浙江省嘉興市桐鄉(xiāng)市2023-2024學(xué)年高三上學(xué)期1月期末物理試題

2024年1月高三期末考試物理試題本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請務(wù)必將自己的姓名，準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時(shí)，請按照答題紙上“注意事項(xiàng)”的要求，在答題紙相應(yīng)的位置上規(guī)范作答，在本試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應(yīng)的區(qū)域內(nèi)，作圖時(shí)先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。4．可能用到的相關(guān)公式或參數(shù)：重力加速度g均取10m/s2。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中只有一個(gè)是符合題目要求的，不選、多選、錯(cuò)選均不得分）1.下列單位屬于國際單位制中基本單位的是（）A.赫茲（Hz） B.伏特（V） C.安培（A） D.瓦特（W）【答案】C【解析】【詳解】國際單位制共有七個(gè)基本物理單位。包括如下：熱力學(xué)溫度（K），長度（m），質(zhì)量（kg），時(shí)間（s），電流（A），物質(zhì)的量（mol），光強(qiáng)度（cd）。故選C。2.如圖所示，下列四幅圖像能描述物體做自由落體運(yùn)動的是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】【詳解】A．自由落體運(yùn)動是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)速度時(shí)間公式為可知vt圖像是過原點(diǎn)的傾斜直線，A正確；BC．自由落體運(yùn)動所受合外力不變、加速度不變，可知at、Ft圖像為平行于x軸的直線，BC錯(cuò)誤；D．位移時(shí)間關(guān)系公式為可知xt圖像是拋物線，D錯(cuò)誤；故選B。3.在三星堆考古發(fā)現(xiàn)中，考古人員對“祭祀坑”中出土的碳屑樣本通過年代檢測，推算出文物的年代。其中的衰變方程為，則（）A.發(fā)生的是α衰變 B.的比結(jié)合能比的要小C.是來源于原子外層的電子 D.文物長時(shí)間埋在地下會導(dǎo)致的半衰期變大【答案】B【解析】【詳解】A．衰變時(shí)電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)都守恒，由此可知X為，所以發(fā)生的是β衰變，故A錯(cuò)誤；B．衰變成，故比更穩(wěn)定，可知的比結(jié)合能比的要小，故B正確；C．射線的電子是由原子核內(nèi)中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子釋放出來的，不是來源于原子外層的電子，故C錯(cuò)誤；D．半衰期是由核內(nèi)部自身的因素決定的，與原子所處的化學(xué)狀態(tài)和外部條件均無關(guān)，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示是戶外露營中使用的一種便攜式三腳架，它由三根完全相同的輕桿通過鉸鏈組合在一起，每根輕桿均可繞鉸鏈自由轉(zhuǎn)動。將三腳架靜止放在水平地面上，吊鍋通過細(xì)鐵鏈靜止懸掛在三腳架正中央，三腳架正中央離地高度為且小于桿長，吊鍋和細(xì)鐵鏈的總質(zhì)量為，支架與鉸鏈間的摩擦忽略不計(jì)，則（）A.吊鍋受到3個(gè)力的作用 B.鐵鏈對吊鍋的拉力大于吊鍋的重力C.每根輕桿受到地面的作用力大小為 D.減小時(shí)，每根輕桿對地面摩擦力增大【答案】D【解析】【詳解】AB．吊鍋受到重力、鐵鏈對吊鍋的拉力，共2個(gè)力的作用，吊鍋靜止，則鐵鏈對吊鍋的拉力等于吊鍋的重力，故AB錯(cuò)誤；C．設(shè)輕桿與豎直方向的夾角為，根據(jù)平衡條件可得解得每根輕桿受到地面的作用力大小為故C錯(cuò)誤；D．每根輕桿對地面摩擦力為減小時(shí)，增大，每根輕桿對地面摩擦力增大，故D正確。故選D。