2023年高考浙江卷物理真題（6月）（解析版）

絕密★啟用前2023年6月浙江省普通高校招生選考科目考試物理考生注意：1．答題前，請務必將自己的姓名，準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應區(qū)域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4．可能用到的相關參數(shù)：重力加速度g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列四組物理量中均為標量的是（）A.電勢電場強度 B.熱量功率 C.動量動能 D.速度加速度【答案】B【解析】【詳解】A．電勢只有大小沒有方向，是標量；電場強度既有大小又有方向，是矢量，故A錯誤；B．熱量和功率都是只有大小沒有方向，都是標量，故B正確；C．動量既有大小又有方向，是矢量；動能只有大小沒有方向，是標量，故C錯誤；D．速度和加速度都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故D錯誤。故選B。2.在足球運動中，足球入網(wǎng)如圖所示，則（）A.踢香蕉球時足球可視為質點 B.足球在飛行和觸網(wǎng)時慣性不變C.足球在飛行時受到腳的作用力和重力 D.觸網(wǎng)時足球對網(wǎng)的力大于網(wǎng)對足球的力【答案】B【解析】【詳解】A．在研究如何踢出“香蕉球”時，需要考慮踢在足球上的位置與角度，所以不可以把足球看作質點，故A錯誤；B．慣性只與質量有關，足球在飛行和觸網(wǎng)時質量不變，則慣性不變，故B正確；C．足球在飛行時腳已經(jīng)離開足球，故在忽略空氣阻力的情況下只受重力，故C錯誤；D．觸網(wǎng)時足球對網(wǎng)的力與網(wǎng)對足球的力是相互作用力，大小相等，故D錯誤。故選B。3.鉛球被水平推出后的運動過程中，不計空氣阻力，下列關于鉛球在空中運動時的加速度大小a、速度大小v、動能Ek和機械能E隨運動時間t的變化關系中，正確的是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】【詳解】A．由于不計空氣阻力，鉛球被水平推出后只受重力作用，加速度等于重力加速度，不隨時間改變，故A錯誤；B．鉛球被水平推出后做平拋運動，豎直方向有則拋出后速度大小為可知速度大小與時間不是一次函數(shù)關系，故B錯誤；C．鉛球拋出后的動能可知動能與時間不是一次函數(shù)關系，故C錯誤；D．鉛球水平拋出后由于忽略空氣阻力，所以拋出后鉛球機械能守恒，故D正確。故選D。4.圖為“玉兔二號”巡視器在月球上從O處行走到B處的照片，軌跡OA段是直線，AB段是曲線，巡視器質量為135kg，則巡視器（）A.受到月球的引力為1350N B.在AB段運動時一定有加速度C.OA段與AB段的平均速度方向相同 D.從O到B的位移大小等于OAB軌跡長度【答案】B【解析】【詳解】A．在月球上的g與地球不同，故質量為135kg的巡視器受到月球的引力不是1350N，故A錯誤；B．由于在AB段運動時做曲線運動，速度方向一定改變，一定有加速度，故B正確；C．平均速度的方向與位移方向相同，由圖可知OA段與AB段位移方向不同，故平均速度方向不相同，故C錯誤；D．根據(jù)位移的定義可知從O到B的位移大小等于OB的連線長度，故D錯誤。故選B。5.“玉兔二號”裝有核電池，不懼漫長寒冷的月夜。核電池將衰變釋放的核能一部分轉換成電能。的衰變方程為，則（）A.衰變方程中的X等于233 B.的穿透能力比γ射線強C.比的比結合能小 D.月夜的寒冷導致的半衰期變大【答案】C【解析】【詳解】A．根據(jù)質量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知，衰變方程為即衰變方程中的X=234，故A錯誤；B．是α粒子，穿透能力比γ射線弱，故B錯誤；C．比結合能越大越穩(wěn)定，由于衰變成為了，故比穩(wěn)定，即比的比結合能小，故C正確；D．半衰期由原子核本身決定，與溫度等外部因素無關，故D錯誤。故選C。6.如圖所示，水平面上固定兩排平行的半圓柱體，重為G的光滑圓柱體靜置其上，a、b為相切點，，半徑Ob與重力的夾角為37°。