
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文檔簡介
2021屆全國金太陽聯(lián)考新高考原創(chuàng)預(yù)測試卷(二十九)
物理
★??荚図樌?/p>
注意事項:
1、考試范圍:高考范圍。
2、答題前,請先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡
上的相應(yīng)位置,并將準(zhǔn)考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷
類型A后的方框涂黑。
3、選擇題的作答:每個小題選出答案后,用2B鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂
黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。
4、主觀題的作答:用簽字筆直接答在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙
和答題卡上的非答題區(qū)域的答案一律無效。如需改動,先劃掉原來的答案,然后再寫上新答
案;不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。
5、選考題的作答:先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用
0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi),寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選
修題答題區(qū)域的答案一律無效。
6、保持卡面清潔,不折疊,不破損,不得使用涂改液、膠帶紙、修正帶等。
7、考試結(jié)束后,請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。
一、選擇題
1.運動學(xué)中有人認(rèn)為引入“加速度的變化率”沒有必要,然而現(xiàn)在有人指出“加速度的變化
率”能引起人的心理效應(yīng),車輛的平穩(wěn)加速(即加速度基本不變)使人感到舒服,否則人感
到不舒服。關(guān)于“加速度的變化率”,下列說法正確的是()
A.從運動學(xué)角度的定義,“加速度的變化率”的單位應(yīng)是m/s?
B.加速度的變化率為0的運動是勻速運動
C.若加速度與速度同向,如圖所示的wt圖象,表示物體的速度在減小
D.若加速度與速度同向,如圖所示的圖象,已知物體在t=0時速度為5m/s,則2s末的
速度大小為8m/s
【答案】D
【解析】
【詳解】A.加速度的變化率為一,a的單位是m/s,/的單位是s,則知“加速度的變化率”
的單位應(yīng)是m/s:',故A錯誤。
B.加速度的變化率為0,說明加速度不變,如果加速度為0,則物體做勻速直線運動,如果
加速度不為0,則該運動是勻變速直線運動,故B錯誤。
C.若加速度與速度同方向,加速度在減小,物體的速度仍在增加,故C錯誤。
D.看t圖象與時間軸所圍的面積表示速度的變化量,則知0-2s內(nèi),速度的變化量大小為
Av=-----=3m/s
2
若加速度與速度同方向,物體在夕0時速度為5m/s,則2s末的速度大小為8m/s,故D正
確。
2.如圖所示,4?為斜面,比■為水平面,從4點以水平初速度r向右拋出一小球,其落點與4
的水平距離為由,若從4點以水平初速度2y向右拋出同一小球,其落點與/的水平距離為物
不計空氣阻力,則為與應(yīng)的比值不可能為()
A.1:2B.1:3C.1:4D.1:5
【答案】D
【解析】
【詳解】A.若兩次小球都落在比'水平面上,則下落的高度相同,所以運動的時間相同,水
平距離之比等于水平初速度之比為1:2,故A正確不符合題意;
BCD.若兩次小球都落在斜面15上,設(shè)斜面傾角為0,設(shè)運動的時間分別為。和%,第一次:
第二次:
x2V(/2
解得:
所以
M=的=1
S22咿24
若第一次落在斜面4?上,第二次落在水平面外上,根據(jù)平拋運動的基本規(guī)律可知其水平位
移比值在1:2到1:4之間。故BC正確不符合題意,D錯誤符合題意。
3.隨著電子技術(shù)的發(fā)展,霍爾傳感器被廣泛應(yīng)用在汽車的各個系統(tǒng)中。其中霍爾轉(zhuǎn)速傳感器
在測量發(fā)動機轉(zhuǎn)速時,情景簡化如圖(甲)所示,被測量轉(zhuǎn)子的輪齒(具有磁性)每次經(jīng)過
