2021年廣東省高考物理模擬試卷（二）(含答案詳解)

2021年廣東省高考物理模擬試卷（二）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.許多科學(xué)家為物理學(xué)的發(fā)展做出了巨大貢獻，也創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如理想實驗法、等

效代換法、控制變量法、微元法、建立物理模型法、放大法等等。以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物

理學(xué)方法的敘述不正確的是（）

A.伽利略為了說明力不是維持物體運動的原因用了理想實驗法

B.牛頓巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法

C.在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實驗中采用了控制變量法

D.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻

速直線運動，然后把各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用了微元法

2.如圖所示，裝有彈簧發(fā)射器的小車放在水平地面上，現(xiàn)將彈簧壓縮鎖3/

定后放入小球，再解鎖將小球從靜止斜向上彈射出去，不計空氣阻力

和一切摩擦。從靜止彈射到小球落地前的過程中，下列判斷正確的是

（）

A.小球的機械能守恒，動量守恒

B.小球的機械能守恒，動量不守恒

C.小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量不守恒

D.小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量守恒

3.如圖所示，a、b為某電場線上的兩點，那么以下結(jié)論正確的是（）

ab

A.把正電荷從a移到b,電場力做負功，電荷的電勢能減少

B.把負電荷從a移到b,電場力做負功，電荷的電勢能增加

C.把負電荷從a移到b,電場力做正功，電荷的電勢能增加

D.不論正電荷還是負電荷，從a移到b電勢能逐漸降低

4.一物體放置在粗糙水平面上，處于靜止狀態(tài)，從t=0時刻起，用j

一水平向右的拉力F作用在物塊上，且F的大小隨時間從零均勻增

大，則下列關(guān)于物塊的加速度a、摩擦力外、速度。隨F的變化圖象正確的是（）

A.B.

5.如圖所示，質(zhì)量為m的物體以速度"滑上水平傳送帶，傳送帶由電動

機帶動，始終保持以速度及勻速運動，物體與傳送帶間的動摩擦因

數(shù)為〃，物體最終能與傳送帶相對靜止，重力加速度為g,對于物體從開始滑上到相對傳送帶靜

止這一過程，下列說法不正確的是（）

A.相對運動時間為高B.傳送帶對物體做功蛔

4g2

C.摩擦生熱若D.電動機做功為哈

6.一輛汽車在教練場上沿水平道路行駛，如果在坐標系里研究該汽車的運

動情況如右圖所示：坐標軸的物理意義不同，表示物體運動規(guī)律就不同，

請完成16題、17題、18題。

以橫坐標表示運動物體的運動時間3以縱坐標表示它運動的速度/該圖象

描寫了汽車在三段時間的u-t圖象。以下關(guān)于汽車運動說法正確的是（）

A.汽車在三段時間運動的圖象和時間軸所圍的面積表示汽車在這三段時間運動的位移

B.汽車在三段時間分別做勻速運動、靜止和勻減速運動

C.汽車在三段時間分別做勻速運動、靜止和勻速運動

D.汽車運動的軌跡不在一條直線上

7.一個不計重力的帶負電的粒子，沿圖中箭頭所示方向進入磁場，磁場方向垂

直于紙面向里，則粒子的運動軌跡（）

A.為a軌跡

B.為b軌跡

C.為c軌跡

D.不能確定哪一條軌跡

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

8.如圖所示，理想變壓器的原線圈連接一只理想交流電流表，副線圈

匝數(shù)可以通過滑動觸頭Q來調(diào)節(jié)，在副線圈兩端連接了定值電阻網(wǎng)