已知，，則圓柱體受到的支持力Fa、Fb大小為（）A.， B.，C.， D.，【答案】D【解析】【詳解】對光滑圓柱體受力分析如圖由題意有故選D。7.我國1100kV特高壓直流輸電工程的送電端用“整流”設備將交流變換成直流，用戶端用“逆變”設備再將直流變換成交流。下列說法正確的是（）A.送電端先升壓再整流 B.用戶端先降壓再變交流C.1100kV是指交流電的最大值 D.輸電功率由送電端電壓決定【答案】A【解析】【詳解】AB．升壓和降壓都需要在交流的時候才能進行，故送電端應該先升壓再整流，用戶端應該先變交流再降壓，故A正確，B錯誤；C．1100kV指的是交流電的有效值，故C錯誤；D．輸電的功率是由用戶端負載的總功率來決定的，故D錯誤。故選A。8.某帶電粒子轉向器的橫截面如圖所示，轉向器中有輻向電場。粒子從M點射入，沿著由半徑分別為R1和R2的圓弧平滑連接成的虛線（等勢線）運動，并從虛線上的N點射出，虛線處電場強度大小分別為E1和E2，則R1、R2和E1、E2應滿足（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】帶電粒子在電場中做勻速圓周運動，電場力提供向心力，則有聯(lián)立可得故選A。9.木星的衛(wèi)星中，木衛(wèi)一、木衛(wèi)二、木衛(wèi)三做圓周運動的周期之比為。木衛(wèi)三周期為T，公轉軌道半徑是月球繞地球軌道半徑r的n倍。月球繞地球公轉周期為，則（）A.木衛(wèi)一軌道半徑為 B.木衛(wèi)二軌道半徑為C.周期T與T0之比為 D.木星質量與地球質量之比為【答案】D【解析】【詳解】根據(jù)題意可得，木衛(wèi)3的軌道半徑為AB．根據(jù)萬有引力提供向心力可得木衛(wèi)一、木衛(wèi)二、木衛(wèi)三做圓周運動的周期之比為,可得木衛(wèi)一軌道半徑為木衛(wèi)二軌道半徑為故AB錯誤；C．木衛(wèi)三圍繞的中心天體是木星，月球的圍繞的中心天體是地球，根據(jù)題意無法求出周期T與T0之比，故C錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力，分別有聯(lián)立可得故D正確。故選D。10.如圖所示，質量為M、電阻為R、長為L的導體棒，通過兩根長均為l、質量不計的導電細桿連在等高的兩固定點上，固定點間距也為L。細桿通過開關S可與直流電源或理想二極管串接。在導體棒所在空間存在磁感應強度方向豎直向上、大小為B的勻強磁場，不計空氣阻力和其它電阻。開關S接1，當導體棒靜止時，細桿與豎直方向的夾角固定點；然后開關S接2，棒從右側開始運動完成一次振動的過程中（）A.電源電動勢 B.棒消耗的焦耳熱C.從左向右運動時，最大擺角小于 D.棒兩次過最低點時感應電動勢大小相等【答案】C【解析】【詳解】A．當開關接1時，對導體棒受力分析如圖所示根據(jù)幾何關系可得解得根據(jù)歐姆定律解得故A錯誤；根據(jù)右手定則可知導體棒從右向左運動時，產(chǎn)生的感應電動勢與二極管正方向相同，部分機械能轉化為焦耳熱；導體棒從左向右運動時，產(chǎn)生的感應電動勢與二極管相反，沒有機械能損失B．當導體棒運動到最低點速度為零時，導體棒損失的機械能轉化為焦耳熱為根據(jù)楞次定律可知導體棒完成一次振動速度為零時，導體棒高度高于最低點，所以棒消耗的焦耳熱故B錯誤；C．根據(jù)B選項分析可知，導體棒運動過程中，機械能轉化為焦耳熱，所以從左向右運動時，最大擺角小于，故C正確；D．根據(jù)B選項分析，導體棒第二次經(jīng)過最低點時的速度小于第一次經(jīng)過最低點時的速度，根據(jù)可知棒兩次過最低點時感應電動勢大小不相等，故D錯誤。故選C。11.如圖所示，置于管口T前的聲源發(fā)出一列單一頻率聲波，分成兩列強度不同的聲波分別沿A、B兩管傳播到出口O。先調節(jié)A、B兩管等長，O處探測到聲波強度為400個單位，然后將A管拉長，在O處第一次探測到聲波強度最小，其強度為100個單位。已知聲波強度與聲波振幅平方成正比，不計聲波在管道中傳播的能量損失，則（）A.聲波的波長 B.聲波的波長C.兩聲波的振幅之比為 D.兩聲波的振幅之比為【答案】C【解析】【詳解】CD．分析可知A、B兩管等長時，聲波的振動加強，將A管拉長后，兩聲波在點減弱，根據(jù)題意設聲波加強時振幅為20，聲波減弱時振幅為10，則可得兩聲波的振幅之比故C正確，D錯誤；AB．