2022年江西高安中學物理高一第一學期期末質量檢測模擬試題含解析

2022-2023學年高一上物理期末模擬試卷

注意事項：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3.請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，

有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

1、如圖所示，為甲乙兩物體在同一直線上運動的位置坐標x隨時間f變化的圖像，已知甲做勻變速直線運動，乙做勻

速直線運動，則下列說法正確的是。

A.兩物體在時刻速度大小相等

BZ時刻乙的速度大于甲的速度

C.O-h時間內兩物體平均速度大小相等

D.O-/，時間內甲的平均速度小于乙的平均速度

2、如圖所示為一豎直放置的棋盤，該棋盤具有磁性，每個棋子均可視為能被棋盤吸引的相同質量的小磁體.對于靜止

在棋盤上的某顆棋子，下列說法正確的是（）

A.受三個力作用

B.所受的摩擦力是個定值

C.棋盤對棋子的作用力大于棋子對棋盤的作用力

D.只要磁力足夠大，即使棋盤光滑，棋子也能靜止在棋盤上

3、拿一個長約1.5m的玻璃筒，一端封閉，另一端有開關，把金屬片和小羽毛放到玻璃筒里.把玻璃筒倒立過來，觀

察它們下落的情況，然后把玻璃筒里的空氣抽出，再把玻璃筒倒立過來，再次觀察它們下落的情況，下列說法正確的

是

a

A.玻璃筒充滿空氣時，金屬片和小羽毛下落一樣快

B.玻璃筒充滿空氣時，金屬片和小羽毛均做自由落體運動

C玻璃筒抽出空氣后，金屬片和小羽毛下落一樣快

D.玻璃筒抽出空氣后，金屬片比小羽毛下落快

4、下列各組物理量中，都是矢量的是（）

A.位移、時間、速度B.速度、加速度、位移

C.力、速度、路程D.力、質量、溫度

5、加速度的概念是由伽利略建立起來的，哲學家羅素給予了極高的評價：“加速度的重要性，也許是伽利略所有發(fā)現

中最具有永久價值和最有效果的一個發(fā)現。，，關于加速度，下列說法正確的是（）

A.物體加速度的方向與其速度方向必定相同

B.物體速度變化量越大，其加速度一定越大

C.加速度是描述物體速度大小變化的物理量

D.物體速度變化越快，其加速度一定越大

6、在粗糙水平面上，物體在水平推力作用下由靜止開始做勻加速直線運動，作用一段時間后，將水平推力逐漸減小到

零.在水平推力逐漸減小到零的過程中（物體仍在運動）（）

A.物體速度逐漸減小

B.物體速度先增大后減小

C.物體加速度逐漸減小

D.物體加速度先減小后增大

7、如圖a所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀

態(tài)，現用豎直向上的拉力廠作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力廠與物體位移x的關系如圖6所示（g

取lOm/s2）,則下列結論正確的是（）

A.物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態(tài)

B.物體的加速度大小為5m/s2

C.物體的質量為1kg

D.彈簧的勁度系數為2.5N/cm

8、如圖所示.傳送帶與水平面夾角為仇以速度y沿逆時針勻速轉動。一可視為質點的物塊以初速度刈滑入傳送帶,

且年％,已知物塊與傳送帶間的動摩擦因數為“，〃<tanO,傳送帶足夠長.取vo方向為正方向.則圖中能反映小木塊

運動的加速度、速度隨時間變化的圖像可能是

ka

c.D.

O1O1

9、甲、乙兩物體從同一點出發(fā)且在同一條直線上運動,它們的位移-時間a圖象如圖所示，由圖象可以得出在

0-4s內（）

x/m

U123456

A.甲、乙兩物體0-2s運動方向相同，2-4s運動方向相反

B.4s末甲、乙兩物體間的距離最大

C.甲的平均速度等于乙的平均速度

D.甲、乙兩物體間的最大距離為6〃

10、如圖所示，兩個相似的斜面體A、8在豎直向上的力尸的作用下靜止靠在豎直粗糙墻壁上.關于斜面體A和8的受

力情況，下列說法正確的是（）

A.A一定受到四個力

B.8可能受到四個力

C.B與墻壁之間一定有彈力和摩擦力

D.A與8之間一定有摩擦力

二、實驗題

11、（4分）在“探究加速度與力的關系”實驗中，某同學利用圖甲中的力傳感器測出細線的拉力，通過改變鉤碼的個

數改變細線拉力。

拉力傳感器

\小車打點計時器（—ABCDET

口一*3.40*1

A-8.32—?