和滑動變阻器R，P為滑動變阻器的滑動觸頭。在原線圈上加一電壓

為U的正弦交流電，則（）

A.保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表讀數(shù)變大

B.保持Q的位置不動，將P向上滑動時，電流表讀數(shù)變小

C.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表讀數(shù)變大

D.保持P的位置不動，將Q向上滑動時，電流表讀數(shù)變小

9.一行星繞恒星做圓周運動.由天文觀測可得，其運行周期為7,速度為"，引力常量為G,則（）

A.恒星的質(zhì)量為?B.行星的質(zhì)量為空

C.行星運動的軌道半徑為巴D.行星運動的加速度為《

71T

10.一正弦交流電的電壓隨時間變化的規(guī)律如圖所示，由圖可知（）

A.該交流電的電壓的有效值為100V

B.該交流電的頻率為0.25Hz

C.該交流電壓瞬時值的表達式為"=lOOsin507rt（V）

D.若將該交流電壓加在阻值為1000的電阻兩端，該電阻消耗的功率為50〃

11.下列說法中，正確的是（）

A.晶體熔化時吸收熱量，分子平均動能一定增加

B.布朗運動反映了固體小顆粒內(nèi)分子的無規(guī)則運動

C.熱量可以從低溫物體傳給高溫物體

D.夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進低溫的冰箱中會變扁，此過程中瓶內(nèi)空氣內(nèi)能減小，外界

對其做功

12.如圖所示，半圓柱形玻璃磚的圓心為。.一束復(fù)色光束以入射角i=

30。由玻璃磚內(nèi)射向0點，折射后分為兩束單色光束a、b,其中單色光

束a的折射角恰為r=45。，則下列說法正確的是（）

A.玻璃磚對單色光b的折射率應(yīng)略小于魚

B.在水中的傳播速度：光束a比光束b大

C.若光束從水中射向空氣，則光束a的臨界角比光束b的臨界角小

D.光束a比光束b更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象

E.在光的雙縫干涉實驗中，僅將入射光束由a改為b,則條紋間隔變窄

三、實驗題（本大題共2小題，共15.0分）

13.如圖（a）為“用D/S研究加速度和力、質(zhì)量的關(guān)系”的實驗裝置.某同學(xué)用此裝置驗證在質(zhì)量不

變的情況下，加速度與合外力成正比的關(guān)系.

（1）（單選題）改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復(fù)測量，得到a-尸關(guān)系圖線，如圖（b）.此圖線的段明顯

偏離直線，造成此誤差的主要原因是

4.小車與軌道之間存在摩擦B.導(dǎo)軌保持了水平狀態(tài)

C.所用小車的質(zhì)量太大。.所掛鉤碼的總質(zhì)量太大

位移傳勒0（期需）仗6傳田同（盤收需）

Q”魅?沙子n

沙桶圖（Q

（2）該同學(xué)分析誤差后，對實驗進行了如下改進：把鉤碼換成沙桶，小車內(nèi)也裝載部分沙子，車的總

質(zhì)量M（包括車、車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量），如圖（c）.從車上取出一些沙子，裝入沙桶中，稱

量并記錄沙桶的總重力mg,將該力視為合外力F,多次重復(fù)測量，得到a-尸關(guān)系圖線.圖象是

一條過原點的直線.

①改進實驗后的a-F關(guān)系圖線斜率的物理意義是：.

②改進實驗后，a-F關(guān)系圖線不再發(fā)生偏離直線現(xiàn)象，請簡要說明理由.

14.太陽能是一種清潔、綠色能源.在上海舉辦的2010年世博會上，大量使用了太陽能電池.太陽

能電池在有光照時，可以將光能轉(zhuǎn)化為電能；在沒有光照時，可以視為一個電學(xué)器件.某實驗

小組通過實驗，探究一個太陽能電池在沒有光照時(沒有儲存電能)的1-U特性.所用的器材包

括：太陽能電池，電源E,電流傳感器，電壓傳感器，滑動變阻器R,開關(guān)S及導(dǎo)線若干.

(1)為了描繪出完整的/-U特性曲線，在圖1中A處接傳感器，8處接傳感器，并將圖

(a)連成完整的實驗電路圖.

(2)該實驗小組根據(jù)實驗得到的數(shù)據(jù)，描點繪出了如圖(b)的/-U圖象，圖中PQ為過P點的切線.由

圖可知，當電壓小于2.00U時，太陽能電池的電阻(選填“很大”或“很小”)；當電壓

為2.80V時，太陽能電池的電阻約為Q.

