2022-2023學(xué)年山西省朔州市應(yīng)縣重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期末物理試卷（含解析）

第=page11頁，共=sectionpages11頁2022-2023學(xué)年山西省朔州市應(yīng)縣重點(diǎn)中學(xué)高二（下）期末物理試卷一、單選題（本大題共8小題，共32.0分）1.如圖所示，傾角為a的薄木板定在水平面上，板上有一小孔B，不可伸長的輕繩一端系一物體A，另一端穿過小孔B豎直向下。開始時(shí)，板上方的細(xì)繩水平伸直?，F(xiàn)慢慢拉動(dòng)細(xì)繩下垂端，在物體緩慢到達(dá)小孔B的過程中，軌跡正好是一個(gè)半圓周，則物體與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為(

)A.cosα B.1cosα C.tanα 2.在如圖所示的電路中，E為電源電動(dòng)勢，r為電源內(nèi)阻，R1為定值電阻，R為滑動(dòng)變阻器。MN、PQ為水平放置的兩個(gè)平行金屬板，二者之間的電場可以視為勻強(qiáng)電場，虛線OO′平行于金屬板。當(dāng)R的滑片在中點(diǎn)時(shí)，閉合開關(guān)S，帶電小球以v0從O點(diǎn)沿OO′飛入，剛好從O′點(diǎn)飛出。若帶電小球都能夠從平行金屬板右側(cè)飛出，下列說法正確的是(

)A.若滑動(dòng)變阻器R的滑片向右移動(dòng)一段距離后不動(dòng)，帶電小球仍以v0從O點(diǎn)沿OO′飛入，則飛出點(diǎn)在O′點(diǎn)

B.若滑動(dòng)變阻器R的滑片向右移動(dòng)一段距離后不動(dòng)，帶電小球仍以v0從O點(diǎn)沿OO′飛入，則飛出點(diǎn)在O′點(diǎn)下方

C.若金屬板MN平行上移一小段距離，帶電小球仍以v0從O點(diǎn)沿OO′飛入，則小球?qū)⒃贠′點(diǎn)飛出

D.若金屬板MN平行下移一小段距離仍在OO′上方，帶電小球仍以v0從O點(diǎn)沿3.在如圖所示的電路中，C是平行板電容器，L是直流電阻可以忽略的電感線圈，閉合開關(guān)S，電路穩(wěn)定后突然斷開開關(guān)S，下列說法正確的是(

)A.當(dāng)A板上所帶的正電荷逐漸增多時(shí)，LC振蕩電路中的電流在增加

B.當(dāng)B板上所帶的正電荷逐漸增多時(shí)，LC振蕩電路中的電流在增加

C.僅減小電容器兩極板間的距離，LC振蕩電路的周期將變大

D.減小電容器兩極板間的距離，同時(shí)增加電感線圈的匝數(shù)，LC振蕩電路的周期可能不變

4.兩分子間的分子力與它們之間距離的關(guān)系圖像如圖甲所示，圖中r0為分子力的零點(diǎn)，r1為分子力的極值點(diǎn)；兩分子的勢能與分子間距離的關(guān)系圖像如圖乙所示，規(guī)定兩分子間距離為無限遠(yuǎn)時(shí)分子勢能為0，r2為分子勢能的零點(diǎn)，r3為分子勢能的極值點(diǎn)，極小值為?A.r0=r2 B.r0=5.如圖所示，理想變壓器三個(gè)線圈的匝數(shù)滿足n1=n2+n3，當(dāng)加在原線圈兩端的電壓為U1時(shí)，原線圈的輸入功率為P1，電路中四個(gè)規(guī)格相同的燈泡A、B、C、D都恰好正常發(fā)光，兩副線圈的輸出電壓分別為U2、U3，輸出功率分別為P2A.P1：P2：P3=3：2：1 B.U1：U2：U3=4：2：1

C.n1：n2：n3=3：1：6.固定在水平地面上的斜面PQO上方的弧形軌道末端水平，小球從弧形軌道上某處滑下水平飛出后，恰好落在Q點(diǎn)，已知PO=0.8m，PQ=1.0m，取重力加速度大小g=10m/s2，則小球做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度大小為(

