2021年安徽省淮南市高考物理二模試卷(含答案詳解)

2021年安徽省淮南市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共5小題，共30.0分）

1.人們對(duì)“光的本性”的認(rèn)識(shí)，經(jīng)歷了漫長的發(fā)展過程.下列符合物理學(xué)史實(shí)的是（）

A.牛頓提出光是一種高速粒子流，并能解釋一切光的現(xiàn)象

B.惠更斯認(rèn)為光是機(jī)械波，并能解釋一切光的現(xiàn)象

C.為了解釋光電效應(yīng)，愛因斯坦提出了光子說

D.為了說明光的本性，麥克斯韋提出了光的波粒二象性

2.如圖所示，正方形單匝線框abed的邊長為3每邊電阻均為r,線框

在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中以角速度3繞cd軸從圖示位置開始勻

速運(yùn)動(dòng)，轉(zhuǎn)軸與磁感線垂直，一理想電壓表用電刷接在線框的c、d兩

點(diǎn)上，下列說法正確的是（）

A.電壓表讀數(shù)為立B3Z?

2

B.電壓表讀數(shù)為更B3Z?

8

C.從圖示位置開始計(jì)時(shí)，流過線框電流的瞬時(shí)值表達(dá)式為i=坐"sin3t

4r

D.線框從圖示位置轉(zhuǎn)過方的過程中，流過cd邊的電荷量為q=^

3.用水平力尸拉靜止在粗糙水平桌面上的小物塊，力廠的大小隨時(shí)間的變化如圖所

示.則下列關(guān)于小物塊的加速度隨時(shí)間變化的圖象符合實(shí)際情況的是（）

4.13.由于某種原因，人造地球衛(wèi)星的軌道半徑減小了，那么衛(wèi)星的

A.速率變大，周期變小B.速率變小，周期不變

C.速率變大，周期變大D.速率變小，周期變

如圖一個(gè)箱子放在水平地面上，質(zhì)量為箱內(nèi)用一長為L的細(xì)線拴一小球

繩，另一端拴在箱子的頂板上，小球質(zhì)量為小現(xiàn)把細(xì)繩拉到與豎直方向成。

角自由釋放當(dāng)球擺到最低點(diǎn)時(shí)，地面受到的壓力為（）

A.Mg(2—cos0)B.Mg+mg(l—cos。)

C.(M+rn)gD.Mg+mg(3—2cos0)

二、多選題（本大題共5小題，共27.0分）

6.如圖所示，4、B、C三點(diǎn)在同一水平面上，。點(diǎn)在B點(diǎn)正上方4、嚴(yán)

C到B的距離均為d,。到B點(diǎn)的距離為當(dāng)d，AB垂直于8C,空間…丁8//

存在著勻強(qiáng)電場，一個(gè)質(zhì)量為小、電荷量為+q的粒子從4移到。乙---------

時(shí)電場力做的功為零，從C到。時(shí)電場力做的功也為零，從B移到。時(shí)克服電場力做的功為

則下列說法正確的是（）

A.電場強(qiáng)度的大小為募

B.BC兩點(diǎn)的電勢差為?

C.帶電粒子從4移到C時(shí)電場力做的功一定為零

D.電場強(qiáng)度既垂直于4D,又垂直于4c

7.如圖，海王星繞太陽沿橢圓軌道運(yùn)動(dòng)，P為近日點(diǎn)，Q為遠(yuǎn)日點(diǎn)，M、N為軌道短軸的兩個(gè)端點(diǎn)，

運(yùn)行的周期為7。.若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從P經(jīng)過M、Q到N的運(yùn)動(dòng)

過程中（）

N

A.從M到N階段，萬有引力對(duì)它先做負(fù)功后做正功

B.從Q到N階段，機(jī)械能逐漸變大

C.從P到Q階段，動(dòng)能逐漸變小

D.從P到M所用的時(shí)間等于與

8.如圖所示，MN、PQ是兩條在水平面內(nèi)、平行放置的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌的右端接理想變壓器

