湖北省黃岡市2023-2024學(xué)年高二上學(xué)期期末調(diào)研聯(lián)考物理試題【含答案解析】

黃岡市2023年秋季高二年級(jí)期末調(diào)研考試物理黃岡市教育科學(xué)研究院命制本試卷共6頁(yè)，15題。全卷滿分100分?？荚囉脮r(shí)75分鐘。?？荚図樌⒁馐马?xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)、座位號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。3.非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效。4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。一、選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1~7題只有一項(xiàng)符合題目要求，第8~10題有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。1.在12世紀(jì)初，我國(guó)已將指南針用于航海，現(xiàn)在“磁”已廣泛應(yīng)用于我們的生產(chǎn)、生活中。下列與“磁”相關(guān)的現(xiàn)象中屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象的是（）A.指南針總是指向南方B.兩根通有同向電流的平行導(dǎo)線會(huì)相互吸引C.金屬探測(cè)器靠近金屬時(shí)會(huì)報(bào)警D.電流通過(guò)電流表時(shí)，電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)【答案】C【解析】【詳解】A．地球就像一個(gè)大磁體，它和磁鐵一樣，也有兩個(gè)極，一個(gè)叫地磁北，另叫地磁南極。指南針上指針是一個(gè)磁針，并且可以自由轉(zhuǎn)動(dòng)，而磁極是同極相斥，異極相吸，指南針受到了地球磁場(chǎng)的影響，所以總是一頭指向南方，一頭指向北方，是磁場(chǎng)間的相互作用，不屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤；B．通電直導(dǎo)線會(huì)在周?chē)a(chǎn)生立體的圍繞著通電直導(dǎo)線的磁場(chǎng)，兩個(gè)導(dǎo)線之間，它們產(chǎn)生的兩個(gè)磁場(chǎng)的方向是相反的，根據(jù)磁場(chǎng)“同性相吸、異性相吸”的規(guī)則，這兩個(gè)磁場(chǎng)是相吸的，兩個(gè)直導(dǎo)線也是相吸的，是電流的磁效應(yīng)，不屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)探測(cè)器靠近金屬物品時(shí)，金屬物品中就會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電流，使探測(cè)器報(bào)警，由此可知探測(cè)器的工作原理是電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故C正確；D．通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力作用，使得指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，利用的是磁場(chǎng)對(duì)電流有力的作用，不屬于電磁感應(yīng)現(xiàn)象，故D錯(cuò)誤。故選C。2.如圖所示，水平固定的長(zhǎng)直導(dǎo)線與矩形導(dǎo)線框abcd在同一豎直平面，導(dǎo)線框的ab邊與導(dǎo)線平行，導(dǎo)線中通有向右的恒定電流Ⅰ、現(xiàn)將導(dǎo)線框由靜止釋放，導(dǎo)線框在豎直下落過(guò)程中沒(méi)有翻轉(zhuǎn)。下列對(duì)導(dǎo)線框下落過(guò)程的分析，其中說(shuō)法正確的是（）A.導(dǎo)線框中產(chǎn)生了順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流B.導(dǎo)線框的面積有收縮的趨勢(shì)C.導(dǎo)線框下落的加速度有時(shí)可能大于重力加速度gD.若導(dǎo)線中的電流Ⅰ方向向左，則線框所受安培力的合力方向向下【答案】A【解析】【詳解】ABD．根據(jù)安培定則可知，導(dǎo)線下方的磁場(chǎng)垂直紙面向里，離導(dǎo)線越遠(yuǎn)的地方，磁場(chǎng)越小，導(dǎo)線框在豎直下落過(guò)程中，磁通量變小，根據(jù)楞次定律可知導(dǎo)線框中產(chǎn)生了順時(shí)針?lè)较虻母袘?yīng)電流，導(dǎo)線框的面積有擴(kuò)張的趨勢(shì)，ab邊受安培力較大且向上可知，線框所受安培力的合力方向向上，故A正確，BD錯(cuò)誤；C．導(dǎo)線框下落過(guò)程中，安培力向上，重力大于安培力，所以導(dǎo)線框下落的加速度小于重力加速度g，故C錯(cuò)誤；故選A。3.