)A.1.0m/s B.1.5m/s C.2.0m/s D.2.5m/s7.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體，從狀態(tài)A沿直線經(jīng)歷狀態(tài)B、C到達(dá)狀態(tài)D，下列說法正確的是(

)A.A→B過程中氣體分子的平均動(dòng)能不變

B.B→C過程中氣體對外界做功

C.B→C過程中氣體向外界放熱

D.C→D過程中氣體分子的密集程度增大8.某同學(xué)用如圖所示的電路探究遠(yuǎn)距離輸電的能量損耗，T1、T2為兩個(gè)完全相同的理想變壓器，(T1升壓、T2降壓)，將總電阻為500Ω的長導(dǎo)線卷成相同的兩卷A、B來模擬輸電線路，忽略導(dǎo)線卷的自感作用，當(dāng)變壓器T1原線圈的輸入電壓為4V時(shí)，銘牌為“2.5VA.變壓器T1原線圈中的電流為0.25A B.導(dǎo)線卷A產(chǎn)生的熱功率為0.45W

C.遠(yuǎn)距離輸電的效率為80% D.變壓器T2二、多選題（本大題共4小題，共16.0分）9.兩個(gè)沿y軸做簡諧運(yùn)動(dòng)的質(zhì)點(diǎn)產(chǎn)生的簡諧波在t=0時(shí)刻的圖像如圖所示，此刻平衡位置在x=0.2m和x=0.8m處的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng)。已知兩波源分別位于橫軸上x=?0.2m和x=1.2m處，它們的周期均為1s、振幅均為2cm，質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置在x=0.5m處，下列說法正確的是(

)A.質(zhì)點(diǎn)P、Q同時(shí)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)

B.兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向

C.0～3s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M通過的路程為18cm

D.t=3s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M偏離平衡位置的位移為?4cm10.如圖，MN和PQ是電阻不計(jì)的平行金屬導(dǎo)軌，其間距為L，導(dǎo)軌彎曲部分光滑，平直部分粗糙，兩部分平滑連接，平直部分右端接一個(gè)阻值為R的定值電阻。平直部分導(dǎo)軌左邊區(qū)域有寬度為d、方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場。質(zhì)量為m、電阻也為R的金屬棒從高度為?處由靜止釋放，到達(dá)磁場右邊界處恰好停止。已知金屬棒與平直部分導(dǎo)軌間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，重力加速度大小為g，金屬棒與導(dǎo)軌間接觸良好，則金屬棒穿過磁場區(qū)域的過程中(

)A.流過金屬棒的最大電流為I=ER=BL2g?R

B.通過金屬棒的電荷量為BdL2R11.如圖所示，在水平地面上方固定一足夠長水平軌道，質(zhì)量為M的滑塊套在水平軌道上，一不可伸長的輕繩一端固定在滑塊底部O點(diǎn)，另一端連接質(zhì)量為m的小球。已知O點(diǎn)到地面的高度為H，重力加速度大小為g，不計(jì)小球與滑塊受到的空氣阻力。現(xiàn)將小球拉至與O點(diǎn)等高的A處(A在水平軌道正下方)，輕繩伸直后由靜止釋放。下列說法正確的是(

)A.若水平軌道光滑，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒

B.若水平軌道光滑，輕繩OA長度為H2，當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，迅速剪斷輕繩小球運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后落地(不反彈)，小球落地時(shí)與滑塊間的水平距離是d=Hm+MM

C.若水平軌道粗糙，小球在擺動(dòng)過程中滑塊始終保持靜止，當(dāng)小球所受重力的功率最大時(shí)，輕繩與水平方向的夾角的正弦值是12.如圖甲所示，面積為0.2m2的100匝線圈內(nèi)部存在垂直紙面、磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻增加的勻強(qiáng)磁場，線圈的電阻為2Ω，磁場方向垂直于線圈平面向里，已知磁感應(yīng)強(qiáng)度B隨時(shí)間t變化的規(guī)律如圖乙所示，磁場垂直紙面向里為正，定值電阻R的阻值為8Ω，下列說法正確的是(

