2022屆高三物理重點題型沖刺新高考預(yù)測卷6(解析版)

2022屆高三重點題型沖刺新高考預(yù)測卷6

物理試卷

考試時間：60分鐘滿分：100分

一、選擇題（本題共8小題，每小題5分，共40分。在每小題給出的四個選項中，第1?5題只有一項符合

題目要求，第6?8題有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）

1.下列各種關(guān)于近代物理學(xué)的現(xiàn)象中，與原子核內(nèi)部變化有關(guān)的是（）

A.紫外線照射鋅板時，鋅板向外發(fā)射光電子的現(xiàn)象

B.a粒子轟擊金箔時，少數(shù)發(fā)生大角度偏轉(zhuǎn)的現(xiàn)象

C.氫原子發(fā)光時，形成不連續(xù)的線狀光譜的現(xiàn)象

D.含鈾的礦物質(zhì)自發(fā)向外放出。射線（高速電子流）的現(xiàn)象

答案：D

解析：本題考查物理學(xué)史，原子核結(jié)構(gòu)等

A.光電效應(yīng)是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出，沒有涉及到原子核的變化，故A錯誤；

B.a粒子散射實驗表明了原子內(nèi)部有一個很小的核，并沒有涉及到核內(nèi)部的變化，故B錯誤；

C.原子發(fā)光是原子躍遷形成的，即電子從高能級向低能級躍遷，釋放的能量以光子形式輻射出去，

沒有涉及到原子核的變化，故C錯誤；

D.天然放射現(xiàn)象是原子核內(nèi)部發(fā)生變化自發(fā)的放射出a射線或p射線，從而發(fā)生a衰變或p衰變,

反應(yīng)的過程中核內(nèi)核子數(shù)，質(zhì)子數(shù)，中子數(shù)發(fā)生變化，故D正確：

故選：D。

2.如圖所示為半圓柱體玻璃磚的橫截面，即為直徑，一束由6光和c光組成的復(fù)色光沿AO方向由

真空從面射入玻璃，之后分成兩束分別從8、C兩點射出，其中6光從B點射出，c光從C點射出，

則下列說法正確的是（）

A.〃光頻率小于c光頻率

B.將6光和。光通過相同的雙縫干涉裝置，。光的干涉條紋間距較大

C.若將6光和c光分別放在水面足夠大的池塘底部同一位置，則匕光照亮的水面區(qū)域大

D.若將入射點移至中點O,處，入射角不變，則兩種光在玻璃中的傳播時間相等

答案：B

解析：本題考查光的折射，光學(xué)物理量規(guī)律等

A.由光路可知，b光的偏折程度大于c光，則b光的折射率大于c光，則b光頻率大于c光頻率，故

A錯誤：

B.因b光的波長小于c光的波長，則根據(jù)△工二號力則將b光和c光通過相同的雙縫干涉裝置，c光的

干涉條紋間距較大，故B正確；

C.若將b光和c光分別放在水面足夠大的池塘底部同一位置，根據(jù)sinC=],可知，則b光的臨界

角比c光小，則b光照亮的水面區(qū)域小，故C錯誤；

D.若將入射點移至EO中點處，入射角不變，則兩種光在玻璃中的傳播距離都等于玻璃的截面半徑，

根據(jù)口=與可知〃光在玻璃中傳播速度較小，則傳播時間較長，故D錯誤。

故選：Bo

3.坡道式自動扶梯（不帶臺階）因其安全便捷在一些商場和車站等場所得到廣泛應(yīng)用。考慮到經(jīng)濟和效

率性，扶梯在空載模式下低速運行，當(dāng)有乘客踏上扶梯時，通過傳感器和控制系統(tǒng)，扶梯會逐漸提升至一

個較高的速率勻速運行。如圖為一名乘客踏上空載運行的坡道式扶梯并相對扶梯保持靜止，則下列說法正

確的是（）

A.只有在提速階段乘客才受到摩擦力