圖甲為小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，在磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，單匝矩形金屬線框繞垂直于磁場(chǎng)的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生正弦式電流。定值電阻R兩端的電壓如圖乙所示，電路中其它部分的電阻忽略不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.該交流電頻率為50HzB.時(shí)，線框平面恰好與磁場(chǎng)方向垂直C.時(shí)，穿過(guò)線框的磁通量變化率為零D.該矩形線框的面積為【答案】B【解析】【詳解】A．該交流電的周期T=0.04s，則頻率為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則線框平面恰好與磁場(chǎng)方向垂直，選項(xiàng)B正確；C．時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，則穿過(guò)線框的磁通量變化率最大，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)解得該矩形線框的面積為選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。4.汽車(chē)啟動(dòng)的工作原理如圖所示，首先由轉(zhuǎn)換器將蓄電池的直流電轉(zhuǎn)換為正弦式電流，并加在一理想變壓器的原線圈上，變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為，電壓表為理想交流電壓表。當(dāng)變壓器副線圈輸出電壓的瞬時(shí)值達(dá)到12000V時(shí)，火花塞產(chǎn)生電火花點(diǎn)燃發(fā)動(dòng)機(jī)汽缸內(nèi)的霧化汽油，發(fā)動(dòng)機(jī)開(kāi)始工作。已知開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，電壓表的示數(shù)為12V，要使發(fā)動(dòng)機(jī)點(diǎn)火成功，變壓器原、副線圈匝數(shù)比的最大值為（）A.1000 B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】變壓器副線圈輸出電壓的有效值為根據(jù)理想變壓器原副線圈電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系變壓器原、副線圈匝數(shù)比的最大值為故選D。5.小明發(fā)現(xiàn)摩托車(chē)啟動(dòng)過(guò)程中，當(dāng)電動(dòng)機(jī)啟動(dòng)時(shí)，摩托車(chē)的車(chē)燈會(huì)瞬時(shí)變暗。如圖所示為摩托車(chē)蓄電池供電簡(jiǎn)化電路圖。若蓄電池的電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，車(chē)燈的電阻。啟動(dòng)該車(chē)時(shí)，先接通開(kāi)關(guān)打開(kāi)車(chē)燈，再接通開(kāi)關(guān)啟動(dòng)電動(dòng)機(jī)，此刻測(cè)得流過(guò)蓄電池的電流。在接通開(kāi)關(guān)后，下列對(duì)電路的分析，正確的是（）A.蓄電池的路端電壓，在開(kāi)關(guān)接通后比接通前大B.流過(guò)蓄電池的電流，在開(kāi)關(guān)接通后比接通前小C.開(kāi)關(guān)接通前，車(chē)燈的功率為72WD.開(kāi)關(guān)接通時(shí)，車(chē)燈的功率為32W【答案】D【解析】【詳解】AB.在開(kāi)關(guān)S2接通后，總電阻變小，總電流變大，內(nèi)電壓變大，路端電壓變小。流過(guò)電燈的電流變小，所以流過(guò)蓄電池的電流變大，故AB錯(cuò)誤；C.開(kāi)關(guān)S2接通前，回路電流為車(chē)燈的功率為故C錯(cuò)誤；D.開(kāi)關(guān)S2接通后，回路電流為車(chē)燈兩端電壓為車(chē)燈的功率為故D正確。故選D。6.在如圖所示平面內(nèi)，分界線MN將邊界平行、寬度為L(zhǎng)的區(qū)域分成兩部分，一部分充滿方向垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，另一部分充滿方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，MN與磁場(chǎng)的左右邊界垂直。一質(zhì)量為m，電量為的粒子從M點(diǎn)射入磁場(chǎng)，入射方向與磁場(chǎng)方向垂直且與MN成30°角。若粒子恰好從右邊界沿垂直于邊界方向射出，不計(jì)粒子重力，則該粒子的入射速度大小可能為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】如圖所示，粒子可能從下方垂直邊界方向射出，還可能從上方垂直邊界方向射出由幾何關(guān)系可得解得又聯(lián)立解得當(dāng)時(shí)故選C。7.在建的建筑物為了防止墻面開(kāi)裂需要定期澆水保濕。