈匝數(shù)比為1000：11B.變壓器I的原副線圈匝數(shù)比為11：1000C.用戶最多可使用的功率為392kWD.用戶負(fù)載越多，線路上損耗的功率較小7．（6分）如圖所示，小車的上面固定一個(gè)光滑彎曲圓管道，整個(gè)小車（含管道）的質(zhì)量為2m,原來(lái)靜止在光滑的水平面上，今有一個(gè)可以看做質(zhì)點(diǎn)的小球，質(zhì)量為m,半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后，然后從管道左端滑離小車，關(guān)于這個(gè)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是A.小球滑離小車時(shí)，小車回到原來(lái)位置B．B．小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度為vC.車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度為J3gD.小球在滑上曲面到滑到最高點(diǎn)的過(guò)程中，小車的動(dòng)量變化大小號(hào)8.（6分）如圖所示，a、b、c、d四個(gè)帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形并保持靜止，其中a、b、c質(zhì)量均為m,套在輕質(zhì)光滑絕緣圓環(huán)上后放在光滑水平桌面上，d球質(zhì)量為3m,已知a、b、c三小球的電荷量大小均為q,圓環(huán)半徑為R,d球距離圓環(huán)圓心的高度h?用R,重力加速度為g,靜電力常量為k,則（）A.四個(gè)小球一定都帶同種電荷B.a球所受圓環(huán)彈力方向指向圓環(huán)圓心C.水平桌面對(duì)c球支持力大小為qmg ?-|D.小球d的電荷量大小為之迫也2kq二、必考題9．（6分）如圖為“驗(yàn)證動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)裝置，用拉力傳感器記錄小車受到拉力F的大小，在長(zhǎng)木板上相距適當(dāng)距離的A、B兩點(diǎn)各安裝一個(gè)速度傳感器，分別記錄小車通過(guò)A、B時(shí)的速率，要求拉力傳感器的示數(shù)即為小車所受的合外力。（1）為了完成實(shí)驗(yàn)，除了測(cè)量小車受到拉力的大小F、小車通過(guò)A、B時(shí)的速率vA和vB外，還需要測(cè)量（寫出物理量的名稱和符號(hào)）；需要驗(yàn)證的物理關(guān)系式為（2）與本實(shí)驗(yàn)有關(guān)的下列說(shuō)法正確的是A.要調(diào)整長(zhǎng)木板的傾斜角度，平衡小車受到的摩擦力B.應(yīng)先釋放小車，再接通速度傳感器的電源C.改變所掛鉤碼的數(shù)量時(shí)，要使所掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量D.該實(shí)驗(yàn)裝置也可以用來(lái)驗(yàn)證牛頓第二定律。警住座助褂善解倦命'限一10．（8分）為了測(cè)定一組干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，提供了下列器材：A.待測(cè)的干電池B.電流表A1C.電流表A2D.滑動(dòng)變阻器R（0?20Q,2A）E.定值電阻R0（2k。）F.開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中沒(méi)有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來(lái)完成實(shí)驗(yàn)（1）在實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中，如將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，則電流表A1的示數(shù)將（選填“變大”、“不變”或“變小”）。（2）圖乙為該同學(xué)利用測(cè)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的兩個(gè)電流變化圖線，其中IA、IB，分別代表兩電流表的示數(shù)，但不清楚分別代表哪個(gè)電流表的示數(shù)。請(qǐng)你由圖線計(jì)算被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=。。（3）用上述方法測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r與真實(shí)值相比。（A）E偏大，r偏小 （B）E偏小，r偏大（C）E偏大，r偏大 （D）E偏小，r偏小。11．（14分）如圖所示為水上游樂(lè)園的設(shè)施，由彎曲滑道、豎直平面內(nèi)的圓形滑道，水平滑道及水池組成，桶形圓形滑道外側(cè)半徑R=2m，圓形滑道的最低點(diǎn)的水平入口B和水平出口B’相互錯(cuò)開(kāi)，為保證安全，在圓形滑道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，要求緊貼外側(cè)滑行，水面離水平軌道高度h=5m，現(xiàn)游客從滑道A點(diǎn)由靜止滑下，游客可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)一切阻力，重力加速度g取10m/s2,求：（1）起滑點(diǎn)A至少離水平滑道多高？（2）為了保證游客安全，在水池中放有長(zhǎng)度為L(zhǎng)=5m的安全氣墊MN，其厚度不計(jì)，滿足（1）的游客恰好在M端，要使游客能安全落在氣墊上，安全滑下點(diǎn)A距水平滑道的高度取值范圍是多少？12.