高平市2023年高考物理一模試卷含解析

2023學(xué)年高考物理模擬試卷

考生請注意：

1.答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內(nèi)，不得在試卷上作任何標(biāo)記。

2.第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內(nèi)，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的

位置上。

3.考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回。

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、如圖所示，一足夠長的木板的左端固定，右端的高度可調(diào)節(jié)。若開始時一物塊A恰好沿木板勻速下滑，下列方法

中能使物塊A停下的是（）

A.增大木板的傾角9

B.對物塊A施加一個豎直向下的力

C.對物塊A施加一個垂直于木板向下的力

D.在物塊A上疊放一個重物B（與物塊A具有相同的初速度）

2、關(guān)于原子能級躍遷，下列說法正確的是（）

A.處于?=3能級的一個氫原子回到基態(tài)時可能會輻射三種頻率的光子

B.各種氣體原子的能級不同，躍遷時發(fā)射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的氣體可以制成五顏六色的霓虹

燈

C.氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，會輻射一定頻率的光子，同時氫原子的電勢能減小，電子的動

能減小

D.已知氫原子從基態(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)需要吸收的能量為12.09eV,則動能等于12.09eV的另一個氫原子與這個氫原

子發(fā)生正碰，可以使這個原來靜止并處于基態(tài)的氫原子躍遷到該激發(fā)態(tài)

3、2019年10月1日，在國慶70周年盛大閱兵式上，大國重器東風(fēng)-17高超音速戰(zhàn)略導(dǎo)彈震撼曝光！有限的資料顯

示，東風(fēng)17高超音速導(dǎo)彈最大速度在6~25馬赫之間，射程約為2000公里左右，其戰(zhàn)斗部為十分前沿的帶翼面承

波體結(jié)構(gòu)，通過彈體助推至大氣層邊緣，并以“打水漂”一樣的方式進(jìn)行滑躍飛行，突防能力極強(qiáng)。值得一提的是，

這種，，助推―滑翔，，彈道由我國著名科學(xué)家錢學(xué)森在上個世紀(jì)末40年代首次推出，因此該彈道亦稱“錢學(xué)森彈道”。

已知東風(fēng)-17質(zhì)量為小，在一次試射機(jī)動變軌過程中，東風(fēng)-17正在大氣層邊緣向東水平高速飛行，速度大小為12

馬赫（1馬赫就是一倍音速，設(shè)為v）,突然蛇形機(jī)動變軌，轉(zhuǎn)成水平向東偏下37。角飛行，速度大小為15馬赫。此

次機(jī)動變軌過程中（）

A.合力對東風(fēng)-17做功為

B.合力對東風(fēng)-17做功為4.5/nv2

C.合力對東風(fēng)-17的沖量大小為9/nv,方向豎直向下

D.合力對東風(fēng)-17的沖量大小為方向向東偏下37。

4、北京時間2019年11月5日1時43分，我國成功發(fā)射了北斗系統(tǒng)的第49顆衛(wèi)星。據(jù)介紹，北斗系統(tǒng)由中圓地球軌

道衛(wèi)星、地球靜止軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星三種衛(wèi)星組成，其中中圓地球軌道衛(wèi)星距地高度大約24萬千米，

地球靜止軌道衛(wèi)星和傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距地高度都是大約為3.6萬千米。這三種衛(wèi)星的軌道均為圓形。下列相關(guān)

說法正確的是（）

A.發(fā)射地球靜止軌道衛(wèi)星的速度應(yīng)大于11.2km/s

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星可以相對靜止于某個城市的正上空

C.根據(jù)題中信息和地球半徑，可以估算出中圓地球軌道衛(wèi)星的周期

D.中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度

5、如圖是在兩個不同介質(zhì)中傳播的兩列波的波形圖.圖中的實線分別表示橫波甲和橫波乙在t時刻的波形圖,經(jīng)過1.5s

后，甲、乙的波形分別變成如圖中虛線所示.已知兩列波的周期均大于1.3s,則下列說法中正確的是

A.波甲的速度可能大于波乙的速度B.波甲的波長可能大于波乙的波長

C.波甲的周期一定等于波乙的周期D.波甲的頻率一定小于波乙的頻率

6、已知地球和火星繞太陽公轉(zhuǎn)的軌道半徑分別為Ri和R2（公轉(zhuǎn)軌跡近似為圓），如果把行星和太陽連線掃過的面積

和與其所用時間的比值定義為掃過的面積速率，則地球和火星繞太陽公轉(zhuǎn)過程中掃過的面積速率之比是（）

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、如圖為一電源電動勢為E,內(nèi)阻為r的穩(wěn)定電路。電壓表A的內(nèi)阻為5kft。B為靜電計，Ci,C2為兩個理想的電

