廣西壯族自治區(qū)柳州市地區(qū)中學2022-2023學年高三物理下學期摸底試題含解析

廣西壯族自治區(qū)柳州市地區(qū)中學2022-2023學年高三物理下學期摸底試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.（多選）下列說法正確的是

。A.從地面上觀察，飛船上的時間進程比地面上慢B.“聞其聲而不見其人”現(xiàn)象說明遇到同樣障礙物時聲波比可見光容易發(fā)生衍射C.用超聲波被血流反射回來其頻率發(fā)生變化可測血流速度，這是利用多普勒效應D.做受迫振動的物體，其穩(wěn)定時的振動頻率不一定等于驅動力的頻率E.用標準平面來檢查光學面的平整程度是利用光的偏振現(xiàn)象參考答案：ABC2.（單選）如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕質彈簧，一端系在豎直放置的半徑為R的圓環(huán)頂點P，另一端系一質量為m的小球，小球穿在圓環(huán)上做無摩擦的運動。設開始時小球置于A點，彈簧處于自然狀態(tài)，當小球運動到最低點時速率為v，對圓環(huán)恰好沒有壓力。下列分析正確的是()A．從A到B的過程中,小球的機械能守恒B．從A到B的過程中,小球的機械能增加[C．小球過B點時,彈簧的彈力為mg+D．小球過B點時,彈簧的彈力為mg－參考答案：C3.如圖所示，一圓環(huán)上均勻分布著正電荷，x軸垂直于環(huán)面且過圓心O，下列關于x軸上的電場強度和電勢的說法中正確的是（）A．O點的電場強度為零，電勢最低B．O點的電場強度為零，電勢最高C．從O點沿x軸正方向，電場強度減小，電勢升高D．從O點沿x軸正方向，電場強度增大，電勢降低參考答案：B【考點】電勢；電場強度．【分析】圓環(huán)上均勻分布著正電荷，根據(jù)電場的疊加和對稱性，分析O點的場強．根據(jù)電場的疊加原理分析x軸上電場強度的方向，即可判斷電勢的高低．【解答】解：A、B、圓環(huán)上均勻分布著正電荷，根據(jù)對稱性可知，圓環(huán)上各電荷在O點產(chǎn)生的場強抵消，合場強為零．圓環(huán)上各電荷產(chǎn)生的電場強度在x軸有向右的分量，根據(jù)電場的疊加原理可知，x軸上電場強度方向向右，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知在x軸上O點的電勢最高，故A錯誤，B正確；C、D、O點的場強為零，無窮遠處場強也為零，所以從O點沿x軸正方向，場強應先增大后減?。畑軸上電場強度方向向右，電勢降低，故CD錯誤．故選：B．4.（單選）如題15圖所示，豎直放置的輕彈簧一端固定在地面上，另一端與斜面體P連接，P與斜放的固定擋板MN接觸且處于靜止狀態(tài)，則（

）A．斜面體P此刻所受到的外力個數(shù)有可能為2個B．斜面體P此刻所受到的外力個數(shù)有可能為3個C．若迅速撤去擋板MN后瞬間，斜面體P可能有斜向左上的加速度D．若迅速撤去擋板MN后瞬間，斜面體P可能有豎直向下的加速度參考答案：A