的原線圈，變壓器的副線圈與阻值為R=0.50的電阻組成閉合回路，變壓器的原副線圈匝數(shù)之

比叼：n2=2,導(dǎo)軌寬度為L=0.5m.質(zhì)量為m=1kg的導(dǎo)體棒ab垂直MN、PQ放在導(dǎo)軌上，在

水平外力作用下，從t=0時(shí)刻開始往復(fù)運(yùn)動(dòng)，其速度隨時(shí)間變化的規(guī)律是〃=2sin5t,己知垂

直軌道平面的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B=17,導(dǎo)軌、導(dǎo)體棒、導(dǎo)線和線圈的電阻均不計(jì)，電

流表為理想交流電表，導(dǎo)體棒始終在磁場中運(yùn)動(dòng).則下列說法中正確的是（）

A.在t=Is時(shí)刻電流表的示數(shù)為泰A

B.導(dǎo)體棒兩端的最大電壓為IV

C.單位時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為0.25/

D.從t=0至t=3s的時(shí)間內(nèi)水平外力所做的功為0.75/

9.下列說法正確的是（）

A.氣體總是充滿容器，說明氣體分子間只存在斥力

B.對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，溫度升高，氣體內(nèi)能一定增大

C.溫度越高布朗運(yùn)動(dòng)越劇烈，說明水分子的運(yùn)動(dòng)與溫度有關(guān)

D.物體內(nèi)能增加，溫度一定升高

E.熱可以從低溫物體傳到高溫物體

10.關(guān)于機(jī)械波，下列說法中正確的是（）

A.振動(dòng)在介質(zhì)中傳播就形成機(jī)械波

B.只有機(jī)械波可以傳播信息

C.波動(dòng)中各質(zhì)點(diǎn)的振幅不一定總是相等的

D.波動(dòng)中各質(zhì)點(diǎn)離開平衡位置的位移不一定總是相等的

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共15.0分）

11.某同學(xué)利用如圖甲所示裝置探究功與速度變化的關(guān)系，已知重物質(zhì)量為粗，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。

打點(diǎn)時(shí)間間隔為T,該同學(xué)讓重物拖著紙帶由靜止下落，得到一條紙帶如圖乙，其中。點(diǎn)為初始

位置，A.B、C、。、E各點(diǎn)到。點(diǎn)的距離分別為生、電、九3、*、色?則：

?O?A?B?C?D?E

（1）從開始到C點(diǎn)，重力對(duì)重物做功為

(2)重物在打C點(diǎn)時(shí)速度為o

12.在測定電源電動(dòng)勢(其值不超過5V)和內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，用電壓傳感器測量路端電壓、電流傳感器

測量總電流，如圖a所示.

(1)滑動(dòng)變阻器處于最大電阻時(shí)閉合開關(guān)，滑片移動(dòng)到靠近中部的某位置過程中，電壓傳感器讀數(shù)僅

在2.731/-2.86V內(nèi)小幅變動(dòng)，由此現(xiàn)象可判斷

A.電動(dòng)勢為2.86V

B.滑動(dòng)變阻器最大阻值比電源內(nèi)阻大很多倍

C.電流傳感器讀數(shù)變化量一定也很小

。.若滑片繼續(xù)移動(dòng)減小電阻，變化幅度仍不會(huì)超過IV

(2)某同學(xué)嘗試用圖b所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，分別用兩個(gè)傳感器測量了U與/關(guān)系，得到的圖象如圖c所

示，由此可求得的電源電動(dòng)勢E=憶內(nèi)阻r=(1.

四、計(jì)算題(本大題共4小題，共52.0分)

13.高山滑雪將速度與技巧結(jié)合起來，是人們喜愛的運(yùn)動(dòng)。如圖所示為一滑雪示意圖，運(yùn)動(dòng)員從4點(diǎn)

靜止下滑，在C點(diǎn)水平飛出后遭遇一股水平強(qiáng)風(fēng)，風(fēng)力恒定，落在。點(diǎn)所在平臺(tái)上。已知是一

個(gè)長度L=30m、傾角為37。的斜面，斜面在B點(diǎn)處與一個(gè)半徑為10巾、圓心角為37。的光滑圓弧

相切，C點(diǎn)的切線水平，CD的高度差九=20m,運(yùn)動(dòng)員和設(shè)備總重量為80kg,不計(jì)路面摩擦阻

力和遭遇強(qiáng)風(fēng)前的空氣阻力(g取10m/s2,s譏37。=0.6,cos370=0.8),求：

(1)運(yùn)動(dòng)員到B點(diǎn)時(shí)的速度大?。?/p>

(2)運(yùn)動(dòng)員到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為自身重力的多少倍？

(3)風(fēng)力廣大于多少牛時(shí)，運(yùn)動(dòng)員會(huì)有生命危險(xiǎn)，不能飛到平臺(tái)上?

