2023年江蘇省鹽城市濱海縣蔡橋初級(jí)中學(xué)等三校物理高二第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題含解析

2023年江蘇省鹽城市濱?？h蔡橋初級(jí)中學(xué)等三校物理高二第一學(xué)期期末監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng)1．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請(qǐng)務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請(qǐng)認(rèn)真核對(duì)監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對(duì)應(yīng)選項(xiàng)的方框涂滿、涂黑；如需改動(dòng)，請(qǐng)用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號(hào)等須加黑、加粗．一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖所示是一多匝線圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)所產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖象，根據(jù)圖象可知（）A.此交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e＝200sin0.02tB.此交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為e＝200sin100πtC.t＝0.01s時(shí)，穿過線圈的磁通量為零D.t＝0.02s時(shí)，穿過線圈的磁通量的變化率最大2、如圖甲所示，abcd是位于豎直平面內(nèi)的正方形閉合金屬線框，金屬線框的質(zhì)量為m，電阻為R．在金屬線框的下方有一勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，MN和PQ是勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域的水平邊界，并與線框的bc邊平行，磁場(chǎng)方向垂直于線框平面向里．現(xiàn)使金屬線框從MN上方某一高度處由靜止開始下落，如圖乙是金屬線框由開始下落到bc剛好運(yùn)動(dòng)到勻強(qiáng)磁場(chǎng)PQ邊界的v-t圖象，圖中數(shù)據(jù)均為已知量．重力加速度為g，不計(jì)空氣阻力.下列說法正確的是A.金屬線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)感應(yīng)電流方向沿adcba方向B.MN和PQ之間的距離為v1（t2-t1）C.磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為D.金屬線框在0-t3的時(shí)間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t3-t1）3、由電場(chǎng)強(qiáng)度的定義式可知，在電場(chǎng)中的同一點(diǎn)()A.電場(chǎng)強(qiáng)度E跟F成正比，跟q成反比B.無論檢驗(yàn)電荷所帶的電荷量如何變化，始終不變C.電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大，則該點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度強(qiáng)D.一個(gè)不帶電的小球在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力為零，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)一定為零4、如圖所示的電路，水平放置的平行板電容器中有一個(gè)帶電液滴正好處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，則（）A.電容器的電容將減小B.電容器電荷量將減少C.電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度將增大D.液滴將向上運(yùn)動(dòng)5、用伏安法測(cè)電阻R，按圖中甲圖測(cè)得的結(jié)果為R1，按乙圖測(cè)得為R2，若電阻的真實(shí)值為R，則()A.R1＞R＞R2B.R1＜R＜R2C.R＞R1，R＞R2D.R1＝R＝R26、圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0.1s時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置在x=1cm處的質(zhì)點(diǎn)，Q是平衡位置在x=4cm處的質(zhì)點(diǎn)，圖乙為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象．則A.波的傳播速度為20m/sB.