2023年云南省云大附中星耀校區(qū)高二物理第二學期期末達標檢測模擬試題含解析

2022-2023高二下物理期末模擬試卷請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、處于n=3能級的大量氫原子，向低能級躍遷時，輻射光的頻率有A．1種 B．2種 C．3種 D．4種2、某同學繪出了一個沿直線運動的物體的加速度a、速度v、位移x隨時間變化的圖象如下圖所示，若該物體在t＝0時刻，初速度均為零，則下列圖象中表示該物體沿單一方向運動的圖象是()．A． B．C． D．3、在如圖所示的v-t圖中，圖線A、B分別表示A、B兩質點的運動情況，則下述正確的是()A．t=1s時，B質點運動方向發(fā)生改變B．t=2s時，A、B兩質點間距離一定等于2mC．A、B兩質點同時從靜止出發(fā)，朝相反的方向運動D．在t=4s時，A、B兩質點相遇4、關于下列實驗及現(xiàn)象的說法正確的是A．圖甲說明蜂蠟是晶體B．圖乙說明氣體速率分布隨溫度變化，且T1>T2C．圖丙說明氣體壓強的大小只與分子的密集程度有關D．圖丁中水黽能停在水面上是因為水的表面張力作用的緣故5、二氧化碳是導致全球變暖的主要原因之一，人類在采取節(jié)能減排措施的同時，也在研究控制溫室氣體的新方法，目前專家們正在研究二氧化碳的深海處理技術．在某次實驗中，將一定質量的二氧化碳氣體封閉在一可自由壓縮的導熱容器中，將容器緩慢移到海水某深處，氣體體積減為原來的一半，不計溫度變化，則此過程中()A．封閉氣體對外界做正功B．封閉氣體向外界傳遞熱量C．封閉氣體分子的平均動能增大D．封閉氣體在此過程中熵一定變大6、一質點沿直線方向做加速運動，它離開O點的距離x隨時間變化的關系為x=3+2t3(m)，它的速度隨時間變化的關系為v=6t2m/s．則該質點在t=2s時的瞬時速度和t=0到t=2s間的平均速度分別為()A．8m/s、24m/sB．24m/s、8m/sC．12m/s、24m/sD．24m/s、12m/s二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示為一汽車在平直的公路上由靜止開始運動的速度圖像，汽車所受阻力恒定．圖中OA為一段直線，AB為一曲線，BC為一平行于時間軸的直線，則A．OA段汽車發(fā)動機的牽引力恒定B．OA段汽車發(fā)動機的功率是恒定的C．BC段汽車發(fā)動機的功率是恒定的D．AB段汽車發(fā)動機的功率不恒定的8、一物體靜止于水平桌面上，兩者之間的最大靜摩擦力為5N，現(xiàn)將水平面內(nèi)三個力同時作用于物體的同一點，三個力的大小分別為2N、2N、3N.下列關于物體的受力情況和運動情況判斷正確的是()A．物體所受靜摩擦力可能為2NB．物體所受靜摩擦力可能為4NC．物體可能仍保持靜止D．物體一定被拉動9、用不可伸長的細線懸掛一質量為M的小木塊，木塊靜止，如圖所示．現(xiàn)有一質量為m的子彈自左方水平射向木塊，并停留在木塊中，子彈初速度為v0，則下列判斷正確的是()A．從子彈射向木塊到一起上升到最高點的過程中系統(tǒng)的機械能守恒B．忽略空氣阻力，子彈和木塊一起上升過程中系統(tǒng)機械能守恒，其機械能等于子彈射入木塊前的動能C．子彈射入木塊瞬間動量守恒，故子彈射入木塊瞬間子彈和木塊的共同速度為D．子彈和木塊一起上升的最大高度為10、如圖所示，一束光從空氣射向折射率的某種玻璃的表面，代表入射角，則()A．折射角隨著入射角的增大而減小B．當時，會發(fā)生全反射現(xiàn)象C．無論入射角為多大，折射角都不會超過D．當時，反射光線跟折射光線恰好互相垂直三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用半徑均為r的小球1和小球2做碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接。安裝固定好實驗裝置，豎直擋板上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，用夾子固定住，小球圓心與O點位置等高。接下來的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由_____（“靜止”或“一定初速度”）滾下，并落在豎直擋板上。重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置P；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞。重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置N、M；步驟3：用毫米刻度尺測得O點與M、P、N三點的豎直方向的距離分別為h1、h2、h3。