B.在整個過程中乘客受到扶梯的作用力始終豎直向上

C.在提速階段乘客受滑動摩擦力，而在較高速度勻速運動時受靜摩擦力作用

D.在提速階段乘客受到扶梯的作用力斜向上，而在高速勻速運動時所受扶梯的作用力則豎直向上

答案：D

解析：本題考查牛頓第二定律，受力分析，摩擦力等

A.由于乘客踏上空載運行的坡道式扶梯，不論加速還是勻速，乘客均受到沿著扶梯向上的靜摩擦力，

故A錯誤；

BD.加速運動階段，扶梯對乘客有沿扶梯向上的靜摩擦力和垂直扶梯向上的支持力，依據(jù)牛頓第二定

律，加速度與合力方向相同，那么二者的合力即扶梯對乘客的作用力指向斜向上方：而在勻速運動階段,

扶梯對乘客作用力則豎直向上，故B錯誤，D正確：

C.因乘客相對扶梯保持靜止，因此在提速階段乘客受靜摩擦力，而在較高速度勻速運動時仍受靜摩

擦力作用，故c錯誤；

故選：D。

4.微信運動步數(shù)的測量是通過手機內(nèi)電容式加速度傳感器實現(xiàn)的。如圖，M極板固定，當(dāng)手機的加

速度變化時，N極板只能按圖中標(biāo)識的“前后”方向運動。圖中R為定值電阻。下列對傳感器描述正確的

是（）

R

M

全里

前

A.靜止時，電流表示數(shù)為零，電容器兩極板不帶電

B.由靜止突然向前加速時，電容器的電容增大

C.由靜止突然向前加速時，電流由。向。流過電流表

D.保持向前勻減速運動時，電阻R以恒定功率發(fā)熱

答案：C

解析：本題考查電容器電路分析，電容器相關(guān)計算等

A.靜止時，N板不動，電容器的電容不變，則電容器電量不變，則電流表示數(shù)為零，電容器兩極板

帶電，選項A錯誤；

BC.由靜止突然向前加速時，N板向后運動，則板間距變大，根據(jù)

C=-^-

4冗燈

可知，電容器的電容減小，電容器帶電量減小，則電容器放電，則電流由6向。流過電流表，選項B

錯誤，C正確；

D.保持向前勻減速運動時，加速度恒定不變，則N板的位置在某位置不動，電容器電量不變，電路

中無電流，則電阻R發(fā)熱功率為零，選項D錯誤。

故選C。

5.自行車速度計利用霍爾效應(yīng)傳感器獲知自行車的運動速率.如圖甲所示，自行車前輪上安裝一塊

磁鐵，輪子每轉(zhuǎn)一圈，這塊磁鐵就靠近霍爾傳感器一次，傳感器會輸出一個脈沖電壓.圖乙為霍爾元件的

工作原理圖，當(dāng)磁場靠近霍爾元件時，導(dǎo)體內(nèi)定向運動的自由電荷在磁場力作用下偏轉(zhuǎn)，最終使導(dǎo)體在與

磁場、電流方向都垂直的方向上出現(xiàn)電勢差，即為霍爾電勢差.下列說法正確的是（）

甲

A.根據(jù)單位時間內(nèi)的脈沖數(shù)和自行車車輪的半徑即可獲知車速大小

B.自行車的車速越大，霍爾電勢差越高

C.圖乙中霍爾元件的電流/是由正電荷定向移動形成的

D.如果長時間不更換傳感器的電源，霍爾電勢差將增大

答案：A

解析：本題考查霍爾元件原理和應(yīng)用

A.根據(jù)單位時間內(nèi)的脈沖數(shù)可知車輪轉(zhuǎn)動的轉(zhuǎn)速，若再已知自行車車輪的半徑，根據(jù)v=2nm即可

獲知車速大小，選項A正確；

B.根據(jù)霍爾效應(yīng)傳感器原理可知9U=Bdv,即霍爾電勢差只與磁感應(yīng)強度、霍爾元件的厚

度以及電子（即導(dǎo)體內(nèi)的自由電荷）定向移動的速率有關(guān)，與車速無關(guān)，選項B錯誤；

C.題圖乙中霍爾元件的電流/是由電子定向移動形成的，選項C錯誤；

D.如果長時間不更換傳感器的電源，則會導(dǎo)致電子定向移動的速率減小，故霍爾電勢差將減小，選

項D錯誤.