容器且耐壓值足夠高。在開關(guān)閉合一段時間后，下列說法正確的是

A.C上電荷量為0

B.若將甲右滑，則C2上電荷量增大

C.若C?C2,則電壓表兩端大于靜電計兩端電壓

D.將S斷開，使C2兩極距離增大，B張角變大

8、如圖，海王星繞太陽沿橢圓軌道運(yùn)動，尸為近日點，。為遠(yuǎn)日點，M.N為軌道短軸的兩個端點，運(yùn)行的周期為To,

若只考慮海王星和太陽之間的相互作用，則海王星在從尸經(jīng)過M、。到N的運(yùn)動過程中（）

海王敏.一4-一

P3................二Q

'、椀：J

N

A.從尸到M所用的時間等于4

4

B.從。到N階段，機(jī)械能逐漸變大

C.從尸到。階段，速率逐漸變小

D.從M到N階段，萬有引力對它先做負(fù)功后做正功

9、以點電荷A、B的連線為x軸，以點電荷B為坐標(biāo)原點建立如圖所示的坐標(biāo)系，點電荷A、B帶電量分別為0、qi,

間距為x。。一電子以一定的初速度進(jìn)入該電場，由靠近坐標(biāo)原點的位置沿x軸正方向運(yùn)動，其電勢能的變化如圖中實

線所示，圖線與X軸交點的橫坐標(biāo)為*1,圖線最高點對應(yīng)的橫坐標(biāo)為X2,則下列判斷正確的是

A.0-刈之間電場強(qiáng)度沿x軸正方向B.A電荷帶正電，B電荷帶負(fù)電

「Q\_（x2+x（?）q、_（玉+x。）

lx?—~un?—~

c-2_2

%X2%尤1

10、關(guān)于空氣濕度，下列說法正確的是

A.空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)表示

B.空氣的相對濕度定義為水的飽和汽壓與相同溫度時空氣中所含水蒸氣的壓強(qiáng)之比

C.當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大

D.當(dāng)人們感到干燥時，空氣的相對濕度一定較小

E.相同溫度下絕對濕度越大，表明空氣中水蒸氣越接近飽和

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.(6分)某小組同學(xué)用如圖所示的裝置來“驗證動能定理”，長木板固定在水平桌面上，其左端與一粗糙曲面平滑連

接，木板與曲面連接處固定一光電門，A是光電門的中心位置，滑塊尸上固定一寬度為d的遮光片。將滑塊從曲面的

不同高度釋放，經(jīng)過光電門后，在木板上停下來，設(shè)停下來的那點為5點。該小組已經(jīng)測出滑塊與木板間的動摩擦因

數(shù)為〃、查得當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間。根據(jù)本實驗的原理和目的回答以下問題：

(1)為了“驗證動能定理”，他們必需測量的物理量有;

A.滑塊釋放的高度〃

B.遮光片經(jīng)過光電門時的遮光時間，

C.滑塊的質(zhì)量，"

D.A點到B點的距離x

(2)該組同學(xué)利用題中已知的物理量和(1)問中必需測量的物理量，只需要驗證表達(dá)式__________在誤差范圍內(nèi)成立即

可驗證動能定理；

(3)以下因素會給實驗結(jié)果帶來誤差的是.