（1）設球1和球2的質量m1、m2，則關于步驟2中的說法，正確的是_____A．球1、球2的落點分別是N、MB．球1、球2的落點分別是M、NC．如果兩球質量相等，則球2的落點介于ON之間D．球1的質量應該大于球2的質量（2）當所測物理量滿足表達式_____（可以用（2）問中物理量的字母表示）時，即說明兩球碰撞遵守動量守恒定律。12．（12分）在做“用油膜法估測分子的大小”的實驗中：（1）關于油膜面積的測量方法，下列說法中正確的是（.填字母代號）A．油酸酒精溶液滴入水中后，要立刻用刻度尺去量油膜的面積B．油酸酒精溶液滴入水中后，要讓油膜盡可能地散開，再用刻度尺去量油膜的面積C．油酸酒精溶液滴入水中后，要立即將油膜的輪廓畫在玻璃板上，再利用坐標紙去計算油膜的面積D．油酸酒精溶液滴入水中后，要讓油膜盡可能散開，等到狀態(tài)穩(wěn)定后，再把油膜的輪廓畫在玻璃板上，用坐標紙去計算油膜的面積（2）實驗中，將1cm3的油酸溶于酒精，制成200cm3的油酸酒精溶液，又測得1cm3的油酸酒精溶液有50滴，現(xiàn)將1滴溶液滴到水面上，水面上形成0.2m2的單分子薄層由此可估算油酸分子的直徑d＝________m.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示是一種質譜儀的原理圖，粒子源（在狹縫S1上方，圖中未畫出）產(chǎn)生的帶電粒子經(jīng)狹縫S1與S2之間的電場加速后，勻速通過P1和P2兩板間相互垂直的勻強電場和勻強磁場區(qū)域。粒子通過狹縫S3垂直進入另一勻強磁場區(qū)域，在洛倫茲力的作用下帶電粒子打到底片上并被接收、形成一細條紋。若從粒子源產(chǎn)生的粒子初速度為零、電荷量為＋q、質量為m，S1與S2之間的加速電壓為U1，P1和P2兩金屬板間距離為d，勻強磁場的磁感應強度為B1，測出照相底片上的條紋到狹縫S3的距離L，求：(1)粒子經(jīng)加速電場加速后的速度v1；(2)經(jīng)S3垂直進入的勻強磁場的磁感應強度B2。14．（16分）在某次短道速滑接力賽中，質量為50kg的運動員甲以6m/s的速度在前面滑行，質量為60kg的乙以7m/s的速度從后面追上，并迅速將甲向前推出，完成接力過程．設推后乙的速度變?yōu)?m/s，方向向前，若甲、乙接力前后在同一直線上運動，不計阻力，求：⑴接力后甲的速度大小；⑵若甲乙運動員的接觸時間為0.5s，乙對甲平均作用力的大?。?5．（12分）如圖所示，在豎直平面內(nèi)有一質量為2m的光滑“∏”形線框EFCD，EF長為L、電阻為r；FC＝ED＝2L，電阻不計．FC、ED的上半部分(長為L)處于勻強磁場Ⅰ區(qū)域中，且FC、ED的中點與其下邊界重合．質量為m、電阻為3r的金屬棒用最大拉力為2mg的絕緣細線懸掛著，其兩端與C、D兩端點接觸良好，處在磁感應強度為B的勻強磁場Ⅱ區(qū)域中，并可在FC、ED上無摩擦滑動．現(xiàn)將“∏”形線框由靜止釋放，當EF到達磁場Ⅰ區(qū)域的下邊界時速度為v，細線剛好斷裂，Ⅱ區(qū)域內(nèi)磁場消失．重力加速度為g.求：(1)整個過程中，克服安培力做的功；(2)EF剛要出磁場Ⅰ時產(chǎn)生的感應電動勢；(3)線框的EF邊追上金屬棒CD時，金屬棒CD的動能．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：因為是大量處于n=3能級的氫原子，所以根據(jù)可得輻射光的頻率可能有3種，故C正確．考查了氫原子躍遷【方法技巧】解決本題的關鍵知道能級間躍遷輻射或吸收光子的能量等于兩能級間的能級差，知道數(shù)學組合公式的應用，另外需要注意題中給的是“大量”氫原子還是一個氫原子．2、C【解析】試題分析：根據(jù)位移--圖象的斜率等于速度，可知圖象的斜率周期性變化，說明物體的速度大小和方向作周期性變化，物體做的往復運動，故A錯誤；在內(nèi)速度為正值，向正方向運動，在內(nèi)速度為負值，向負方向運動，運動方向發(fā)生改變，故B錯誤；在內(nèi)加速度為正值，物體向正方向做勻加速運動，在內(nèi)加速度為負值，物體沿正方向勻減速運動，末速度為零，接著周而復始，故物體速度的方向不變，故C正確；在內(nèi)，物體向正方向做勻加速直線運動，內(nèi)加速度反向，大小不變，向正方向做勻減直線運動末速度為零，內(nèi)向負方向做勻加速直線運動，運動的方向發(fā)生變化，故D錯誤．考點：勻變速直線運動的圖像、勻變速直線運動的速度與時間的關系【名師點睛】解決本題的關鍵知道速度時間圖線和位移時間圖線的物理意義，以及知道它們的區(qū)別，并且能很好運用．對于圖象，要知道圖象的“面積”表示速度的變化量．3、C【解析】