（19分）如圖所示，dc與ef是無(wú)電阻的導(dǎo)軌，相距為1,固定在水平面內(nèi)，同時(shí)存在圖示方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，de端接有一個(gè)阻值為R的定值電阻，cf端接有一個(gè)電容為C的電容器，距d為X0處的P點(diǎn)有個(gè)小缺口，兩導(dǎo)軌P點(diǎn)左側(cè)無(wú)摩擦，右側(cè)的動(dòng)摩擦因數(shù)為山距P不遠(yuǎn)處導(dǎo)軌中央O點(diǎn)有一個(gè)質(zhì)量為m的粘性物體，將金屬輕桿ab（不計(jì)質(zhì)量，沒(méi)有電阻）緊挨de放置，在水平拉力F作用下向右運(yùn)動(dòng)，拉力F與桿往右運(yùn)動(dòng)的位移x成正比，即：F=kx，當(dāng)桿ab到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的速度為v0,試求：（不考慮感應(yīng)電流的磁場(chǎng)，其中〃F二kx〃的k=^）（1）從桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)P點(diǎn)F所做的功和電阻R上放出的熱量;（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（3）越過(guò)P點(diǎn)后桿粘上物體（物體離開(kāi)水平面）成為一體，開(kāi)讓ab桿維持速度v0勻速運(yùn)動(dòng)一段足夠長(zhǎng)的時(shí)間后撤去外力，那么撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間才能停止運(yùn)動(dòng)？撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)了多長(zhǎng)的距離？三、[物理-選修3-3]13．（5分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性B.晶體的各向異性是指晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性能，導(dǎo)電性能和光學(xué)性質(zhì)等各個(gè)性質(zhì)都不一樣C.縫衣針?lè)旁诿藜埳?，用手托著棉紙，放入水中，棉紙浸濕下沉，而縫衣針會(huì)停在水面，這是由于水的表面張力使針沒(méi)有下沉D.潮濕的天氣里，洗了衣服不容易晾干，是因?yàn)榭諝獾南鄬?duì)濕度大E.未飽和汽的壓強(qiáng)一定小于飽和汽壓14．（10分）如圖所示，除右側(cè)壁導(dǎo)熱良好外，其余部分均絕熱的氣缸水平放置，MN為氣缸右側(cè)壁，氣缸的總長(zhǎng)度為L(zhǎng)=80cm，一厚度不計(jì)的絕熱活塞將一定質(zhì)量的氮?dú)夂脱鯕夥謩e封閉在左右兩側(cè)（活塞不漏氣），在氣缸內(nèi)距左側(cè)壁d=30cm處設(shè)有卡環(huán)AB，使活塞只能向右滑動(dòng)，開(kāi)始時(shí)活塞在AB右側(cè)緊挨AB，缸內(nèi)左側(cè)氮?dú)獾膲篜『0.8X105Pa，右側(cè)氧氣的壓強(qiáng)P2=1.0X105Pa，兩邊氣體和環(huán)境的溫度均為t1=27℃,現(xiàn)通過(guò)左側(cè)氣缸內(nèi)的電熱絲緩慢加熱，使氮?dú)鉁囟染徛?，設(shè)外界環(huán)境溫度不變，求：（1）活塞恰好要離開(kāi)卡環(huán)時(shí)氮?dú)獾臏囟?；?）繼續(xù)緩慢加熱氣缸內(nèi)左側(cè)氮?dú)?，使氮?dú)鉁囟壬咧?27℃，求活塞移動(dòng)的距離。四、[物理-選修3-4]15.彈性介質(zhì)中波源O沿豎直方向振動(dòng)產(chǎn)生的振幅為0.1m的簡(jiǎn)諧橫波以速度v=10m/s傳播，M、N為與O在同一直線上的兩質(zhì)點(diǎn)，它們到O的距離分別為OM=12m、ON=6m.波源O開(kāi)始振動(dòng)一段時(shí)間后在直線MN上形成的波形如圖所示，波剛好傳到M點(diǎn)，不計(jì)波傳播過(guò)程中的能量損失。下列說(shuō)法正確的（）A.此時(shí)O點(diǎn)的振動(dòng)方向向上B.波源的振動(dòng)頻率為2.5HzC?波傳播到N時(shí)，N先向下振動(dòng)D.M與N的速度方向始終相同E.從O開(kāi)始振動(dòng)到此時(shí)N質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為0.6m16.如圖所示，單色細(xì)光束射到一半徑為R的透明球表面，光束在過(guò)球心的平面內(nèi)，入射角i=60°,該光束經(jīng)折射進(jìn)入球內(nèi)后又經(jīng)其內(nèi)表面反射一次，再經(jīng)球表面折射后射出，已知真空中光速為c,出射光線相對(duì)于入射光線偏轉(zhuǎn)了120°（圖上已畫出入射光線，sinl5o=JbJL,結(jié)果可帶根號(hào)）①求透明球的折射率；②求光在透明球中傳播的時(shí)間。

2017年湖南省六校聯(lián)考高考物理模擬試卷參考答案與試題解析一、選擇題1．（6分）關(guān)于近代物理，下列說(shuō)法中不正確的是（ ）A.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)說(shuō)明光具有粒子性B.單個(gè)氫原子從n=4向較低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可以向外輻射6種不同頻率光子C.在U235的裂變反應(yīng)中（235U+什玲141Ba+^Kr+3]n），發(fā)生了質(zhì)量虧92 □ 56 35 0損，Ba144和Kr89的比結(jié)合能比U235的大，該核反應(yīng)釋放出核能D.在a、仇y這三種射線中，Y射線的穿透能力最強(qiáng)，a射線的電離能力最強(qiáng)【分析】光電效應(yīng)說(shuō)明光子具有能量、康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子還具有動(dòng)量；單個(gè)氫原子從n=4向較低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可以向外輻射3種不同頻率光子；明確a、仇Y三種射線性質(zhì)及應(yīng)用。