霍爾元件時,都會使霍爾電壓發(fā)生變化,傳感器的內(nèi)置電路會將霍爾電壓調(diào)整放大,輸出一
個脈沖信號,霍爾元件的原理如圖(乙)所示。下列說法正確的是()
A.霍爾電壓是由于元件中定向移動的載流子受到電場力作用發(fā)生偏轉(zhuǎn)而產(chǎn)生的
B.若霍爾元件的前端電勢比后端低,則元件中的載流子為正電荷
C.在其它條件不變的情況下,霍爾元件的厚度c越大,產(chǎn)生的霍爾電壓越低
D.若轉(zhuǎn)速表顯示1800r/min,轉(zhuǎn)子上齒數(shù)為150個,則霍爾傳感器每分鐘輸出12個脈沖信號
【答案】C
【解析】
【詳解】A.載流子受磁場力而偏轉(zhuǎn),故A錯誤;
B.由左手定則可判斷出載流子受力向前端偏轉(zhuǎn),若前端電勢變低,意味著截流子帶負(fù)電,故
B錯誤;
C.霍爾電壓
nqc
c越大,〃越小,故C正確;
I).每個輪齒經(jīng)過,都會引發(fā)一次脈沖,則每分鐘脈沖數(shù)量為270000個,故D錯誤。
4.我國即將展開深空探測,計劃在2020年通過一次發(fā)射,實現(xiàn)火星環(huán)繞探測和軟著陸巡視探測,
己知太陽的質(zhì)量為M,地球,火星繞太陽做勻速圓周運動的軌道半徑分別為R和R:速率分別為
%和V*地球繞太陽的周期為T.當(dāng)質(zhì)量為m的探測器被發(fā)射到以地球軌道上的A點為近日點,
火星軌道上的B點為遠(yuǎn)日點的軌道上圍繞太陽運行時(如圖),只考慮太陽對探測器的作用,貝IJ:
■.一■~.
,,/火那就通'、:
,?
A.探測器在A點加速的的值等于以
4GM
B.探測器在B點的加速度為~T-7
(“I+5)
1
C.探測地在B點的動能為一加或9
22
時間為:(W1)2T
1).探測器沿橢圓軌道從A《行到B
2R1
【答案】A
【解析】
^**7■/2
A、根據(jù)萬有引力提供向心力可得±廣=機《=旭4,探測器在A點加速的的值等于
&R】
2
q=9,故A正確;
&
GMmGM
B、根據(jù)萬有引力提供向心力可得ma^,探測器在B點的加速度為%=不■,故B
以2
錯誤;
C、探測器由橢圓軌道變?yōu)榛鹦擒壍佬枰贐點點火加速,探測地在B點的速度小于匕,探測
1
地在B點的動能小于耳機片9,故C錯誤;
T-
D、設(shè)探測器沿橢圓軌道的周期為F,由開普勒第三定律可得產(chǎn)=4+&:;,解得
2
丁=七卻紅,探測器沿橢圓軌道從A飛行到B的時間為j=g(當(dāng)?shù)桑┐?,故D錯
誤;
故選A.
【點睛】根據(jù)萬有引力提供向心力求出探測器在A點加速度和探測器在B點的加速度,由開
普勒第三定律可知探測器沿橢圓軌道從A飛行到B的時間.
5.如圖所示,紙面內(nèi)直角坐標(biāo)系x0的y軸右側(cè)有一菱形區(qū)域〃6cd,0c與x軸重合,龍的長
度是比的長度的兩倍.菱形區(qū)域內(nèi)有方向垂直于紙面的兩個勻強磁場,磁感應(yīng)強度等大反向,
6d為兩磁場的分界線.現(xiàn)有一中心在x軸上的正方形線框/閱9,它的回邊與y軸平行,長
度與圮的長度相同,均為/.現(xiàn)線框以大小為v的速度沿x軸正方向勻速運動,以逆時針方
向為感應(yīng)電流的正方向,則線框在磁場中運動時,線框中通過的感應(yīng)電流i隨時間f的變化關(guān)
系圖象可能為
【答案】D
【解析】
【詳解】線圈在進(jìn)入磁場的過程中,磁通量增加,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流的方向沿逆
時針方向,為正值,從線圈開始運動,到邊運動到位置的過程中,切割的有效長度均
勻增大,感應(yīng)電動勢均勻增大,則感應(yīng)電流均勻增大,該段時間為4=一;之后力〃和外棒分
V
別在。川和區(qū)域做切割磁感線運動,棒切割磁感線運動產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為順時針,
力棒產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向也為順時針,故電路中的電流方向為順時針方向,有效長度之和為/
不變,故回路總電動勢8/U不變,感應(yīng)電流順時針不變,該段時間為,;運動人后,勿棒出
v
磁場,邊在6cd區(qū)域中做切割磁感線運動,產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向為逆時針,且其做切割磁
感線運動的有效長度均勻減小,感應(yīng)電動勢均勻減小,則感應(yīng)電流均勻減小,最后減小為零,
該段時間「2=’,故選項D正確,ABC錯誤.