t=1s時，B開始減速，但速度的方向仍然沿負方向，故方向未發(fā)生改變，故A錯誤；t＝2s時,根據(jù)面積代表位移可知，A的位移為正方向1m,B的位移為負方向的1m,由于不知道開始運動時AB質點兩之間的距離，所以無法知道t=2s時AB之間的距離，但是如果AB從同一位置出發(fā)，t＝2s時，A、B兩質點間距離可能等于2m，故B錯誤；由圖可知，開始時A沿正方向運動，B沿負方向運動，并且初速度均為0，選項C正確；由面積可知物體運動的位移可知：0～4s內(nèi)A和B的位移不同，A的位移大于B的位移，由于不確定初始時刻的位置關系，故無法判斷是否相遇；故D錯誤.．4、D【解析】

圖甲說明組成薄板的物質各向同性，可能是多晶體，或者非晶體，選項A錯誤；圖乙看出溫度越高，各速率區(qū)間的分子數(shù)占總分子數(shù)的百分比的最大值向速度大的方向遷移，可知T2＞T1．故B錯誤；如圖丙可以說明，氣體壓強的大小既與分子動能有關，也與分子的密集程度有關。故C錯誤；水黽停在水面上的原因是水黽受到了水的表面張力的作用；故D正確。5、B【解析】氣體體積減為原來的一半，外界對氣體做正功，故A錯誤．溫度不變，所以氣體的氣體分子的平均動能不變，故C錯誤；根據(jù)熱力學第一定律△U=W+Q，封閉氣體向外界傳遞熱量，故B正確．封閉氣體組成的系統(tǒng)的熵減小，故D錯誤．故選B．點睛：對于熱力學第一定律△U=W+Q，要明確公式中各個物理量的含義，溫度是理想氣體的內(nèi)能變化的標志．6、B【解析】試題分析：質點在t＝2s時的瞬時速度為；0時刻距O點為，2s時距O點為，所以位移為16m，所以平均速度為8m/s．考點：本題考查了位移、平均速度的計算二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】A、OA為一段直線，說明OA段汽車做勻加速直線運動，牽引力不變，根據(jù)，可知，速度增大，牽引力不變，功率增大，故A正確，B錯誤；

C、BC為一平行于時間軸的直線，則汽車做勻速直線運動，牽引力等于阻力，不變，速度也不變，根據(jù)可知，功率不變，故C正確；D、AB為一曲線，斜率逐漸減小，則加速度逐漸減小，牽引力減小，根據(jù)可知，牽引力減小，速度增大，功率可能不變，故D錯誤．點睛：本題主要考查了速度時間圖象和公式的直接應用，要求同學們能根據(jù)速度-時間圖象判斷汽車的運動情況．8、ABC【解析】