故本題選A。

6.如圖所示為某水電站遠距離輸電的原理圖。升壓變壓器的原副線圈匝數(shù)比為k,輸電線的總電阻為

R,升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器，發(fā)電廠輸出的電壓恒為U,若由于用戶端負載變化，使發(fā)

電廠輸出功率增加了下列說法正確的是（）

發(fā)

電用

機戶

A.電壓表V1的示數(shù)不變，電壓表V2的示數(shù)增大

B.電流表Ai、A2的示數(shù)均增大

RkAP

C.輸電線上損失的電壓增加了一廠

D.輸電線上損失的功率增加畋亭-

答案：BC

解析：本題考查變壓器，輸電原理，交流電路分析等

AB.由于發(fā)電廠輸出電壓恒為U,根據(jù)理想變壓器的規(guī)律，對于升壓變壓器，==上故電壓表Vi

的示數(shù)不變，發(fā)電廠輸出功率增加了AP,則發(fā)電廠輸出電流增加了4/=華，根據(jù)理想變壓器的規(guī)律，對

于升壓變壓器，答=k,Ai示數(shù)增加了A。=筆，由于Ai示數(shù)增加，A2示數(shù)也將增加，降壓變壓器的

輸入電壓將減少AU'nAIiR,故V2示數(shù)也將減小，故A錯誤，B正確；

C.根據(jù)歐姆定律，輸電線上損失的電壓增加了4/=等，故C正確；

D.輸電線上損失的功率增加了（4+4/J2RK（41）2/?,由于h未知，故無法計算，故D錯誤。

故選：BC-

7.2017年6月19日長征三號火箭發(fā)射同步衛(wèi)星中星9A時出現(xiàn)異常，衛(wèi)星沒有進入預(yù)定靜止軌道,

通過我國研究人員的努力，經(jīng)過10次軌道調(diào)整，終于在7月5日將中星9A衛(wèi)星成功定點于東經(jīng)101.4。

的靜止軌道，完成“太空自救”.如圖所示是衛(wèi)星自救過程的簡化示意圖，近地軌道和靜止軌道是圓軌道，

異常軌道和轉(zhuǎn)移軌道是橢圓軌道，P、Q、S三點與地球中心共線，P、。兩點是轉(zhuǎn)移軌道的遠地點和近地

點，近似認為尸。的距離為地球半徑R的8倍，則下列說法正確的是（）

盤地軌凝殳?道

4…九道

轉(zhuǎn)移軌道/

、、'一一.

A.靜止軌道與地球赤道平面可以不重合

B.衛(wèi)星在靜止軌道上經(jīng)過S點與在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過P點的加速度相同

C.衛(wèi)星在異常軌道上經(jīng)過。點速率大于在靜止軌道上經(jīng)過S點的速率

D.衛(wèi)星在近地軌道上的周期與在轉(zhuǎn)移軌道上的周期之比約為1：8

答案：CD

解析：本題考查變軌，軌道分析，開普勒定律，萬有引力定律應(yīng)用

A.根據(jù)同步衛(wèi)星的特點可知，同步衛(wèi)星軌道與地球赤道平面必定重合，A錯誤；

B.S點與P點到地球的中心的距離是相等的，根據(jù)牛頓第二定律和萬有引力定律得

GM

?=-p-

所以衛(wèi)星在靜止軌道上經(jīng)過S點與在轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過P點的加速度大小相同，方向不同，B錯誤；

C.在橢圓軌道近地點實施變軌成橢圓軌道是做逐漸遠離圓心的運動，要實現(xiàn)這個運動必須應(yīng)給衛(wèi)星

加速，所以衛(wèi)星在異常軌道上經(jīng)過。點速率大于在靜止軌道上經(jīng)過。點的速率，衛(wèi)星在靜止軌道上運動,

則由萬有引力提供向心力，得

GMm

所以衛(wèi)星在近地軌道經(jīng)過Q點的速度大于在靜止軌道上經(jīng)過S點的速度；

所以衛(wèi)星在異常軌道上經(jīng)過。點速率大于在靜止軌道上經(jīng)過S點的速率，C正確;