波的傳播方向沿x軸負(fù)方向C.t=0.4s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的速度大小最大，方向y軸正方向D.t=0.7s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q的速度大小最大，方向y軸負(fù)方向二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，水平地面上方矩形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩個(gè)用相同材料、相同粗細(xì)的導(dǎo)線繞制的單匝閉合正方形線圈1和2，其邊長(zhǎng)，均在距磁場(chǎng)上邊界高處由靜止開始自由下落，最后落到地面．整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中，線圈平面始終保持在豎直平面內(nèi)且下邊緣平行于磁場(chǎng)上邊界，設(shè)線圈剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度大小分別為a1、a2，落地時(shí)的速度大小分別為v1、v2，在全過程中產(chǎn)生的熱量分別為Q1、Q2，通過線圈橫截面的電荷量分別為q1、q2，不計(jì)空氣阻力，則A. B.C. D.8、如圖，A、B為兩個(gè)完全相同的燈泡，L為自感線圈（自感系數(shù)較大；直流電阻不計(jì)），E為電源，S為開關(guān)。下列說法正確的是（）A.閉合開關(guān)穩(wěn)定后，A、B一樣亮B.閉合開關(guān)的瞬間，A、B同時(shí)亮，但A很快又熄滅C.閉合開關(guān)穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，A閃亮后又熄滅D.閉合開關(guān)穩(wěn)定后，斷開開關(guān)，A、B立即同時(shí)熄滅9、如圖所示，用靜電計(jì)測(cè)量帶電的平行板電容器兩極板(相互正對(duì))間的電勢(shì)差時(shí)，保持平行板電容器兩極板距離不變，若把B極板向上移動(dòng)少許，則（）A.電容器的電容不變B.兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度變大C.靜電計(jì)的張角增大D.兩極板所帶的電荷量增大10、如圖是質(zhì)譜儀的工作原理示意圖，帶電粒子被加速電場(chǎng)加速后，進(jìn)入速度選擇器速度選擇器內(nèi)相互正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電場(chǎng)強(qiáng)度為粒子沿直線穿過速度選擇器后通過平板S上的狹縫P，之后到達(dá)記錄粒子位置的膠片板S下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)下列說法正確的是A.粒子在速度選擇器中一定做勻速運(yùn)動(dòng)B.速度選擇器中磁場(chǎng)方向垂直紙面向里C.能通過狹縫P帶電粒子的速率等于D.比荷越大的粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在遠(yuǎn)距離輸電中，輸送電壓為220伏，輸送電功率為44千瓦，輸電線的總電阻為0.2歐，在使用原副線圈匝數(shù)比為1：10的升壓變壓器升壓，再用10：1的降壓變壓器降壓方式送電時(shí)．輸電線上損失的電壓為______V，損失的電功率為______W12．（12分）某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律。所用的器材有：A．量筒，要求長(zhǎng)度比較長(zhǎng)，筒壁上有均勻刻度線B．游標(biāo)卡尺C．天平D．小球兩個(gè)（橡膠材質(zhì)的上浮小球，硬塑料材質(zhì)的下沉小球）E．細(xì)線，其質(zhì)量可以忽略不計(jì)F．記號(hào)筆實(shí)驗(yàn)步驟如下：①選擇合適大小的小球，使通過細(xì)線相連的兩球體恰好懸浮在水中；②用天平稱量?jī)蓚€(gè)小球的質(zhì)量，上浮小球的質(zhì)量為m1，下沉小球的質(zhì)量為m2；③用記號(hào)筆記錄兩個(gè)小球懸浮的位置；④剪斷細(xì)線；⑤用記號(hào)筆記錄某時(shí)刻兩個(gè)小球的位置；⑥多次實(shí)驗(yàn)，分別計(jì)算出兩個(gè)小球在相同時(shí)間內(nèi)上浮和下沉的高度，記錄在表格中該同學(xué)按此方案進(jìn)行實(shí)驗(yàn)后，測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表所示，請(qǐng)回答問題小球質(zhì)量上浮和下沉的高度第一次第二次第三次第次平均上浮小球m1=4.74g46.20mm46.22mm46.20mm46.18mm下沉小球m2=5.44g40.26mm40.24mm40.26mm40.26mm(1)上浮小球4次上浮的平均高度，下沉小球4次下沉的平均高度為_________mm（結(jié)到后兩位）；(2)在實(shí)驗(yàn)誤差允許的范圍內(nèi)，當(dāng)所測(cè)物理量滿足_________表達(dá)式時(shí)，即說明剪斷細(xì)線后，兩小球的動(dòng)量守恒.A．B．C．(3)下列關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的一些說法，你認(rèn)為正確的是_________A．兩個(gè)小球在水中運(yùn)動(dòng)的速度要適中，不能過快B．上浮小球選用密度更小的小球，實(shí)驗(yàn)效果更好C．剪斷細(xì)線時(shí)對(duì)球的擾動(dòng)大，但不會(huì)引起誤差D．