2021年湖北省武漢市高考物理質(zhì)檢試卷

2021年湖北省武漢市高考物理質(zhì)檢試卷（3月份）

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.福島核電站核泄漏事故過(guò)去將近十年，其核危害至今仍未消除。核泄漏中的放射性

元素杯具有致癌和增加遺傳性病變的危害，杯的一種同位素/°Pu的衰變方程為

ll°PuU+iHe+y,下列說(shuō)法正確的是（）

A.衰變過(guò)程總質(zhì)量不變

B.衰變放出的是由原子核外電子受激發(fā)而產(chǎn)生的

C.y射線是波長(zhǎng)很短的光子，它的貫穿本領(lǐng)比a射線的強(qiáng)

D.核泄漏中的杯滲入深海中后，半衰期將變長(zhǎng)

2.滑躍式起飛是一種航母艦載機(jī)的起飛方式，飛機(jī)跑道的前一部分水平，跑道尾段略

微翹起。假設(shè)某艦載機(jī)滑躍式起飛過(guò)程是兩段連續(xù)的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，前一段的初

速度為0,加速度為8m/s2,位移為150m,后一段的加速度為6m/s2,路程為50,",

則飛機(jī)的離艦速度是（）

A.39m/sB.42m/sC.49m/s

3.如圖所示，半圓AOB為透明柱狀介質(zhì)的橫截面，半

徑為R，折射率為|,建立直角坐標(biāo)系。xy,y軸與直

徑A8平行，且與半圓相切于原點(diǎn)0。一束平行單色

光沿x軸正方向射向整個(gè)介質(zhì)，欲使所有平行光線都

不能到達(dá)x軸正半軸，需緊貼直徑AB放置?遮光板,

則該遮光板沿），軸方向的長(zhǎng)度至少為（不考慮反射光的影響）（）

A.|/?B./c.|RD.|/?

4.2020年8月18日，武漢“東湖之眼”摩天輪對(duì)外開(kāi)放。它面朝東湖，背靠磨山,

是武漢的新地標(biāo)之一，如圖所示。假設(shè)“東湖之眼”懸掛的座艙及艙內(nèi)乘客在豎直

平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（乘客總是保持頭上腳下的姿態(tài)），則下列說(shuō)法正確的是（）

A.乘客所受的合外力始終不變

B.乘客所受重力的功率始終不變

C.乘客在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)水平座椅的壓力之差與摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)速度無(wú)關(guān)

D.乘客在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)水平座椅的壓力之和與摩天輪轉(zhuǎn)動(dòng)速度無(wú)關(guān)

5.屈原曾在《天向沙中發(fā)出了“九天之際，安放安屬？日月安放，列星安陳？”的曠

世之問(wèn)。其詩(shī)中提到的“熒惑”（即火星）始終是人們最關(guān)心的行星之一。為此，中

國(guó)航天正式啟動(dòng)了行星探測(cè)計(jì)劃-“天問(wèn)”。2020年7月23日，天問(wèn)一號(hào)火星探

測(cè)器搭乘長(zhǎng)征五號(hào)遙四火箭成功發(fā)射，開(kāi)啟了中國(guó)航天走向深空的新旅程。由著陸

巡視器和環(huán)繞器組成的天間一號(hào)經(jīng)過(guò)發(fā)射、地火轉(zhuǎn)移、火星捕獲、火星停泊、離軌

著陸和科學(xué)探測(cè)六個(gè)階段后，其中的著陸巡視器將于2021年5月著陸火星，如圖

所示，貝M）

A.天問(wèn)一號(hào)發(fā)射速度大于第一宇宙速度，小于第二宇宙速度

B.天問(wèn)一號(hào)繞“火星停泊段”運(yùn)行的周期大于它繞“科學(xué)探測(cè)段”運(yùn)行的周期

C.天問(wèn)一號(hào)從圖示“火星捕獲段”需經(jīng)過(guò)加速才能運(yùn)動(dòng)到“火星停泊段”

D.著陸巡視器從圖示”離軌著陸段”至著陸火星過(guò)程，機(jī)械能守恒

6.A、B、C、。是正方形的四個(gè)頂點(diǎn)，M、N是對(duì)角線AC

上的兩點(diǎn)，在A點(diǎn)和C點(diǎn)固定有電荷量都為q的正點(diǎn)電

荷，如圖所示。下列說(shuō)法正確的是（）

A.直線8。為電場(chǎng)中的一條等勢(shì)線

B.若將A點(diǎn)的正點(diǎn)電荷移至。點(diǎn)固定，則B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)

比原來(lái)的小

C.若要使。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為0,可在8點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為或q的負(fù)點(diǎn)電荷