根據(jù)振動減弱的條件可得解得故AB錯誤。故選C。12.AB、CD兩塊正對的平行金屬板與水平面成30°角固定，豎直截面如圖所示。兩板間距10cm，電荷量為、質量為的小球用長為5cm的絕緣細線懸掛于A點。閉合開關S，小球靜止時，細線與AB板夾角為30°；剪斷細線，小球運動到CD板上的M點（未標出），則（）A.MC距離為 B.電勢能增加了C.電場強度大小為 D.減小R的阻值，MC的距離將變大【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)平衡條件和幾何關系，對小球受力分析如圖所示根據(jù)幾何關系可得聯(lián)立解得剪斷細線，小球做勻加速直線運動，如圖所示根據(jù)幾何關系可得故A錯誤；B．根據(jù)幾何關系可得小球沿著電場力方向的位移與電場力方向相反，電場力做功為則小球的電勢能增加，故B正確；C．電場強度的大小故C錯誤；D．減小R的阻值，極板間的電勢差不變，極板間的電場強度不變，所以小球的運動不會發(fā)生改變，MC的距離不變，故D錯誤。故選B。13.在水池底部水平放置三條細燈帶構成等腰直角三角形發(fā)光體，直角邊的長度為0.9m，水的折射率，細燈帶到水面的距離，則有光射出的水面形狀（用陰影表示）為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】燈帶發(fā)出的光從水面射出的時發(fā)生全反射臨界角的正弦值則燈帶上的一個點發(fā)出的光的發(fā)生全反射的臨界角如圖所示根據(jù)幾何關系可得則一個點發(fā)出的光在水面上能看到的的圓，光射出的水面形狀邊緣為弧形，如圖所示腰直角三角形發(fā)光體的內切圓半徑滿足解得故中間無空缺。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.熱量能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體B.液體的表面張力方向總是跟液面相切C.在不同的慣性參考系中，物理規(guī)律的形式是不同的D.當波源與觀察者相互接近時，觀察者觀測到波的頻率大于波源振動的頻率【答案】BD【解析】【詳解】A．根據(jù)熱力學第二定律可知熱量能不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故A錯誤；B．液體的表面張力方向總是跟液面相切，故B正確；C．由狹義相對論的兩個基本假設可知，在不同的慣性參考系中，一切物理規(guī)律都是相同的，故C錯誤；D．根據(jù)多普勒效應可知當波源與觀察者相互接近時，觀察者觀測到波的頻率大于波源振動的頻率，故D正確。故選BD。15.有一種新型光電效應量子材料，其逸出功為W0。當紫外光照射該材料時，只產(chǎn)生動能和動量單一的相干光電子束。用該電子束照射間距為d的雙縫，在與縫相距為L的觀測屏上形成干涉條紋，測得條紋間距為?x。已知電子質量為m，普朗克常量為h，光速為c，則（）A.電子的動量 B.電子的動能C.光子的能量 D.光子的動量【答案】BD【解析】【詳解】根據(jù)條紋間距公式可得A．根據(jù)可得故A正確；B．根據(jù)動能和動量的關系結合A選項可得故B錯誤；C．光子的能量故C錯誤；D．光子的動量光子的能量聯(lián)立可得則光子的動量故D正確。故選BD。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16．實驗題（Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三題共14分）16.在“探究平拋運動的特點”實驗中（1）用圖1裝置進行探究，下列說法正確的是________。A.只能探究平拋運動水平分運動的特點B.需改變小錘擊打力度，多次重復實驗C.能同時探究平拋運動水平、豎直分運動的特點（2）用圖2裝置進行實驗，下列說法正確的是________。A.斜槽軌道M必須光滑且其末端水平B.上下調節(jié)擋板N時必須每次等間距移動C.小鋼球從斜槽M上同一位置靜止?jié)L下（3）用圖3裝置進行實驗，豎直擋板上附有復寫紙和白紙，可以記下鋼球撞擊擋板時的點跡。