A

14.如圖所示，一根長為/,=5m的輕繩一端固定在O'點(diǎn)，另一端系一

質(zhì)量m=1kg的小球(小球可視為質(zhì)點(diǎn)).將輕繩拉至水平并將小球

由位置力靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)。時(shí)，輕繩剛好被拉斷.。點(diǎn)

下方有一以。點(diǎn)為圓心，半徑R=5V^n的圓弧狀的曲面，已知重

力加速度為g=10m/s2,求：

(1)輕繩所能承受的最大拉力之的大??；

(2)小球從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到曲面的時(shí)間t：

(3)小球落至曲面上的動(dòng)能與.

15.如圖所示，用一臺(tái)抽(充)氣筒連接一容器。當(dāng)抽(充)氣筒以抽氣筒方式工作時(shí)，拉活塞導(dǎo)致閥門

K1打開且閥門/關(guān)閉，推活塞導(dǎo)致閥門勺關(guān)閉而閥門/打開；當(dāng)抽(充)氣筒以充氣筒方式工作

時(shí)，推活塞導(dǎo)致閥門給打開且閥門七關(guān)閉，拉活塞導(dǎo)致閥門I關(guān)閉而閥門右打開。設(shè)容器容積

為匕抽(充)氣筒有效容積為％,連接管道的容積都忽略不計(jì)，容器內(nèi)氣體一開始的氣壓等同于

外界大氣壓Po,所有氣體可當(dāng)作理想氣體且保持溫度不變，在推拉過程中連通的氣體分布均勻。

現(xiàn)以下列方式進(jìn)行操作：

(1)若從開始以抽氣筒方式拉推活塞一次，求容器中的氣壓是多少；

(2)若從開始以充氣筒方式推拉活塞一次，求容器中的氣壓是多少：

(3)若4方案為從開始先抽氣n次再充氣n次，B方案為從開始先充氣n次再抽氣n次，最終那種方案容

器內(nèi)氣壓高？求出最終壓強(qiáng)差。

>-..---[

抽(充)氣機(jī)

容器

16.由于激光是亮度高、平行度好、單色性好的相干光，所以光導(dǎo)纖維中用激

光作為高速傳輸信息的載體.如圖所示，要使射到粗細(xì)均勻的圓形光導(dǎo)纖

維一個(gè)端面上的激光束都能從另一個(gè)端面射出，而不會(huì)從側(cè)壁“泄漏”出

來，則:

(1)畫出一次全反射光路圖；

(2)光導(dǎo)纖維所用材料的折射率至少應(yīng)為多少？

參考答案及解析

1.答案：c

解析：

對(duì)于光是什么，最早的觀點(diǎn)認(rèn)為光是一種粒子，即光的微粒說，而與牛頓同時(shí)代的惠更斯提出了光

的波動(dòng)說，由于惠更斯認(rèn)為光是縱波，偏振現(xiàn)象否定了光的波動(dòng)說，而泊松亮斑推動(dòng)了波動(dòng)說的發(fā)

展，雙縫干涉實(shí)驗(yàn)和單縫衍射證明光是一種波，麥克斯韋認(rèn)為光是一種電磁波，為解釋光電效應(yīng)愛

因斯坦提出了光子說，康普頓效應(yīng)證明光具有波粒二象性.

了解了有趣的物理學(xué)史不但可以增強(qiáng)我們學(xué)習(xí)的樂趣，同樣能引導(dǎo)我們?cè)谡_的道路上向前攀登.