)A.a、b兩點(diǎn)間的電勢差Uab=?1.6V

B.電阻R上產(chǎn)生的熱功率為0.32W

C.0～5s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為1.6J

D.0～5s內(nèi)通過電阻R三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共24.0分）13.某同學(xué)用如下圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究物體的速度與時(shí)間的關(guān)系：

(1)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接______電源(填“低壓直流”、“低壓交流”或“220V交流”)。

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，使小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先______再______。(填“接通電源”或“放開小車”)

(3)若所接電源的頻率是50Hz，則每隔______秒打一個(gè)點(diǎn)。

(4)圖乙是繪出的小車速度?時(shí)間關(guān)系圖線，根據(jù)圖線求出小車的加速度為a=______m/s2.(保留三位有效數(shù)字)14.某同學(xué)用如圖甲所示的裝置探究氣體等溫變化的規(guī)律。在橡膠套和柱塞間封閉著一段空氣柱，空氣柱的長度L可以從刻度尺讀取，空氣柱的壓強(qiáng)p可以從與空氣柱相連的壓力表讀取。緩慢地向下壓或向上拉柱塞，保持空氣柱的溫度不變，測量空氣柱的長度及對應(yīng)的壓強(qiáng)，得到如圖乙所示的p?L圖像。

(1)為了更直觀地處理數(shù)據(jù)，將圖乙化曲為直，繪制了如圖丙所示的擬合直線，則圖丙的橫坐標(biāo)為______(填“1L”、“L”、“1L”或“L2”)。

(2)本實(shí)驗(yàn)探究的是氣體等溫變化時(shí)壓強(qiáng)p與體積V變化的規(guī)律，但測量時(shí)卻測量了空氣柱的長度L，用L代替V的理由是______。

A.空氣柱的橫截面積S恒定

B.空氣柱的溫度恒定

C.空氣柱的壓強(qiáng)恒定

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，得出的結(jié)論為______。

A.一定量的氣體等溫變化時(shí)，壓強(qiáng)與體積成正比

B.一定量的氣體等溫變化時(shí)，壓強(qiáng)與體積成反比

C.一定量的氣體等容變化時(shí)，壓強(qiáng)與溫度成正比

D四、簡答題（本大題共1小題，共14.0分）15.為了監(jiān)控鍋爐外壁的溫度變化，某鍋爐外壁上鑲嵌了一個(gè)底部水平、開口向上的圓柱形導(dǎo)熱汽缸，汽缸內(nèi)有一質(zhì)量不計(jì)、橫截面積S=10cm2的活塞封閉著一定質(zhì)量理想氣體，活塞上方用輕繩懸掛著矩形重物。當(dāng)缸內(nèi)溫度為T1=300K時(shí)，活塞與缸底相距H=3cm，與重物相距?=2cm。已知鍋爐房內(nèi)空氣壓強(qiáng)p0=1.0×105Pa，重力加速度大小g=10m/s2，不計(jì)活塞厚度及活塞與缸壁間的摩擦，缸內(nèi)氣體溫度等于鍋爐外壁溫度。

(1)當(dāng)活塞剛好接觸重物時(shí)，求鍋爐外壁的溫度T五、計(jì)算題（本大題共1小題，共14.0分）16.如圖，直角坐標(biāo)系xOy中，在第一象限內(nèi)有沿y軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場；在第三、第四象限內(nèi)分別有方向垂直于坐標(biāo)平面向里和向外的勻強(qiáng)磁場。一質(zhì)量為m、電荷量為q(q>0)的粒子從y軸上P點(diǎn)(0,?)以初速度v0垂直于y軸射入電場，再經(jīng)x軸上的Q點(diǎn)沿與x軸正方向成45°角進(jìn)入磁場。粒子重力不計(jì)。