D.將一電子從M點(diǎn)沿直線移至N點(diǎn)的過(guò)程中，電子的電勢(shì)能先減小后增大

7.如圖所示，三個(gè)物體A、B和C的質(zhì)量分別為2祖、山和加，4、B疊放在水平桌面

上，A通過(guò)跨過(guò)光滑定滑輪的輕繩與C相連，定滑輪左端的輕繩與桌面平行，A、B

間的動(dòng)摩擦因數(shù)為1），B與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為以A、B、桌面之間的最

大靜摩擦力等于相對(duì)應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g,下列說(shuō)法正確的是（）

第2頁(yè)，共19頁(yè)

A.三個(gè)物體A、B、C均保持靜止

B.輕繩對(duì)定滑輪的作用力大小為魚(yú)mg

C.若A、B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則需滿(mǎn)足〃<0.2

D.若A、B之間未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則A受到的摩擦力大小為手mg

二、多選題(本大題共4小題，共16.0分)

8.如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為2：1,電阻&=/?2=550,劣、

為理想二極管，A為理想電流表。原線圈接“=220位sinlOOTTt(V)的交流電，

則()

A.二極管的反向耐壓值應(yīng)大于110位P

B.副線圈中交流電頻率為100”z

C.電流表示數(shù)為2A

D.理想變壓器的輸入功率為440W

9.如圖所示，一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，P為介質(zhì)中平衡位置坐標(biāo)x=6cm的

質(zhì)點(diǎn)，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，經(jīng)過(guò)△t=0.6s,該波第一次出現(xiàn)如圖中

虛線所示的波形。下列說(shuō)法正確的是()

A.該波的周期為0.8s

B.t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)

C.在t=0.6s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)尸通過(guò)的路程為16c7〃

D.t=0.45s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P振動(dòng)的速度方向與加速度方向相同

10.霍爾電流傳感器可以測(cè)量從直流電流到幾十千赫茲的交流電流，其工作原理圖如圖

所示。導(dǎo)線L穿過(guò)圓形磁環(huán)，匝數(shù)為〃的線圈功纏繞在圓形磁環(huán)上，均被測(cè)電流產(chǎn)

生的磁場(chǎng)Bi集中在圓形磁環(huán)內(nèi)，圓形磁環(huán)隙中的霍爾元件可產(chǎn)生和當(dāng)成正比的霍爾

電壓UMN，控制器把從“、N輸入的霍爾電壓轉(zhuǎn)變成電流/2,該電流流過(guò)線圈乙2，

產(chǎn)生磁場(chǎng)4，坊與81方向相反。當(dāng)人與B1達(dá)到平衡時(shí)，滿(mǎn)足關(guān)系式：A=71/2。下

列說(shuō)法正確的是（）

A.順著電流。的方向觀察，磁場(chǎng)當(dāng)?shù)姆较蜓啬鏁r(shí)針?lè)较?/p>

B.電流從。點(diǎn)流入線圈42

C.若霍爾元件的載流子是電子，則其左側(cè)電勢(shì)低于右側(cè)電勢(shì)

D.若電流4變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，當(dāng)％與當(dāng)重新達(dá)到平衡時(shí)，則表明被測(cè)電流％變?yōu)樵?/p>

來(lái)的2倍

11.如圖所示，水平面內(nèi)的兩根光滑導(dǎo)軌平行放置，左側(cè)連接阻值為％的定值電阻，勻

強(qiáng)磁場(chǎng)方向豎直向下。一導(dǎo)體棒質(zhì)量為〃3電阻為治，以初速度孫從圖示位置沿著

導(dǎo)軌向右滑動(dòng)，滑動(dòng)的最遠(yuǎn)距離為S。棒與導(dǎo)軌始終接觸良好，其他電阻不計(jì)。當(dāng)

棒以初速度為從圖示位置向右滑動(dòng)到:處時(shí)，下列判斷正確的是（）

A.棒的速度為竽

B.棒的速度為乎

C.電阻R1的熱功率為爵瑞

D.棒以初速度處從圖示位置向右滑動(dòng)到|處的過(guò)程，回路產(chǎn)生的熱量為誓

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

第4頁(yè)，共19頁(yè)

12.用刻度尺等器材可以測(cè)定動(dòng)摩擦因數(shù)。實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示，表面粗糙程度相同的

斜面和水平面在交線B處平滑連接，實(shí)驗(yàn)步驟如下:

①將一小物塊從斜面上的A點(diǎn)由靜止釋放，滑到水平面上的C點(diǎn)停下；

②用鉛垂線測(cè)定A點(diǎn)在水平面的投影點(diǎn)0,用刻度尺測(cè)量A0的高度力、0C的長(zhǎng)