5.2022年7月25日，問天實(shí)驗(yàn)艙成功與軌道高度約為430km的天和核心艙完成對接如圖所示，對接后組合體繞地球的運(yùn)動可視為勻速圓周運(yùn)動。已知地球半徑R，引力常量G，地球表面重力加速度g，根據(jù)題中所給條件，下列說法正確的是（）A.組合體的周期大于24小時(shí)B.可以計(jì)算出地球的平均密度C.組合體的向心加速度小于赤道上物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度D.若實(shí)驗(yàn)艙內(nèi)有一單擺裝置，將擺球拉開一個(gè)小角度靜止釋放會做簡諧運(yùn)動【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得由于組合體的軌道高度小于同步衛(wèi)星的軌道高度，所以組合體的周期小于同步衛(wèi)星的周期，即組合體的周期小于24h，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)萬有引力與重力的關(guān)系，即地球的密度為聯(lián)立解得故B正確；C．根據(jù)萬有引力提供向心力，有解得向心加速度為組合體的向心加速度大于同步衛(wèi)星的向心加速度，但由于同步衛(wèi)星與赤道上的物體具有相同的角速度，而同步衛(wèi)星的半徑大于赤道上物體的半徑，根據(jù)公式所以同步衛(wèi)星的向心加速度大于赤道上物體的向心加速度，則組合體的向心加速度大于赤道上物體的向心加速度，故C錯(cuò)誤；D．靜止釋放小球，小球?qū)o法做簡諧運(yùn)動，小球處于完全失重狀態(tài)，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示是擊打出的羽毛球在空中運(yùn)動過程的頻閃照片。O、P、Q三點(diǎn)分別是羽毛球在上升、到達(dá)最高點(diǎn)和下落階段，羽毛球的泡沫頭所在的位置。從O運(yùn)動到Q的過程中（）A.在O點(diǎn)，羽毛球受到的合力向上 B.在P點(diǎn)，羽毛球只受到重力作用C.在Q點(diǎn)，羽毛球的機(jī)械能最小 D.羽毛球在相等時(shí)間內(nèi)發(fā)生的水平位移相等【答案】C【解析】【詳解】BD．由圖可知，羽毛球從O運(yùn)動到Q過程中，相鄰兩點(diǎn)間的水平位移逐漸減小，故羽毛球水平方向做減速運(yùn)動，羽毛球受重力和阻力作用，故BD錯(cuò)誤；A．羽毛球做曲線運(yùn)動，軌跡向力的方向彎曲，所以在O點(diǎn)，羽毛球受到的合力斜向左下方，故A錯(cuò)誤；C．由于阻力做負(fù)功，所以羽毛球的機(jī)械能減小，所以在Q點(diǎn)羽毛球的機(jī)械能最小，故C正確。故選C。7.如圖所示，并列懸掛兩個(gè)相同的彈簧振子，分別將小球A、小球B向下拉至、位置，此時(shí)兩球離開平衡位置的距離分別為和（均在彈簧彈性限度范圍內(nèi)）。先把小球A由靜止釋放，當(dāng)A第一次到達(dá)平衡位置時(shí)，由靜止釋放小球B，則（）A.小球A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，小球B還沒有到達(dá)平衡位置B.在平衡位置時(shí)，小球A與小球B的動能相等C.運(yùn)動過程中，小球A和小球B的速度不可能相等D.小球B比小球A總是滯后四分之一個(gè)周期【答案】D【解析】【詳解】AD．并列懸掛兩個(gè)相同的彈簧振子，可知小球A、B的周期相同，小球A由靜止釋放，當(dāng)A第一次到達(dá)平衡位置時(shí)，由靜止釋放小球B，即小球A先振動四分之一個(gè)周期，故小球A到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，小球B位于平衡位置，小球B比小球A總是滯后四分之一個(gè)周期，故A錯(cuò)誤，D正確；B．小球B拉離平衡位置的距離較大，小球B的振幅大，總能量較大，在平衡位置時(shí)，小球A、B的重力勢能相等，彈簧彈性勢能為零，故小球A的動能小于小球B的動能，故B錯(cuò)誤；C．小球B比小球A滯后四分之一個(gè)周期，小球B的振幅比小球A的振幅大，根據(jù)圖像的斜率表示速度，可知運(yùn)動過程中，小球A和小球B的速度可能相等，故C錯(cuò)誤。