【解答】解：A、光電效應(yīng)說(shuō)明光子具有能量、康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子還具有動(dòng)量，光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)都說(shuō)明光具有粒子性，故A正確；B、一群氫原子處于n=4的激發(fā)態(tài)，當(dāng)它向基態(tài)躍遷時(shí)可以發(fā)出6條不同頻率的光譜線，分別是4玲3,4玲2,4玲1,3玲2,3玲1,3玲1；但單個(gè)氫原子從n=4向較低能級(jí)躍遷時(shí)，最多可以向外輻射3種不同頻率光子，故B錯(cuò)誤；C、在U235的裂變反應(yīng)中（日瀘U+如玲HlBa+翳Kr+3加）中，該核反應(yīng)釋U0ti Jft U放出核能,可知發(fā)生了質(zhì)量虧損；由于該反應(yīng)釋放核能,根據(jù)比結(jié)合能的定義可知Ba144和Kr89的比結(jié)合能比U235的大，故C正確;D、根據(jù)三種射線的性質(zhì)與特點(diǎn)可知，在a、仇y這三種射線中，Y射線的穿透能力最強(qiáng)，電離能力最弱；a射線的電離能力最強(qiáng)，穿透能量最?。还蔇正確；本題選錯(cuò)誤的，故選：B（6分）質(zhì)量相等的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)A、B在拉力作用下從同一地點(diǎn)沿同一直線豎直向上運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（ ）A.0-t2時(shí)間內(nèi)A質(zhì)點(diǎn)處于失重狀態(tài)B.在t1-t2時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)B的機(jī)械能守恒C.0-t2時(shí)間內(nèi)兩質(zhì)點(diǎn)的平均速度相等D.兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)第一次相遇在t2之后，在第一次相遇之前t2時(shí)刻兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)距離最遠(yuǎn)【分析】速度時(shí)間圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，平均速度等于位移除以時(shí)間，當(dāng)加速度方向向上時(shí)，物體處于超重狀態(tài)，方向向下時(shí)，處于失重狀態(tài)，物體的動(dòng)能和勢(shì)能之和不變時(shí)，機(jī)械能守恒【解答】解：A、0-t2時(shí)間內(nèi)A的斜率為正，加速度為正，方向向上，處于超重狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；B、在t1-t2時(shí)間內(nèi)，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，拉力等于物體的重力，拉力做正功，故機(jī)械能不守恒，故B錯(cuò)誤；C、在v-t圖象中與時(shí)間軸所圍面積為物體的位移，故0-t2時(shí)間內(nèi)B的位移大于A的位移，時(shí)間相等，則B的平均速度大于A的平均速度，故C錯(cuò)誤；D、t2時(shí)刻之前B的速度大于A的速度，兩者距離逐漸增大，t2時(shí)刻之后A的速度大于B的速度，兩者距離逐漸減小，故t2時(shí)刻相距最遠(yuǎn)，t2之后第一相遇，故D正確故選：D。（6分）如圖所示，飛行器P繞某星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，星球相對(duì)飛行器的張角為0,已知萬(wàn)有引力常量G,下列說(shuō)法正確的是（ ）A.若測(cè)得周期和張角，可得到星球的質(zhì)量B.若測(cè)得周期和軌道半徑，可得到星球的平均密度C.若測(cè)得周期、軌道半徑和張角，可得到星球表面的重力加速度D.若測(cè)得周期、軌道半徑和張角，可得到飛行器的向心力【分析】飛行器繞某星球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由星球的萬(wàn)有引力提供向心力，根據(jù)萬(wàn)有引力定律和幾何知識(shí)、密度公式可求解星球的平均密度；星球表面物體的重力等于萬(wàn)有引力，可以求出星球表面的重力加速度，據(jù)此分析需要測(cè)量的物理量【解答】解：AB、設(shè)星球的質(zhì)量為M，半徑為孔平均密度為p.張角為0,飛行器的質(zhì)量為m,軌道半徑為r,周期為T.對(duì)于飛行器，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力得：g粵二由幾何關(guān)系有：arEn巨，星球的平均密度rT 2d 4JT2r3a兀屋，由以上三式得M=———，可知測(cè)出周期和軌道半徑可以求出星3 GT球的質(zhì)量；星球密度「皓= j—，知測(cè)得周期和張角可得到星球的平均密度，故GTIsin-JAB錯(cuò)誤；C、由AB分析知，由周期和軌道半徑可以求出星球的質(zhì)量，由軌道半徑和張角可求出星球半徑，根據(jù)星球表面物體的重力等于萬(wàn)有引力，有G嗎二口目，得把粵，所以知測(cè)得周期、軌道半徑和張角，可得到星球表面的重力加速度。故C正確;D、因?yàn)椴恢里w行器的質(zhì)量，所以無(wú)法得到飛行器的向心力。故D錯(cuò)誤。故選：C。（6分）如圖所示，傾斜的長(zhǎng)桿（與水平面成a角）上套有一個(gè)質(zhì)量為M的環(huán)，環(huán)通過(guò)細(xì)線吊一個(gè)質(zhì)量為m的小球，當(dāng)環(huán)在某拉力的作用下在長(zhǎng)桿上滑動(dòng)時(shí)，穩(wěn)定運(yùn)動(dòng)的情景如圖所示，其中虛線表示豎直方向，那么以下說(shuō)法正確的是( )OA.環(huán)一定沿長(zhǎng)桿向下加速運(yùn)動(dòng)B.環(huán)的加速度一定沿桿向上C.環(huán)的加速度一定大于gsinaD.環(huán)一定沿桿向上運(yùn)動(dòng)【分析】球與環(huán)保持相對(duì)靜止，它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同，對(duì)球受力分析，由牛頓第二定律求出加速度，然后判斷環(huán)可能的運(yùn)動(dòng)情況?！