四、計算題(本大題共4小題，共52.0分)

15.如圖所示，在xOy平面的第一、四象限內(nèi)存在著兩個大小不同、方向豎直向上的有界勾強電場后2、

x軸和ab為其左右邊界，兩邊界

距離為I=2.4r,在y軸的左側(cè)有一勻強磁場均勻分布在半徑為r的圓內(nèi)，方向垂直紙面向里，其中。。'

是圓的半徑，一質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子由ab邊界上的距x軸1.2r處的M點垂宜電場以初速

度發(fā)射入，經(jīng)電場E］、多各偏轉(zhuǎn)一次后垂直y軸上的P點射出，P點坐標為(0,0.6r),經(jīng)過一段時

間后進入磁場區(qū)域，已知粒子在磁場中運動的時間是其在磁場運動周期的四分之一，粒子重力

不計，求:

(1)電場強度邑和％的大??；

(2)磁感應(yīng)強度B的大??；

(3)粒子從M點射入到離開磁場的總時間。

16.一個重力不計的帶電粒子，以大小為V的速度從坐標(04)的a點，平行于支

軸射入磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直紙面向外的圓形勻強磁場區(qū)域，并

從x軸上b點射出磁場，射出速度方向與x軸正方向夾角為60。，如圖所示。

求：

(1)帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑；

(2)帶電粒子的比荷

(3)粒子從a點運動到b點的時間；

(4)其他條件不變，要使該粒子恰從0點射出磁場，粒子入射速度的大小。

17.如圖所示，兩豎直且正對放置的導(dǎo)熱氣缸底部由細管道(體積忽略不計)連通,

兩活塞a、b用剛性杠桿相連，可在兩氣缸內(nèi)無摩擦地移動。上下兩活塞(厚H

22

度不計)的橫截面積分別為Si=10cm>S2~20cm,兩活塞總質(zhì)量為M=

5kg,兩氣缸高度均為H=10cm。氣缸內(nèi)封有一定質(zhì)量的理想氣體，系統(tǒng)H

平衡時活塞a、b到氣缸底的距離均為L=5cm(圖中未標出)，已知大氣壓強

為Po=1.0xlt)5pa,環(huán)境溫度為To=300K,重力加速度g取lOm/s?,求:

(1)若緩慢升高環(huán)境溫度，使活塞緩慢移到一側(cè)氣缸的底部，求此時環(huán)境溫度;

(2)若保持溫度不變，用豎直向下的力緩慢推活塞6,在活塞b由開始運動到氣缸底部過程中，求向下

推力的最大值。

18.(8分)如圖所示，實線是某時刻的波形圖像，虛線是0.2s后的波形圖。

(1)若波向左傳播，求波傳播的可能距離;

(2)若波向右傳播，求波的最大周期；

(3)若波速為35m/s,求波的傳播方向.