V
6.如圖所示,理想變壓器原副線圈匝數(shù)之比為4:%=22:1,原線圈接在電壓
“=220正sinlOO加(V)為的正弦式交流電源上,副線圈連接理想電壓表V、交流電流表A、
理想二極管D和電容器4則下列說法中正確的是()
A.電壓表的示數(shù)為10V
B.電容器不斷地充電和放電,所帶電荷量不斷變化
C.穩(wěn)定后電流表的讀數(shù)不為零
I).穩(wěn)定后電容器兩極板間電勢差始終為10V
【答案】A
【解析】
【詳解】A.根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知,副線圈的電壓為10V,故A正確。
B.在電路沒有穩(wěn)定之前,由于二極管的作用,只有正向的電流可以通過,在電路穩(wěn)定之后,
由于電容器的隔直流的作用,就沒有電流通過了,所以電容器不會反復(fù)的充電和放電,故B
錯誤。
C.根據(jù)B的分析可知,穩(wěn)定后沒有電流,故C錯誤。
I).穩(wěn)定后電容器兩極板間電勢差為副線圈的最大的電壓,即為1O0V,故D錯誤。
7.如圖1為示波管的原理圖.若在冊'上加上如圖2所示的掃描電壓,在上加如圖3所
示的信號電壓,則在熒光屏上會看到的圖形是
圖1圖2圖3
【解析】
【詳解】示波管的PT偏轉(zhuǎn)電壓上加的是待顯示的信號電壓,口'偏轉(zhuǎn)電極通常接入鋸齒形
電壓,即掃描電壓,當(dāng)信號電壓與掃描電壓周期相同時.,就可以在熒光屏上得到待測信號在
一個周期內(nèi)的穩(wěn)定圖象;圖2中XT偏轉(zhuǎn)電極接入的是鋸齒形電壓,即掃描電壓,且周期與
偏轉(zhuǎn)電壓上加的待顯示的信號電壓相同,所以在熒光屏上得到的信號是一個周期內(nèi)的穩(wěn)
定圖象.顯示的圖象與小所載入的圖象形狀是一樣的,A正確.
8.如圖所示,兩個大小不計質(zhì)量均為0的物體4、8放置在水平地面上,一根長為/不可伸長
的輕繩兩端分別系在兩物體上,繩恰好伸直且無拉力,在繩的中點施加一個豎直向上的拉力F,
使兩物體慢慢靠近,直至兩物體接觸,已知兩物體與水平地面間的動摩擦因素均為且,則在
3
兩物體靠近的過程中下列說法正確的是()
F
B
A.拉力廠先增大后減小
B.物體4所受的摩擦力不變
C.地面對/物體的支持力先減小后增大
I).當(dāng)兩物體間的距離為正L時,繩上的拉力最小
2
【答案】I)
【解析】
【詳解】A.設(shè)兩根繩子之間的夾角為對結(jié)點。受力分析如圖甲所示,由平衡條件得:
再對任一球(如右球)受力分析如圖乙所示,球剛好滑動的臨界條件是:
a
F?sin萬=叫
又因為
F2COS-+FN^G
聯(lián)立解得:
F廣=^2〃Gf=^2/jmfg
當(dāng)兩個物體逐漸靠近的過程中,。角逐漸減小,拉力尸增大,故A錯誤;
BCD.設(shè)繩子與地面夾角為0時繩子拉力最小,根據(jù)平衡條件可得:
£cos0=/=〃(zz^-^sin0)
解得
"mg"mg
6=
cos6+//sine
J//2+1,cos0+.sin0
7
令
1
sin/3=
加+1
則£=60°,所以有:
耳二4mg
1J/?+1sin(4+0)
當(dāng)
£+0=90°
時4最小,此時。二30°,兩物體相距
cL八同
x=2x—cos6=——L
22
由于繩子拉力先變小再變大,所以摩擦力
f=Rcos8
,一直增大,所以摩擦力一定是變力,以整體為研究對象,拉力尸一直增大,豎直方向受力
平衡,則地面對兩個物體的支持力一直減小,故BC錯誤D正確。
9.如圖所示,小車的上面固定一個光滑彎曲圓管道,整個小車(含管道)的質(zhì)量為2處原來
靜止在光滑的水平面上,今有一個可以看做質(zhì)點的小球,質(zhì)量為處半徑略小于管道半徑,以
水平速度/從左端滑上小車,小球恰好到達(dá)管道的最高點后,然后從管道左端滑離小車,關(guān)