窘獯稹拷猓篈、B、小球受力如圖所示，小球受豎直向下的重力G、與斜向上的繩子的拉力T作用，兩個(gè)力不在同一直線上，不是一對(duì)平衡力，則小球所受合力不為零，結(jié)合運(yùn)動(dòng)的方向可知，合力平行于桿向上，小球平行于桿的方向上做勻變速運(yùn)動(dòng)，小球與環(huán)相對(duì)靜止，它們的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)相同，小球的加速度向上，則環(huán)的加速度也向上，故A錯(cuò)誤，B正確；C、由于不知道拉小球的線與豎直方向之間的夾角，所以不能判斷出小球的加速度與gsina之間的關(guān)系。故C錯(cuò)誤；D、由小球的受力只能判斷出小球加速度的方向，當(dāng)不能判斷出小球運(yùn)動(dòng)的方向;小球可能向上做加速運(yùn)動(dòng)，有可能向下做減速運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤；故選：B。5．（6分）某粒子加速器位于豎直平面內(nèi)，剖面圖如圖所示，圓筒內(nèi)，外直徑分別為D和2D，O為圓心，水平直徑GH以上部分是偏轉(zhuǎn)區(qū)，以下是回收區(qū)，偏轉(zhuǎn)區(qū)存在垂直圓面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。間距為d的兩平行金屬板間有勻強(qiáng)電場(chǎng)，上板開(kāi)有一小孔，大量的質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子由下方￡處的P點(diǎn)靜止釋放，加速后粒子以豎直向上的速度v0射出電場(chǎng)，由H點(diǎn)緊靠大圓內(nèi)側(cè)射入磁場(chǎng)，偏轉(zhuǎn)后進(jìn)入回收區(qū)，不計(jì)粒子重力，設(shè)粒子若撞到內(nèi)外筒壁會(huì)被吸收，則（ ）

B.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足需等，粒子一定可以進(jìn)入回收區(qū)C.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足B>B.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足需等，粒子一定可以進(jìn)入回收區(qū)C.若磁感應(yīng)強(qiáng)度滿足B>，粒子定不可以進(jìn)入回收區(qū)D.進(jìn)入回收區(qū)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間全都相同【分析】由題設(shè)條件，在極板由靜止釋放的帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速，由動(dòng)能定理有：Eq/1《從而求得電場(chǎng)強(qiáng)度的大小。進(jìn)入回收區(qū)的帶電粒子其做勻D衛(wèi)速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r<—或型<「<口，根據(jù)洛侖茲力提供向心力的公式r=2 4 4"變，從而確定磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小范圍。Bq解：A、由題設(shè)條件，在極板1d由靜止釋放的帶電粒子經(jīng)電場(chǎng)加速，由2動(dòng)能定理有：Eq^d」■口傳5從而求得：E」工，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤。TOC\o"1-5"\h\z2 2 0 qdD-B、C、進(jìn)入回收區(qū)的帶電粒子其做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑r<—或旦!|<丁《山2 42根據(jù)洛侖茲力提供向心力的公式r=處，從而求得：坐（落在右回收區(qū)）或Bq qD處L（落在左邊回收區(qū)），由此看來(lái)選項(xiàng)B正確、C錯(cuò)誤。qD3qDD、進(jìn)入回收區(qū)的帶電粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)半周，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為半個(gè)周期,而周期丁=空叫，qB與磁感應(yīng)強(qiáng)度有關(guān)，所以所有進(jìn)入回收區(qū)的粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過(guò)半周但運(yùn)動(dòng)時(shí)間不相等，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選：B。6．（6分）總理在十二屆五次人大會(huì)議上提出了清潔能源問(wèn)題，某大型光伏電站的功率是500kW,電壓為12V,送往外地時(shí)，先通過(guò)逆變器轉(zhuǎn)化為220V的交流電（轉(zhuǎn)化效率為80%），然后經(jīng)變壓器I升壓為20000V，通過(guò)總電阻為20。的輸電線送往某地，再經(jīng)變壓器口降為220V電壓供用戶使用，下列說(shuō)法正確的是（ ）A.變壓器口的原副線圈匝數(shù)比為1000：11B.變壓器I的原副線圈匝數(shù)比為11：1000C.用戶最多可使用的功率為392kWD.用戶負(fù)載越多，線路上損耗的功率較小【分析】根據(jù)升壓變壓器的匝數(shù)等于原副線圈的電壓之比，根據(jù)功率公式可得出輸電線上的電流，從而得出線路上損耗的功率，即可求得用戶的到的功率?！窘獯稹拷猓篈、通過(guò)逆變器轉(zhuǎn)化為220V的交流電時(shí)輸入功率P=80%P總=400kW,升壓變壓器副線圈中的電流工2$二二20A，損失的電壓4Un2r=400V,降壓變壓器原線圈的電壓U3=U2-△U=19960V,故降壓變壓器原副線圈的匝數(shù)之比為心二四處二晅，故八錯(cuò)誤n4220 11B、升壓變壓器原副線圈匝數(shù)之比為巴二衛(wèi)-二上一，故B正確n2200001000C、輸送線路上損失的功率二I?