度X：

③改變釋放點(diǎn)的位置，重復(fù)上述步驟，記錄多組關(guān)于從x的數(shù)據(jù)。

請(qǐng)回答下列問(wèn)題：

（1）步驟③可以減小測(cè)量結(jié)果的（選填“偶然”或“系統(tǒng)”）誤差；

（2）以P（n=1,2）為橫坐標(biāo),/?為縱坐標(biāo)，根據(jù)測(cè)得的數(shù)據(jù)在坐標(biāo)紙上描點(diǎn)（如圖2）,

擬合圖線，得到的圖像最合理的是；

（3）在某次實(shí)驗(yàn)中，小物塊從斜面上的4點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到水平面上的G點(diǎn)停

止，4點(diǎn)在水平面的投影為01，記錄下OiG的長(zhǎng)度久1；增大斜面傾角，斜面上的4

點(diǎn)與4點(diǎn)等高，再將小物塊從4點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)到水平面上的點(diǎn)停止，4點(diǎn)

在水平面的投影為。2,記錄下02c2的長(zhǎng)度不。貝舊選填“>"、“=”

或“<”）；小物塊從4到G的過(guò)程記為“I”，從&到C2的過(guò)程記為“n”，在

同一坐標(biāo)系中畫(huà)出小物塊速率V隨時(shí)間變化的圖像，圖3的"-t圖像中可能正確的

是______

13.某實(shí)驗(yàn)小組測(cè)量一捆長(zhǎng)度為L(zhǎng)=100?n銅芯線的電阻率，實(shí)驗(yàn)如下:

(1)如圖1所示，用螺旋測(cè)微器測(cè)得銅芯的直徑為mm；

(2)如圖2所示，取整捆銅芯線、2節(jié)干電池和相關(guān)器材，為了使電壓表示數(shù)能從零

開(kāi)始連續(xù)調(diào)節(jié)，請(qǐng)補(bǔ)充連接好實(shí)物電路；

(3)正確連接實(shí)物電路后，閉合開(kāi)關(guān)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得電流表示數(shù)為2.004

此時(shí)電壓表示數(shù)如圖3所示，則其示數(shù)為幾計(jì)算得到銅芯線的電阻率為

P測(cè)=0(計(jì)算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)；

(4)實(shí)驗(yàn)小組查閱教材得知：在片=20久時(shí)。銅的電阻率為po=1,7X10-8。,

顯然P澗＞P。，你認(rèn)為造成這種偏差的可能原因是。

4電流表測(cè)得的電流大于通過(guò)銅芯線的電流

B.用螺旋測(cè)微器測(cè)得銅芯的直徑偏小

C.實(shí)驗(yàn)時(shí)銅芯線的溫度高于20K

D銅芯線不純，含有雜質(zhì)

四、簡(jiǎn)答題(本大題共2小題，共31.0分)

14.如圖所示，B是固定斜面AC的中點(diǎn)，小滑塊P、Q的質(zhì)量相等，P、Q表面的粗糙

程度不同。將Q輕放在斜面BC段的某一位置，Q恰好能處于靜止?fàn)顟B(tài)。P從斜面

頂端A以初速度處沿斜面下滑，到達(dá)中點(diǎn)B時(shí)的速度為：火,之后繼續(xù)下滑與。碰

撞并粘合在一起運(yùn)動(dòng)，尸、。粘合體運(yùn)動(dòng)到斜面底端C時(shí)速度恰好減為0。假設(shè)碰

撞時(shí)間極短，最大靜摩擦力與相對(duì)應(yīng)的滑動(dòng)摩擦力大小相等，求P、。碰撞前的瞬

間，P的速度大小。

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15.如圖所示，在直角坐標(biāo)系。0中，A、C兩點(diǎn)關(guān)于原點(diǎn)。對(duì)稱(chēng)，AO=OC=L,直

線AC與x軸正方向的夾角為。=53。。直線AC右側(cè)和x軸下方所夾的區(qū)域內(nèi)有一

勻強(qiáng)電場(chǎng)，方向沿)，軸正方向。直線AC左側(cè)區(qū)域內(nèi)有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直坐標(biāo)

平面向里，電場(chǎng)和磁場(chǎng)區(qū)域均足夠大。一帶正電的粒子從A點(diǎn)沿x軸正方向以初速

度丹運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)x軸上。點(diǎn)(圖中未畫(huà)出)后恰好能通過(guò)C點(diǎn)，再經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后到達(dá)

。點(diǎn)。不計(jì)粒子重力，sin53°=0.8,cos53。=0.6。求：

(1)。、。兩點(diǎn)間的距離；

(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度8之比。

五、計(jì)算題(本大題共1小題，共10.0分)

16.在抗擊新冠肺炎疫情期間，很多公共場(chǎng)所采用壓縮式噴霧器來(lái)消毒。如圖所示，噴

霧器藥液桶的總?cè)莘e為z,初始時(shí)，進(jìn)液口和噴液口均關(guān)閉，桶內(nèi)藥液上方空氣的

壓強(qiáng)為3po,體積為打開(kāi)噴液口，噴灑消毒液，一段時(shí)間后關(guān)閉噴液口，此時(shí)

