湖南省常德市桃源縣第七中學2022年高二物理聯考試卷含解析

湖南省常德市桃源縣第七中學2022年高二物理聯考試卷含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.如圖，一個矩形線圈與通有相同大小的電流平行直導線同一平面，而且處在兩導線的中央，則（

）A．電流同向時，穿過線圈的磁通量為零B．兩電流反向時，穿過線圈的磁通量為零C．兩電流同向或反向時，穿過線圈的磁通量都相等D．因兩電流產生的磁場是不均勻的，因此不能判斷穿過線圈的磁通量是否為零參考答案：A2.（單選）兩個半徑相等體積不能忽略的金屬球相距r,它們帶有等量同種電荷q時，相互間的庫侖力為F1，若距離不變，它們帶有等量異種電荷q時，庫侖力為F2，則兩力大小（

）。A．F1＞F2

B．F1＜F2

C．F1＝F2

D．無法確定參考答案：B3.如圖所示，L1、L2、L3為等勢面，兩相鄰等勢面間電勢差相同，取L2的電勢為零，有一負電荷在L1處動能為30J，運動到L3處動能為10J，則電荷的電勢能為4J時，它的動能是(不汁重力和空氣阻力)(

)(A)6J

(B)4J

(C)16J

(D)14J參考答案：C4.一束幾種不同的正離子,垂直射入有正交的勻強磁場和勻強電場區(qū)域里,離子束保持原運動方向未發(fā)生偏轉.接著進入另一勻強磁場,發(fā)現這些離子分成幾束如圖.對這些離子,可得出結論(

)A、它們的動能一定各不相同

B、它們的電量可能各不相同C、它們的質量一定各不相同

D、它們的荷質比一定各不相同參考答案：BD5.對于力的沖量的說法，正確的是A．力越大，力的沖量就越大B．作用在物體上的力大，力的沖量也不一定大C．F1與作用時間t1的乘積F1t1等于F2與作用時間t2的乘積F2t2，則這兩個沖量相同D．靜置于地面的物體受水平推力F的作用，經時間t仍靜止，則此推力的沖量為零參考答案：BC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.如圖所示，在直角坐標系的原點O處有一放射源，向四周均勻發(fā)射速度大小相等、方向都平行于紙面的帶電粒子。在放射源右邊有一很薄的擋板，擋板與xoy平面交線的兩端M、N與原點O正好構成等腰直角三角形。已知帶電粒子的質量為m，帶電量為q，速度為υ，MN的長度為L。若在y軸右側加一平行于x軸的勻強電場，要使y軸右側所有運動的粒子都能打到擋板MN上，則電場強度E0的最小值為__________

,在電場強度為E0時，打到板上的粒子動能為______________.參考答案：

7.用加速后動能Ek0的質子H轟擊靜止的原子核X，生成兩個動能均為Ek的He核，并釋放出一個頻率為ν的γ光子。寫出上述核反應方程：______。這次核反應中的質量虧損為______(光在真空中傳播速度為c)。參考答案：8.（3分）電源的電動勢為4.5V，內阻為0.5Ω，外電路的電阻為4.0Ω，則路端電壓等于

V。參考答案：4.0

9.兩個輸入端均為1時，輸出才為1的門電路是

門，兩個輸入端中只要有一個輸入端為1，輸出端就為1的門電路是

門。參考答案：與

或10.如圖是正弦式電流的圖像，由圖可知：該交變電流的頻率為

Hz，電壓的有效值為

V。參考答案：

50

；

100

11.某簡諧運動的位移與時間關系表示為：x=0.1sin（100πt+）cm，由此可知該振動的振幅是0.1cm，頻率是50Hz，零時刻振動物體的初相位為．參考答案：解：據題簡諧運動的位移與時間關系為：x=0.1sin（100πt+）cm；根據簡諧運動的表達式為x=Asin（ωt+φ），知：振幅為：A=0.1cm；圓頻率為：ω=100πrad/s，則由ω=2πf得：頻率f=Hz=50Hz，初相位為故答案為：0.1，50，．12.如圖所示為多用表在測量時指針在刻度盤上停留的位置，若選擇旋鈕在：（1）“×1kΩ”位置，則測量值為_____；（2）直流“10V”位置，則測量值為_______；（3）直流“50mA”位置，則測量值為________。參考答案：（1）32kΩ

（2）4.4V

（3）22mA13.如圖所示，線圈ABCO面積為0.4m2，勻強磁場的磁感應強度B=0.1T，方向為x軸正方向，通過線圈的磁通量為_________Wb。在線圈由圖示位置繞z軸向下轉過60°的過程中，通過線圈的磁通量改變了_________Wb。(可以用根式表示)參考答案：三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.如圖所示，有兩個質量均為m、帶電量均為q的小球，用絕緣細繩懸掛在同一點O處，保持靜止后懸線與豎直方向的夾角為θ=30°，重力加速度為g，靜電力常量為k.求：(1)帶電小球A在B處產生的電場強度大??；(2)細繩的長度L.參考答案：（1）（2）（1）對B球，由平衡條件有：mgtan

θ=qE帶電小球在B處產生的電場強度大?。?/p>

（2）由庫侖定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【點睛】本題關鍵是對物體受力分析，然后結合共點力平衡條件、庫侖定律和電場強度的定義列式求解．15.（6分）現代家庭電器化程度越來越高，用電安全是一個十分突出的問題。下表提供了一組部分人的人體電阻平均值數據。測量項目完全干燥時出汗或潮濕時電阻電流（加220V）電阻電流（加220V）手與手之間200kΩ1.1×10-3A5kΩ