故選D。8.如圖所示，水平地面（Oxy平面）下有一根平行于y軸且通有恒定電流I的長直導(dǎo)線。P、M和N為地面上的三點(diǎn)，P點(diǎn)位于導(dǎo)線正上方，MN平行于y軸，PN平行于x軸，一閉合的圓形金屬線圈，圓心在P點(diǎn)，可沿不同方向以相同的速率做勻速直線運(yùn)動，運(yùn)動過程中線圈平面始終與地面平行。下列說法正確的是（）A.N點(diǎn)與M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反B.線圈沿PN方向運(yùn)動時(shí)，穿過線圈的磁通量不變C.線圈從P點(diǎn)開始豎直向上運(yùn)動時(shí)，線圈中無感應(yīng)電流D.線圈從P到M過程的感應(yīng)電動勢與從P到N過程的感應(yīng)電動勢相等【答案】C【解析】【詳解】A．由于水平地面下的導(dǎo)線為通有恒定電流I的長直導(dǎo)線，且平行于y軸，而MN也平行于y軸，所以N點(diǎn)與M點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同，故A錯(cuò)誤；B．由于PN平行于x軸，故線圈沿PN方向運(yùn)動時(shí)，穿過線圈磁通量始終變化，故B錯(cuò)誤；C．線圈從P點(diǎn)開始豎直向上運(yùn)動時(shí)，穿過線圈的磁通量一直為零，磁通量不變，線圈中無感應(yīng)電流，故C正確；D．線圈從P到M過程和從P到N過程，線圈中磁通量變化量相同，而PM間距離大于PN間的距離，又速率相同，所以線圈從P到M的時(shí)間大于P到N的時(shí)間，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，線圈從P到M過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢小于從P到N過程產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢，故D錯(cuò)誤。故選C。9.如圖所示是電容式位移傳感器示意圖，當(dāng)被測物體在左、右方向發(fā)生位移時(shí)，電介質(zhì)板隨之在電容器兩板之間移動。為判斷物體是否發(fā)生位移，將該傳感器與恒壓直流電源、電流表和開關(guān)串聯(lián)組成閉合回路（電路未畫出），已知電容器的電容C與電介質(zhì)板進(jìn)入電容器的長度x之間滿足關(guān)系，則（）A.若物體向右移動，電容器極板間電壓增大B.若物體向左移動，電容器極板帶電量增大C.當(dāng)物體向左勻速運(yùn)動時(shí)，流過電流表的電流均勻增大D.物體向不同方向移動時(shí)，流過電流表的電流方向不變【答案】B【解析】【詳解】A．若電容器與電源連接，則電容器極板間電壓不變，故A錯(cuò)誤；B．若物體向左移動，電介質(zhì)插入兩板間的長度增大，則增大，根據(jù)電容的決定式可知電容C增大，根據(jù)電容的定義式由于電壓U不變，則電容器極板帶電量增大，故B正確；C．當(dāng)物體向左勻速運(yùn)動時(shí)，則電介質(zhì)板進(jìn)入電容器的長度x均勻增大，根據(jù)可知電容C均勻增大，Q均勻增大，所以流過電流表的電流保持恒定，故C錯(cuò)誤；D．若電容C增大，則Q增大，電容器充電，電流從電源正極流向電源負(fù)極，若Q減小，則電容器放電，電流從電容器的正極板流出，其方向與充電電流方向相反，故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖甲所示，圓形區(qū)域處在平行于紙面的勻強(qiáng)電場中，圓心為O，半徑為。P為圓弧上的一個(gè)點(diǎn)，連線逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，為連線從位置開始旋轉(zhuǎn)的角度，P點(diǎn)電勢隨變化如圖乙所示。下列說法正確的是（）A.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為B.勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)方向垂直連線向上C.