選擇合適大小的小球使得兩球可以懸浮后，再把細(xì)線剪斷，用鑷子夾住兩截?cái)嗑€，然后一起放入水中靜止，松開鑷子兩球開始運(yùn)動(dòng)，這種改進(jìn)更好四、計(jì)算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，兩根間距為L(zhǎng)＝0.5m的平行光滑金屬導(dǎo)軌間接有電動(dòng)勢(shì)E＝3V、內(nèi)阻r＝1Ω的電源，導(dǎo)軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導(dǎo)軌放置，質(zhì)量m＝0.2kg．導(dǎo)軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導(dǎo)軌電阻均不計(jì)，整個(gè)裝置處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中．當(dāng)R0＝1Ω時(shí)，金屬桿ab剛好處于靜止?fàn)顟B(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度14．（16分）如圖所示，水平放置的兩塊長(zhǎng)直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場(chǎng)強(qiáng)度為E=5.0×105N/C，b板下方整個(gè)空間存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng).今有一質(zhì)量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計(jì)重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強(qiáng)電場(chǎng)，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L15．（12分）ABC表示豎直放在電場(chǎng)強(qiáng)度為E=104V/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點(diǎn)，而且AB=R=0.2m，把一質(zhì)量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點(diǎn)由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達(dá)C點(diǎn)的速度大小(2)小球在C點(diǎn)時(shí)，軌道受到的壓力大小

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】AB．由圖像知周期T=0.02s，所以頻率f=50Hz，由圖像知電動(dòng)勢(shì)最大值為200V，角速度為所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)表達(dá)式為故A錯(cuò)誤，B正確；C．t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則穿過線圈的磁通量最大，故C錯(cuò)誤；D．t=0.02s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則穿過線圈的磁通量的變化率也為零，故D錯(cuò)誤。故選B。2、C【解析】（1）根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向；（2）由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，根據(jù)時(shí)間和速度求解金屬框的邊長(zhǎng)和MN和PQ之間的距離；（3）由圖知，金屬線框進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，重力和安培力平衡，可求出B．（4）由能量守恒定律求出熱量【詳解】金屬線框剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，根據(jù)楞次定律判斷可知，感應(yīng)電流方向沿abcda方向．故A錯(cuò)誤．由圖象可知，金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)過程中是做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度為v1，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2-t1，所以金屬框的邊長(zhǎng)：L=v1（t2-t1）．MN和PQ之間的距離要大于金屬框的邊長(zhǎng)，故B錯(cuò)誤．在金屬框進(jìn)入磁場(chǎng)的過程中，金屬框所受安培力等于重力：mg=BIL；；又L=v1（t2-t1）聯(lián)立解得：．故C正確．金屬框在進(jìn)入磁場(chǎng)過程中金屬框產(chǎn)生的熱為Q1，重力對(duì)其做正功，安培力對(duì)其做負(fù)功，由能量守恒定律得：Q1=mgL=mgv1（t2-t1）;金屬框在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)過程中金屬框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，所以金屬線框在0-t3的時(shí)間內(nèi)所產(chǎn)生的熱量為mgv1（t2-t1）．