藥液桶內(nèi)空氣的強(qiáng)為2p。。不考慮打氣筒與藥液桶連接管內(nèi)空氣的體積，整個(gè)過(guò)程

視為等溫變化，大氣壓為標(biāo)準(zhǔn)大氣壓強(qiáng)P。。

(1)關(guān)閉噴液口時(shí)，已噴出的消毒液體積是多少？

(2)每次打氣，能打入壓強(qiáng)為P。、體積為關(guān)的空氣，為了使藥液桶內(nèi)空氣壓強(qiáng)不小

于3p0,至少需要打氣多少次？

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答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：A、衰變的過(guò)程中有質(zhì)量虧損，總質(zhì)量減小，故A錯(cuò)誤；

B、a衰變中放射出的氨核是原子核的衰變產(chǎn)生的，故B錯(cuò)誤；

C、衰變時(shí)發(fā)出的y射線是波長(zhǎng)很短的光子，在三種射線中穿透能力最強(qiáng)，故C正確：

。、半衰期由核內(nèi)部本身的因素決定，跟原子所處的物理或化學(xué)狀態(tài)無(wú)關(guān)，故。錯(cuò)誤。

故選：C。

根據(jù)質(zhì)量虧損分析總質(zhì)量是否不變；y射線是電磁波，穿透能力很強(qiáng)；根據(jù)三種射線的

特點(diǎn)分析；半衰期是放射性元素的原子核有半數(shù)發(fā)生衰變所需的時(shí)間，半衰期由核內(nèi)部

本身的因素決定。

本題考查了衰變的基本運(yùn)用，知道衰變的過(guò)程中的電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒，知道各種

射線的性質(zhì)，注意半衰期核內(nèi)部本身的因素決定。

2.【答案】D

【解析】解：前一段過(guò)程，由速度一位移公式得：說(shuō)=2a1X1

代入數(shù)據(jù)解得：％=20y/6m/s

后一段過(guò)程，由速度—位移公式得：諺一謚=2a2x2

代入數(shù)據(jù)解得飛機(jī)的離艦速度為：v2=10V30m/s?55m/s,故。正確，ABC錯(cuò)誤。

故選：Do

分成兩段運(yùn)動(dòng)過(guò)程，分別應(yīng)用速度一位移公式即可。

本題以滑躍式起飛是一種航母艦載機(jī)的起飛方式為情景載體，考查的是速度一位移公式

的應(yīng)用，注意前一段的末速度與后一段的初速度是相等的。

3.【答案】A

【解析】解：根據(jù)已知條件能求出全反射時(shí)的臨界角C滿(mǎn)足sinC=L=|,

715

欲使所有平行光線都不能到達(dá)X軸正半軸，即入射角等于全反射臨界角時(shí)折射光線不能

能夠到達(dá)X軸，

當(dāng)入射角等于臨界角時(shí)，根據(jù)幾何關(guān)系:Rsinc=|/?,

由于對(duì)稱(chēng)性可知，總長(zhǎng)度至少為L(zhǎng)=2Z=|RX2=3R

所以選項(xiàng)8C。錯(cuò)誤，選項(xiàng)A正確；

故選：A。

根據(jù)題意欲使所有平行光線都不能到達(dá)x軸正半軸，找出全反射時(shí)的臨界角，根據(jù)幾何

關(guān)系求出擋板長(zhǎng)度。

弄清題意，作出全反射的臨界角對(duì)應(yīng)的折射光線的光路圖便可求得擋板長(zhǎng)度。

4.【答案】D

【解析】A,由于乘客做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所受的合外力始終指向圓心，方向不斷改變，

因此合外力為變力，故A錯(cuò)誤；

B,由于重力的功率

P=mgVy

在最高點(diǎn)和最低點(diǎn)速度水平，豎直方向的分速度為零，重力的功率為零，而在與圓心等

高位置，速度方向?yàn)樨Q直方向，重力的功率最大，故B錯(cuò)誤：

CD,設(shè)乘客做圓周運(yùn)動(dòng)的速度為n,在最低點(diǎn)受力分析如圖1

根據(jù)牛頓第二定律

mv2

FNI-mg-――

A

而在最高點(diǎn)受力分析如圖2

圖2

2

m9-FN2=

因此在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)水平座椅的壓力之差

mv2

FNI_FN2=2—^―

在最低點(diǎn)與最高點(diǎn)對(duì)水平座椅的壓力之和

第10頁(yè)，共19頁(yè)

FNI+FN2=2mg

故C錯(cuò)誤，O正確。

故選：Do

物體做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，合力為向心力，方向始終改變，重力的功率時(shí)用重力乘以重力