2N和2N的合力范圍為[0，4N]，3N在此范圍內(nèi)，故當兩個2N合力為3N時，再與第三個力大小相等方向相反，則三個力的合力為0，故2N，2N，3N三個力的合力范圍為[0，7N]；2N在三個力的合力范圍內(nèi)，故當三個力的合力為2N時，物體所受靜摩擦力為2N，故A正確；4N在三個力的合力范圍內(nèi)，故當三個力的合力為4N時，物體所受靜摩擦力為4N，故B正確；當三個力的合力小于最大靜摩擦力5N時，物體仍保持靜止狀態(tài)，故C正確，D錯誤；故選ABC．【點睛】本題考查的是三個力的合力范圍，處理時，先求得兩個力的合力范圍，若第三個力在其兩個力的合力范圍內(nèi)，則合力最小值為0，若不在兩個力的合力范圍內(nèi)，則與第三個力最接近的那個力的差值為最小值．9、CD【解析】A.從子彈射向木塊到一起運動到最高點的過程可以分為兩個階段：子彈射入木塊的瞬間系統(tǒng)動量守恒，但機械能不守恒，有部分機械能轉化為系統(tǒng)內(nèi)能，之后子彈在木塊中與木塊一起上升，該過程只有重力做功，機械能守恒但總能量小于子彈射入木塊前的動能，故A錯誤，B錯誤；C.規(guī)定向右為正方向，由子彈射入木塊瞬間系統(tǒng)動量守恒可得：mv0=(m+M)v′所以子彈射入木塊后的共同速度為：v′=，故C正確；D.之后子彈和木塊一起上升，該階段根據(jù)機械能守恒得：，可得上升的最大高度為：h=，故D正確；故選CD.點睛：子彈射入木塊過程，由于時間極短，子彈與木塊間的內(nèi)力遠大于系統(tǒng)外力，故可由動量守恒定律列式求解；子彈和木塊系統(tǒng)由于慣性繼續(xù)上升，由于繩子的拉力不做功，只有重力做功，故系統(tǒng)機械能守恒，可以運用動能定理求解．10、CD【解析】

A.根據(jù)折射率，折射角隨著入射角的增大而增大，故A錯誤；B.因為光是從空氣進入玻璃，無論入射角多大，都不可能發(fā)生全反射．故B錯誤；C.當入射角i=90°時，折射角最大，根據(jù)，sinr=，得：r=45°，所以無論入射角i是多大，折射角r都不會超過45°，故C正確；D.當反射光線跟折射光線恰好互相垂直時，設入射角為i，折射角為r，有i+r=90°，由=tani，故D正確．故選CD【點睛】發(fā)生全反射的條件是：一、光必須從光密介質進入光疏介質，二、入射角大于或等于臨界角．根據(jù)折射定律可求出折射角的大?。鶕?jù)反射定律和幾何知識分析反射光線與折射光線的關系．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、靜止BDm1h2=m【解析】

第一空、靜止。為控制小球到達軌道末端時的速度相等，不放小球2時，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下。第二空、BD。AB、小球離開軌道后做平拋運動，小球在水平方向的位移d相等，小球做平拋運動的時間t=dv0，小球在豎直方向的位移為：h=12gt2=gd22v02，由于g、d都相等，小球的初速度v0越大，小球下落的高度h越小，兩球碰撞后入射球1的速度小于被碰球2的速度，因此球1的豎直分位移大于球2的豎直分位移，由圖示可知，球1、球2C、如果兩球質量相等，兩球發(fā)生彈性碰撞后兩球交換速度，碰撞后球1靜止、球2做平拋運動，球2的落點為P，故C錯誤。D、為防止入射球反彈，球1的質量應大于球2的質量，故D正確。第三空、m1h2=m小球離開軌道后做平拋運動，水平方向：d=v0t，豎直方向：h=12gt2，解得：v0=d2hg由題意可知，碰撞前球1的速度為：v0=dg碰撞后球1的速度為：v1=dg碰撞后球2的速度為：v2=dg碰撞過程系統(tǒng)動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m1v0＝m1v1+m2v2，整理得：m1