故D錯(cuò)誤；故選C【點(diǎn)睛】本題電磁感應(yīng)與力學(xué)知識(shí)簡(jiǎn)單的綜合，培養(yǎng)識(shí)別、理解圖象的能力和分析、解決綜合題3、B【解析】電場(chǎng)強(qiáng)度與試探電荷所受電場(chǎng)力、電荷量無關(guān)，由電場(chǎng)本身決定；一個(gè)不帶電的小球在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力為零，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不一定為零；【詳解】A、電場(chǎng)強(qiáng)度等于試探電荷所受電場(chǎng)力與電荷量的比值，但電場(chǎng)強(qiáng)度E并不跟F成正比，跟q成反比，而F、q無關(guān)，E由電場(chǎng)本身決定，故A錯(cuò)誤；B、在電場(chǎng)中的同一點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E是一定的，則無論試探電荷所帶的電量如何變化，始終不變，故B正確；C、同一電荷在電場(chǎng)中某點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不一定為零，還要該電荷的電荷量大小，故C錯(cuò)誤；D、電場(chǎng)對(duì)不帶電的小球沒有電場(chǎng)力作用，不帶電的小球在P點(diǎn)受到的電場(chǎng)力為零，P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)可能為零，也可能不為零，故D錯(cuò)誤【點(diǎn)睛】對(duì)于電場(chǎng)強(qiáng)度，要抓住它的比值定義法的共性，E與試探電荷所受電場(chǎng)力、電荷量無關(guān)，由電場(chǎng)本身的性質(zhì)決定，反映電場(chǎng)本身的強(qiáng)弱和方向4、B【解析】A．電容器的電容是由電容器本身決定的，與外部因素?zé)o關(guān)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．將滑動(dòng)變阻器的滑片P向左移動(dòng)，電路總電阻變大，總電流減小，則R2兩端的電壓減小，電容量?jī)啥穗妷簻p小，根據(jù)Q=CU可知，電容器的電荷量將減少，選項(xiàng)B正確；C．電容量?jī)啥穗妷簻p小，根據(jù)可知，電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度將減小，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．電容器中的電場(chǎng)強(qiáng)度將減小，則液滴受到的向上的電場(chǎng)力減小，則液滴將向下運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。5、A【解析】甲圖接法：電壓表的示數(shù)為R兩端的電壓和安培表兩端的電壓之和，即U=UR+UA

電流表的示數(shù)I是通過R的真實(shí)值，則

故R1＞R；乙圖接法：電流表的示數(shù)為通過電阻的電流和電壓表的電流之和，即I=IR+IV

電壓表的示數(shù)U是R兩端電壓的真實(shí)值，則

故R＞R2則得R1＞R＞R2；A．R1＞R＞R2，與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；B．R1＜R＜R2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．R＞R1，R＞R2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．R1＝R＝R2，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；6、D【解析】根據(jù)波形圖和Q點(diǎn)的振動(dòng)圖像讀出波長(zhǎng)和周期，求解波的速度；根據(jù)Q點(diǎn)t=0.1s的振動(dòng)方向判斷波的傳播方向；根據(jù)波的傳播規(guī)律判斷在t=0.4s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)情況以及t=0.7s時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)情況.【詳解】由圖讀出波長(zhǎng)λ=8cm，周期T=0.4s，則波速，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由振動(dòng)圖像可知，t=0.1s時(shí)，Q點(diǎn)向上振動(dòng)，由波形圖可知波的傳播方向沿x軸正方向，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；t=0.4s時(shí)刻，波向x正向傳播，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)P與t=0時(shí)刻位置相同，但是向上振動(dòng)，速度不是最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；t=0.7s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)Q從t=0.1s時(shí)刻起經(jīng)過了1.5T回到平衡位置，此時(shí)的速度大小最大，方向y軸負(fù)方向，選項(xiàng)D正確，故選D.【點(diǎn)睛】本題的關(guān)鍵是把握兩種圖象之間的內(nèi)在聯(lián)系，會(huì)根據(jù)振動(dòng)情況來判定波的傳播方向．