解析：A、B對物體受分析如圖：如果：（1）N=G的話，物體受力可以平衡，故P可能受2個力的作用．（2）N＜G的話，P不可能平衡（3）如果：N＞G，物體會受到擋板MN的彈力F和摩擦力f，受力分析如圖：故P可能受4個力的作用．綜上所述：P可能的受力個數(shù)是2個或4個，故A正確、B錯誤；C、D撤去MN，則物體受合力可能向上，也可能為零，故如果有加速度，則加速度向上，故C、D錯誤；故選A5.下列說法正確的是（）A．分子a從遠處趨近固定不動的分子b，當a到達受b的作用力為零處時，a的動能一定最大B．微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，布朗運動越明顯C．液體與大氣相接觸，表面層內分子所受其他分子的作用表現(xiàn)為相互吸引D．單位時間內氣體分子對容器壁單位面積上碰撞次數(shù)減少，氣體的壓強一定減小E．一定量的理想氣體的內能只與它的溫度有關參考答案：ACE【考點】分子間的相互作用力；分子勢能．【分析】分子之間的距離方向變化時，分子力做正功分子勢能減小，動能增大；微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，顆粒的受力越平衡；根據(jù)表面張力的微觀解釋，分子間距大表現(xiàn)為引力；壓強是由于氣體分子持續(xù)碰撞氣體產(chǎn)生的，體積增大時，則分子的對容器壁的碰撞次數(shù)減??；理想氣體的內能只與溫度有關．【解答】解：A、分子a從遠處趨近固定不動的分子b，開始時分子受到的力是吸引力，分子力做正功，所以當a到達受b的作用力為零處時，分子的動能一直增大；此后分子受到的力是斥力，分子力做負功，分子的動能減??；所以當a到達受b的作用力為零處時，a的動能一定最大，故A正確；B、微粒越大，撞擊微粒的液化分子數(shù)量越多，顆粒的受力越接近平衡，布朗運動越不明顯，故B錯誤；C、根據(jù)表面張力的微觀解釋，可知液體表面層的分子間距較大，表現(xiàn)為引力，故C正確；D、氣體的壓強與分子的密度以及氣體的溫度都有關，故氣體分子在單位時間內對單位面積容器壁的碰撞次數(shù)減小，若溫度升高，氣體的壓強不一定減?。蔇錯誤；E、一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大．故E正確．故選：ACE二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.相對論認為時間和空間與物質的速度有關；在高速前進

中的列車的中點處，某乘客突然按下手電筒，使其發(fā)出一道閃光，該乘客認為閃光向前、向后傳播的速度相等，都為c，站在鐵軌旁邊地面上的觀察者認為閃光向前、向后傳播的速度_______（填“相等”、“不等”）。并且，車上的乘客認為，電筒的閃光同時到達列車的前、后壁，地面上的觀察者認為電筒的閃光先到達列車的______（填“前”、“后”）壁。參考答案：相同

后7.科學探究活動通常包括以下要素：提出問題，猜想與假設，制訂計劃與設計實驗，進行實驗與收集證據(jù)，分析與論證，評估，交流與合作等。伽利略對落體運動規(guī)律探究過程如下：A．伽利略依靠邏輯的力量推翻了亞里士多德的觀點；B．伽利略提出了“落體運動的速度v與時間t成正比”的觀點；C．為“沖淡”重力，伽利略設計用斜面來研究小球在斜面上運動的情況；D．伽利略換用不同質量的小球，沿同一斜面從不同位置由靜止釋放，并記錄相應數(shù)據(jù)；E．伽利略改變斜面的傾角，重復實驗，記錄相應數(shù)據(jù)；F．伽利略對實驗數(shù)據(jù)進行分析；G．伽利略將斜面實驗得到的結論推廣到斜面的傾角增大到90°時；(1)與上述過程中B步驟相應的科學探究要素是______________；ks5u(2)與上述過程中F步驟相應的科學探究要素是______________。參考答案：(1)猜想與假設(2)分析與論證ks5u8.如圖為“用DIS（位移傳感器、數(shù)據(jù)采集器、計算機）研究加速度和力與質量的關系”的實驗裝置。（1）該實驗應用的研究方法是_________________________法；（2）在小車總質量不變時，改變所掛鉤碼的數(shù)量，多次重復測量，可畫出關系圖線（如圖所示）。①分析此圖線的OA段可得出的實驗結論是________________。②此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是____。（3）若保持所掛鉤砝數(shù)量不變，改變小車質量，多次重復測量，可以研究加速度a與質量m的關系，則應該繪制什么關系圖線？答：___________。參考答案：（1）控制變量法（2）質量一定的情況下，加速度與合外力成正比（3）沒有使小車質量遠大于鉤碼質量（4）是9.如圖所示，水平平行線代表電場線，但未指明方向，帶電量為10-8C的正電微粒，在電場中只受電場力的作用，由A運動到B，動能損失2×10-4J，A點的電勢為-2×103V，則微粒運動軌跡是虛線______（填“1”或“2”），B點的電勢為_________V．