參考答案及解析

I.答案：B

解析：

根據(jù)物理方法和常識解答，記住常見的物理學(xué)方法以及著名物理學(xué)家的主要貢獻即可。

物理學(xué)的發(fā)展離不開科學(xué)的思維方法，要明確各種科學(xué)方法在物理中的應(yīng)用，如控制變量法、理想

實驗、理想化模型、極限思想等

人伽利略為了說明力不是維持物體運動的原因用了理想實驗法，故A正確；

員卡文迪許巧妙地運用扭秤測出引力常量，采用了放大法，故B錯誤；

C在探究加速度與力和質(zhì)量關(guān)系的實驗中采用了控制變量法，故C正確；

。.在推導(dǎo)勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看做勻速直

線運動，然后將各小段的位移相加，其和代表物體的位移，這里采用的是微元法，故。正確。

本題選敘述不正確的，故選8。

2.答案：C

解析：解：AB,從靜止彈射到小球落地前的過程中，由于彈簧的彈力對小球做功，小球的機械能不

守恒。由于小球所受的合外力是重力，不等于零，則其動量不守恒，故AB錯誤。

C0、小球、彈簧和小車組成的系統(tǒng)，只有重力和彈簧的彈力做功，系統(tǒng)的機械能守恒。系統(tǒng)豎直方

向的合外力不為零，所以系統(tǒng)的動量不守恒，故C正確，O錯誤。

故選：Co

機械能守恒的條件是只有重力或彈力做功，分析做功情況，來判斷小球和系統(tǒng)的機械能是否守恒。

動量守恒的條件是合外力，分析外力情況，判斷動量是否守恒。

解決本題的關(guān)鍵是掌握機械能守恒和動量守恒的條件，要注意兩種守恒條件的區(qū)別，不能搞混。

3.答案：B

解析：解：4、正電荷受到電場力的方向與電場強度方向相同，所以把正電荷從a移到b,電場力做

正功，電勢能減小，故A錯誤；

8、負電荷受到電場力的方向與電場強度方向相反，把負電荷從a移到b,電場力做負功，電荷的電

勢能增加，故B正確，C錯誤；

D、由4B可知，。錯誤.

故選：B

根據(jù)順著電場線方向電勢降低，判斷ab兩點電勢的高低，根據(jù)電場力做功正負判斷電勢能的大小.

本題考查對電場線物理意義的理解.電場線的方向反映電勢的高低.由電場力做功正負，即可判斷

電勢能的變化.

4.答案:B

解析：解：由題意可知，拉力F的大小隨時間從零開始均勻增大，則：F=kt,k為常數(shù)，尸與t成正

比；

D、當拉力小于等于最大靜摩擦力時物塊靜止，由平衡條件得：Ff=F,與-F圖象的斜率為45。，

當拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運動，物塊受到的摩擦力為滑動摩擦力，滑動摩擦力大小不

隨F變化而變化，。不變，由圖示圖象可知，。錯誤；

A、當拉力小于等于最大靜摩擦力時物塊靜止，a=0,當拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運動：

a=,故A錯誤；

mmru

BC、開始物塊靜止，v=0,拉力大于最大靜摩擦力后，物塊做加速運動，。=at=(￡-^g)t=(￡-

〃g)x”捺-扁，故8正確，c錯誤;

故選:Bo

當拉力小于等于最大靜摩擦力時物塊靜止，當拉力大于最大靜摩擦力后物塊做加速運動，根據(jù)物塊

的受力情況應(yīng)用牛頓第二定律分析答題。

本題考查了牛頓第二定律的應(yīng)用，知道拉力小于等于最大靜摩擦力時物體靜止、分析清楚物體的受

力情況與運動情況是解題的前提，根據(jù)物體受力情況應(yīng)用牛頓第二定律即可解題。

5.答案：D

解析：解：力、物體做勻加速直線運動的加速度為：。=臂=的，則勻加速直線運動的時間為：t=

誓,故A正確。

B、由動能定理得：傳送帶對物體做功為：w=-m(2)2--mv2故8正確。

2kV722

C、在物體勻加速運動的這段時間內(nèi)，傳送帶的位移為：/=2vt=―,物體的位移為：￡2=當々=

2

則兩者相對位移大小為：△%=/一必=;

則摩擦生熱為：Q=△%=.故C正確。

D、電動機做功為：=Q+(|m(2v)2-|mv2)=2mv2,故。不正確。

本題選不正確的，故選：D

物體在傳送帶上先做勻加速運動，后做勻速運動.由牛頓第二定律求出物體勻加速運動的加速度，

由速度公式求相對運動的時間.由動能定理可求傳送帶對物體做功.由位移公式求出物體與傳送帶

間的相對位移，從而得到摩擦生熱.電動機做功等于物體增量和摩擦生熱之和.

解決本題的關(guān)鍵知道物體在傳送帶上發(fā)生相對運動時的運動規(guī)律，以及知道能量的轉(zhuǎn)化，知道電動

機做的功等于物體動能的增加和摩擦產(chǎn)生的內(nèi)能之和.