結(jié)合波形圖判斷質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、AC【解析】線圈進(jìn)入磁場(chǎng)之前，均做自由落體運(yùn)動(dòng)，因下落高度一致，可知兩線圈會(huì)以同樣的速度進(jìn)入磁場(chǎng)，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求出進(jìn)入磁場(chǎng)邊界時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，從而表示出受到磁場(chǎng)的安培力．由電阻定律表示出兩線圈的電阻，結(jié)合牛頓第二定律表示出加速度，可分析出加速度與線圈的粗細(xì)無關(guān)，從而判斷出兩線圈進(jìn)入時(shí)運(yùn)動(dòng)是同步的，直到線圈2完全進(jìn)入磁場(chǎng)后，線圈做勻加速運(yùn)動(dòng)，可得出落地速度的大小關(guān)系．由能量的轉(zhuǎn)化與守恒可知，損失的機(jī)械能（轉(zhuǎn)化為了內(nèi)能）與線圈的質(zhì)量有關(guān)，從而判斷出產(chǎn)生的熱量大．由分析電量的關(guān)系【詳解】A、線圈從同一高度下落，到達(dá)磁場(chǎng)邊界時(shí)具有相同的速度v，切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電流，受到磁場(chǎng)的安培力大小為：，由電阻定律有：，(ρ為材料的電阻率，L為線圈的邊長(zhǎng)，S為導(dǎo)線的橫截面積），線圈的質(zhì)量為m=ρ0S?4L，（ρ0為材料的密度）.當(dāng)線圈的下邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)其加速度為,聯(lián)立得加速度為：,可知兩線圈進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的加速度相同；故A正確.B、線圈1和2進(jìn)入磁場(chǎng)的過程先同步運(yùn)動(dòng)，由于當(dāng)線圈2剛好全部進(jìn)入磁場(chǎng)中時(shí)，線圈1由于邊長(zhǎng)較長(zhǎng)還沒有全部進(jìn)入磁場(chǎng)，線圈2完全進(jìn)入磁場(chǎng)后做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)，而線圈1仍先做加速度小于g的變加速運(yùn)動(dòng)，完全進(jìn)入磁場(chǎng)后再做加速度為g的勻加速運(yùn)動(dòng)，兩線圈勻加速運(yùn)動(dòng)的位移相同，所以落地速度關(guān)系為v1＜v2；故B錯(cuò)誤.C、由能量守恒可得：，（H是磁場(chǎng)區(qū)域的高度），因?yàn)閙1＞m2，v1＜v2，所以可得Q1＞Q2；故C正確.D、根據(jù)電量的定義式，，，聯(lián)立可得，則；故D錯(cuò)誤.故選AC.【點(diǎn)睛】本題要注意分析物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)及能量變化關(guān)系，關(guān)鍵點(diǎn)在于分析線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的過程，由牛頓第二定律得到加速度關(guān)系，分析物體的運(yùn)動(dòng)情況關(guān)系8、BC【解析】AB．剛閉合S的瞬間，電源的電壓同時(shí)加到兩燈上，由于L的自感作用，L瞬間相當(dāng)于斷路，所以電流通過兩燈，兩燈同時(shí)亮．隨著電流的逐漸穩(wěn)定，L將A燈短路，所以A燈很快熄滅，B燈變得更亮，故A錯(cuò)誤，B正確；CD．閉合S待電路達(dá)到穩(wěn)定后，再將S斷開，B燈立即熄滅，而L與A燈組成閉合回路，線圈產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，相當(dāng)于電源，A燈閃亮一下而后熄滅，故C正確，D錯(cuò)誤。故選BC。9、BC【解析】將B板豎直向上平移，兩板正對(duì)面積減小，由分析可知電容減小，而電容器的電量不變，根據(jù)可知板間電壓增大，則靜電計(jì)指針張角增大，根據(jù)可知，d不變，故電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選BC?！军c(diǎn)睛】靜電計(jì)指針的張角反應(yīng)電容器兩端間電勢(shì)差的變化，抓住電容器帶電量不變，根據(jù)，通過電容的變化，判斷電勢(shì)差的變化，根據(jù)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的變化。10、AD【解析】A.在速度選擇其中粒子做直速運(yùn)動(dòng)，受到的電場(chǎng)力和洛倫茲力大小相等，合力為零，故A正確；B.粒子作直線運(yùn)動(dòng)，故受到洛倫茲力向左，故磁場(chǎng)垂直于紙面向外，故B錯(cuò)誤；C.根據(jù)知，知速度大小為的粒子能通過速度選擇器，故C錯(cuò)誤；D.根據(jù)知，，則越靠近狹縫P，比荷越大，則半徑越小，粒子打在膠片上的位置越靠近狹縫P，故D正確；三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.4②.80【解析】根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，有，可得升壓變壓器的輸出電壓為U2=2200V，根據(jù)P=UI，輸出電流為：，故電壓損失為：△U=Ir=20A×0.2Ω=4V，電功率損失為：△P=I2r=202×0.2=80W12、①.40.26②.A③.AD【解析】(1)[1]由表格數(shù)據(jù)可知(2)[2]由動(dòng)量守恒得兩邊同時(shí)乘以時(shí)間得得故選A；(3)[3