二x口斜，故用戶最多可使用的功率為P;P-△P=392kW,故C正確D、用戶負(fù)載越多，降壓變壓器副線圈中的電流越大，故輸電線路上的電流越大，損失的功率越大，故D錯(cuò)誤故選：BC。7．（6分）如圖所示，小車的上面固定一個(gè)光滑彎曲圓管道，整個(gè)小車（含管道）的質(zhì)量為2m,原來(lái)靜止在光滑的水平面上，今有一個(gè)可以看做質(zhì)點(diǎn)的小球，質(zhì)量為m,半徑略小于管道半徑，以水平速度v從左端滑上小車，小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后,然后從管道左端滑離小車,關(guān)于這個(gè)過(guò)程,下列說(shuō)法正確的是

（ ）B.（ ）B.小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度為v2C.車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度為匚3gD.小球在滑上曲面到滑到最高點(diǎn)的過(guò)程中，小車的動(dòng)量變化大小是空【分析】根據(jù)小球在小車上運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球和小車的在水平方向上合外力為零，故水平方向上動(dòng)量守恒；且小球和小車運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，故機(jī)械能守恒即可求解?！窘獯稹拷猓篈、小球與小車在水平方向上的合外力為零，故在水平方向上動(dòng)量守恒，所以，小車的速度一直向右，小球滑離小車時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，不可能回到原來(lái)位置，故A錯(cuò)誤；B、由動(dòng)量守恒可得：mv=2mv車+mv球，由機(jī)械能守恒可得：J加拿車.白吠球2；所以，V車+2v球=0,那么，洋二/，v球二得￥，小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度v球-v車=-V,故小球滑離小車時(shí)相對(duì)小車的速度為v,故B正確；C、小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后，則小球和小車的速度相同，故由動(dòng)量守恒定理可得此時(shí)的速度/=1?,由機(jī)械能守恒可得：小球在最高點(diǎn)的重力勢(shì)能3E=lrnv2_LX3mX^^^^2,所以，車上管道中心線最高點(diǎn)的豎直高度P2 2 3 3h=^=^，故C正確；mg3gD、小球恰好到達(dá)管道的最高點(diǎn)后，則小球和小車的速度相同，故由動(dòng)量守恒定理可得此時(shí)的速度/=1理可得此時(shí)的速度/=1v,3故小車的動(dòng)量變化大小冷皿，故D錯(cuò)誤;故選：BC。8.（6分）如圖所示，a、b、c、d四個(gè)帶電小球恰好構(gòu)成“三星拱月”之形并保持

A．四個(gè)小球一定都帶同種電荷靜止，其中a、b、c質(zhì)量均為m,套在輕質(zhì)光滑絕緣圓環(huán)上后放在光滑水平桌面上，d球質(zhì)量為3m，已知a、b、c三小球的電荷量大小均為q，圓環(huán)半徑為R，d球距離圓環(huán)圓心的高度h=2R，重力加速度為g，靜電力常量為匕則（ ）A．四個(gè)小球一定都帶同種電荷B．B．C.a球所受圓環(huán)彈力方向指向圓環(huán)圓心水平桌面對(duì)c球支持力大小為當(dāng)mgd.小球d的電荷量大小為NUL2kq【分析】d處于平衡狀態(tài)，結(jié)合共點(diǎn)力的平衡即可判斷它們的電性以及d的帶電量；對(duì)a進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力平衡即可判斷彈力的方向；對(duì)整體進(jìn)行受力分析，由共點(diǎn)力平衡求出c受到的支持力?！窘獯稹拷猓篈、d受到重力以及a、b、c三小球?qū)λ膸?kù)侖力，根據(jù)力的平衡可知，d球受到的a、b、c三小球的作用力的和一定與重力大小相等，方向相反，所以a、b、c三小球?qū)的作用力都是排斥力，則四個(gè)小球一定都帶同種電荷,故A正確。B、C、以四個(gè)小球組成的整體為研究對(duì)象，由于都受力平衡，所以在豎直方向上abc受到的支持力的和與四個(gè)小球受到的重力大小相等，設(shè)abc受到的支持力為FN，即：3FN=3Xmg+3mg=6mg所以：FN=2mg對(duì)a進(jìn)行受力分析可知，a受到重力、桌面的支持力、環(huán)的彈力以及bcd三個(gè)電荷的排斥力，其中b與c對(duì)a的作用力與環(huán)在同一個(gè)平面內(nèi)，由題意可知，b與c對(duì)a的作用力大小相等，所以它們對(duì)a的合力的方向背離圓心0；a受到的重力的方向豎直向下，d對(duì)a的排斥力的方向由d指向a，斜向下，桌面對(duì)a的支持力豎直向上，在豎直方向上桌面對(duì)a的支持力與重力、d對(duì)a的排斥力沿豎直方向的分力的和等于0，所以環(huán)對(duì)a的彈力的方向指向環(huán)的圓心。故B正確，C錯(cuò)誤；