于這個過程,重力加速度為g,下列說法正確的是()
A.小球滑離小車時,小車回到原來位置
B.小球滑離小車時相對小車的速度為r
,v2
C.車上管道中心線最高點的豎直高度為丁
3g
D.小球在滑上曲面到滑到最高點的過程中,小車的動量變化量大小是m半v
【答案】BC
【解析】
【詳解】A.小球與小車在水平方向上的合外力為零,故在水平方向上動量守恒,所以,小車
的速度一直向右,小球滑離小車時,小車向右運動,不可能回到原來位置,故A錯誤;
B.由動量守恒可得:
加片20P車+加。球
由機械能守恒可得:
121c212
—mv~=—2加v車+—mv^
解得:
21
y車_5y
小球滑離小車時相對小車的速度
p球一"車=_p
故小球滑離小車時相對小車的速度為心故B正確;
C.小球恰好到達(dá)管道的最高點后,則小球和小車的速度相同,故由動量守恒定理可得此時的
速度/='v,由機械能守恒可得:小球在最高點的重力勢能
3
所以,車上管道中心線最高點的豎直高度
mg3g
故C正確;
D.小球恰好到達(dá)管道的最高點后,則小球和小車的速度相同,故由動量守恒定理可得此時的
速度故小車的動量變化大小為2機V,故D錯誤。
33
10.如圖所示,輕質(zhì)彈簧和一質(zhì)量為必的帶孔小球套在一光滑豎直固定桿上,彈簧一端固定在
地面上,另一端與小球在/處相連(小球被鎖定),此時彈簧處于原長。小球通過水平細(xì)繩繞
過光滑的定滑輪與一個質(zhì)量為次的物塊相連,到達(dá)C處速度為零,此時彈簧壓縮了瓦彈簧一
直在彈性限度內(nèi),輕繩一直伸直,重力加速度為g,定滑輪與豎直桿間的距離為方,則下列說
法正確的是()
A.在小球下滑過程中,小球的速度始終大于物塊的速度
B.從AfC小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能一直減小
C.小球下滑到C處時,彈簧的彈性勢能為(加+M-07")g/z
D.從A—C小球和物塊的重力勢能和彈簧的彈性勢能之和先增后減
【答案】ABC
【解析】
【詳解】A.將小球4的速度分解為沿繩子方向的分速度與垂直于繩子方向的分速度,如圖。
%=rcos0
可知即小球的速度始終大于物塊的速度,故A正確;
B.從的過程中,對于彈簧、小球和物塊組成的系統(tǒng),只有重力和彈簧的彈力做功,所
以系統(tǒng)的機械能守恒,物塊機械能一直增加,故小球和彈簧組成的系統(tǒng)機械能一直減小,故B
正確;
C.小球到達(dá)C時,小球和物塊重力勢能的減少等于彈簧彈性勢能的增加,所以彈簧的彈性勢
能:
Ep—EG=Mgh-mg(垃-1)〃
故C正確。
D.從力一C的過程中,小球和物塊的重力勢能、動能和彈簧的彈性勢能之和保持不變,由于
二者的總動能先增大后減小,所以小球和物塊的重力勢能和彈簧的彈性勢能之和先減小后增
大。故D錯誤;
11.如圖甲所示,質(zhì)量M=0.8kg的足夠長的木板靜止在光滑的水平面上,質(zhì)量m=0.2kg的滑塊
靜止在木板的左端,在滑塊上施加一水平向右、大小按圖乙所示隨時間變化的拉力F,4s后
撤去力F.若滑塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃=0.2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,重力加速
度g=10m/s2,則下列說法正確的是()
A.0~4s時間內(nèi)拉力的沖量共為3.2N?s
B.t=4s時滑塊的速度大小為9.5m/s
C.木板受到滑動摩擦力的沖量共為2.8N-s
D.木板的速度最大為2m/s
【答案】BC
【解析】
A、拉力F的沖量等于F-t圖像的面積,0~4s時間內(nèi)拉力的沖量1=
」(0.5+l)x2+lx2=3.5Ns,A錯誤;
B、滑塊與木板間恰好打滑時,對木板:〃加g=M4).