A.滑塊釋放時初速度不為零

B.曲面不光滑

C.遮光片的寬度不夠小

D.光電門安放在連接處稍偏右的地方

12.(12分)有一電壓表V,量程為3V,要求測量其內(nèi)阻Rv?？蛇x用的器材有：

滑動變阻器甲，最大阻值10Q;

滑動變阻器乙，最大阻值10k￡l;

電阻箱最大阻值9999.9C；

電源片,電動勢約為4V,內(nèi)阻不計；

電源62,電動勢約為10V,內(nèi)阻不計;

電壓表Vo,量程6V；

開關(guān)兩個，導(dǎo)線若干；

（1）小蘭采用如圖甲所示的測量電路圖，在實物圖中，已正確連接了部分導(dǎo)線，請根據(jù)圖甲電路完成剩余部分的連接

________9

（2）連接好實驗電路后，小蘭進(jìn)行實驗操作，請你補(bǔ)充完善下面操作步驟：

①斷開開關(guān)S1和5,將R1的滑片移到最左端的位置；

②閉合開關(guān)1和加，調(diào)節(jié)飛，使V滿偏；

③斷開開關(guān)S?,保持不變，調(diào)節(jié)用,使V示數(shù)為2.00V,讀取并記錄此時電阻箱的阻值為凡,為使得測量

結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動變阻器與應(yīng)選擇（填“甲”或"乙”），電源應(yīng)選擇（填“片”或“心”），小蘭測出

的電壓表內(nèi)阻瞧=,它與電壓表內(nèi)阻的真實值Rv相比，/刈（選填或"V"）；

（3）小兵同學(xué)采用了如圖乙所示的測量電路圖，實驗步驟如下：

①斷開開關(guān)邑和號，將飛的滑片移到最左端的位置；

②閉合開關(guān)邑和S-調(diào)節(jié)飛，使V滿偏，記下此時V。的讀數(shù)；、

③斷開開關(guān)邑，調(diào)節(jié)用和&,使V示數(shù)達(dá)到半偏，且V。的讀數(shù)不變；

讀取并記錄此時電阻箱的阻值為幻，理論上分析，小兵測出的電壓表V內(nèi)阻的測量值飛片與真實值相比，

/?；?Rv（選填“〉”“=”或"V"）。

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖甲所示，彎折成90。角的兩根足夠長金題導(dǎo)軌平行放置，形成左右兩導(dǎo)執(zhí)平面，左導(dǎo)軌平面與水平面

成53。角，右導(dǎo)軌平面與水平面成37。角，兩導(dǎo)軌相距L=0.2m,電阻不計.質(zhì)量均為m=0.1kg,電阻均為R=0.1￡2的

金屬桿ab、cd與導(dǎo)軌垂直接觸形成閉合回路，金屬桿與導(dǎo)軌間的動摩擦因數(shù)均為ji=0.5,整個裝置處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大

小為B=1.0T,方向平行于左導(dǎo)軌平面且垂直右導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場中.t=0時刻開始，ab桿以初速度vi沿右導(dǎo)軌

平面下滑，t=ls時刻開始，對ab桿施加一垂直ab桿且平行右導(dǎo)軌平面向下的力F,使ab開始作勻加速直線運(yùn)動.cd

桿運(yùn)動的v-t圖象如圖乙所示（其中第1s、第3s內(nèi)圖線為直線）.若兩桿下滑過程均保持與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，g取

（1）在第1秒內(nèi)cd桿受到的安培力的大小

（2）ab桿的初速度vi

（3）若第2s內(nèi)力F所做的功為9J,求第2s內(nèi)cd桿所產(chǎn)生的焦耳熱

14.（16分）如圖所示，在坐標(biāo)系中，在y〈”的區(qū)域內(nèi)分布由指向y軸正方向的勻強(qiáng)電場，在的區(qū)

域內(nèi)分布有垂直于xOv平面向里的勻強(qiáng)磁場，MN為電場和磁場的邊界，在y=3d處放置一垂直于y軸的足夠大金屬

擋板ab,帶電粒子打到板上即被吸收（設(shè)軌跡圓與擋板ab相切的粒子剛好不會被吸收），一質(zhì)量為m.電量為+4的粒

子以初速度%由坐標(biāo)原點O處沿x軸正方向射入電場，已知電場強(qiáng)度大小為七=^^,粒子的重力不計.