如圖所示，位于水平地面的水管口橫截面積為，水流從管口噴出時(shí)速度大小為10m/s，方向與水平地面成角，且恰好垂直沖擊墻面。已知水的密度為，忽略空氣阻力。若水流沖擊墻面后，速度立即減為零，取，則墻面所受沖擊力的大小為（）A.40N B.32N C.25.6N D.24N【答案】B【解析】【詳解】單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的體積為單位時(shí)間內(nèi)噴出的水的質(zhì)量為恰好垂直沖擊墻面時(shí)水流的速度取很短的時(shí)間內(nèi)沖擊墻面的水為研究對(duì)象，規(guī)定垂直沖擊墻面時(shí)水流的速度方向?yàn)檎较?，則得故選B。8.質(zhì)譜儀是一種利用磁偏轉(zhuǎn)來(lái)分離和檢測(cè)同位素的儀器。如圖所示，在直線邊界ab、bc一側(cè)有范圍足夠大、方向垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，甲、乙?guī)щ娏Ｗ泳源笮榈乃俣葟腗點(diǎn)垂直于ab邊射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)：甲粒子恰好從b點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，乙粒子垂直于bc邊離開(kāi)磁場(chǎng)。已知ab邊與bc邊所成角度為135°，M點(diǎn)與b點(diǎn)間距離為L(zhǎng)，甲、乙兩粒子所帶電荷量相同，不計(jì)粒子重力和粒子間的相互作用力。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩粒子均帶正電荷 B.甲、乙兩粒子的質(zhì)量之比為1∶2C.乙粒子的比荷為 D.甲、乙兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為2∶5【答案】BD【解析】【詳解】A．由左手定則可知，兩粒子均帶負(fù)電荷，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．由粒子運(yùn)動(dòng)軌跡可知兩粒子運(yùn)動(dòng)半徑分別為根據(jù)可得甲、乙兩粒子的質(zhì)量之比為1∶2，選項(xiàng)B正確；C．根據(jù)可知乙粒子的比荷為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．根據(jù)兩粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的圓心角分別為180°和225°，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間比選項(xiàng)D正確。故選BD。9.如圖所示，在豎直平面內(nèi)固定的光滑圓軌道，半徑為R，虛線AB、CD分別為水平和豎直直徑?？梢暈橘|(zhì)點(diǎn)的甲、乙兩小球質(zhì)量分別為、?，F(xiàn)將甲球從B點(diǎn)由靜止釋放，運(yùn)動(dòng)至D點(diǎn)與靜止的乙球發(fā)生彈性碰撞。重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.甲球在第一次碰撞前瞬間的速度大小為B.若，兩球第一次碰撞后，乙球可能到達(dá)A點(diǎn)C若，兩球第一次碰撞后，乙球恰好能到達(dá)A點(diǎn)D.兩球第一次碰撞后，乙球有可能運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)C點(diǎn)【答案】CD【解析】【詳解】A．設(shè)甲球在第一次碰撞前瞬間的速度大小為，由機(jī)械能守恒定律得得故A錯(cuò)誤；BC．甲、乙兩球碰撞后的瞬間速度分別為和，甲、乙兩球發(fā)生彈性碰撞則有，解得若，則兩球第一次碰撞后，乙球上升的高度為，則解得乙球不可能到達(dá)A點(diǎn)。若，則兩球第一次碰撞后，乙球上升的高度為，則解得故B錯(cuò)誤，C正確；D．設(shè)乙球恰好運(yùn)動(dòng)的最高的速度為，則解得從最低點(diǎn)到最高點(diǎn)，對(duì)乙球由動(dòng)能定理得解得當(dāng)兩球第一次碰撞后，得即滿足時(shí)，兩球第一次碰撞后，乙球有可能運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)C點(diǎn)。故D正確。故選CD。10.如圖甲所示，一質(zhì)量為m，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形導(dǎo)線框abcd靜置于絕緣水平桌面上，虛線邊界恰好將線框平分，在邊界左側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在邊界右側(cè)有磁感應(yīng)強(qiáng)隨時(shí)間t按乙圖所示規(guī)律變化的磁場(chǎng)，邊界兩側(cè)磁場(chǎng)方向均豎直向上。時(shí)刻，線框恰好與桌面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)。已知導(dǎo)線框的電阻為R，重力加速度為g，線框與水平桌面之間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。