參考答案：

2

，

1.8×10410.特種兵過山谷的一種方法可化簡為如右圖所示的模型：將一根長為2d、不可伸長的細繩的兩端固定在相距為d的A、B兩等高處，懸繩上有小滑輪P，戰(zhàn)士們相互配合，可沿著細繩滑到對面。開始時，戰(zhàn)士甲拉住滑輪，質量為m的戰(zhàn)士乙吊在滑輪上，處于靜止狀態(tài)，AP豎直，則此時甲對滑輪的水平拉力為_________mg；若甲將滑輪由靜止釋放，則乙在滑動中速度的最大值為_________。（不計滑輪與繩的質量，不計滑輪的大小及摩擦）

參考答案：1/2

11.摩托車手在水平地面轉彎時為了保證安全，將身體及車身傾斜，車輪與地面間的動摩擦因數(shù)為μ，車手與車身總質量為M，轉彎半徑為R。為不產(chǎn)生側滑，轉彎時速度應不大于

；設轉彎、不側滑時的車速為v，則地面受到摩托車的作用力大小為

。參考答案：

由靜摩擦力提供向心力可得，解得v=，地面受到摩托車的作用力為摩托車的重力與摩擦力的合力。12.一只表頭的滿偏電流Ig=1mA，內阻rg=30Ω，現(xiàn)將表頭改裝成電流、電壓兩用表，如圖所示，R1=0.05Ω，R2=2.97kΩ。（1）閉合電鍵S，接入Oa兩端時是_______表，量程為_______；（2）斷開電鍵S，接入Ob兩端時是_______表，量程為_______。參考答案：13.在“探究功與物體速度變化關系”的實驗中，某實驗研究小組的實驗裝置如圖甲所示，彈簧與木塊接觸但并沒有拴連。木塊從A點靜止釋放后，在1根彈簧作用下彈出，沿足夠長的木板運動到B1點停下，O點為彈簧原長時所處的位置，測得OB1的距離為L1，并記錄此過程中彈簧對木塊做的功為W。用完全相同的彈簧2根、3根……并列在一起進行第2次、第3次……實驗，每次實驗木塊均從A點釋放，木塊分別運動到B2、B3……停下，測得OB2、OB3……的距離分別為L2、L3……作出彈簧對木塊做功W與木塊停下的位置距O點的距離L的圖象如圖乙所示。（1）根據(jù)圖線分析，彈簧對木塊做功W與木塊在O點的速度v0之間的關系為

（2）W—L圖線不通過原點的原因是

。（3）求出彈簧被壓縮的長度為

cm。參考答案：（1）W與成線性關系（2）未計木塊通過AO段時摩擦力對木塊所做（3）

3

cmKs5u三、簡答題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.將下圖中的電磁鐵連入你設計的電路中（在方框內完成），要求：A．電路能改變電磁鐵磁性的強弱；B．使小磁針靜止時如圖所示。參考答案：（圖略）要求畫出電源和滑動變阻器，注意電源的正負極。15.（09年大連24中質檢）（選修3—3）（5分）在圖所示的氣缸中封閉著溫度為100℃的理想氣體．一重物用繩索經(jīng)滑輪與缸中活塞相連接．重物和活塞均處于平衡狀態(tài)，這時活塞離缸底的高度為20cm．如果缸內氣體變?yōu)?℃，問：