9qa

(1)要使粒子不打到擋板上，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)滿足什么條件？

(2)通過調(diào)節(jié)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小，可讓粒子剛好通過點P(4d,0)(圖中未畫出)，求磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.

15.(12分)小明設(shè)計的電磁健身器的簡化裝置如圖所示，兩根平行金屬導(dǎo)軌相距/=0.50m,傾角〃=53。，導(dǎo)軌上端

串接一個K=0.05。的電阻.在導(dǎo)軌間長d=0.56m的區(qū)域內(nèi)，存在方向垂直導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度8

=2.0T.質(zhì)量加=4.0kg的金屬棒水平置于導(dǎo)軌上，用絕緣繩索通過定滑輪與拉桿GH相連.CQ棒的初始位置與

磁場區(qū)域的下邊界相距s=0.24m.一位健身者用恒力尸=80N拉動G"桿，棒由靜止開始運(yùn)動，上升過程中CD

棒始終保持與導(dǎo)軌垂直.當(dāng)CD棒到達(dá)磁場上邊界時健身者松手，觸發(fā)恢復(fù)裝置使B棒回到初始位置(重力加速度g

=10m/s2,sin530=0.8,不計其它電阻、摩擦力以及拉桿和繩索的質(zhì)量).求：

(1)CZ＞棒進(jìn)入磁場時速度v的大小；

(2)CD棒進(jìn)入磁場時所受的安培力FA的大??；

(3)在拉升CD棒的過程中，健身者所做的功W和電阻產(chǎn)生的焦耳熱Q.

參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。

1、C

【解析】

A.物塊沿木板勻速下滑，所受合力為零，根據(jù)平衡條件得

mgsin0=/jmgcos0

若增大木板的傾角。重力沿木板向下的分力加gsin<9增大，滑動摩擦力

f-Ringcos6

減小，物塊將沿木板做加速運(yùn)動，故A錯誤；

B.對物塊A施加一個豎直向下的力，由于

（E+〃?g）sine=xz（F+/w<g）cos（9

物塊的合力仍為零，仍做勻速運(yùn)動，故B錯誤；

C.對物塊A施加一個垂直于木板向下的力尸，物塊的滑動摩擦力

f=+mgcos6）

增大，物塊A的合力沿木板向上，物塊做減速運(yùn)動，可以使物塊停下，故C正確。

D.在物塊A上疊放一重物B,則有

（A/+m）gsin（9=/.z（Af+m）gcos3

物塊A不可能停下，故D錯誤。

故選：C?

2、B

【解析】

A.處于"=3的一個氫原子回到基態(tài)時可能會輻射一種頻率的光子，或兩種不同頻率的光子。處于"=3的“一群”氫原

子回到基態(tài)時會輻射三種頻率的光子；故A錯誤；

B.根據(jù)玻爾理論，各種氣體原子的能級不同，躍遷時發(fā)射光子的能量（頻率）不同，因此利用不同的氣體可以制成

五顏六色的霓虹燈，故選項B正確；

C.氫原子的核外電子由較高能級躍遷到較低能級時，會輻射一定頻率的光子，同時氫原子的電勢能減小，電子的動

能增大。故選項c錯誤；

D.根據(jù)能量守恒可知，要使原來靜止并處于基態(tài)的氫原子從基態(tài)躍遷到某一激發(fā)態(tài)，需要吸收的能量為1.09eV,

則必須使動能比L09eV大得足夠多的另一個氫原子與這個氫原子發(fā)生碰撞，才能躍遷到某一激發(fā)態(tài)，故D錯誤。

故選B。

3、C

【解析】

AB.根據(jù)動能定理得

W=—mv}-—mv7=—zn(15v)2--/M(12V)2=40.5mv2

222122

故AB錯誤。

CD.根據(jù)動量定理得

I-m.v—m->y(15v)2—(12v)2=9mv

方向豎直向下，故C正確，D錯誤。

故選C。

4、C

【解析】

A.H.2m/s是發(fā)射掙脫地球引力控制的航天器的最小速度，而地球靜止軌道衛(wèi)星仍然是圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動，所

以地球靜止軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度定小于地球的第二宇宙速度11.2km/s,故A錯誤；