對滑塊:Fo-/Jmg=ma?
解得R=0.3N,a0=0.5?/s2.
所以片0時刻,A.8恰好開始打滑
對滑塊:/戶H,解得4s末滑塊的速度vl=9.5勿/s,B正確;
C、片4s時,木板的速度以=a0r=0.5X4=2m/s,
之后4加速,6減速,直到共速.取向右為正方向,由動量守恒定律得:
解得木板的最大速度-3.5m/s
對木板:由動量定理得I=Mv
解得/=2.8Ms,C正確,D錯誤;
故選BC.
12.如圖所示,一個質(zhì)量為m、帶電量為+q的小球套在一根絕緣的粗糙桿上,小球可以沿桿滑
動,桿與水平方向夾角為0,二者間動摩擦因數(shù)為氏整個裝置處在磁感應(yīng)強度大小為B,方
向垂直紙面向里的勻強磁場中.將小球無初速度釋放,桿足夠長,關(guān)于小球的運動下列說法
正確的是()
A.小球的最大加速度為gsin。
B.當(dāng)qvB=mgcos。時小球速度最大
,mgsin。mgcos。
C.小球的最大速度為三一+.0
〃qBqB
D.小球的機械能先減小后不變
【答案】AC
【解析】
【詳解】A、當(dāng)£尸。時,加速度最大,a=gsin9,故A正確;
mgsin。mgcos。
BC、£r反向后,當(dāng)a=0時,速度最大,即mgsin9=WqvB-mgcos。解得v=------+-------,
〃qBqB
故B錯誤,C正確;
D、小球在運動的過程中,摩擦力做負(fù)功,故小球的機械能一直減小,故D錯誤.
二、實驗題
13.某同學(xué)利用圖所示裝置,驗證以下兩個規(guī)律:
①兩物塊通過不可伸長的細(xì)繩相連接,沿繩分速度相等;
②系統(tǒng)機械能守恒.
P、0、A是三個完全相同的物塊,P、。用細(xì)繩連接,放在水平氣墊桌上,物塊"與輕質(zhì)滑輪連
接,放在正中間,a、6、c是三個光電門,調(diào)整三個光電門的位置,能實現(xiàn)同時遮光,整個裝
置無初速度釋放.
(1)為了能完成實驗?zāi)康模擞涗浫隥、月三個遮光片的遮光時間小友、友外,還必需測
量的物理量有:
A.P、Q、7?的質(zhì)量"
B.兩個定滑輪的距離d
C.A的遮光片到c的距離〃
D.遮光片的寬度x
(2)根據(jù)裝置可以分析出只0的速度大小相等,驗證表達(dá)式為;
(3)若要驗證物塊〃與物塊?的沿繩分速度相等,則驗證表達(dá)式為:
(4)若已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭,則驗證系統(tǒng)機械能守恒的表達(dá)式為.
G2Hx*x*
【答案】(1)BCD(2)A=八(3)I—=(4)gH=—+―
22
4yj4H+d2r,-2r;*2J
【解析】
(1)要證明①,需要測量d和H,通過幾何關(guān)系可證明沿繩分速度相等:要證明②,還需要測
量H和x,根據(jù)運動學(xué)公式和動能定理列式可驗證機械能守恒,故需要測量的物理量有d,H,
x.故BCD正確;
故選BCD.
YY
(2)物塊P的速度VP=1,物塊Q的速度VQ=],因此分析出P、Q的速度大小相等,即需要驗
XX
證表達(dá)式一=一,化簡可得驗證如=心即可;
⑶如圖所示:
X
物塊R的速度VR=1,要驗證物塊R與物塊P的沿繩分速度相等,則需要驗證表達(dá)式vRcoso=vp
H
將Vp>VR代入得:
%=2"
4J4H2+屋
(4)整個系統(tǒng)減少的重力勢能是產(chǎn)MgH
增加的動能△Ek=/A/匹+—MVQ+—MV^
](11]、
要驗證機械能守恒,則△£「=△在即驗證表達(dá)式—+—+—
"2\ltl-lt2%tJ
點睛:根據(jù)驗證系統(tǒng)機械能守恒需要驗證的表達(dá)式,找出需要測量的物理量;分別求出P、Q
的速度大小,再根據(jù)兩物體速度相等,求出需要驗證的表達(dá)式;分別求出P、R的速度大小,
再根據(jù)兩物體速度相等,求出需要驗證的表達(dá)式;根據(jù)機械能守恒定律列式,化簡,求出驗
證系統(tǒng)機械能守恒的表達(dá)式.