A、牛頓認(rèn)為光是一種粒子流，他的觀點(diǎn)支持了光的微粒說，能解釋光的直線傳播與反射現(xiàn)象.故A

錯(cuò)誤.

8、惠更斯認(rèn)為光是一種機(jī)械波，并能解釋光的反射、折射和衍射，但不能解釋光的直線傳播和光電

效應(yīng)等現(xiàn)象，故8錯(cuò)誤.

C、為了解釋光電效應(yīng)愛因斯坦提出光子說，認(rèn)為光的發(fā)射、傳播和吸收不是連續(xù)的而是一份一份的，

每一份就是一個(gè)光子，故C正確.

。、麥克斯韋提出了光的電磁波說，認(rèn)為光是一種電磁波.康普頓效應(yīng)證明光具有波粒二象性，故。

錯(cuò)誤.

故選：Co

2.答案：B

解析：解：力、線圈產(chǎn)生的最大感應(yīng)電動(dòng)勢為Em=BZ?3,產(chǎn)生的有效值E=等，根據(jù)閉合電路的

歐姆定律可知。=二七=四包，故4錯(cuò)誤，8正確;

4r8

C、產(chǎn)生感應(yīng)電流的最大值為=嚓，從圖示位置開始計(jì)時(shí)，線圈處于與中性面垂直，故產(chǎn)

生的感應(yīng)電流的瞬時(shí)表達(dá)式為e-i-1nleos3t—用fcos3t,故C錯(cuò)誤；

D、線框從圖示位置轉(zhuǎn)過,的過程中，產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢耳=,，平均感應(yīng)電流7=互，流過的電

2At4r

荷量q=7t=誓，故。錯(cuò)誤；

故選：B

線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流，根據(jù)規(guī)律可列出感應(yīng)電動(dòng)勢的瞬時(shí)表達(dá)式，最

大值與有效值的魚倍；每當(dāng)線框通過中性面時(shí)，電流方向改變；當(dāng)磁通量為零時(shí)，線框切割速度最

大，產(chǎn)生的電動(dòng)勢也最大.根據(jù)感應(yīng)電荷量q=?,求通過電阻R的電荷量

線框在勻強(qiáng)磁場中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式交變電流.而對(duì)于電表讀數(shù)、求產(chǎn)生的熱量均由交變電的

有效值來確定，而涉及到耐壓值時(shí)，則由最大值來確定.而通過某一電量時(shí)，則用平均值來求

3.答案：。

解析：解：當(dāng)力F小于等于物塊所受的最大靜摩擦力時(shí)，物塊靜止不動(dòng)，加速度a=0.

當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體開始運(yùn)動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：F-f=ma,得：a=匚一匚

mm

由F—t圖象得到尸=妙，k是比例系數(shù)，則得：a=匕一二

mm

由于最大摩擦力篇>滑動(dòng)摩擦力f,所以。25一§,故ABC錯(cuò)誤，。正確.

故選：D

用力F拉靜止在水平面上的物塊時(shí)，在物體運(yùn)動(dòng)前，加速度為零.當(dāng)拉力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體

開始運(yùn)動(dòng)，此時(shí)物體產(chǎn)生的加速度與拉力的變化關(guān)系可由牛頓第二定律尸分=血。求得，再分析圖象

的形狀.

在摩擦力問題中，要明確最大靜摩擦力的意義，并能知道，一般最大靜摩擦力略大于物體受到的滑

動(dòng)摩擦力.

4.答案：A

壯…隼那么—感，半徑變小

解析：衛(wèi)星都是有地球引力提供向心力，即

建.鏟V盛

線速度變大，鬻=做源:半徑變小周期變小，4對(duì)。

故選A

5.答案：D

解析：解:若球保持不動(dòng)，壓力為(M+m)g；

小球擺動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理，有：

mgl(l-cosd)=|mv2

解得：V=-cos。)

最低點(diǎn)，球受到的重力和拉力的合力提供向心力，與靜止時(shí)相比，拉力增加值等于向心力大小，為：

Fn=m—=2mg(1—cos。)

故此時(shí)壓力為：N=(M+m)g+F=Mg+mg(3-2cos0)

故選￡>.