下列對(duì)線框在時(shí)間內(nèi)的分析，其中正確的是（）A.線框中感應(yīng)電流沿adcba方向B.流過(guò)線框的電流為C.線框所受摩擦力始終向右D.線框與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為【答案】AD【解析】【詳解】A．由題意可知，穿過(guò)線圈平面的磁通量豎直向上增強(qiáng)，由楞次定律和安培定則可知，線框中感應(yīng)電流沿adcba方向，故A正確；B．由法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)由閉合電路歐姆定律可知，流過(guò)線框的電流故B錯(cuò)誤；C．由左手定則可知，和邊在兩部分磁場(chǎng)中所受安培力恰好平衡。邊和邊所受安培力方向分別向左和向右，如圖所示。當(dāng)時(shí)，則設(shè)線框所受摩擦力為，則此時(shí)，線框所受摩擦力方向向左。當(dāng)時(shí)，則則此時(shí)，線框所受摩擦力方向向右，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)時(shí)，線框恰好與桌面發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則解得故D正確。故選AD。二、非選擇題：本題共5小題，共60分。11.利用圖示的實(shí)驗(yàn)裝置驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律，實(shí)驗(yàn)步驟如下：①接通氣源，調(diào)節(jié)導(dǎo)軌水平；②將寬度相同的兩個(gè)滑塊A、B靜置于導(dǎo)軌上，使滑塊A緊靠導(dǎo)軌左側(cè)擋板，滑塊B的左端恰好位于導(dǎo)軌的中點(diǎn)處。③使滑塊A以一定的初速度沿氣墊導(dǎo)軌向右運(yùn)動(dòng)與滑塊B發(fā)生碰撞，碰撞時(shí)間極短，碰后滑塊A反彈，分別用傳感器記錄滑塊A從左擋板運(yùn)動(dòng)到與B碰撞所用時(shí)間，滑塊A和B從碰撞時(shí)刻開(kāi)始到各自撞到左右擋板所用時(shí)間和；回答以下問(wèn)題：（1）在調(diào)節(jié)導(dǎo)軌水平時(shí)，先在導(dǎo)軌上只放滑塊A，并給一初速度，使它從導(dǎo)軌左端向右端運(yùn)動(dòng)，用傳感器測(cè)得滑塊A通過(guò)導(dǎo)軌前半段的時(shí)間小于后半段的時(shí)間。為使導(dǎo)軌水平，可使導(dǎo)軌左端______（選填“升高”或“降低”）一些；（2）要驗(yàn)證兩滑塊碰撞的瞬間系統(tǒng)動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)中還必須測(cè)量的物理量有______；A.滑塊A的質(zhì)量、滑塊B的質(zhì)量B.兩滑塊的寬度dC.氣墊導(dǎo)軌的總長(zhǎng)度L（3）只要滿足關(guān)系式______，就能證明兩滑塊碰撞前后動(dòng)量守恒。（僅用、、和第（2）問(wèn)中測(cè)量的物理量表示）【答案】①.升高②.A③.【解析】【詳解】（1）[1]由于滑塊A通過(guò)導(dǎo)軌前半段的時(shí)間小于后半段的時(shí)間，表明滑塊A在做減速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)軌右端過(guò)高，可知，為使導(dǎo)軌水平，可使導(dǎo)軌左端升高。（2）[2]由于兩滑塊寬度相同，且滑塊B的左端恰好位于導(dǎo)軌的中點(diǎn)處，則傳感器記錄滑塊A從左擋板運(yùn)動(dòng)到與B碰撞所用時(shí)間與滑塊A和B從碰撞時(shí)刻開(kāi)始到各自撞到左右擋板所用時(shí)間和內(nèi)，三段時(shí)間滑塊通過(guò)的位移大小距相同，令為x0，則速度大小分別為，，碰撞后，滑塊A反彈，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有解得可知，要驗(yàn)證兩滑塊碰撞的瞬間系統(tǒng)動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)中還必須測(cè)量的物理量有滑塊A的質(zhì)量、滑塊B的質(zhì)量。故選A。（3）[3]根據(jù)上述可知，能證明兩滑塊碰撞前后動(dòng)量守恒需要滿足的關(guān)系式為12.學(xué)校課外科技小組的同學(xué)利用銅片、鋅片和蘋(píng)果制作了一個(gè)水果電池，他們?cè)O(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)來(lái)測(cè)量該水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r。實(shí)驗(yàn)前，同學(xué)們查閱資料發(fā)現(xiàn)蘋(píng)果電池的電動(dòng)勢(shì)大約為1V左右，內(nèi)阻大于1kΩ。（1）小王同學(xué)為了粗測(cè)該水果電池的內(nèi)阻，使用多用電表的歐姆擋，將紅、黑表筆分別接到水果電池的銅、鋅兩極上，測(cè)量水果電池內(nèi)阻。