D.由幾何知識知橢圓軌道的半長軸為地球半徑的4倍，由開普勒第三定律有

知衛(wèi)星近地軌道上的周期與在轉(zhuǎn)移軌道上的周期之比約為1：8.D正確。

故選CDo

8.如圖所示，實線是沿x軸傳播的一列簡諧橫波在r=0時刻的波形圖，虛線是這列波在f=2s時刻的

波形圖.已知該波的波速v=8m/s,振幅A=4cm,則下列說法中正確的是()

y/cm

A.1=0時刻x=8m處的質(zhì)點向上振動

B.該橫波若與頻率為1.5Hz的波相遇，可能發(fā)生干涉

C.經(jīng)過f=ls,x=2m處的質(zhì)點位于平衡位置且向下振動

D.r=2.75s時刻x=4m處的質(zhì)點位移為2小cm

答案：AD

解析：本題考查機械振動和機械波.

由圖可知該波的波長為2=12m,因波速為v=8m/s,故周期為7=(=1.5s,頻率為|Hz,該波與頻

率為1.5Hz的波不能發(fā)生干涉，選項B錯誤；經(jīng)過2s,波沿x軸傳播16m,即傳播了2+4m,所以波向

x軸負方向傳播，由微平移法可知，r=0時刻x=8m處的質(zhì)點在向上振動，選項A正確；經(jīng)過1s,波向

左傳播8m,x=2m處的質(zhì)點的振動情況與f=0時刻x=10m處的質(zhì)點的振動情況相同，即位于平衡位置

且向上振動，選項C錯誤；2.75s=(l+')T,x=4m處的質(zhì)點的位移為Asin(27ix1)=4x坐cm=2小cm,

選項D正確.

二、填空題(本題共2小題，共12分)

9.如圖為驗證動量守恒定律的實驗裝置，實驗中選取兩個半徑相同、質(zhì)量不等的小球，按下面步驟

進行實驗：

①用天平測出兩個小球的質(zhì)量分別為m\和,“2；

②安裝實驗裝置，將斜槽AB固定在桌邊，使槽的末端切線水平，再將一斜面8c連接在斜槽末端；

③先不放小球讓小球如從斜槽頂端A處由靜止釋放，標(biāo)記小球在斜面上的落點位置P；

④將小球,如放在斜槽末端B處，仍讓小球mi從斜槽頂端A處由靜止釋放，兩球發(fā)生碰撞，分別標(biāo)記

小球〃7|、在斜面上的落點位置；

⑤用毫米刻度尺測出各落點位置到斜槽末端8的距離.圖中從M、尸、N點是實驗過程中記下的小球

在斜面上的三個落點位置，從M、P、N到8點的距離分別為SM、sp、6M依據(jù)上述實驗步驟，請回答下面

問題：

(1)兩小球的質(zhì)量加1、ZW2應(yīng)滿足加(填寫或"<”)而2.

(2)若進行實驗，以下所提供的測量工具中必需的是.

A.直尺B.游標(biāo)卡尺C.天平D.彈簧秤E.秒表

(3)用實驗中測得的數(shù)據(jù)來表示，只要滿足關(guān)系式,就能說明兩球碰撞前后動量是守恒的.

答案；(1)>(2)ACms\[s^

解析：本題考查動量守恒驗證實驗的原理和分析

(1)為了防止入射球碰后反彈，一定要保證入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量，即如

(2)要驗證動量守恒定律，需測量小球的質(zhì)量和三個落點到8點的距離.故提供的測量工具中必需的是

(3)碰撞前，小球如落在圖中的尸點，設(shè)其水平初速度為也.小球町、，“2發(fā)生碰撞后，如的落點在圖

中的M點，設(shè)其水平初速度為M”，敢的落點在圖中的N點，設(shè)其水平初速度為必.設(shè)斜面與水平間的傾

角為a,由平拋運動規(guī)律得：s,wsina=5gP、s；wcosa=v”

gspcos'ag&vcos2a

同理可得：

P,=2sina

只要滿足zn?vi+0=zn?v11+m-ty'z即m\y[sp=m]y[sM+mr/sN>就可以說明兩球碰撞前后動量是守恒的.