D、設(shè)da連線與水平方向的夾角為a,則cosa=,==^-==ina=,==^7^3 3對(duì)d球，根據(jù)共點(diǎn)力平衡得：3Xksina=3mg聲+R，解得：Q=§■6曬評(píng)，故D正確。2kq故選：ABD。二、必考題9．（6分）如圖為“驗(yàn)證動(dòng)能定理”的實(shí)驗(yàn)裝置，用拉力傳感器記錄小車受到拉力F的大小，在長(zhǎng)木板上相距適當(dāng)距離的A、B兩點(diǎn)各安裝一個(gè)速度傳感器，分別記錄小車通過(guò)A、B時(shí)的速率，要求拉力傳感器的示數(shù)即為小車所受的合外力。（1）為了完成實(shí)驗(yàn)，除了測(cè)量小車受到拉力的大小F、小車通過(guò)A、B時(shí)的速率vA和vB外，還需要測(cè)量AB間的距離X；小車和車上拉力傳感器的總質(zhì)量M（寫出物理量的名稱和符號(hào)）；需要驗(yàn)證的物理關(guān)系式為爐/皿|2（2）與本實(shí)驗(yàn)有關(guān)的下列說(shuō)法正確的是ADA.要調(diào)整長(zhǎng)木板的傾斜角度，平衡小車受到的摩擦力B.應(yīng)先釋放小車，再接通速度傳感器的電源C.改變所掛鉤碼的數(shù)量時(shí)，要使所掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量D.該實(shí)驗(yàn)裝置也可以用來(lái)驗(yàn)證牛頓第二定律。顰偉瞬勒襁器顰能蜻由E ；【分析】驗(yàn)證動(dòng)能定理，需判斷出拉力對(duì)小車做功是否等于小車動(dòng)能的變化量，即可判斷出，根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理求得需要測(cè)量的物理量和實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)即可【解答】解：（1）要測(cè)量拉力對(duì)小車所做的功，故需要測(cè)量AB間的距離X,還要測(cè)量小車和車上傳感器動(dòng)能的變化量，故還需要測(cè)量小車和車上傳感器的總質(zhì)量M根據(jù)動(dòng)能定理需要驗(yàn)證的股卷皿|白.：(2)A、小車受到的拉力是通過(guò)傳感器獲得的，傳感器的示數(shù)為小車受到的合力，故必須平衡摩擦力，故A正確；B、應(yīng)該先接通電源后再釋放小車，故B錯(cuò)誤；C、由于拉力時(shí)通過(guò)傳感器測(cè)得的，股不需要滿足所掛鉤碼的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，故C錯(cuò)誤D、該實(shí)驗(yàn)裝置也可以用來(lái)驗(yàn)證牛頓第二定律，故D正確故答案為：(1)AB間的距離x；小車和車上拉力傳感器的總質(zhì)量M；「了一工mvg-^inva(2)AD10．(8分)為了測(cè)定一組干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，提供了下列器材：A.待測(cè)的干電池B.電流表A1C.電流表A2D.滑動(dòng)變阻器R(0?20Q,2A)E.定值電阻R0(2k。)F.開(kāi)關(guān)和導(dǎo)線若干某同學(xué)發(fā)現(xiàn)上述器材中沒(méi)有電壓表，但給出了兩個(gè)電流表，于是他設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路來(lái)完成實(shí)驗(yàn)(1)在實(shí)驗(yàn)操作過(guò)程中，如將滑動(dòng)變阻器的滑片P向右滑動(dòng)，則電流表A1的示數(shù)將變小(選填“變大”、“不變”或“變小”)。(2)圖乙為該同學(xué)利用測(cè)出的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的兩個(gè)電流變化圖線，其中IA、IB，分別代表兩電流表的示數(shù)，但不清楚分別代表哪個(gè)電流表的示數(shù)。請(qǐng)你由圖線計(jì)算被測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E=3V,內(nèi)阻r=2。。(3)用上述方法測(cè)出的電池電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)電阻r與真實(shí)值相比D(A)E偏大，r偏小 (B)E偏小，r偏大

(C)E偏大，r偏大(D(C)E偏大，r偏大【分析】(1)滑動(dòng)變阻器在電路中應(yīng)起到調(diào)節(jié)電流的作用，滑片P向右滑動(dòng)時(shí)R值減小，電流表1的示數(shù)和電流表2的示數(shù)都變化，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律和閉合電路歐姆定律進(jìn)行分析即可明確示數(shù)的變化。(2)由閉合電路歐姆定律可得出與題目中給出儀器有關(guān)的表達(dá)式，再由數(shù)學(xué)規(guī)律可得出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。(3)分析電路中電表內(nèi)阻的影響，從而明確實(shí)驗(yàn)誤差，找出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻與真實(shí)值之間的關(guān)系?！窘獯稹拷猓?1)滑動(dòng)變阻器在電路中應(yīng)起到調(diào)節(jié)電流的作用，滑片P向右滑動(dòng)時(shí)R接入阻值減小，與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)的電流表示數(shù)變小，而與之并聯(lián)的電流表示數(shù)增大；故電流傳感器2的示數(shù)變大，電流傳感器1的示數(shù)變小。(2)由閉合電路歐姆定律以及對(duì)應(yīng)的圖象可知，I1與定值電阻串聯(lián)充當(dāng)電壓表使用，則有：以丘R以丘RD+rI2；由數(shù)學(xué)知可得：圖象中的b=^^；叫+r叫+r由圖可知：b=1.50；k=L砧T.匹X10-3=1X10-3；0.45-0.15故解得：E=3V,r=2Q；(3)本題中傳感器1與定值電阻串聯(lián)充當(dāng)電壓表使用；本實(shí)驗(yàn)中由于電流表1的分流，使電流表2中電流測(cè)量值小于真實(shí)值，而所測(cè)量并計(jì)算出的電壓示數(shù)是準(zhǔn)確的，當(dāng)電路短路時(shí)，電壓表的分流可以忽略不計(jì)，故短路電流為準(zhǔn)確的，則圖象應(yīng)以短流電流向左下移動(dòng)，故圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)減小，圖象的斜率減小，故電動(dòng)勢(shì)減小，內(nèi)阻小于真實(shí)值；故D正確，ABC錯(cuò)誤。故答案為：(1)變?。?2)3,2；(3)D。