小王同學(xué)的做法___________（選填“合理”或“不合理”）；（2）為了精確測(cè)量該水果電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，實(shí)驗(yàn)室準(zhǔn)備了如下實(shí)驗(yàn)器材：電壓表V（量程0~1.5V，內(nèi)阻約為5kΩ）電流表A（量程0~600μA，內(nèi)阻）滑動(dòng)變阻器（阻值0~100Ω）滑動(dòng)變阻器（阻值0~10kΩ）開(kāi)關(guān)1個(gè)、導(dǎo)線若干活動(dòng)小組設(shè)計(jì)了如圖甲、乙所示的兩種電路：為了使測(cè)量結(jié)果更加精確，我們應(yīng)選擇___________（選填“甲”或“乙”）電路圖，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選擇___________（選填“”或“”）。（3）按要求連接實(shí)驗(yàn)電路，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器，測(cè)得多組數(shù)據(jù)。根據(jù)測(cè)量數(shù)值作出如圖丙所示的特性曲線，則該水果電池的電動(dòng)勢(shì)___________V，內(nèi)阻___________Ω。（保留3位有效數(shù)字）【答案】①.不合理②.甲③.R2④.1.04##1.05##1.06⑤.1.80×103（1.77×103~1.83×103均給分）【解析】【詳解】（1）[1]歐姆檔內(nèi)部有電源，不能直接測(cè)量電源的內(nèi)阻，則小王同學(xué)的做法不合理；（2）[2][3]因電流表內(nèi)阻已知，則應(yīng)該采用甲電路測(cè)量；因電源內(nèi)阻大于1kΩ，則滑動(dòng)變阻器選擇R2。（3）[4][5]由圖像可知，該水果電池電動(dòng)勢(shì)E=1.05V內(nèi)阻13.如圖所示，質(zhì)量為的木板靜置于光滑水平地面上，質(zhì)量為的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）以的速度從木板左端滑上木板，小滑塊最終未滑下木板，取重力加速度。（1）求小滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，它們總的機(jī)械能損失量；（2）若小滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，求小滑塊相對(duì)木板滑動(dòng)的時(shí)間t?！敬鸢浮浚?）15J；（2）0.6s【解析】【詳解】（1）小滑塊在木板上滑動(dòng)過(guò)程中，滑塊和木板組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒由動(dòng)量守恒定律得①系統(tǒng)損失的機(jī)械能為②聯(lián)立解得（2）對(duì)滑塊，由動(dòng)量定理得③解得14.利用電場(chǎng)、磁場(chǎng)實(shí)現(xiàn)粒子偏轉(zhuǎn)是科學(xué)儀器中廣泛應(yīng)用的技術(shù)。如圖所示，xOy平面的第一、二象限內(nèi)有足夠長(zhǎng)且寬度均為L(zhǎng)、邊界平行于x軸的區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，其中Ⅰ區(qū)中存在沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)，Ⅱ區(qū)中存在垂直于xOy平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，Ⅱ區(qū)的下邊界與x軸重合。質(zhì)量為m、電荷量為的粒子從M點(diǎn)（0，2L），以大小為的速度、沿與y軸負(fù)方向成的方向射入Ⅰ區(qū)（如圖所示），之后粒子恰能進(jìn)入Ⅱ區(qū)，且經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后垂直于x軸離開(kāi)磁場(chǎng)。不計(jì)粒子的重力。（1）求粒子在區(qū)域Ⅰ中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t；（2）求區(qū)域Ⅱ中勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大??；（3）若粒子從M點(diǎn)沿y軸負(fù)方向射入Ⅰ區(qū)，粒子剛好未能進(jìn)入x軸下方區(qū)域，求粒子從M點(diǎn)射出的速度大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【詳解】（1）粒子在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)，在y軸方向上的初速為恰好進(jìn)入Ⅱ區(qū)，即到達(dá)Ⅱ區(qū)時(shí)，豎直方向速度剛好為零，所以有解得（2）粒子剛進(jìn)入Ⅱ區(qū)磁場(chǎng)時(shí)，速度大小為粒子在Ⅱ區(qū)中恰好運(yùn)動(dòng)四分之一圓弧，得粒子圓周運(yùn)動(dòng)的半徑由帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周，有