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星只是繞地球做勻速圓周運(yùn)動的周期為24小時，不可以相對靜止于某個城市的正上空，故B

錯誤；

C.已知地球靜止軌道衛(wèi)星離地高度和地球半徑，可得出地球靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)動半徑彳，其運(yùn)動周期？；=1天，已知

中圓地球軌道衛(wèi)星距地面的高度和地球半徑，可得出中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑弓，根據(jù)開普勒第三定律有

T；_/

代人可以得出中圓地球軌衛(wèi)星的周期心，故C正確；

D.由于中圓地球軌道衛(wèi)星距離地面高度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距離地面高度，即中圓地球軌道衛(wèi)星的運(yùn)動半徑

較小，根據(jù)萬有引力提供向心力有

八Mm

G—―=ma

可知，中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度大于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度，D錯誤。

故選C.

5、A

【解析】

AC.經(jīng)過1.5s后，甲、乙的波形分別變成如圖中虛線所示，且周期均大于1.3s,則根據(jù)NT+，T=0.5s,可知，兩

2

1J1

波的周期分別可能為Is和4S,則根據(jù)波速度丫=不，可知，若甲的周期為4S,而乙的周期為1S,則甲的速度大于

3T3

乙的速度，故A正確，C錯誤;

B.由圖可知，橫波甲的波長為4m,乙的波長為6m,故說明甲波的波長比乙波的短，故B錯誤:

D.若甲的周期為1s而乙的周期為gS,則由/=,可知，甲的頻率大于乙的頻率，故D錯誤。

3T

故選A。

6、A

【解析】

公轉(zhuǎn)的軌跡近似為圓，地球和火星的運(yùn)動可以看作勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)開普勒第三定律知：

運(yùn)動的周期之比：

在一個周期內(nèi)掃過的面積之比為：

S\_兀R；_R：

S2TTR]R；

面積速率為能，可知面積速率之比為，，故A正確，BCD錯誤。

故選A,

二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。

全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

7、AD

【解析】

A.由于電容器和靜電計均為斷路，故開關(guān)閉合一段時間后，電路中電流為0,故電壓表兩端電壓為0,因此Ci上電

荷量為0,故A正確；

B.由于整個電路中沒有電流，C2相當(dāng)于直接接在電源兩端，故滑動滑動變阻器對電路沒有影響，C2上電壓不變，故

電荷量不變，故B錯誤；

C.電壓表兩端電壓為0,靜電計兩端電壓不為0,故c錯誤；

D.S斷開后，C2上電荷量保持不變，故當(dāng)兩極板距離增大時，電容減小，由可知，電壓增大，故靜電計張角

變大，故D正確；

故選AD?

8、CD

【解析】

A.海王星在PM段的速度大小大于MQ段的速度大小，則PM段的時間小于M。段的時間，所以尸到M所用的時間

小于3,故A錯誤；

B.從。到N的過程中，由于只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，故B錯誤；

C.從尸到。階段，萬有引力做負(fù)功，速率減小，故C錯誤；

D.根據(jù)萬有引力方向與速度方向的關(guān)系知，從M到N階段，萬有引力對它先做負(fù)功后做正功，故D正確。

故選D。

9、AC

【解析】

A.()到用之間電子的電勢能增大，電場力對電子做負(fù)功，電場力沿8軸負(fù)方向，故電場強(qiáng)度沿x軸正方向，A正確；

B.0到X?過程中，電場力水平向左做負(fù)功，合電場強(qiáng)度水平向右，馬之后，電場力水平向右做正功，合電場強(qiáng)度水

平向左，可知A電荷帶負(fù)電，B電荷帶正電，B錯誤；

CD.電場力做功改變電勢能，所以電場力的大小表示為：

所以電勢能隨位移變化的圖像的斜率為電場力，七處電場力為0,電場強(qiáng)度為0,所以:

k^+k—如~-=0

X2(%+%)一

q_(%2+%0)