Q-------------14.73----------->

-----------------------22.56--------------------->

甲乙

⑴如圖乙所示為實驗中得到的一條紙帶，相鄰計數點間有四個點未標出，打點計時器所接電源的頻率為50Hz,則打8

2

點時小車的速度大小為VB=m/s,小車的加速度大小。=m/so

⑵實驗中描繪出〃一*圖像如圖丙所示，圖像不過原點的原因是o

12、(10分)某同學在做探究彈簧彈力與形變量的關系的實驗中，設計了如圖甲所示的實驗裝置。所用的鉤碼每只的

質量都是30g,他先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在彈簧的下端，每次都測出相應的彈簧總

長度，將數據填在了下面的表中。(彈力始終未超過彈性限度，g取10m/s2)

鉤碼質量加/g0306090120150

彈簧總長〃cm5.006.167.348.489.6410.81

(1)試根據這些實驗數據在圖乙給定的坐標紙上作出彈簧所受彈力大小f跟彈簧總長心之間的函數關系圖線

(2)所作的實驗圖像一(填“一定”或“不一定”)經過所有數據點。

(3)由圖像可知彈簧彈力大小與伸長量成一(填“正比”或“反比

所做圖線斜率《=—N/m,與彈簧的伸長量—(填“有關”或“無關

甲

三、計算題:解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題,

答案中必須明確寫出數值和單位

13、(9分)一物體做勻加速直線運動，初速度為0.5m/s,第7s內的位移比第5s內的位移多4m,求：

(1)物體的加速度;

(2)物體在5s內的位移

14、(14分)在“研究平拋運動”實驗中，采用了如圖所示的裝置.每次鋼球從斜槽末端飛出后，設法用鉛筆在白紙上

描出一個小球經過的位置，多次實驗得到多個點，然后用這些點確定平拋運動的軌跡

(1)判斷斜槽末端是否水平的方法是

(2)下列操作要求中，正確的是

A.斜槽軌道必須光滑

B.每次必須由同一位置靜止釋放小球

C.用鉛筆記錄小球的多個位置必須間隔相等的水平距離

D.小球運動時不應與木板上的白紙相接觸

(3)通過實驗得到小球的運動軌跡，在軌跡上取一些點，以平拋起點。為坐標原點，測量它們的水平坐標x和豎直

坐標必下列J-必圖像能說明平拋小球的運動軌跡為拋物線的是

ABCD

(4)測得小球平拋運動軌跡上某點的坐標為x=30.0cm,戶30.0cm,已知實驗室位置處的重力加速度為9.8m/s2,該平拋

運動的初速度為.(保留兩位有效數字)