驗證動量守恒時，本應(yīng)該測量速度關(guān)系，但可以借助規(guī)律只測位移，用位移關(guān)系代替速度關(guān)系.

10.某同學(xué)為了測定一只電阻的阻值，采用了如下方法：

5ooon/v

2500ft/V

(1)用多用電表粗測：多用電表電阻擋有4個倍率：分別為XIk、xioo、X10、XI,該同學(xué)選擇X100

倍率，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大(指針位置如圖中虛線所示).為了較準(zhǔn)確地進行

測量，請你補充完整下列依次應(yīng)該進行的主要操作步驟：

b.兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在0處；

C.重新測量并讀數(shù)，若這時刻度盤上的指針位置如圖中實線所示，測量結(jié)果是Q.

(2)為了盡量準(zhǔn)確測該電阻尺,除被測電阻R,外，還備有如下實驗儀器，請選擇儀器，設(shè)計實驗電路.

<y>

電流表A|,量程(0?10mA),內(nèi)阻約10Q

電流表Az，量程(0?30mA),內(nèi)阻約4Q

電壓表V,量程(0?3V),內(nèi)阻約1500C

D.滑動變阻器吊，阻值范圍(0?25C)

E.滑動變阻器R2，阻值范圍(0-1000Q)

F.電阻箱以、&，阻值范圍均為(0-199.9C)

G.開關(guān)一只和導(dǎo)線若干

H.電池E,電動勢6V,內(nèi)阻未知

根據(jù)(1)問的測量結(jié)果，該同學(xué)采用如圖所示電路測電阻R的阻值，則電流表應(yīng)選用,滑動

變阻器應(yīng)選用.(填寫器材序號)

(3)該同學(xué)進行了如下實驗：

①將電壓表的a端接近測得牛=110Q；

h

②將電壓表的〃端接C,測得華=125Q.

12

則R的電阻值更接近Q.

答案：⑴換用X1()倍率的擋位120(2)BD(3)125

解析：本題考查多用電表使用

(l)a.選擇“X100”倍率，用正確的操作步驟測量時，指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明所選擋位太大，為準(zhǔn)確

測量電阻阻值，應(yīng)換用倍率X10的擋.

c.歐姆表選擇X10擋位，由題圖所示表盤可以知道，測量結(jié)果為12X10。=120Q.

[I3

(2)流過待測電阻的電流大約為/=￡=卷A=0.025A=25mA,所以選擇電流表A2,故選B,由于電

路選擇的分壓電路所以最好用一個小一點的滑動變阻器，故選D.

(3)由于電流表的電阻遠小于待測電阻，所以選用電流表內(nèi)接法誤差較小，故凡的電阻值更接近125Q.

三、計算題(本題共3題，第11題14分，第12題16分，第13題18分，要求寫出必要的解題推導(dǎo)過程,

公式依據(jù)等)

11.如圖所示，兩個半徑為K的四分之一圓弧構(gòu)成的光滑細管道ABC豎直放置，且固定在光滑水平

面上，圓心連線。|。2水平.輕彈簧左端固定在豎直擋板上，右端與質(zhì)量為S的小球接觸(不拴接，小球的

直徑略小于細管道內(nèi)徑)，長為R的薄板OE置于水平面上，板的左端。到管道右端C的水平距離也為R.

開始時彈簧處于鎖定狀態(tài)，且具有一定的彈性勢能，重力加速度為g.解除彈簧鎖定，小球離開彈簧后進入

管道，最后從C點拋出.

3

(1)若小球經(jīng)過C點時所受的彈力的大小為求彈簧鎖定時具有的彈性勢能Ep；

(2)若換用質(zhì)量為mi的相同大小的小球，解除彈簧鎖定(鎖定時彈簧彈性勢能不變)，小球從C點拋出

后能擊中薄板DE,求小球質(zhì)量如滿足的條件.