11．（14分）如圖所示為水上游樂(lè)園的設(shè)施，由彎曲滑道、豎直平面內(nèi)的圓形滑道，水平滑道及水池組成，桶形圓形滑道外側(cè)半徑R=2m,圓形滑道的最低點(diǎn)的水平入口B和水平出口B’相互錯(cuò)開(kāi)，為保證安全，在圓形滑道內(nèi)運(yùn)動(dòng)時(shí)，要求緊貼外側(cè)滑行，水面離水平軌道高度h=5m，現(xiàn)游客從滑道A點(diǎn)由靜止滑下，游客可視為質(zhì)點(diǎn)，不計(jì)一切阻力，重力加速度g取10m/s2,求：（1）起滑點(diǎn)A至少離水平滑道多高？（2）為了保證游客安全，在水池中放有長(zhǎng)度為L(zhǎng)=5m的安全氣墊MN，其厚度不計(jì)，滿足（1）的游客恰好在M端，要使游客能安全落在氣墊上，安全滑下點(diǎn)A距水平滑道的高度取值范圍是多少？【分析（1）對(duì)游客在圓軌道的最高點(diǎn)應(yīng)用牛頓第二定律求得速度，再由機(jī)械能守恒即可求得A的高度；（2）根據(jù)（1）求得游客在C點(diǎn)的速度，進(jìn)而由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求得M點(diǎn)距水池左側(cè)的距離，從而得到平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移，進(jìn)而得到C點(diǎn)的速度范圍，再由機(jī)械能守恒即可求得高度范圍。【解答】解：（1）沿圓形外側(cè)滑道滑過(guò)最高點(diǎn)，設(shè)在最高點(diǎn)的速度為v，那么由牛頓第二定律可得：1rl呂《嗒；又有整個(gè)過(guò)程不計(jì)阻力，則只有重力做功，故機(jī)械能守恒，設(shè)起滑點(diǎn)A離水平滑道高H，貝U有：mgH=2mgR+yipv￡>|-iDgR所以，H>|R=5id，即起滑點(diǎn)A至少離水平滑道5m高;（2）水面離水平軌道高度h=5m，故游客做平拋運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:當(dāng)h=5m時(shí),游客在水平軌道上的速度為那么由機(jī)械能守恒可得:：巾打」口啰解得：丫［二；2^H=1OidA；所以，M點(diǎn)距水池左側(cè)的距離范圍為：x1=v1t=10m,那么，要使游客能安全落在氣墊上，則在平拋運(yùn)動(dòng)中水平位移為：10mWxW15m所以，在水平軌道上的速度范圍為：10m/sWv'W15m/s,則設(shè)安全滑下點(diǎn)A距水平滑道的高度為H，，由機(jī)械能守恒可得:嗎二十皿」？，」2所以，I}——，則有：5mWH'W11.25m；2g答：（1）起滑點(diǎn)A至少離水平滑道5m；（2）為了保證游客安全，在水池中放有長(zhǎng)度為L(zhǎng)=5m的安全氣墊MN,其厚度不計(jì)，滿足（1）的游客恰好在M端，要使游客能安全落在氣墊上，安全滑下點(diǎn)A距水平滑道的高度取值范圍是5m?11.25m。12.（19分）如圖所示，dc與ef是無(wú)電阻的導(dǎo)軌，相距為1,固定在水平面內(nèi)，同時(shí)存在圖示方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，de端接有一個(gè)阻值為R的定值電阻，cf端接有一個(gè)電容為C的電容器，距d為x0處的P點(diǎn)有個(gè)小缺口，兩導(dǎo)軌P點(diǎn)左側(cè)無(wú)摩擦，右側(cè)的動(dòng)摩擦因數(shù)為山距P不遠(yuǎn)處導(dǎo)軌中央O點(diǎn)有一個(gè)質(zhì)量為m的粘性物體，將金屬輕桿ab（不計(jì)質(zhì)量，沒(méi)有電阻）緊挨de放置，在水平拉力F作用下向右運(yùn)動(dòng)，拉力F與桿往右運(yùn)動(dòng)的位移x成正比，即：F=kx,當(dāng)桿ab到達(dá)P點(diǎn)時(shí)的速度為v0,試求：（不考慮感應(yīng)電流的磁場(chǎng)，其中〃F二kx〃的k=C）（1）從桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)P點(diǎn)F所做的功和電阻R上放出的熱量；（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大?。唬?）越過(guò)P點(diǎn)后桿粘上物體（物體離開(kāi)水平面）成為一體，開(kāi)讓ab桿維持速度v0勻速運(yùn)動(dòng)一段足夠長(zhǎng)的時(shí)間后撤去外力，那么撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間才能停止運(yùn)動(dòng)？撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)了多長(zhǎng)的距離？ -C林TAXX篦X“X二獷eb f【分析】（1）拉力F與位移x成正比，可用平均力與位移的乘積求F所做的功。電阻R上放出的熱量等于F所做的功。

(2)因?yàn)闂U無(wú)質(zhì)量，所以拉力與安培力大小相等。由此求B的大小。(3)越過(guò)P后，C兩端的電壓U=Blv0.所帶電量q=CBlv0.撤去F后，由于存在摩擦力，所以桿會(huì)減速運(yùn)動(dòng)，運(yùn)用動(dòng)量定理分析速度與時(shí)間的關(guān)系，確定桿的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，再求解時(shí)間和位移?！窘獯稹拷猓?1)由于拉力F與位移x成正比，所以可用平均力求拉力做功，即為：呷=k^一萬(wàn)耳口2 °2 02CRR上放出的熱量等于F所做的功，即為:Q「w2CR(2)因?yàn)闂U無(wú)質(zhì)量，所以拉力必然時(shí)刻等于安培力。則有:解得：B=F=kx解得：B=F=kxo=(3)越過(guò)P后，C兩端的電壓為：U=Blv0。所帶電量為：q0=CU=CBlv0。