若球保持不動(dòng)，壓力為(M+m)g；小球擺動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理求解最低點(diǎn)速度；在最低點(diǎn)，球受到的

重力和拉力的合力提供向心力，與靜止時(shí)相比，拉力增加值等于向心力大?。还蕢毫Φ脑黾恿恳驳?/p>

于向心力的大小.

本題關(guān)鍵明確與靜止時(shí)相比，壓力增加了，增加量等于向心力的豎直分量.

6.答案：CD

解析：解：AD,由于整個(gè)空間存在勻強(qiáng)電場，將電荷量為+q的粒子從4移動(dòng)到。和從C移動(dòng)到D,電

場力做功均為0，由電場力做功的公式：W=qU,可得，4、C、。三點(diǎn)電勢相等，4、C、D三點(diǎn)構(gòu)

成的平面為等勢面，則電場線的方向垂直于等勢面，即場強(qiáng)方向垂直于4、C、。三點(diǎn)構(gòu)成的平面，

電場強(qiáng)度的方向既垂直于4。，又垂直于AC,由于將正電荷從B移動(dòng)到D,克服電場力做功為W,則

電場力做負(fù)功，大小也為W,由幾何關(guān)系得，8點(diǎn)到A、C、。三點(diǎn)構(gòu)成的平面的垂直距離為：泉?jiǎng)t

由勻強(qiáng)電場場強(qiáng)公式：E=4電場力做功公式：W=qU,得：后=當(dāng)，故4錯(cuò)誤，力正確。

B、由于場強(qiáng)大小為：E福,則B到A、C、。三點(diǎn)構(gòu)成的平面的垂直距離為：d,由于從B到。電場

力做負(fù)功，則BC兩點(diǎn)之間的電勢差為：U=Ed,代入數(shù)據(jù)得：U=-/d=-與故B錯(cuò)誤；

C、由于4C、D三點(diǎn)構(gòu)成的平面為等勢面，則AC兩點(diǎn)之間的電勢差為0則帶電粒子從4移動(dòng)到C電

場力做功一定為0,故C正確。

故選：CD。

由于從4到。和從C到。電場力做功均為0,貝IJ4BD三點(diǎn)電勢相同，由于從B到。電場力做負(fù)功，則電場

線方向可判斷出來，則可求出電場強(qiáng)度與電勢差的大小。

本題主要考查了考生對(duì)于勻強(qiáng)電場場強(qiáng)計(jì)算公式的理解，則距離d的大小為沿電場線方向的距離，同

時(shí)也考查了關(guān)于電場力做功公式的運(yùn)用，考生須熟練掌握。

7.答案：AC

解析：解：4、從M到Q階段，海王星遠(yuǎn)離太陽，萬有引力對(duì)它做負(fù)功，從Q到N階段，海王星靠近太

陽，萬有引力對(duì)它做正功。故A正確；

2、從Q到N階段，動(dòng)能增大，勢能減小，機(jī)械能不變。故8錯(cuò)誤；

C、從P到Q階段，海王星遠(yuǎn)離太陽，萬有引力對(duì)它做負(fù)功，動(dòng)能逐漸變小。故C正確;

。、從P到Q所用的時(shí)間等于小從P到M階段的平均速率比從M到Q階段平均速率大，軌跡長度相同，

所以從P到M階段所用的時(shí)間比從M到Q階段所用時(shí)間短，即從P到M所用的時(shí)間小于，.故/）錯(cuò)誤；

故選：AC.

利用動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒定律，從"到Q階段，萬有引力對(duì)它做負(fù)功，動(dòng)能減小，勢能增大，總的

機(jī)械能不變。從P到M,軌跡長度是一周的四分之一，但這一段也是平均速率最大的一段之一，所以

這一段所用時(shí)間小于四分之一周期。

本題考查了動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒定律。利用動(dòng)能定理和機(jī)械能守恒定律是本題的關(guān)鍵，對(duì)于求從P

到M所用的時(shí)間，要抓住平均速率這一關(guān)鍵來求解。

8.答案：ABC

解析：解：導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢：E=BLv=BL-2sin^t=2BLsin^t,sin^t最大值