15、(13分)如圖所示，將小祛碼置于桌面上的薄紙板上，用水平向右的拉力將紙板迅速抽出，祛碼的移動很小，幾

乎觀察不到，這就是大家熟悉的慣性演示實驗。若祛碼和紙板的質量分別為叫和啊，各接觸面間的動摩擦因數均為〃。

重力加速度為g。

(1)當紙板相對祛碼運動時，求紙板所受摩擦力大?。?/p>

(2)要使紙板相對祛碼運動，求所需拉力的大??；

(3)本實驗中，見=O.5kg,/%=0.1kg,，=0.2,祛碼與紙板左端的距離d=O.lm,=10m/s2?若祛碼移

動的距離超過/=0.002m,人眼就能感知，為確保實驗成功，紙板所需的拉力至少多大？

參考答案

一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，

有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得。分。

1、C

【解析】AB.根據％一￡圖像的斜率表示速度可知，題圖傾斜直線速度不變，表示乙的位移-時間圖像，在人時刻，甲

圖像的斜率大于乙圖像的斜率，即甲的速度大于乙的速度，AB錯誤；

CD.縱坐標的變化量表示位移，根據圖像可知，甲乙位移大小相等，方向相反，而時間相等，則平均速度大小相等，

C正確，D錯誤。

故選C。

2、B

【解析】A、小棋子受到重力G、棋盤面的吸引力F、彈力N和靜摩擦力f,則棋子受到四個力的作用，故A錯誤；

B、棋盤對棋子的吸引力與棋盤面對棋子的彈力平衡，而靜摩擦力與棋子的重力平衡，與磁力大小無關，所受的摩擦

力是個定值，故B正確；

C、棋盤對棋子的作用力與棋子對棋盤的作用力，是一對相互作用力，大小總是相等，故C錯誤；

D、當G>fM=〃N=〃F時,棋子將下滑；因此當棋盤光滑，棋子不受摩擦力作用，故會下滑，故D錯誤；

故選B

【點睛】關鍵是對棋子進行受力分析，根據棋子的運動狀態(tài)，結合平衡的條件分析棋盤面應選取的材料，并利用相互

作用力，大小總是相等，從而即可求解

3、C

【解析】抽出空氣前.金屬片和口小羽毛受到空氣阻力的作用，不是自由落體運動，羽毛受到的空氣阻力大，所以加速

度小，則下落的慢，故AB錯誤.抽出空氣后金屬片和小羽毛都不受空氣阻力作用.只受重力作用運動，都做加速度為重

力加速度的自由落體運動，下落一樣快.故C正確.D錯誤.

4、B

【解析】A.位移和速度是矢量，而時間只有大小沒有方向，是標量，故A錯誤；

B,速度和加速度、位移都是既有大小又有方向的物理量，是矢量，故B正確；

C.力和速度既有大小又有方向，是矢量；路程只有大小沒有方向，是標量，故C錯誤；

D.力是矢量，而質量和溫度只有大小沒有方向，是標量，故D錯誤。

故選B。

5、D

【解析】A.物體加速度的方向與速度變化量的方向必定相同，但與速度方向可能相同，也可能不同，故A錯誤；

B.物體速度變化量越大，其加速度不一定越大，故B錯誤；

CD.加速度是描述物體速度變化快慢的物理量，且物體速度變化越快，其加速度一定越大，故C錯誤，D正確。

故選D。

6、BD

【解析】物體在水平推力作用下由靜止開始作勻加速直線運動，物體水平方向受到推力和滑動摩擦力.水平推力從開

始減小到與滑動摩擦力大小相等的過程中，物體受到推力大于摩擦力，物體做加速度，合力減小，加速度減?。淮撕?

推力繼續(xù)減小，推力小于滑動摩擦力，合力與速度方向相反，物體做減速運動，合力反向增大，加速度反向增大.故

物體加速度先減小后增大；速度先增大后減小，BD正確

7、BC

【解析】A.物體與彈簧分離時，彈簧恢復原長，故A錯誤；

BCD.剛開始示未加拉力廠時物體處于靜止狀態(tài)，重力和彈力二力平衡，有

mg=kx

拉力尸］=5N時，根據牛頓第二定律，有

Fi+kx-mg=ma

由以上式子得

Fi=ma

物體與彈簧分離后，拉力尸2=15N,根據牛頓第二定律，有

Fi-mg=ma

代入數據解得

771=1kg,a=5m/s2

由題意知，x=5cm=0.05m,代入解得

A=200N/m=2N/cm

故BC正確，D錯誤。

故選BCo

8、BD

【解析】AB.物體開始運動的速度小于傳送帶的速度，所以物體相對傳送帶向上滑動，摩擦力沿傳送帶平面向下，根

據牛頓第二定律：

mgsin0+jumgcos0=ma1

物體加速至于傳送帶共速時，因為"〈tan。，根據牛頓第二定律:

mgsin0-Rmgcos0—ma2

物體勻加速運動的加速度關系：4>%，丫-/圖線斜率的物理意義為加速度，A錯誤，B正確；

CD.根據上述分析可知加速度恒定且4>/，C錯誤，D正確。

故選BD?