14.在練習(xí)使用多用電表的實驗中,
(1)某同學(xué)使用多用電表的歐姆檔粗略測量一定值電阻的阻值兄,先把選擇開關(guān)旋到“X10”
擋位,測量時指針偏轉(zhuǎn)如圖所示?以下是接下來的測量過程:
a.將兩表筆短接,調(diào)節(jié)歐姆檔調(diào)零旋鈕,使指針對準(zhǔn)刻度盤上歐姆檔的零刻度,然后斷開兩
表筆
b.旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至交流電壓最大量程處(或“OFF”檔),并拔出兩表筆
c.將選擇開關(guān)旋到“XI”擋
d.將選擇開關(guān)旋到“義100”擋
e.將選擇開關(guān)旋到“X1k”擋
f.將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端,讀出阻值尼,斷開兩表筆
以上實驗步驟中的正確順序是(填寫步驟前的字母)。
(3)如圖所示為歐姆表表頭,已知電流計的量程為4=100UA,電池電動勢為尺1.5V,則該
歐姆表的表盤上30uA刻度線對應(yīng)的電阻值是___kQ。
(4)為了較精確地測量另一定值電阻的阻值采用如圖所示的電路。電源電壓〃恒定,電
阻箱接入電路的阻值可調(diào)且能直接讀出。
__--?°U°---
多"
2T/
Rj
①用多用電表測電路中的電流,則與a點相連的是多用電表的(選填“紅”或“黑”)
表筆。
②閉合電鍵,多次改變電阻箱阻值億記錄相應(yīng)的“和多用電表讀數(shù)/,得到的關(guān)系如
圖所示。不計此時多用電表的內(nèi)阻。則凡=。,電源電壓〃=V。
【答案】(1).dafb(2).2200(3).35k0(4).紅(5).200(6).8
【解析】
【詳解】(1)[1]考察多用電表的操作步驟,自然是:先將選擇開關(guān)旋到“義100”擋;后歐
姆調(diào)零,即將兩表筆短接,調(diào)節(jié)歐姆檔調(diào)零旋鈕,使指針對準(zhǔn)刻度盤上歐姆檔的零刻度,然
后斷開兩表筆;再測量,將兩表筆分別連接到被測電阻的兩端,讀出阻值凡,斷開兩表筆;
最后歸位,即旋轉(zhuǎn)選擇開關(guān)至交流電壓最大量程處(或“OFF”檔),并拔出兩表筆。所以操
作順序是:dafb
(2)[2]圖2中指針讀數(shù)為22.0,由(1)可知:歐姆表倍率為X100,故被測電阻的測量值為
22.0QX100=22000
(3)[3]當(dāng)電流計滿偏時,歐姆表顯示外電阻為零,故該歐姆表內(nèi)阻為:
p
—=lxlO4Q=15kQ
4
電流計電流片30uA時,由閉合電路歐姆定律可得:表盤上30HA刻度線對應(yīng)的電阻值為:
E15
R=3—不=—±J?!?5kC=35kC
I內(nèi)30x10-
(4)①[4]由圖可得:a點相連的為正極,故連接多用電表的紅表筆;
②[5][6]根據(jù)圖4所示電路圖,由閉合電路歐姆定律可得:
結(jié)合圖像可知
4=200Q,ZA8V
三、計算題
15.如圖所示,/、8兩車相距產(chǎn)8m時,/車正以療5m/s的速度向右勻速運動,而5車此時正
以療12m/s的初速度向右勻減速運動,加速度a=-2m/s,求:
AB
引口
(1)/1、6兩車何時速度相等;
(2)4追上夕所經(jīng)歷時間.
【答案】(1)A,6兩車經(jīng)過3.5s速度相等;(2)/追上6所經(jīng)歷的時間是8.8s.