為1,則感應(yīng)電動(dòng)勢最大值：Em=2BL=2xlxO.5=lV,感應(yīng)電動(dòng)勢的有效值E有或=號(hào)=4V,

對(duì)于理想變壓器Ui=E有=&;

4變壓器副線圈電壓&=="，與=與=W=曰4A==壺A，電流表示數(shù)為泰4

故4正確；

B、導(dǎo)體棒兩端的最大電壓最大=Um=IV,故B正確；

C、單位時(shí)間內(nèi)電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱Q=gRt=（生）2x0.5x1=0.25/,故C正確；

D、從t=0至t=3s的時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的焦耳熱：Q'=llRt'=（y）2x0,5x3=0.75/.導(dǎo)體棒克服安培

力做功為0.75/,由u=2s譏可知，1=0時(shí)速度“=0,t=3s時(shí)，v=-2m/s,由動(dòng)能定理可

知，對(duì)導(dǎo)體棒ab,由動(dòng)能定理得：W-Q=2-0,則W=Q+2=2.75/,故。錯(cuò)誤；

故選：ABC.

導(dǎo)體棒ab做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，ab切割磁感線產(chǎn)生正弦式交變電流，求出感應(yīng)電動(dòng)勢的最大值，求出感應(yīng)電

動(dòng)勢的有效值，應(yīng)用歐姆定律、變壓器公式、焦耳定律分析答題.

知道導(dǎo)體棒切割磁感線產(chǎn)生正弦式交變電流、應(yīng)用E=BLu、變壓器公式、焦耳定律即可正確解題，

知道導(dǎo)體棒產(chǎn)生交變電流是正確解題的關(guān)鍵.

9.答案:BCE

解析：解：4、氣體總是充滿容器，是由于分子做擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)的原因，能說明分子的無規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，不

能說明氣體分子間只存在斥力，故A錯(cuò)誤；

2、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，對(duì)于一定質(zhì)量的理想氣體，由于分子勢能可以忽略不計(jì)，所以溫

度升高，氣體內(nèi)能一定增大，故8正確；

C、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，而布朗運(yùn)動(dòng)能反映分子的無規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，所以溫度越高布朗運(yùn)動(dòng)

越劇烈，說明水分子的運(yùn)動(dòng)與溫度有關(guān)，故C正確；

D,物體內(nèi)能增加，可能是分子的勢能增大，而溫度不一定升高，如冰融化的過程內(nèi)能增大而溫度

不變。故。錯(cuò)誤；

瓜根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，在一定的條件下熱可以從低溫物體傳到高溫物體。故E正確。

故選:BCE。

擴(kuò)散現(xiàn)象說明分子處于永不停息的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志，布朗運(yùn)動(dòng)是液體分

子運(yùn)動(dòng)的反映，物體的內(nèi)能包括分子勢能和分子動(dòng)能；在一定的條件下熱可以從低溫物體傳到高溫

物體.

本題考查了擴(kuò)散運(yùn)動(dòng)、布朗運(yùn)動(dòng)的特點(diǎn)、溫度是分子的平均動(dòng)能的標(biāo)志、物體的內(nèi)能以及熱力學(xué)第

二定律等知識(shí)點(diǎn)，難度不大；在平時(shí)的學(xué)習(xí)中要注意對(duì)熱力學(xué)第二定律的幾種不同的說法的理解.

10.答案：ACD

解析：解：4機(jī)械振動(dòng)在介質(zhì)中傳播從而形成機(jī)械波，若沒有介質(zhì)則波不會(huì)向前傳播，故A正確；

8、機(jī)械波和電磁波均可以傳播信息；故8錯(cuò)誤；

C、由于波動(dòng)中可能受到阻力作用，能量在減??；故波動(dòng)中各質(zhì)點(diǎn)的振幅并不一定總是相等的；故C

正確；

。、在機(jī)械波的傳播過程中，介質(zhì)的質(zhì)點(diǎn)只在平衡位置來回振動(dòng)，其位移并不總是相等的；故。正

確；

故選：ACD.