實驗時豎直擋板初始位置緊靠斜槽末端，鋼球從斜槽上P點靜止?jié)L下，撞擊擋板留下點跡0，將擋板依次水平向右移動x，重復實驗，擋板上留下點跡1、2、3、4。以點跡0為坐標原點，豎直向下建立坐標軸y，各點跡坐標值分別為y1、y2、y3、y4。測得鋼球直徑為d，則鋼球平拋初速度v0為________。A.B.C.D.【答案】①.B②.C③.D【解析】【詳解】（1）[1]AC．用如圖1所示的實驗裝置，只能探究平拋運動豎直分運動的特點，故AC錯誤；B．在實驗過程中，需要改變小錘擊打的力度，多次重復實驗，故B正確。故選B。（2）[2]AC．為了保證小球做平拋運動，需要斜槽末端水平，為了保證小球拋出時速度相等，每一次小球需要靜止從同一位置釋放，斜槽不需要光滑，故A錯誤，C正確；B．上下調節(jié)擋板N時不必每次等間距移動，故B錯誤。故選C。（3）[3]A．豎直方向，根據(jù)水平方向聯(lián)立可得故A錯誤；B．豎直方向，根據(jù)水平方向聯(lián)立可得故B錯誤；CD．豎直方向根據(jù)水平方向聯(lián)立可得故D正確，C錯誤。故選D。17.如圖所示，某同學把A、B兩根不同的彈簧串接豎直懸掛，探究A、B彈簧彈力與伸長量的關系。在B彈簧下端依次掛上質量為m的鉤碼，靜止時指針所指刻度、的數(shù)據(jù)如表。鉤碼個數(shù)12…xA/cm7.758.539.30…xB/cm164518.5220.60…鉤碼個數(shù)為2時，彈簧A的伸長量________cm，彈簧B的伸長量________cm，兩根彈簧彈性勢能的增加量________（選填“=”、“<”或“>”）?！敬鸢浮竣?0.78②.1.29③.>【解析】【詳解】[1]鉤碼個數(shù)為2時，彈簧A伸長量[2]彈簧B的伸長量[3]根據(jù)系統(tǒng)機械能守恒定律可知兩根彈簧的重力勢能減少量和鉤碼減少的重力勢能等于彈簧增加的彈性勢能18.在“測量干電池的電動勢和內阻”實驗中（1）部分連線如圖1所示，導線a端應連接到________（選填“A”、“B”、“C”或“D”）接線柱上。正確連接后，某次測量中電壓表指針位置如圖2所示，其示數(shù)為________V。（2）測得的7組數(shù)據(jù)已標在如圖3所示坐標系上，用作圖法求干電池的電動勢________V和內阻________Ω。（計算結果均保留兩位小數(shù)）【答案】①.B②.1.20③.1.50④.1.04【解析】【詳解】（1）[1]電壓表測量的電壓應為滑動變阻器接入電路中電阻絲兩端的電阻，開關應能控制電路，所以導線a端應連接到B處；[2]干電池電動勢約為1.5V，電壓表選擇量程，分度值為0.1V，題圖中電壓表讀數(shù)為1.20V；（2）[3][4]作出如圖所示根據(jù)閉合電路歐姆定律可知圖像縱軸截距為電源電動勢可得圖像斜率的絕對值等于電源內阻19.以下實驗中，說法正確的是（）A.“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗中，充電時電流逐漸增大，放電時電流逐漸減小B.“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，滴入油酸酒精溶液后，需盡快描下油膜輪廓，測出油膜面積C.“觀察光敏電阻特性”和“觀察金屬熱電阻特性”實驗中，光照強度增加，光敏電阻阻值減??；溫度升高，金屬熱電阻阻值增大D.“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關系”實驗中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈接入10V的交流電時，副線圈輸出電壓不為零【答案】CD【解析】【詳解】A．“觀察電容器的充、放電現(xiàn)象”實驗中，充電時電流逐漸減小，放電時電流逐漸增大，故A錯誤；B．“用油膜法估測油酸分子的大小”實驗中，滴入油酸酒精溶液后，需待油酸溶液全部散開,形狀穩(wěn)定后，用一玻璃板輕輕蓋在淺盤上，然后用水筆把油酸溶液的輪廓畫在玻璃板上，測出油膜面積，故B錯誤；C．“觀察光敏電阻特性”實驗中，光照強度增加，光敏電阻阻值減??；“觀察金屬熱電阻特性”實驗中，溫度升高，金屬熱電阻阻值增大，故C正確；D．