解得:C正確，D錯誤。

%X2

故選AC

10、ADE

【解析】

AB.絕對濕度是指一定空間中水蒸氣的絕對含量，可用空氣中水蒸氣的壓強(qiáng)表示來表示，相對濕度是指水蒸汽的實際

壓強(qiáng)與該溫度下水蒸汽的飽和壓強(qiáng)之比，故A正確，B錯誤；

CD.人們感受的干燥或潮濕取決于空氣的相對濕度。相對濕度越大，感覺越潮濕；相對濕度越小，感覺越干燥，故C

錯誤，D正確；

E.相同溫度下絕對濕度越大，表明空氣中水汽越接近飽和，故E正確；

故選ADE。

三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

,2

11、BD4gx=gC

【解析】

(1)[1].要驗證的是從滑塊經(jīng)過光電門到最后在木板上停止時動能減小量等于摩擦力做功，即

1,

—mv~=/.imgx

其中

d

v=—

t

可得

d2

Hgx=2?

則必須要測量的物理量是：遮光片經(jīng)過光電門時的遮光時間/和A點到B點的距離x,故選BD?

J2

(2)[2].由以上分析可知，需要驗證表達(dá)式〃gx=會在誤差范圍內(nèi)成立即可驗證動能定理；

(3)[3].A.滑塊釋放時初速度不為零對實驗無影響，選項A錯誤；

B.曲面不光滑對實驗無影響，選項B錯誤；

C.遮光片的寬度不夠小，則測得的滑塊經(jīng)過A點的速度有誤差，會給實驗結(jié)果帶來誤差，選項C正確;

D.光電門安放在連接處稍偏右的地方對實驗無影響，選項D錯誤：

故選C。

【解析】

⑵③斷開開關(guān)邑，保持R不變，調(diào)節(jié)必，使丫示數(shù)為2.00V,讀取并記錄此時電阻箱的阻值為

為使得測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，滑動變阻器拈應(yīng)選擇阻值較小的甲；電源應(yīng)選擇Ei；當(dāng)電壓表讀數(shù)為2V時，電阻箱兩端

電壓為IV,則由串聯(lián)電路的特點可知，測出的電壓表內(nèi)阻R測=24；因斷開開關(guān)52后，電阻箱與電壓表串聯(lián)，則電

阻值變大，此時電阻箱與電壓表兩端電壓之和要大于3V,而電壓表讀數(shù)為2V時電阻箱兩端電壓大于IV,則實際上

電壓表內(nèi)阻小于2R),則電壓表內(nèi)阻的真實值相比，H測〉R;

(3)[7J.此測量方法中，S2閉合時電壓表兩端電壓等于S2斷開時電壓表和心兩端的電壓之和，則當(dāng)S2斷開時電壓表半

偏時，電壓表的內(nèi)阻等于電阻箱&的阻值，此方法測量無誤差產(chǎn)生，即

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(1)0.2N(2)lm/s(3)3J

【解析】

(1)對cd桿，由v-t圖象得：

Av4,

ai=—=—=4m/s2,

△t1

由牛頓第二定律得：mgsin53°-n(mgcos53°+F安)=ma

解得：Fs=0.2N

(2)對ab桿，感應(yīng)電動勢：E=BLv,

電流：/=二p

2R

cd桿的安培力：F$=BIL

解得：vi=lm/s.

(3)由題意得第3s內(nèi)cd的加速度：a2=-4m/s2

設(shè)2s時ab桿的速度為V2,對cd桿，由牛頓第二定律得:

mgsin53o-|i(mgcos53°+--------)=mai

2R

解得：V2=9m/s

有運(yùn)動學(xué)知識得2s內(nèi)ab桿的位移：入2=乜上殳，=5m

-2

由動能定理得：WF+WG+Wf+M^ng/m^―g加匕2

又WF=9J

WG=mgX2Sin37°

Wf=wmgx2cos37°

-W安=2Qcd

解得：Qcd=3J

點睛：本題是電磁感應(yīng)和圖象結(jié)合的題目，分析清楚運(yùn)動過程、合理的利用圖象得到關(guān)鍵的加速度，再由牛頓第二定

律和運(yùn)動學(xué)公式及動能定理求解即可.

4mv04mv0

14、⑴旌(2)B=

3qd3qd

【解析】

(1)粒子先在電場中做類平拋運(yùn)動，x=d=-af,其中。=也=甄，得到：x=-d

2m9d2

at4