有機(jī)械振動(dòng)才有可能有機(jī)械波，波的傳播速度與質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)速度沒有直接關(guān)系；各點(diǎn)在傳播中振幅是

相等的；但位移并不總是相等.

機(jī)械波產(chǎn)生的條件是振源與介質(zhì).質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，且質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向與波的傳播方向來區(qū)分橫波

與縱波.

11.答案：mgh3喑

解析：解：（1）從開始到C點(diǎn)，物體下降的高度為電，故重力對(duì)重物做功為皿

(2)C點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于BO間的平均速度，則有:

九4一九2

故答案為：(1)機(jī)。色(2)空

(1)根據(jù)重力做功的公式即可確定0C過程中重力所做的功；

(2)根據(jù)平均速度公式即可求出C點(diǎn)的速度。

本題考查探究功與速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)，同時(shí)也是驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)，要注意掌握實(shí)驗(yàn)原理，

明確實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理的基本方法。

12.答案:B3.51

解析：解：(1)滑動(dòng)變阻器處于最大電阻時(shí)閉合電鍵，滑片移動(dòng)到靠近中部的某位置過程中，滑動(dòng)變

阻器接入電路的阻值減小，電路電流增大，內(nèi)電壓增大.路端電壓減小，電壓傳感器讀數(shù)僅在

2.73?2.86V內(nèi)小幅變動(dòng)；

A、外電路斷路，即外電阻無窮大時(shí)，電壓傳感器示數(shù)等于電源電動(dòng)勢，電動(dòng)勢大于2.86V,故4錯(cuò)

誤；

反滑動(dòng)變阻器最大阻值比電源內(nèi)阻大很多倍，滑動(dòng)變阻器阻值變化一半時(shí)，路端帶你呀變化2.86-

2.73=0.13心路端電壓變化很小，說明電源內(nèi)阻很小，遠(yuǎn)小于滑動(dòng)變阻器阻值，故B正確；

C、路端電壓變化量小，但不能判斷出電流傳感器讀數(shù)變化量一定也很小，故C錯(cuò)誤；

。、若滑片繼續(xù)移動(dòng)減小電阻，當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路阻值為零，即外電路短路時(shí)，電壓傳感器表

示數(shù)為零，電壓傳感器變化幅度會(huì)大于2.73V,故。錯(cuò)誤；

故選：B.

(2)由圖b所示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器左右兩部分電阻并聯(lián)后接入電路，當(dāng)滑片在中點(diǎn)時(shí)，兩部分

電阻相等，并聯(lián)電阻阻值最大，路端電壓最大，由圖c所示圖示可知，此時(shí)路端電壓為U=2.5叭流

過一個(gè)支路的電流為0.54由于兩支路電壓與電阻都相等，則兩支路電流相等，干路電流為/=0.5x

2=14當(dāng)干路電流相等時(shí)，路端電壓相等，由圖c所示圖象可知，路端電壓U'=2.4U時(shí)，干路電

流/'=0.3+0.8=1.1/1,

則閉合電路中，電源電動(dòng)勢E=U+/r,則：E=2.5+1xr,e=2.4+1.1xr,

解得：E=3.5V,r=in.

故答案為：⑴B

(2)3.5；1

(1)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)用歐姆定律分析答題.

(2)分析清楚電路結(jié)構(gòu)，根據(jù)電路結(jié)構(gòu)與圖象分析答題.

本題考查了連接實(shí)物電路圖、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析、求電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻，要掌握伏安法測電源電動(dòng)勢與

內(nèi)阻的原理；求電源電動(dòng)勢與內(nèi)阻難度較大，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、由圖象獲取所需數(shù)據(jù)是正確解題

的前提.