9、AC

【解析】根據圖象可知兩物體同時同地出發(fā)，圖象的斜率等于速度，通過分析兩物體的運動情況，來分析兩者的最大

距離

【詳解】x-t圖象的斜率等于速度，可知在0-2s內甲、乙都沿正向運動，同向運動.在2-4s內甲沿負向運動，乙仍

沿正向運動，兩者反向運動.故A正確.0-2s內兩者同向運動，甲的速度大，兩者距離增大，2s后甲反向運動，乙仍

沿原方向運動，兩者距離減小，則第2s末甲、乙兩物體間的距離最大，最大距離為4m-lm=3m,故BD錯誤.由圖知在

0-4s內甲乙的位移都是2m,平均速度相等，故C正確.故選AC

【點睛】本題關鍵掌握位移圖象的基本性質：橫坐標代表時刻，而縱坐標代表物體所在的位置，圖象的斜率等于物體

運動的速度，斜率的正負表示速度的方向，質點通過的位移等于x的變化量Ax

10、AD

【解析】先對AB整體受力分析，由平衡條件知，在水平方向，不受外力，故墻面無彈力，也沒有摩擦力，豎直方向:

F^GA+GH,如圖所示：

隔離B物體，必受重力、A對B的支持力和摩擦力作用，受三個力；隔離A物體，受受重力、B對A的壓力和摩擦力、

外力F四個力作用；故選項AD正確，選項BC錯誤

【點睛】關鍵利用整體法并結合共點力平衡條件得到B物體與墻間不存在彈力，然后再分別隔離A、B受力分析，應

用平衡條件分析受力個數

二、實驗題

11、①.0.416或0.42②.1.48或1.5③.沒有平衡摩擦力

【解析】(1)口1已知打點計時器電源頻率為50Hz,則紙帶上相鄰計數點間的時間間隔為:

T=5x0.02s=0.Is

6點對應的速度為：

vK=cm/s=41.6cm/s=0.416m/s。

B2T0.2

[2]根據Ax=aT2可得：

XCE—x.c=。(27)~,

小車運動的加速度為:

22.56-8.32-8.32

X(：K—'ACcm/s2=148cm/s2=1.48m/s2

4T2344x0.12

(2)⑶實驗時應平衡摩擦力，沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，a-E圖象在廠軸上有截距。

12、①.見解析②.不一定③.正比④.25.8⑤.無關

【解析】(1)[1].根據實驗數據在坐標紙上描出的點，基本上在同一條直線上，可以判定尸和L間是一次函數關系。

畫一條直線，使盡可能多的點落在這條直線上，不在直線上的點均勻地分布在直線兩側，如圖所示。

(2)[2],所作的實驗圖像不一定經過所有數據點，使分布在圖線兩側的點大致相同。

(3)[3].由圖像可知，彈簧彈力大小與伸長量成正比。

(4)[4][5],圖線斜率

AF1.6-0

k=-----(11.2—5)x10-2N/m~25.8N/m。

Ax

與彈簧的伸長量無關。

三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數值計算的題,

答案中必須明確寫出數值和單位

13、(1)2m/s2(2)27.5m

【解析】(1)根據相鄰的相等時間里的位移差公式：^s=ar,知As=4m,T=ls.得：

%-%4,.

a=-------=-------m/s-2m/s2.

2T22xl2

(2)根據位移公式可求得：

I,,1八

ss=vot+—at-(0.5x5+—x2x52)m=27.5m

14、①.將小球放在槽口上，小球既不里滾，也不外滾②.BD③.D@.1.2m/s

【解析】(1)口]小球離開斜槽軌道后做平拋運動，初速度方向應水平，固定斜槽軌道時應注意使斜槽末端切線水平，

因此將小球放在槽口上，小球既不里滾，也不外滾；

(2)[21AB.因為要畫同一運動的軌跡，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證獲得相同的初速度，

斜槽軌道不一定要光滑，故A錯誤，B