方向的速度；根據(jù)牛頓第二定律解決彈力的問(wèn)題。

掌握住向心力的方向始終指向圓心，始終改變；力的功率計(jì)算公式P=F"OS。；用牛頓

第二定律解題時(shí)注意受力分析。

5.【答案】B

【解析】解：A、天間一號(hào)已脫離地球達(dá)到火星，所以天間一號(hào)發(fā)射速度必須大于第二

宇宙速度，小于第三宇宙速度，故A錯(cuò)誤；

B、天問(wèn)一號(hào)繞“火星停泊段”運(yùn)行時(shí)軌道半長(zhǎng)軸大于它繞“科學(xué)探測(cè)段”運(yùn)行時(shí)軌道

半長(zhǎng)軸，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律號(hào)=上知天問(wèn)一號(hào)繞“火星停泊段”運(yùn)行的周期大于它繞

“科學(xué)探測(cè)段”運(yùn)行的周期，故B正確：

C、天問(wèn)一號(hào)從圖示“火星捕獲段”需經(jīng)過(guò)減速才能運(yùn)動(dòng)到“火星停泊段”，故C錯(cuò)誤；

。、著陸巡視器從圖示“離軌著陸段”變軌至著陸火星做近心運(yùn)動(dòng)，必須減速，機(jī)械能

要減小，故。錯(cuò)誤。

故選：Bo

根據(jù)宇宙速度的意義分析天問(wèn)一號(hào)發(fā)射速度的關(guān)系；根據(jù)開(kāi)普勒第三定律分析周期關(guān)系;

結(jié)合變軌原理分析天問(wèn)一號(hào)速度的變化，從而得到機(jī)械能的變化。

解決本題時(shí)，要理解并掌握衛(wèi)星的變軌原理，知道衛(wèi)星要做近心運(yùn)動(dòng)，必須減速，機(jī)械

能要減小。

6.【答案】B

【解析】解：4、直線20上各點(diǎn)，距離AC連線的中點(diǎn)越遠(yuǎn)，則電勢(shì)越低，則直線BO

不是電場(chǎng)中的一條等勢(shì)線，故A錯(cuò)誤；

B、原來(lái)B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)%=魚(yú)卜表，若將4點(diǎn)的正點(diǎn)電荷移至。點(diǎn)固定，則原來(lái)C點(diǎn)的電

荷在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)不變，而在。點(diǎn)的電荷在B點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)減小，且?jiàn)A角變?yōu)?5。，

則此時(shí)B點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)瓊=J（叫曲45。）2+（普+患5譏45。）2=立誓?修<金錚即B

點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)比原來(lái)的小，故B正確；

C、原來(lái)。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)&=魚(yú)吟，若要使。點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)為0,則&蛤=k而,解得不

2魚(yú)q,即可在B點(diǎn)固定一個(gè)電荷量為2&q的負(fù)點(diǎn)電荷，故C錯(cuò)誤；

D、將一電子從M點(diǎn)沿直線移至N點(diǎn)的過(guò)程中，若M、N在AC中點(diǎn)兩側(cè)，則電場(chǎng)力對(duì)

電子先做負(fù)功后做正功，電子的電勢(shì)能先增大后減??；若M、N在AC中點(diǎn)右側(cè)，則電

場(chǎng)力對(duì)電子做負(fù)功，電子的電勢(shì)能增大；若M、N在4c中點(diǎn)左側(cè)，則電場(chǎng)力對(duì)電子做

正功，電子的電勢(shì)能減小，故力錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)等量同種電荷等勢(shì)線分布的特點(diǎn)判斷電勢(shì)；根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)公式E=k2點(diǎn)電荷在B點(diǎn)的

場(chǎng)強(qiáng)，再進(jìn)行疊加判斷；根據(jù)電場(chǎng)力對(duì)電子做功判斷電勢(shì)能變化。

本題要注意電子從M點(diǎn)沿直線移至N點(diǎn)的過(guò)程中電場(chǎng)力方向的變化。

7.【答案】C

【解析】解：A物塊A與B之間的最大靜摩擦力左=物塊B與桌面間的最大靜

摩擦力力=x]〃=卬ng,顯然/!>力，由于〃<1,即〃mg<mg,物塊B一定與

桌面間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B.由于物塊C加速下滑、繩子拉力7<mg,定滑輪兩端繩子拉力大小相等且成90。，定

滑輪對(duì)輕繩的作用力大小等于輕繩對(duì)定滑輪的作用力大小，因此輕繩對(duì)定滑輪的作用力

大小尸=魚(yú)7<金爪9，故B錯(cuò)誤；

C.若A與2間恰好將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí),A與B的加速度恰好相等，此時(shí)對(duì)物塊B：h-f2=

ma,

對(duì)A、B整體：T-f2=3ma,

對(duì)物塊C：mg—T=ma

解得〃=0.2

因此若A、B之間發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則需滿(mǎn)足〃<0.2,故C正確；

D若A、B之間未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則對(duì)整體mg-f2=4ma,

對(duì)物塊B：f-f2=ma

可得A受到的摩擦力大?。篺=^mg,故。錯(cuò)誤。

故選：C?