(1)求勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小E；

(2)要使粒子能夠進(jìn)入第三象限，求第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小范圍；

(3)若第四象限內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為mv0q?，第三象限內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為2mv0q?，且第三、第四象限的磁場在y=?L(L>2?)處存在一條與x軸平行的下邊界MN(圖中未畫出)

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：物體在斜面上緩慢運(yùn)動(dòng)時(shí)，受到4個(gè)力：重力G，繩子的拉力F1，斜面的支持力F2，物體在運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的摩擦力F3，這四個(gè)力的合力近似為零；

其中F1和F3同斜面平行，F(xiàn)2同斜面垂直，G同斜面成(90°?α)。

根據(jù)各力之間的平衡的原則，可列出以下公式：

在垂直斜面方向，有：F2=G?cosα，

因此有摩擦力F3=μF2=μGcosα，

接下來考慮平行于斜面的力，為了簡化問題狀態(tài)，可以直接以A點(diǎn)處的系統(tǒng)狀態(tài)來進(jìn)行分析，此時(shí)時(shí)摩擦力和重力在斜面平行方向上的力是反向、等大的，即應(yīng)該是近似平衡的，有：

μGcosα=Gsinα2.【答案】C

【解析】解：由題圖可知，當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)或電容器在充電時(shí)，二極管所加的正向電壓，其可等效為導(dǎo)線。兩平行板與R1并聯(lián)，它們兩端電壓相等，用u1表示?；瑒?dòng)變阻器為限流式接法。

AB、若滑動(dòng)變阻器R滑片右移，則其接入電路的阻值減小，回路的總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知I總=ER1+R+r，u1=I總R1，R減小，可知I總增大，u1增大。

在滑動(dòng)變阻器的滑片沒有移動(dòng)時(shí)，小球能沿OO′飛出，說明重力等于電場力，現(xiàn)u1增大，由公式E=Ud可知E增大，電場力大于重力，小球的合力豎直向上，則小球做曲線運(yùn)動(dòng)，在O′點(diǎn)上方飛出，速度變大，故AB錯(cuò)誤；

C、若只上下平移金屬板MN，則R1兩端電壓不變，由電容的決定式C=?rS4πkd知，MN平行上移，板間距離d增大，C減小，電容器要放電，但二極管具有單向?qū)щ娦?，故電容器不能放電，所帶的電荷量不變，由公式C=QU、E=Ud，可得：E=4πkQ?rS，故小球在電容器中所受電場力仍等于重力，小球仍沿OO′運(yùn)動(dòng)，從O′點(diǎn)飛出，故C正確；

3.【答案】C

【解析】解：A.當(dāng)A板上所帶的正電荷逐漸增多時(shí)，電容器中電場能增加，由能量守恒定律知線圈中磁場能減小，所以LC振蕩電路中的電流在減小，故A錯(cuò)誤；

B.當(dāng)B板上所帶的正電荷逐漸增多時(shí)，電容器中電場能增加，由能量守恒定律知線圈中磁場能減小，所以LC振蕩電路中的電流在減小，故B錯(cuò)誤；

C.僅減小電容器兩極板間的距離，由C=εrS4πkd，可知電容器電容變大，由T=2πLC，LC振蕩電路的周期將變大，故C正確；

D.減小電容器兩極板間的距離，由C=εrS4πkd，可知電容器電容變大，增加電感線圈的匝數(shù)，則電感線圈的自感系數(shù)增大，由T=2πLC可知LC振蕩電路的周期將變大，故D錯(cuò)誤。

故選：C。4.【答案】B

【解析】解：AB.當(dāng)r1=r0，即分子間距離等于平衡距離時(shí)，分子力為零，分子勢能最小，所以r0=r3，故A錯(cuò)誤，B正確；

CD.從r3減小到r2的過程中，分子勢能增大，分子間距離小于平衡位置，分子間作用力為斥力，故r1≠r5.【答案】D

【解析】解：BC、設(shè)燈泡正常發(fā)光時(shí)的工作電壓為U0，工作電流為I0，則有：n2n3=U2U3=2U0U0=21

又根據(jù)題意可知：n1=n2+n3

可得：n1：n2：n3=3：2：1

根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓比等于匝數(shù)比可得：U1：U2：U3=n1：n2：n3=3：2：1，故BC錯(cuò)誤；