“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數(shù)的關系”實驗中，如果可拆變壓器的“橫梁”鐵芯沒裝上，原線圈接入10V的交流電時，變壓器的效果減弱，副線圈磁通量還是會發(fā)生變化，副線圈輸出電壓不為零，故D正確。故選CD。20.如圖所示，導熱良好的固定直立圓筒內用面積，質量的活塞封閉一定質量的理想氣體，活塞能無摩擦滑動。圓筒與溫度300K的熱源接觸，平衡時圓筒內氣體處于狀態(tài)A，其體積。緩慢推動活塞使氣體達到狀態(tài)B，此時體積。固定活塞，升高熱源溫度，氣體達到狀態(tài)C，此時壓強。已知從狀態(tài)A到狀態(tài)C，氣體從外界吸收熱量；從狀態(tài)B到狀態(tài)C，氣體內能增加；大氣壓。（1）氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B，其分子平均動能________（選填“增大”、“減小”或“不變”），圓筒內壁單位面積受到的壓力________（選填“增大”、“減小”或“不變”）；（2）求氣體在狀態(tài)C的溫度Tc；（3）求氣體從狀態(tài)A到狀態(tài)B過程中外界對系統(tǒng)做的功W?！敬鸢浮浚?）不變；增大；（2）350K；（3）11J【解析】【詳解】（1）圓筒導熱良好，則氣體從狀態(tài)A緩慢推動活塞到狀態(tài)B，氣體溫度不變，則氣體分子平均動能不變；氣體體積減小，則壓強變大，圓筒內壁單位面積受到的壓力增大；（2）狀態(tài)A時的壓強溫度TA=300K；體積VA=600cm3；C態(tài)壓強；體積VC=500cm3；根據(jù)解得TC=350K（3）從B到C氣體進行等容變化，則WBC=0，因從B到C氣體內能增加25J可知，氣體從外界吸熱25J，而氣體從A到C從外界吸熱14J，可知氣體從A到B氣體放熱11J，從A到B氣體內能不變，可知從A到B外界對氣體做功11J。21.為了探究物體間碰撞特性，設計了如圖所示的實驗裝置。水平直軌道AB、CD和水平傳送帶平滑無縫連接，兩半徑均為的四分之一圓周組成的豎直細圓弧管道DEF與軌道CD和足夠長的水平直軌道FG平滑相切連接。質量為3m的滑塊b與質量為2m的滑塊c用勁度系數(shù)的輕質彈簧連接，靜置于軌道FG上?，F(xiàn)有質量的滑塊a以初速度從D處進入，經(jīng)DEF管道后，與FG上的滑塊b碰撞（時間極短）。已知傳送帶長，以的速率順時針轉動，滑塊a與傳送帶間的動摩擦因數(shù)，其它摩擦和阻力均不計，各滑塊均可視為質點，彈簧的彈性勢能（x為形變量）。（1）求滑塊a到達圓弧管道DEF最低點F時速度大小vF和所受支持力大小FN；（2）若滑塊a碰后返回到B點時速度，求滑塊a、b碰撞過程中損失的機械能；（3）若滑塊a碰到滑塊b立即被粘住，求碰撞后彈簧最大長度與最小長度之差?！敬鸢浮浚?）10m/s；31.2；（2）0；（3）0.2m【解析】【詳解】（1）滑塊a從D到F，由能量關系在F點解得FN=31.2N（2）滑塊a返回B點時的速度vB=1m/s，滑塊a一直在傳送帶上減速，加速度大小為根據(jù)可得在C點的速度vC=3m/s則滑塊a從碰撞后到到達C點解得v1=5m/s因ab碰撞動量守恒，則解得碰后b的速度v2=5m/s則碰撞損失的能量（3）若滑塊a碰到滑塊b立即被粘住，則ab碰后的共同速度解得v=2.5m/s當彈簧被壓縮到最短或者伸長到最長時有共同速度則當彈簧被壓縮到最短時壓縮量為x1，由能量關系解得同理當彈簧被拉到最長時伸長量為x2=x1則彈簧最大長度與最小長度之差22.某興趣小組設計了一種火箭落停裝置，簡化原理如圖所示，它由兩根豎直導軌、承載火箭裝置（簡化為與火箭絕緣的導電桿MN）和裝置A組成，并形成閉合回路。裝置A能自動調節(jié)其輸出電壓確?；芈冯娏鱅恒定，方向如圖所示。導軌長度遠大于導軌間距，不論導電桿運動到什么位置，電流I在導電桿以上空間產(chǎn)生的磁場近似為零，在導電桿所在處產(chǎn)生的磁場近似為勻強磁場，大?。ㄆ渲衚為常量），方向垂直導軌平面向里；在導電桿以下的兩導軌間產(chǎn)生的磁場近似為勻強磁場，大小，方向與B1相同?；鸺裏o動力下降到導軌頂端時與導電桿粘接，以速度v0進入導軌，到達絕緣?？科脚_時速度恰好為零，完成火箭落停。已知火箭與導電桿的總質量為M，導軌間距，導電桿電