結(jié)合最大靜摩擦力表達(dá)式可先求出A8間、8與桌面的最大靜摩擦力，再通過(guò)受力分析，

外部拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，則B與桌面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)；當(dāng)A、B加速度不同時(shí)，4、

8將發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，A的加速度由靜摩擦力提供，由于靜摩擦力有最大值，因此A的加

速度有最大值。

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本題考查摩擦力的判斷與計(jì)算，要求學(xué)生結(jié)合計(jì)算與分析，求出臨界條件，對(duì)學(xué)生綜合

分析能力有一定要求。

8.【答案】AC

【解析】解：4、根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可知，原線圈上電壓的最大值為220魚(yú)V,所以原線

圈電壓的有效值Ui=解=/呼V=220v

1V2V2

根據(jù)行=芯=1

U21

解得：u2=noy

則副線圈上電壓的最大值為110&iz,所以二極管的反向耐壓值應(yīng)大于110立u,故A

正確；

8、根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可知交流電的角速度3=100兀,則周期：7=/=罷s=0.02s,

0)1007T

頻率：/="=高，z=50Hz,變壓器不改變交流電的頻率，所以副線圈中交流電頻率

為50Hz,故B錯(cuò)誤；

C、因?yàn)槎O管具有單向?qū)щ娦?，即半個(gè)周期有電流，另半個(gè)周期電流為0,則兩個(gè)支

路中的電流依次通過(guò)干路，由于電阻％=R2=550,設(shè)此時(shí)副線圈對(duì)應(yīng)的等效電阻為

R等效,貝I」：產(chǎn)?.「=普?升務(wù)三可知兩個(gè)支路中的并聯(lián)后的等效電阻為500,所以

U110.Cd

電流：/r2=豆2一=京4=24故C正確；

”等效8

D、變壓器的輸出功率：「2=4/2=110x2〃=220”,由于變壓器的輸入功率等于

輸出功率，所以變壓器的輸入功率等于220W,故￡＞錯(cuò)誤。

故選：ACo

根據(jù)瞬時(shí)值表達(dá)式可以求得輸出電壓的有效值、周期和頻率等，再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正

比和二極管的特點(diǎn)即可求得結(jié)論，根據(jù)電流熱效應(yīng)求得電流表的讀數(shù)。

本題的難點(diǎn)在于二極管的作用，是使得反向電流不能通過(guò)，兩個(gè)支路中的電流依次通過(guò)

干路，可以求出等效電阻然后計(jì)算。

9.【答案】BD

【解析】解：A、由圖可知，在波在0.6s內(nèi)傳播的距離為△%=8cm=0.08m,該波的波

長(zhǎng)為4=12cm=°.12m則該波的周期為7=：=E|S=1.5S,故A錯(cuò)誤;

B、簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，根據(jù)''上下坡法"判斷可知t=0時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)尸沿y軸

正方向運(yùn)動(dòng)，故B正確；

C、t=0時(shí)刻，P的位移為y=-6sin(|x^)cm=-373cm,則在t=0.6s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P

通過(guò)的路程為3Kcm,故C錯(cuò)誤：

D、t=0.45s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P正向上做加速運(yùn)動(dòng)，則質(zhì)點(diǎn)尸振動(dòng)的速度方向與加速度方向

相同，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)波在0.6s內(nèi)傳播的距離，求出波速，讀出波長(zhǎng)，從而求得周期。簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正

方向傳播，根據(jù)''上下坡法”判斷質(zhì)點(diǎn)尸的運(yùn)動(dòng)方向。根據(jù)時(shí)間與周期的關(guān)系求質(zhì)點(diǎn)尸

通過(guò)的路程，結(jié)合質(zhì)點(diǎn)P的運(yùn)動(dòng)情況判斷速度方向與加速度方向的關(guān)系。

本題考查對(duì)波動(dòng)圖象的理解能力。知道兩個(gè)時(shí)刻的波形時(shí)，往往應(yīng)用波形的平移法來(lái)理

解，能熟練運(yùn)用“上下坡法”判斷質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)方向。

10.【答案】BCD

【解析】解：人根據(jù)右手螺旋定則，順著電流的方向觀察，磁場(chǎng)&的方向沿順時(shí)針

方向，故A錯(cuò)誤；

B、由于B2與B1方向相反，根據(jù)右手螺旋定則可知電流，2從〃點(diǎn)流入線圈均，故B正確；

C、根據(jù)左手定則，若霍爾元件的載流子是電子，則其左側(cè)電勢(shì)低于右側(cè)電勢(shì)，故C正

確；

。、由于/I=M2,匝數(shù)〃保持不變，若電流。變?yōu)樵瓉?lái)的2倍，被測(cè)電流A變?yōu)樵瓉?lái)的

2倍，。正確。

故選：BCD。

解答本題應(yīng)注意先結(jié)合原理示意圖理解霍爾電流傳感器的工作原理，結(jié)合右手螺旋定則

可根據(jù)電流方向判斷對(duì)應(yīng)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向，或者根據(jù)磁場(chǎng)方向判斷電流方向；利用左手