6.答案：A

解析：解：力、根據(jù)u-t圖象與坐標軸所圍的面積表示位移，知汽車在三段時間運動的圖象和時間

軸所圍的面積表示汽車在這三段時間運動的位移，故4正確。

BC、汽車在三段時間分別做勻加速運動、勻速運動和勻減速運動，故BC錯誤。

￡＞、u-t圖象只能表示直線運動的規(guī)律，知汽車運動的軌跡在同一條直線上，故O錯誤。

故選：4。

v-t圖象與坐標軸所圍的面積表示位移，傾斜的直線表示勻變速直線運動，平行于時間軸的直線表

示勻速直線運動。由此分析。

本題要明確速度圖象的斜率表示加速度，面積表示位移，從而理解圖象的物理意義。

7.答案：C

解析：解：由左手定則可知，帶負電的粒子垂直射入磁場，由左手定則可知，粒子剛進入磁場時所

受洛倫茲力豎直向下，粒子向下偏轉(zhuǎn)，粒子運動軌跡為c,故C正確，錯誤。

故選：Co

應(yīng)用左手定則判斷帶電粒子所受洛倫茲力方向，然后判斷粒子運動軌跡。

本題是對左手定則的直接的應(yīng)用，掌握好左手定則即可判斷粒子的受力的方向.

8.答案：BC

解析：解：AB,在原、副線圈匝數(shù)比一定的情況下，變壓器的輸出電壓由輸入電壓決定。因此，當

Q位置不變時，輸出電壓不變，此時P向上滑動，負載電阻值增大，則輸出電流減小，副線圈負載功

率減小，則原線圈輸入功率也會減小，故輸入電流減小，則電流表的讀數(shù)變小，故A錯誤，8正確；

CD.P位置不變，將Q向上滑動，則輸出電壓變大，輸出電流變大，副線圈負載功率變大，則原線圈

輸入電流也會變大，則電流表的讀數(shù)變大，故C正確，。錯誤；

故選：BC。

本題的關(guān)鍵在于P位置不動時總電阻不變，Q不變時輸出電壓不變，完全利用變壓器特點進行分析。

9答案:AD

解析：解：ABC,根據(jù)圓周運動知識得：D=與得行星運動的軌道半徑為r=?

T27r

行星繞恒星做圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，則得：G^-=m-

由①②得恒星的質(zhì)量M=鑒，根據(jù)題意無法求出行星的質(zhì)量，故A正確，8錯誤，C錯誤；

D、行星運動的向心加速度為：。=藝=紅，故。正確.

rT

故選：AD

先根據(jù)圓周運動知識和已知物理量求出行星運動的軌道半徑.行星繞恒星做圓周運動，根據(jù)萬有引

力提供向心力，列出等式求出中心體的質(zhì)量.

根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式可求出中心體的質(zhì)量，不能求出環(huán)繞體質(zhì)量.

10.答案：CD

解析：解：4、由圖象可知交流電的最大值為100U,因此其有效值為：U=*=50或V,

所以R消耗的功率為：。=竺空=50皿，故A錯誤，。正確；

100

B、由圖可知，7=4x10-2s,故/=25Hz,3=2nf=50rad/s,所以其表達式為"=100sin(50t)V,

故B錯誤，C正確.

故選：CD.

根據(jù)圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值

等.

本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、

角速度等物理量，同時正確書寫交流電的表達式.

11.答案：C。

解析：解：4、晶體熔化時吸收熱量，但溫度不變，故分子平均動能一定不增加，故A錯誤；

B、布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動，反映了液體分子的無規(guī)則運動，故8錯誤；

C、熱量可以從低溫物體傳給高溫物體，但要引起其他的變化，如電冰箱，故C正確；

。、夏天將密閉有空氣的礦泉水瓶放進低溫的冰箱中會變扁，此過程中瓶內(nèi)空氣的溫度降低，內(nèi)能

減小，故。正確；

故選：CD.

晶體具有固定的熔點；布朗運動是懸浮在液體中的固體小顆粒的無規(guī)則運動；氣體分子間距較大，

分子間的勢能可以忽略不計，故氣體分子的內(nèi)能與溫度成正比.