13.答案：解：(1)從4到B點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律有：mgLsine=\mvl

解得力=6-/10m/s

(2)從B點(diǎn)到C點(diǎn)，由機(jī)械能守恒定律有：mgR(l-cos。)="好

解得"c=20m/s

在C點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)員受支持力和重力，由合力提供向心力，則有：即-巾9=等

解得FN=4000/V

由牛頓第三定律知，運(yùn)動(dòng)員到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力FJ=鳳=4000/V

可得器=5,即運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力為其自身重力的5倍。

(3)若要保證安全，運(yùn)動(dòng)員至少需在水平速度減小到0時(shí)到達(dá)D點(diǎn)，從C到。的過程，運(yùn)動(dòng)員豎直方向

做自由落體運(yùn)動(dòng)，有九=|9產(chǎn)

解得t=2$

從C到。水平方向上a=花%=等=-10m/s2

根據(jù)牛頓第二定律，有?=n。=-800/7,即風(fēng)力大于800N時(shí)運(yùn)動(dòng)員有生命危險(xiǎn)。

答：

(1)運(yùn)動(dòng)員到B點(diǎn)時(shí)的速度大小是64Um/s。

(2)運(yùn)動(dòng)員到。點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為自身重力的5倍。

(3)風(fēng)力F大于800牛時(shí)，運(yùn)動(dòng)員會(huì)有生命危險(xiǎn)，不能飛到平臺(tái)上。

解析：(1)不計(jì)路面摩擦阻力，運(yùn)動(dòng)員從4到B的過程機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律求運(yùn)動(dòng)員到8點(diǎn)

時(shí)的速度大小。

(2)從B到C的過程，由機(jī)械能守恒定律求出運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過C點(diǎn)的速度。在C點(diǎn)，由合力提供向心力，根

據(jù)向心力公式求出軌道對(duì)運(yùn)動(dòng)員的支持力，從而求得運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力。

(3)若要保證安全，運(yùn)動(dòng)員至少需在水平速度減小到0時(shí)到達(dá)。點(diǎn)，從C到。的過程，采用運(yùn)動(dòng)的分解

法研究，根據(jù)牛頓第二定律和分位移公式結(jié)合解答。

本題首先要理清運(yùn)動(dòng)員的運(yùn)動(dòng)情況，知道涉及力在空間效果時(shí)運(yùn)用機(jī)械能守恒定律或動(dòng)能定理求速

度。對(duì)于類平拋運(yùn)動(dòng)，采用運(yùn)動(dòng)的分解法研究，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求解。

14.答案：解：⑴小球由4到。的過程中機(jī)械能守恒，有：mgL^^mvl

=

在。點(diǎn)有：Fm—mg

解得：=3mg=30/V.

由牛頓第三定律得，細(xì)線所能承受的最大拉力為30N.

(2)小球從。點(diǎn)平拋，有：

x=vQt

y=Ut2

小球落到曲面上，有：

x2+y2=R2

聯(lián)立解得：t=Is

(3)小球落至曲面上的動(dòng)能：

EK=刎詔+⑹溝

解得：Ek=100/.

答：(1)輕繩所能承受的最大接力尸山的大小為30N.

(2)小球從。點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到曲面的時(shí)間為1s；

(3)小球落至曲面上的動(dòng)能為100人

解析：(1)根據(jù)機(jī)械能守恒定律求出小球擺到最低點(diǎn)時(shí)的速度，結(jié)合牛頓第二定律求出繩子承受的拉

力.

(2)小球做平拋運(yùn)動(dòng)，在水平方向和豎直方向上位移的平方和等于曲面半徑的平方，根據(jù)該關(guān)系求出

小球的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，從而得出落到曲面上水平分速度和豎直分速度，求出小球的動(dòng)能.

本題考查圓周運(yùn)動(dòng)和平拋運(yùn)動(dòng)的綜合，知道平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向和豎直方向上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合運(yùn)

動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解.

15.答案：解：(1)若從開始以抽氣筒方式拉推活塞一次，溫度不變，初態(tài)：Pi=p0，%=V

末態(tài)：P2=?，V2=V+V0

根據(jù)玻意耳定律可得：P1%=P2%

解得：P2=WrPo

(2)若從開始以充氣筒方式推拉活塞一次，溫度不變，初態(tài)：p'i=Po,V'^V+Vo

r

末態(tài)：p'2=?，V2=V

根據(jù)玻意耳定律可得：p\V\=p'2V'2

解得:心=必。

(3)若4方案為從開始先抽氣n次再充氣n次，在抽第二次氣時(shí)初態(tài)：p2=—Po，V2=V

末態(tài)