答案：⑴Ep=$?gR(2)品良“nW符”

解析：(1)解除彈簧鎖定到小球運動至C點的過程，彈簧和小球組成的系統(tǒng)機械能守恒，設(shè)小球到達C

點時的速度大小為S，根據(jù)機械能守恒定律可得

Ep—

小球經(jīng)C點時所受的彈力的大小為方咫，經(jīng)分析可知彈力方向只可能向下

3濟

根據(jù)向心力公式得mg+^mg=nr^

13

解得Ep=N，ngR.

(2)小球離開C點后做平拋運動，根據(jù)平拋運動規(guī)律有

x=vt

若耍小球擊中薄板，應(yīng)滿足

Ia1

2

彈簧的彈性勢能EP=~^fn^R=2wi^/?+2iv

故小球質(zhì)量m\滿足拚WaW制時，小球能擊中薄板.

12.如圖所示，PQ和MN是固定于傾角為30°斜面內(nèi)的平行光滑金屬軌道，軌道足夠長，其電阻忽

略不計.金屬棒外、〃放在軌道上，始終與軌道垂直且接觸良好.金屬棒外的質(zhì)量為2%、W的質(zhì)量為

m,長度均為L、電阻均為R,兩金屬棒的長度恰好等于軌道的間距，并與軌道形成閉合回路.整個裝置處

在垂直斜面向上、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，若鎖定金屬棒浦不動，使金屬棒〃在與其垂直且沿斜

面向上的恒力F=2〃?g作用下，沿軌道向上做勻速運動.重力加速度為g.

(1)試推導(dǎo)論證：金屬棒cd克服安培力做功的功率P安等于電路獲得的電功率P電；

(2)設(shè)金屬棒M做勻速運動中的某時刻為0時刻，恒力大小變?yōu)槭?15咫，方向不變，同時解鎖、靜

止釋放金屬棒仍，直到，時刻金屬棒而開始做勻速運動.求：

①f時刻以后金屬棒ab的熱功率P“b；

②0?，時間內(nèi)通過金屬棒ah的電荷量4

答案：⑴見解析⑵①黯畤泮型

解析：(1)設(shè)金屬棒cd做勻速運動的速度為v,有

E=BLv

E

/=

2R

F&=1BL

金屬棒M克服安培力做功的功率P女=尸女v

電路獲得的電功率?也=舄

Zz\

Sc"L2v2B2Z,V

解得P-(￡——"次—>P電=—標(biāo)―

所以P女=P也

(2)①金屬棒ah做勻速運動，則有/|BL=2"?gsin30°

金屬棒ab的熱功率P曲=6R

解得人=僚.

②0時刻前F=mgsin30。+/安

F金=BIL

BLv

i=~^D

A.ZB3mgR

解7得v="B5tr

設(shè)/時刻以后金屬棒ah做勻速運動的速度為vi，金屬棒〃做勻速運動的速度為也,

因尸=1.5mg=(2m+〃z)gsin30。，則由金屬棒"、cd組成的系統(tǒng)動量守恒，得

mv=2mv\+mvi

金屬棒ab解鎖后沿導(dǎo)軌斜面向上加速運動回路電流/產(chǎn)5產(chǎn)嘴

m&R

解得V1=38*

0?/時間內(nèi)對金屬棒質(zhì)分析，設(shè)在電流為，的很短時間加內(nèi)，速度的改變量為Av,

由動量定理得

B/LAz_2/ngsin30°A/=2mAv

等式兩邊累積求和得BLq—mgt—2mv\

初犯25為/?+3”密8242'

解得q=-----旨"------

13.代科學(xué)儀器常利用電場、磁場控制帶電離子的運動。如圖所示，真空中存在這多層緊密相鄰的勻

強電場和勻強磁場，寬度均為力電場強度為E,方向水平向左，垂直紙面向里磁場的磁感應(yīng)強度為S，

垂直紙面向外磁場的磁感應(yīng)強度為B2,電場、磁場的邊界互相平行且與電場方向垂直。一個質(zhì)量為相，電

荷量為q的帶正電粒子在第1層磁場左側(cè)邊界以初速度W射入,方向與邊界夾角為仇設(shè)粒子始終在電場、

磁場運動，除S、&、E以外其他物理量已知，不計粒子重力及運動時的電磁輻射。(cos53°-0.6,sin53*0.8)

第1層第2層第"層

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