AD、根據(jù)功率公式有：P6.【答案】B

【解析】解：水平位移

OQ=PQ2?PO2=12?0.82m=0.6m

根據(jù)

PO=12gt2

得7.【答案】C

【解析】解：A、由p?T圖像可知，氣體在A→B過程中溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能變大，故A錯(cuò)誤；

BC、由圖像可知B→C過程中，氣體做等壓變化，所以氣體壓強(qiáng)不變，溫度降低，根據(jù)蓋—呂薩克定律VT=C可知?dú)怏w體積減小，則外界對氣體做正功，由于氣體溫度降低，氣體內(nèi)能減小，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體向外界放熱，故B錯(cuò)誤，C正確；

D、由p?T圖像可知?dú)怏w在C→D過程中，溫度不變，壓強(qiáng)減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程pVT=C可知?dú)怏w體積變大，則氣體分子的密集程度減小，故D錯(cuò)誤。

故選：C。

本題考查理想氣體狀態(tài)方程、等容線及熱力學(xué)第一定律，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程，一定質(zhì)量的理想氣體pVT=C為常數(shù)，變形為：p=C8.【答案】D

【解析】解：T1、T2為兩個(gè)完全相同的理想變壓器，設(shè)T1的原副線圈匝數(shù)之比為n1：n2，電壓為U1、U2，電流為I1、I2，則T2的原副線圈匝數(shù)之比為n2：n1，設(shè)電壓為U3和U4，電流為I3、I4，根據(jù)理想變壓器的變壓規(guī)律得：U1U2=n1n2，U3U4=n2n1，聯(lián)立解得：U3U2=U4U1，代入數(shù)據(jù)得：U3U2=2.5V4.0V=58①

根據(jù)輸電電路可知：I2=I3，U2=U3+I3R②

其中9.【答案】BD

【解析】解：A.根據(jù)簡諧橫波的傳播特點(diǎn)可知，質(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波遷移，故A錯(cuò)誤；

B.根據(jù)同側(cè)法可知，質(zhì)點(diǎn)P、Q的起振方向均沿y軸負(fù)方向，所以兩波源的起振方向均沿y軸負(fù)方向，故B正確；

C.M點(diǎn)到兩波源的波程差為零，所以M處于振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)，其振幅為4cm，兩列波傳播的速度均為

v=λT=0.41m/s=0.4m/s

波傳播到M點(diǎn)需要的時(shí)間為

t=xv=0.30.4s=0.75s

所以在0～3s內(nèi)，M點(diǎn)振動(dòng)的時(shí)間為2.25s，即兩個(gè)周期加四分之一周期，所以質(zhì)點(diǎn)M通過的路程為

s=2×4A+A=2×4×4cm+4cm=36cm

故C錯(cuò)誤；

D.t=3s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M處于波谷，所以其偏離平衡位置的位移為?4cm，故D正確。

故選：10.【答案】BD

【解析】解：A.對導(dǎo)體棒下滑到底端的過程中根據(jù)動(dòng)能定理可得：

mg?=12mv2

流過金屬棒的最大電流為

I=E2R=BLv2R=BL2g?2R，故A錯(cuò)誤；

B.通過金屬棒的電荷量為

q=IΔt=ΔΦ2RΔtΔt=ΔΦ2R=BLd2R，故B正確；

C.由能量守恒可知整個(gè)電路中產(chǎn)生的焦耳熱為：

Q=mg??μmgd

金屬棒內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱為

Q1=Q2=mg2(??μd)

故C錯(cuò)誤；11.【答案】BC

【解析】解：A.若水平軌道光滑，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)水平方向的合外力為零，則滑塊和小球組成的系統(tǒng)在水平方向上動(dòng)量守恒，由于小球相對O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，處于超重狀態(tài)，系統(tǒng)豎直方向的合外力不為零，系統(tǒng)在豎直方向上動(dòng)量不守恒，故滑塊和小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒。系統(tǒng)無機(jī)械能損失，故系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A錯(cuò)誤；