①重物是上升還是下降？說明理由。②這時重物將從原處移動多少厘米？（設活塞與氣缸壁問無摩擦）（結果保留一位小數(shù)）參考答案：

解析：

①缸內氣體溫度降低，壓強減小，故活塞下移，重物上升。（2分）

②分析可知缸內氣體作等壓變化，設活塞截面積為S㎝2，氣體初態(tài)體積V1=20S㎝3，溫度T1=373K，末態(tài)溫度T2=273K，體積設為V2=hS㎝3（h為活塞到缸底的距離）

據(jù)

（1分）

可得h=14.6㎝

則重物上升高度

（1分）四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如右圖甲所示,間距為d的平行金屬板MN與一對光滑的平行導軌相連,平行導軌間距L=d/2，一根導體棒ab以一定的初速度向右勻速運動，棒的右側存在一個垂直紙面向里，大小為B的勻強磁場。棒進入磁場的同時，粒子源P釋放一個初速度為0的帶電粒子，已知帶電粒子質量為m,電量為q.粒子能從N板加速到M板，并從M板上的一個小孔穿出。在板的上方，有一個環(huán)形區(qū)域內存在大小也為B，垂直紙面向外的勻強磁場。已知外圓半徑為2d，里圓半徑為d.兩圓的圓心與小孔重合（粒子重力不計）（1）判斷帶電粒子的正負，并求當ab棒的速度為v0時，粒子到達M板的速度v；（2）若要求粒子不能從外圓邊界飛出，則v0的取值范圍是多少？（3）若棒ab的速度v0只能是，則為使粒子不從外圓飛出，則可以控制導軌區(qū)域磁場的寬度S（如圖乙所示），那該磁場寬度S應控制在多少范圍內參考答案：（1）根據(jù)右手定則知，a端為正極，故帶電粒子必須帶負電（1分）

Ab棒切割磁感線，產(chǎn)生的電動勢①（2分）

對于粒子，據(jù)動能定理：②（2分）聯(lián)立①②兩式，可得③（1分）（2）要使粒子不從外邊界飛出，則粒子最大半徑時的軌跡與外圓相切根據(jù)幾何關系：④

即（2分）而⑤（2分）聯(lián)立③④⑤可得（1分）故ab棒的速度范圍：（1分）（3），故如果讓粒子在MN間一直加速，則必然會從外圓飛出，所以如果能夠讓粒子在MN間只加速一部分距離，再勻速走完剩下的距離，就可以讓粒子的速度變小了。

（1分）設磁場寬度為S0時粒子恰好不會從外圓飛出，此情況下由④⑤可得粒子射出金屬板的速度……⑥

（2）粒子的加速度：⑦（1分）解得：對于棒ab：S0（1分）故磁場的寬度應（1分）17.如圖所示，質量M，半徑R的光滑半圓槽第一次被固定在光滑水平地面上，質量為m的小球，以某一初速度沖向半圓槽剛好可以到達頂端C．然后放開半圓槽。其可以自由運動，m小球又以同樣的初速沖向半圓槽，小球最高可以到達與圓心等高的B點，(g=10m/s2)

試求：

①半圓槽第一次被固定時，小球運動至C點后平拋運動的水平射程X=?

②小球質量與半圓槽質量的比值m/M為多少?參考答案：18.如圖所示，裝置的左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質彈簧左端固定，右端連接著質量M=2kg的小物塊A。裝置的中間是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接。傳送帶始終以u=2m/s的速率逆時針轉動。裝置的右邊是一光滑的曲面，質量m=1kg的小物塊B從其上距水平臺面h=1.0m處由靜止釋放。已知物塊B與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ=0.2，l=1.0m。設物塊A、B中間發(fā)生的是對心彈性碰撞，第一次碰撞前物塊A靜止且處于平衡狀態(tài)。取g=10m/s2。（1）求物塊B與物塊A