定則可判斷電子所受的力從而比較電勢(shì)高低。

本題考查霍爾效應(yīng)以及其應(yīng)用，本質(zhì)考查的是電流的磁效應(yīng)以及運(yùn)動(dòng)的帶電粒子在磁場(chǎng)

中受力的情況，要求學(xué)生在掌握電磁場(chǎng)相關(guān)知識(shí)的基礎(chǔ)上結(jié)合題干給出的信息對(duì)霍爾元

件的原理進(jìn)行判斷，對(duì)學(xué)生理解能力和分析綜合能力有一定要求，難度適中。

11.【答案】AC

【解析】解:AB,以導(dǎo)體棒為研究對(duì)象，全過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可得：△t=0-nw0，

即：一-「孫，其中5?△1=$,所以有：:::=--0；

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同理可得：----工=mv0—mv

+/?2

聯(lián)立解得：〃=|孫，故A正確、8錯(cuò)誤；

C、導(dǎo)體棒以初速度％從圖示位置間右滑動(dòng)到|處時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=BLv=

\BLv0,感應(yīng)電流為：/=三丁，則電阻％的熱功率為P=/2R「根據(jù)A選項(xiàng)可知筆=

mv0,所以篝=詈，解得：「=喘罌5,故C正確；

。、根據(jù)功能關(guān)系可得棒以初速度必從圖示位置向右滑動(dòng)到:處的過(guò)程，回路產(chǎn)生的熱量

為Q=%m詔-工m/=故￡)錯(cuò)誤。

“2口218

故選：ACo

以導(dǎo)體棒為研究對(duì)象，全過(guò)程根據(jù)動(dòng)量定理可求解速度大??；根據(jù)電功率的計(jì)算公式求

解電阻飛的熱功率；根據(jù)功能關(guān)系求解回路產(chǎn)生的熱量。

對(duì)于安培力作用下導(dǎo)體棒的運(yùn)動(dòng)問(wèn)題，如果涉及電荷量、求位移問(wèn)題，常根據(jù)動(dòng)量定理

結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律列方程進(jìn)行解答，涉及能量問(wèn)題，常根

據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解。

12.【答案】偶然B=。

【解析】解：(1)多次測(cè)量可以減小因?qū)嶒?yàn)操作造成的偶然誤差;

(2)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：mgh-/imgcosd--(img(x-=

0—0,解得/i=故AC￡＞錯(cuò)誤，B正確;

(3)根據(jù)(2)可知九="X,x與傾角無(wú)關(guān)，故〃=x1；

(4)從A到B,根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsind-nmgcosd=ma

v2=2a^-

smd

聯(lián)立解得：v=」2(gh—黑》,傾角增大，速度也增大，所以〃的最大速度大于/的最

大速度，A8C錯(cuò)誤，。正確;

故選：(1)偶然;(2)B；(3)=；D

(1)用多次測(cè)量來(lái)減小實(shí)驗(yàn)誤差是偶然誤差；

(2)在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理結(jié)合幾何關(guān)系即可判斷出力和x的關(guān)系；

(3)根據(jù)/?和x的關(guān)系即可判斷出在水平方向通過(guò)的位移；在A8段，根據(jù)牛頓第二定律

求得加速度，結(jié)合速度-位移公式即可判斷出D-t圖像。

本題主要考查了動(dòng)摩擦因數(shù)的測(cè)定，關(guān)鍵是抓住實(shí)驗(yàn)原理，利用好動(dòng)能定理和牛頓第二

定律找到相應(yīng)關(guān)系表達(dá)式即可。

13.【答案】1.4002.401.8x10-8CD

【解析】解：(1)螺旋測(cè)微器固定刻度

讀數(shù)為Inm,可動(dòng)刻度讀數(shù)為40.0x

0.01mm,測(cè)得銅芯的直徑為+

40.0x0.01mm=1.400mmo

(2)電壓表示數(shù)能從零開(kāi)始連續(xù)調(diào)節(jié)，

則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電流表

內(nèi)阻與銅芯線的內(nèi)阻大小相近，則電流

表采用外接法，連接電路如圖所示。

(3)由于電源使用兩節(jié)干電池，電壓表

接3V量程，因此電壓表讀數(shù)為2.40V。

電阻的測(cè)量值/?測(cè)=彳==1.20,根據(jù)R=Pg=P/竽，解得p=1.8x10-8/2-

(4)4、如果電流表測(cè)得的電流大于通過(guò)銅芯線的電流，會(huì)導(dǎo)致電阻測(cè)量值偏小，從而導(dǎo)