B.設(shè)小球擺到最低點(diǎn)時(shí)速度大小為v1，此時(shí)滑塊速度大小為v2，以水平向右為正方向，根據(jù)水平方向上系統(tǒng)動(dòng)量守恒得：

mv1?Mv2=0

根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：

mg?H2=12mv12+12Mv22

解得：v1=MgHm+M，v2=mMMgHm+M

剪斷輕繩后，滑塊向左做勻速直線運(yùn)動(dòng)，小球以向右的初速度v1做平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)經(jīng)時(shí)間t落地，根據(jù)小球在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，可得：

H?H2=12gt2

小球在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，可得落地時(shí)與滑塊間的水平距離為：

d=(v1+v2)t

聯(lián)立解得：d=Hm+MM，故B正確；

C.設(shè)輕繩長度為L，輕繩與水平方向夾角為θ時(shí)，繩中張力為F，小球速度為v，對小球根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得：

mgLsinθ=12mv2

根據(jù)牛頓第二定律得：

F?mgsinθ=mv2L

小球所受重力的功率為：PG=mgvy

可知重力功率最大時(shí)小球速度的豎直分量vy最大，可得小球加速度的豎直分量ay12.【答案】BCD

【解析】解：A.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可得線圈產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢大小為

E=NΔΦΔt=NSΔBΔt

根據(jù)楞次定律可知電流從a點(diǎn)流出、b點(diǎn)流入，所以a點(diǎn)電勢比b點(diǎn)電勢高，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得a、b兩點(diǎn)間電壓為

Uab=ERR+r

聯(lián)立解得：Uab=1.6V，故A錯(cuò)誤；

B.電路中電流為

I=ER+r

代入數(shù)據(jù)解得：I=0.2A

電阻R上產(chǎn)生的熱功率為

P=I2R

代入數(shù)據(jù)解得：P=0.32W，故B正確；

C.0～5s內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的熱量為

Q=I2Rt

代入數(shù)據(jù)解得：Q=1.6J，故C正確；

D.0～5s內(nèi)通過電阻R的電荷量為

q=It=0.2×5C=1C13.【答案】低壓交流

接通電源

放開小車

0.02

0.682

【解析】解：(1)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接低壓交流電源

(2)實(shí)驗(yàn)時(shí)，使小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源再放開小車。

(3)若所接電源的頻率是50Hz，則每隔0.02秒打一個(gè)點(diǎn)。

(3)在v?t圖象中圖線的斜率表示加速度即為：

a=△v△t=1.00?0.700.50?0.06=0.682

m/s2。

故答案為：(1)低壓交流(2)接通電源放開小車(3)0.02?(4)0.682。

了解電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的工作電壓、工作原理，實(shí)驗(yàn)中要先接通電源，然后釋放小車。14.【答案】1L

A

B【解析】解：(1)根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程有：pVT=C

封閉氣體體積：V=SL

可得：p=CTS?1L，故圖丙的橫坐標(biāo)為1L。

(2)氣體的體積為：V=SL，其中S為空氣柱的橫截面積，由于空氣柱的橫截面積S不變，所以用L代替V，故A正確，BC錯(cuò)誤；

故選：A。

(3)根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)得出的結(jié)論為一定量的氣體等溫變化時(shí)，壓強(qiáng)與體積成反比。故B正確，ACD錯(cuò)誤；

故選：B。

故答案為：(1)1L；(2)A；(3)B

15.【答案】解：(1)活塞上升過程中，缸內(nèi)氣體發(fā)生等壓變化，有

V1=HS

V2=(H+?)S

由蓋—呂薩克定律

V1T1=V2T2

代入數(shù)據(jù)解得：T2=500K

(2)活塞剛好接觸重物到輕繩拉力為零的過程中，缸內(nèi)氣體發(fā)生等容