手與腳之間300kΩ7.3×10-4A8kΩ

手與塑料鞋底之間400kΩ5.5×10-4A10kΩ

①從表中可看出干燥時電阻大約是潮濕時電阻的_______倍。②在空格中填入，對人體加220伏電壓后的電流值。③若對人的安全電流是25mA以下，上述哪幾項是十分危險的。④電路上有規(guī)格為10A的熔絲（俗稱保險絲），如右圖所示用電器R的功率是1500W，這時通過熔絲實際電流是多少？一個潮濕的人，手腳觸電，為什么熔絲不會斷（即熔絲不能救人命）。參考答案：（1）40（2）測量項目完全干燥時出汗或潮濕時電阻電流（加220V）電阻電流（加220V）手與手之間200kΩ1.1×10-3A5kΩ4.4×10-2A手與腳之間300kΩ7.3×10-4A8kΩ2.8×10-2A手與塑料鞋底之間400kΩ5.5×10-4A10kΩ2.2×10-2A（3）潮濕（4）0．15A四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示的平面直角坐標系xOy，在第一象限內有平行于y軸的勻強電場，方向沿y軸負方向；在第四象限的正方形abcd區(qū)域內有勻強磁場，方向垂直于xOy平面向外，正方形邊長為L，且ab邊與y軸平行．一質量為m、電荷量為q的粒子，從y軸上的P（0，h）點，以大小為v0的速度沿x軸正方向射入電場，通過電場后從x軸上的a（2h，0）點進入磁場，最后從b點離開磁場，且速度方向與bc邊成45°角，不計粒子所受的重力．求：（1）判斷粒子帶電的電性，并求電場強度E的大??；（2）粒子到達a點時速度v的大小和方向；（3）求abcd區(qū)域內磁場的磁感應強度B．參考答案：解：（1）粒子帶正電

設粒子在電場中運動的時間為t，則有水平方向：v0t=2h

①豎直方向：h=t2

②聯立①②解得：E=

③（2）粒子在電場中從P到a的過程由動能定理有：qEh=mv2﹣mv02

④聯立③④解得：v=v0根據運動的分解可知：vcosθ=v0解得：θ=45°，方向與x軸正方向成45°角（3）帶電粒子在磁場中運動時，有qvB=m由幾何關系有r=LB=答：（1）判斷粒子帶電的電性，電場強度E的大小E=；（2）粒子到達a點時速度v=v0和方向與x軸正方向成45°角；（3）abcd區(qū)域內磁場的磁感應強度B=．17.如圖所示，一根柔軟的彈性繩子右端固定，左端自由，A、B、C、D…為繩上等間隔的點，相鄰點間間隔為50cm，現用手拉著繩子的端點A使其上下振動，若A點開始向上，經0.1秒第一次達到最大位移，C點恰好開始振動，則：（1）繩子形成的向右傳播的橫波速度為多大；（2）從A開始振動，經多長時間J點第一次向下達到最大位移．參考答案：解：（1）波從A點傳到C點所用時間為t=0.1s，傳播的距離為x=2×50cm=1m，則波速v波==10m/s（2）波由波源傳到J需時間t由t1=s=0.45s

波剛傳到J時，J也向上起振．到負最大位移需t2時間則t2=T=0.3s

所以對應總時間t=t1+t2=0.75s

答：（1）繩子形成的向右傳播的橫波速度為10m/s；（2）從A開始振動，經0.75s長時間J點第一次向下達到最大位移．18.（20分）今年是我國著名物理學家、曾任浙江大學物理系主任的王淦昌先生誕生一百周年。王先生早在1941年就發(fā)表論文，提出了一種探測中微子的方案：原子核可以俘獲原子的K層電子而成為的激發(fā)態(tài)，并放出中微子（當時寫作η）而又可以放出光子而回到基態(tài)由于中微子本身很難直接觀測，能過對上述過程相關物理量的測量，就可以確定中微子的存在，1942年起，美國物理學家艾倫（R.Davis）等人根據王淦昌方案先后進行了實驗，初步證實了中微子的存在。1953年美國人萊因斯（F.Reines）在實驗中首次發(fā)現了中微子，萊因斯與發(fā)現輕子的美國物理學家佩爾（M.L.Perl）分享了1995年諾貝爾物理學獎?，F用王淦昌的方案來估算中微子的質量和動量。若實驗中測得鋰核（）反沖能量（即的動能）的最大值，光子的能量。已知有關原子核和電子靜止能量的數據為；；。設在第一個過程中，核是靜止的，K層電子的動能也可忽略不計。試由以上數據，算出的中微子的動能和靜止質量各為多少？參考答案：解析：根據題意，核和K層電子的動量都為零，在第一個反應中，若用表示激發(fā)態(tài)鋰核的動量，表示中微子的動量，則由動量守恒定律有

（1）即激發(fā)態(tài)鋰核的動量與中微子的動量大小相等，方向相反.在第二個反應中，若用表示反沖鋰核的動量，表示光子的動量，則由動量守恒定律有

（2）由（1）、（2）式得

（3）當鋰核的反沖動量最大時，其反沖能量也最大.由（3）式可知，當中微子的動量與光子的動量同方向時，鋰核的反沖動量最大.注意到光子的動量

（4）有

（5）由于鋰核的反沖能量比鋰核的靜能小得多，鋰核的動能與其動量的關系不必用相對論關系表示，這時有

（6）由（5）、（6）式得