致電阻率測(cè)量值偏小，故A錯(cuò)誤；

8、用螺旋測(cè)微器測(cè)得銅芯的直徑偏小，導(dǎo)致橫截面積測(cè)量值偏小，從而導(dǎo)致電阻率測(cè)

量值偏小，故B錯(cuò)誤；

C、隨著溫度升高，電阻率增大，因此可能實(shí)驗(yàn)時(shí)銅芯線的溫度高于20K,導(dǎo)致電阻率

偏大，故C正確；

力、銅芯線不純，含有雜質(zhì)導(dǎo)致電阻率偏大，故。正確。

故選：CD。

故答案為：(1)1.400,(2)電路如圖所示，(3)2.40,1.8x10-8,(4)CD。

(1)螺旋測(cè)微器固定刻度最小分度為\mm,可動(dòng)刻度每一分度表示O.Olnwn,由固定刻度

讀出整毫米數(shù)包括半毫米數(shù)，由可動(dòng)刻度讀出毫米的小數(shù)部分；

(2))電壓表示數(shù)能從零開(kāi)始連續(xù)調(diào)節(jié)，則滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，根據(jù)待測(cè)電阻與

電流表內(nèi)阻的大小關(guān)系判斷電流表采用外接法；

(3)根據(jù)電壓表的接線方式讀取電壓表的示數(shù)；

(4)根據(jù)電阻率的相關(guān)量分析即可。

解決本題的關(guān)鍵掌握螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法，是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀

可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀.對(duì)電學(xué)實(shí)驗(yàn)要能設(shè)計(jì)出電路圖，并根據(jù)電路圖連接電路并得到

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待測(cè)量，還要會(huì)誤差分析，難度適中。

14.【答案】解：設(shè)4c=3P碰撞前受到的合外力為F,P從A到B,由動(dòng)能定理得:

L131

F--=-m(-v)27

ZZ4,0L

設(shè)P、。碰撞前的瞬間，P的速度大小為蚱，。到A點(diǎn)的距離為x,由動(dòng)能定理得：

1,1,

Fx=-mv^--mv5

設(shè)P、。碰撞后共同速度為v,規(guī)定初速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得：

mvP—2mv

P、。粘合體運(yùn)動(dòng)到斜面底端C,設(shè)粘合體受到的合外力為F',由動(dòng)能定理得：

1_

F(L—x)=0—--2mv2

由于。恰好能處于靜止?fàn)顟B(tài)，故碰前尸受到的合外力等于碰后粘合體受到的合外力，

即：F=F'

聯(lián)立解得：vP=^

答：尸、Q碰撞前的瞬間，P的速度大小為半。

【解析】對(duì)P由動(dòng)能定理列方程，碰撞過(guò)程中，對(duì)P、Q由動(dòng)量守恒定律列方程，對(duì)尸、

。粘合體由動(dòng)能定理列方程求解。

本題考查的是動(dòng)能定理與動(dòng)量守恒定律綜合應(yīng)用，解決此題的關(guān)鍵是搞清楚研究對(duì)象的

運(yùn)動(dòng)過(guò)程及初末狀態(tài)，同時(shí)要明確碰前P受到的合外力等于碰后粘合體受到的合外力。

15.【答案】解：粒子的運(yùn)動(dòng)過(guò)程：粒子首先進(jìn)入勻

強(qiáng)電場(chǎng)，但是初速度方向與受力方向垂直，運(yùn)動(dòng)軌跡

為一條拋物線，然后以一定的速度經(jīng)過(guò)。點(diǎn)進(jìn)入不受

力區(qū)域，運(yùn)動(dòng)軌跡為一條直線，最后經(jīng)過(guò)C點(diǎn)進(jìn)入勻

強(qiáng)磁場(chǎng)，運(yùn)動(dòng)軌跡為圓周曲線，到達(dá)。點(diǎn)。

(1)首先計(jì)算出A點(diǎn)到x軸的垂直距離，叩為拋物線

運(yùn)動(dòng)沿受力方向的分解位移大小為力,在不受力區(qū)域,

勻速運(yùn)動(dòng)的沿y軸方向分解方向分解的位移大小為

先=%，這就是隱藏的已知條件，所以將運(yùn)動(dòng)分解到x軸和)，軸方向分別進(jìn)行分析，設(shè)

經(jīng)過(guò)。點(diǎn)的時(shí)候，沿y軸方向的速度為%0則在y軸方向有：

xs=v