本題考查了晶體與非晶體、布朗運動、熱力學(xué)第二定律、溫度的微觀意義等，知識點多，難度小，

關(guān)鍵是多看書，記住相關(guān)知識點.

12.答案:BDE

解析：解：4、根據(jù)折射率的定義可知a光的折射率：兀0=%=筆=/

由圖知，兩束光的入射角相等，a的折射角小于b的折射角，通過折射定律可知，玻璃磚對b光的折

射率大于對a光的折射率，所以b光的折射率大于近.故A錯誤。

B、由于玻璃磚對b光的折射率大，可知b的頻率大，貝昉對水的折射率也大，由公式分析知，在

水中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度。故8正確。

C、由于b的折射角大于a的折射角，則使入射角i逐漸變大時，b光的折射角先達到90。，發(fā)生全反射

現(xiàn)象，匕的臨界角小，故C錯誤。

。、a的頻率小，則波長大；根據(jù)明顯衍射的條件可知，光束a比光束b更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象。故。正

確；

E、根據(jù)干涉條紋的寬度公式：=可知，在光的雙縫干涉實驗中，僅將入射光束由a改為b,

條紋間隔變窄。故E正確。

故選：BDE。

根據(jù)偏折程度判斷出玻璃磚對兩束光的折射率大小，在真空中所有色光的傳播速度都是c。在介質(zhì)中

根據(jù)u=￡分析傳播速度的大小。對照全反射的條件分析哪束光先發(fā)生全反射；根據(jù)衍射的條件以及

干涉條紋寬度公式分析。

解決本題的關(guān)鍵是通過光路圖比較出折射率，要知道光速與折射率的關(guān)系，掌握全反射的條件。要

注意在真空中所有光的傳播速度是相同的。

13?答案：以島；

解析：解：（1）圖線力B段基本是一條直線，而BC段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是鉤碼總

質(zhì)量過大，大于小車的總質(zhì)量，故。正確；

（2）將車內(nèi)的沙子轉(zhuǎn)移到桶中，就保證了M+m不變，即系統(tǒng)的總質(zhì)量不變，研究對象是整個系統(tǒng),

。=上=2

M+mM+m

可見a-尸圖象斜率的物理意義是念即系統(tǒng)的總質(zhì)量倒數(shù)（小車、盒子及盒內(nèi)沙子、懸掛的桶以及

桶內(nèi)沙子質(zhì)量之和倒數(shù)）

因為實驗的研究對象是整個系統(tǒng)，沙桶總質(zhì)量m（包括桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量）和車總質(zhì)量M（包括車、

車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量）不變，系統(tǒng)受到的合外力就等于mg,所以不需要滿足滿足懸掛的沙桶

總質(zhì)量一定要遠遠小于小車（包括盛沙的盒及盒內(nèi)的砂）的總質(zhì)量，也就不會出現(xiàn)彎曲現(xiàn)象.

故答案為：（1）。（2）①焉；②研究對象是整個系統(tǒng)，沙桶總質(zhì)量m（包括桶以及桶內(nèi)沙子質(zhì)量）和

車總質(zhì)量M（包括車、車上傳感器及車內(nèi)沙子質(zhì)量）不變，系統(tǒng)的合外力就等于所懸掛沙桶的重力?ng,

不必滿足Mm這樣的條件.

（1）當鉤碼質(zhì)量遠小于小車質(zhì)量時，小車受到的拉力近似等于鉤碼受到的重力；如果鉤碼質(zhì)量太大,

小車受到的拉力小于鉤碼重力，圖象發(fā)生彎曲.

（2）該實驗研究的對象為系統(tǒng)，保持系統(tǒng)質(zhì)量不變，沙桶的重力等于系統(tǒng)所受的合力，改變重力即可

改變系統(tǒng)所受的合力，從而可探究加速度與合力的關(guān)系.

解決本題的關(guān)鍵知道該實驗研究的對象是系統(tǒng)，保證系統(tǒng)質(zhì)量不變，改變合力，可探究加速度和合

力的關(guān)系.保持合力不變，改變系統(tǒng)質(zhì)量，可探究加速度與質(zhì)量的關(guān)系.