撤去外力F后，由于存在摩擦力，所以桿會(huì)減速運(yùn)動(dòng)，而電容器放電，取向右為正方向，根據(jù)動(dòng)量定理(設(shè)t時(shí)刻的速度為v，此時(shí)電容器所帶電荷量為q=CBlv)得：(一|img+Bli)^t=m△v兩邊求和得：-pimg￡At+Bl￡iAt=m￡△v即得：_Hmgt+Bl(q0-q)=m(v-v0)一|imgt+CB2l2(v0-v)=-m(v0-v)可得：v=v可得：v=vQ-N卬目tCB212+id可見(jiàn)，桿做加速度為：口 =工CB可見(jiàn)，桿做加速度為：口 =工CB212+w2的勻減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)v=0時(shí)停止運(yùn)動(dòng)，所以撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)時(shí)間為：位移為:x=^p-=-jj-3-答：（1）從桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)至到達(dá)P點(diǎn)F所做的功和電阻R上放出的熱量均為匯堂￡；2CR（2）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為5.|；（3）撤去外力后桿運(yùn)動(dòng)時(shí)間是空1,位移是二i。g 抹目三、[物理-選修3-3]13．（5分）下列說(shuō)法正確的是（）A.液晶像液體一樣具有流動(dòng)性，其光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性B.晶體的各向異性是指晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性能，導(dǎo)電性能和光學(xué)性質(zhì)等各個(gè)性質(zhì)都不一樣C.縫衣針?lè)旁诿藜埳希檬滞兄藜?，放入水中，棉紙浸濕下沉，而縫衣針會(huì)停在水面，這是由于水的表面張力使針沒(méi)有下沉D.潮濕的天氣里，洗了衣服不容易晾干，是因?yàn)榭諝獾南鄬?duì)濕度大E.未飽和汽的壓強(qiáng)一定小于飽和汽壓【分析】液晶光學(xué)性質(zhì)與某些晶體相似，具有各向異性；單晶體的各向異性是指晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性能，導(dǎo)電性能和光學(xué)性質(zhì)等各個(gè)性質(zhì)都不一樣或部分不一樣；作用于液體表面，使液體表面積縮小的力，稱為液體表面張力。它產(chǎn)生的原因是液體跟氣體接觸的表面存在一個(gè)薄層，叫做表面層，表面層里的分子比液體內(nèi)部稀疏，分子間的距離比液體內(nèi)部大一些，分子間的相互作用表現(xiàn)為引力；空氣的相對(duì)濕度越大，濕衣服越不容易干；飽和汽壓是物質(zhì)的一個(gè)重要性質(zhì)，它的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度。飽和汽壓越大，表示該物質(zhì)越容易揮發(fā)?！窘獯稹拷猓篈、液晶是介于液體與晶體之間的一類特殊的物質(zhì)，它們像液體一樣具有流動(dòng)性，具有各向異性。故A正確；B、各向異性是指物質(zhì)的全部或部分化學(xué)、物理等性質(zhì)隨著方向的改變而有所變化，在不同的方向上呈現(xiàn)出差異的性質(zhì)，而不能說(shuō)晶體沿不同方向的導(dǎo)熱性能，導(dǎo)電性能和光學(xué)性質(zhì)等各個(gè)性質(zhì)都不一樣，故B錯(cuò)誤；C、縫衣針浮在水面上不下沉是液體表面張力與重力平衡的結(jié)果，故C正確；口、空氣相對(duì)濕度大，物體表面的水不易蒸發(fā)，所以在潮濕的天氣里，水蒸發(fā)的慢，所以洗了衣服不容易晾干。故D正確；E、飽和汽壓的大小取決于物質(zhì)的本性和溫度，未飽和汽的壓強(qiáng)不一定小于飽和汽壓，還與溫度有關(guān)。故E錯(cuò)誤。故選：ACD。14．（10分）如圖所示，除右側(cè)壁導(dǎo)熱良好外，其余部分均絕熱的氣缸水平放置，MN為氣缸右側(cè)壁，氣缸的總長(zhǎng)度為L(zhǎng)=80cm，一厚度不計(jì)的絕熱活塞將一定質(zhì)量的氮?dú)夂脱鯕夥謩e封閉在左右兩側(cè)（活塞不漏氣），在氣缸內(nèi)距左側(cè)壁d=30cm處設(shè)有卡環(huán)AB，使活塞只能向右滑動(dòng)，開(kāi)始時(shí)活塞在AB右側(cè)緊挨AB，缸內(nèi)左側(cè)氮?dú)獾膲篜1=0.8X105Pa，右側(cè)氧氣的壓強(qiáng)P2=1.0X105Pa，兩邊氣體和環(huán)境的溫度均為t1=27℃，現(xiàn)通過(guò)左側(cè)氣缸內(nèi)的電熱絲緩慢加熱，使氮?dú)鉁囟染徛?，設(shè)外界環(huán)境溫度不變，求：（1）活塞恰好要離開(kāi)卡環(huán)時(shí)氮?dú)獾臏囟?；?）繼續(xù)緩慢加熱氣缸內(nèi)左側(cè)氮?dú)猓沟獨(dú)鉁囟壬咧?27℃，求活塞移動(dòng)的距離?！痉治觯?）活塞恰好要離開(kāi)卡環(huán)時(shí)，兩側(cè)氣體的壓強(qiáng)相等，左側(cè)氮?dú)獍l(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律即可求出活塞恰好要離開(kāi)卡環(huán)時(shí)氮?dú)獾臏囟?；?）對(duì)左側(cè)氮?dú)膺\(yùn)用理想氣體的狀態(tài)方程，對(duì)右側(cè)運(yùn)用玻意耳定律，聯(lián)立即可求出活塞移動(dòng)的距離。【解答】解：（1）活塞恰好要離開(kāi)卡環(huán)時(shí)，氮?dú)鈮簭?qiáng)等于右側(cè)氧氣的壓強(qiáng)P2=1.0X105Pa,選擇氮?dú)庾鳛檠芯繉?duì)象，初狀態(tài)：P1=0.8X105Pa,T1=(27+273)K=300K末狀態(tài)：P2=1.0X105Pa,pp_氮?dú)獍l(fā)生等容變化，根據(jù)查理定律可得：”三AT2解得：T2=375K(2)繼續(xù)緩慢加熱氮?dú)?，使氮?dú)鉁囟壬仙罷3,設(shè)活塞移動(dòng)距離為x,選擇氮?dú)庾鳛檠芯繉?duì)象，初狀態(tài)：P1=0.8X105Pa,T1=300K,V『dS,末狀態(tài)：P3，T3=