【解析】
【詳解】(1)8車的速度為:
VB~%+at\
兩車速度相等時有:
VB=VA
解得:
力i=3.5s
(2)4車追上8車時,兩車的位移關(guān)系為:
即:
2
代入數(shù)據(jù)有:
5i=8+12r+-(-2)t1
2
解得:
i=8s,?=-ls(舍去)
8車做減速運動,設(shè)其速度減為0所用的時間為to,
由速度公式得:
to-——=6s;
a
由于片8s>t0,所以8車先停下,之后4車才追上8車,
5車的位移為:
I2
at。=36m
所以4車追上的時間為:
代入數(shù)據(jù)有:
匕2=8.8s
16.如圖所示,從A點以V。的水平速度拋出一質(zhì)量m=lkg的小物塊(可視為質(zhì)點),當(dāng)物塊運
動至B點時,恰好沿切線方向進(jìn)入固定光滑圓弧軌道BC,圓弧軌道C端切線水平,BC所對的
圓心角9=37°.小物塊過圓弧軌道C后,滑上與圓弧軌道連為一體的光滑水平板,板的右端
與水平面順時針勻速轉(zhuǎn)動的傳送帶左端E點等高并靠攏.已知A、B兩點距C點的高度分別為
H=1.0m、h=0.55m,水平面?zhèn)魉蛶чL為L=9m,物塊與水平面?zhèn)魉蛶еg的動摩擦因數(shù)口=0.2,
傳送帶傳送速度為v=4m/s,g=10m/s2,.sin37°=0.6cos37°=0.8求:
(1)小物塊從A點水平拋出的速度v。大小;
(2)小物塊在傳送帶上運動的時間t及小物塊與傳送帶之間由于摩擦而產(chǎn)生的熱量Q
【答案】(1)4m/s(2)2J
【解析】
【詳解】(1)物塊做平拋運動:H-h^-gt2
2
v3
設(shè)到達(dá)5點時豎直分速度為V.,vY=gt,在B點tan6=)=—%=4m/s
%4
(2)從/至0點,由動能定理mg"=;加芯一^相片,可得嶺=6/”/s
2
由題意可知小物塊m的摩擦力f=〃〃2g=ma,解得a=2m/s
物體做勻減速運動時間tt=—~~-=9'=15
a2
V,+V
位移S]=—Z|=5m<9m
后做勻速運動A,=’——=15,所以,=4+f2=2s
v
傳送帶與物體間的相對位移=S|-%=5m-4m=1/M
Q=/.img\s=2J
17.如圖所示,在磁感應(yīng)強度大小為反方向豎直向下的勻強磁場中,固定有半徑分別為£、
2Z的兩個水平同心圓導(dǎo)軌。Z形棒0。是由絕緣木棒勿與金屬棒。固定在一起的,0CLCA,
棒4c繞圓心。以角速度。順時針勻速轉(zhuǎn)動,棒46■始終與圓軌道接觸良好。間距為人且足夠
長的兩個固定平行導(dǎo)軌〃石、。員與水平面的夾角均為0,處于磁感應(yīng)強度大小為2反方向與
〃石瓦。平面垂直向上的勻強磁場中,D\E、、功區(qū)分別用電刷(未畫出)與大、小圓軌道連接。
質(zhì)量為卬、長為人的金屬棒燈放在〃笈、區(qū)名上。已知XF棒的電阻為r,棒/C接入電路的阻
值為r,滑動變阻器少的最大阻值為3r,其它電阻不計,一切摩擦和空氣阻力均不計,重力
加速度為g。
(1)求棒。產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢8
(2)若開關(guān)與閉合,Sz斷開,求滑動變阻器的最大功率R;
(3)若開關(guān)8斷開,S?閉合,棒乃P由靜止釋放,始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好,求棒切7下滑
過程中的最大速度%以及某段時間△t(很短)內(nèi)通過棒IV某一橫截面的最大電荷量q”
次空】⑴32932乙%2mgrsme3mgsin的
【答案】⑴-BLco(2)(3)28*J"
【解析】
【詳解】(1)金屬棒產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為:
113,
E=Bx2Lx-(0+2coL)-BXLX—(Q+(OL)--BL'(D
222
(2)若開關(guān)Si閉合,,斷開,當(dāng)滑動變阻器阻值等于內(nèi)阻時,消耗功率最大,此時回路電流
/
2r
滑動變阻器消耗的最大功率
P=I2r
聯(lián)立解得:
16r
(3)當(dāng)開關(guān)Si斷開,S2閉合,導(dǎo)體棒受重力、支持力與安培力,當(dāng)達(dá)到下滑過程中的最大速度
時,處于平衡狀態(tài)
mgsin9=F至
回路總電動勢
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