14.答案：電壓；電流；很大；964（965-1040）.

解析：解：（1）、由圖知4處應(yīng)接電壓傳感器；B處應(yīng)接電流傳感器.

故答案為電壓，電流.電路圖如圖.

（2）、由/?=彳知，/-。圖象的斜率倒數(shù)等于電阻，可知電阻很大，且r=

2.8：焉0=9640.故答案為：很大，964（965?1040）.

此實驗可以類比“伏安法”測電阻的實驗電路.

因太陽能電池內(nèi)阻很大，故電流表傳感器應(yīng)用外接法，滑動變阻器應(yīng)用分

壓式接法.

15.答案：解：（1）微粒在電

場中運動過程：

設(shè)微粒在Ei中運動時間為

在&中運動時間為《2。

微粒水平方向做勻速直線

運動，有：

f

I=v0（i+匕）=2.4/?

在豎直方向上做勻變速直

線運動，則有:

1陪會

0.6R=［蛙曲

2m

又『「爭2

解得：Q=2t2

1.6/?

0=----

孫

0.87?

12-

孫

代入解得：

15mVo

EL16qR

157n詔

E2~8qR

(2)如圖所示，粒子從H點垂直射入勻強磁場中運動了3圓周，設(shè)勻速圓周運動的半徑為r，在△HGC中

有：

GC2+HG2=R2；

HG=0.6/?

解得:GC=0.8/?

在ACKF中，有：

(r-0.6R)2+(r-0.8/?)2=R2；

代入數(shù)據(jù)解得：r=1.4/?

由=得：8=舞"

(3)粒子在磁場中運動的時間為：￡3==黑

因P點坐標為(0,0.6R),所以進入磁場時的點的橫坐標為R-JR2一(06R)2=0.2/?

從P點到進入磁場的過程中所用的時間為：14=竽=!

VQbV0

故帶電粒子從M點射入到偏轉(zhuǎn)出磁場的過程中運動的總時間為：t=tl+七+t3+t4=

答：(1)電場強度El和好的大小分別為筆萼和空；

lot/noQR

(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B的大小為史也；

(3)帶電粒子從M點射入到偏轉(zhuǎn)出磁場的過程中運動的總時間t是至誓竺。

解析：(1)粒子在左側(cè)的電場中做的是類平拋運動，水平方向上是勻速運動，由勻速運動的規(guī)律可以

求得粒子的運動的時間；對y軸正負方向分別根據(jù)類平拋運動的規(guī)律可以求得電場強度的大小。

(2)根據(jù)粒子在左側(cè)的電場中做類平拋運動，求得粒子剛進入磁場時的速度的大小，粒子在y軸右側(cè)

在磁場中做的是勻速圓周運動，畫出軌跡，根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律可以求得磁感應(yīng)強度的大??；

(3)粒子在左側(cè)的電場中做的是類平拋運動，由運動學(xué)公式求解時間。在磁場中，根據(jù)軌跡對應(yīng)的圓

心角求解時間，即可求得總時間。

本題考查帶電粒子在勻強磁場中的運動，要掌握住半徑公式、周期公式，畫出粒子的運動軌跡后，

幾何關(guān)系就比較明顯了。

16.答案：解：(1)畫出粒子的運動軌跡如圖所示，

由幾何知識得：Rsin30°+L=R,［；

解得：R=2L；X*

(2)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：=?

解得：5=會；

7/1LJ

(3)粒子做圓周運動的周期為：T=W=殍,

則粒子從a運動到b所用的時間為：t==羋；

(4)要使粒子能從。點射出磁場，則：？=，，

由牛頓第二定律得：qvB=

解得：”=

4

答：(1)帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑為2L；

(2)帶電粒子的比荷為高；

(3)粒子從a點運動到b點的時間為警；

(4)其他條件不變，要使該粒子恰從。點射出磁場，粒子入射速度的大小為會

解析：(1)畫出運動的軌跡，根據(jù)