一電子從A點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到C點(diǎn)，電勢能減小D.一電子從B點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針運(yùn)動到D點(diǎn)，電場力先做負(fù)功后做正功【答案】C【解析】【詳解】AB．當(dāng)時(shí)，設(shè)P點(diǎn)位于M點(diǎn)處，此時(shí)可得當(dāng)時(shí)，設(shè)P點(diǎn)位于N點(diǎn)處，此時(shí)可得如圖所示由于M、N兩點(diǎn)分別是圓弧上電勢的最低點(diǎn)、最高點(diǎn)，則過兩點(diǎn)的等勢面與圓相切，又因?yàn)殡妶鼍€與等勢面垂直，且指向電勢降低的方向，可知電場方向從N指向M，可得場強(qiáng)大小為故AB錯(cuò)誤；C．由圖乙可知，C點(diǎn)的電勢為電子從A點(diǎn)沿圓弧運(yùn)動到C點(diǎn)，電勢能的變化量為即電勢能減小，故C正確；D．從B點(diǎn)沿圓弧逆時(shí)針到D點(diǎn)，電勢先升高后降低，則電子沿該路徑運(yùn)動時(shí)，由可知，電子的電勢能先減小后增大，所以電場力先做正功后做負(fù)功，故D錯(cuò)誤。故選C。11.如圖所示，直角三棱鏡中，一細(xì)束單色光在棱鏡的側(cè)面上以大角度由點(diǎn)入射（入射面在棱鏡的橫截面內(nèi)），入射角為i，經(jīng)折射后射至邊的點(diǎn)。逐漸減小i，E點(diǎn)向B點(diǎn)移動，當(dāng)時(shí)，恰好沒有光線從邊射出棱鏡，且。則（）A.單色光射入棱鏡后波長變長B.從邊射出的光線與邊射入的光線有可能平行C.棱鏡對該單色光的折射率為D.光線不可能垂直面射出棱鏡【答案】D【解析】【詳解】A．單色光射入棱鏡后頻率不變，波速減小，則波長變短，故A錯(cuò)誤；B．光線從D點(diǎn)射入棱鏡中時(shí)，折射角小于入射角，即光線向下偏折；從E點(diǎn)射出時(shí)，折射角大于入射角，光線再次向下偏折，則從AB邊射出的光線與AC邊射入的光線有不可能平行，故B錯(cuò)誤。C．光路圖如圖所示因?yàn)楫?dāng)時(shí)，恰好沒有光線從AB邊射出，可知光線在E點(diǎn)發(fā)生全反射，設(shè)臨界角為C，則由幾何關(guān)系可知，由幾何關(guān)系得C+∠AED=90°r+90°=∠AED+∠EAD又因DE=DA，則∠AED=∠EAD光線在D點(diǎn)的折射角為根據(jù)折射定律聯(lián)立可得故C錯(cuò)誤；D．假設(shè)光線DE垂直AB面射出棱鏡時(shí)，此時(shí)光線在D點(diǎn)的折射角等于∠A=∠AED=，因假設(shè)不成立，則光線不可能垂直面射出棱鏡，故D正確；故選D。12.球形飛行器安裝了可提供任意方向推力的矢量發(fā)動機(jī)，總質(zhì)量為M。飛行器飛行時(shí)受到的空氣阻力大小與其速率平方成正比（即，為常量）。當(dāng)發(fā)動機(jī)關(guān)閉時(shí)，飛行器豎直下落，經(jīng)過一段時(shí)間后，其勻速下落的速率為10m/s；當(dāng)發(fā)動機(jī)以最大推力推動飛行器豎直向上運(yùn)動，經(jīng)過一段時(shí)間后，飛行器勻速向上的速率為5m/s。已知重力加速度大小為，不考慮空氣相對于地面的流動及飛行器質(zhì)量的變化，下列說法正確的是（）A.發(fā)動機(jī)最大推力為B.當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，發(fā)動機(jī)推力的大小為C.發(fā)動機(jī)以最大推力推動飛行器勻速水平飛行時(shí)，飛行器速率為D.當(dāng)飛行器以5m/s的速率飛行時(shí)，其加速度大小可以達(dá)到3g【答案】C【解析】【詳解】A．飛行器豎直下落，其勻速下落的速率為10m/s時(shí)，飛行器的合力為零解得Mg=100k發(fā)動機(jī)以最大推力推動飛行器豎直向上運(yùn)動，飛行器勻速向上的速率為5m/s時(shí)，飛行器的合力為零解得Fmax=125k=1.25Mg故A錯(cuò)誤；B．當(dāng)飛行器以5m/s勻速水平飛行時(shí)，受到與運(yùn)動方向相反的水平方向的阻力，大小為F阻=k?52=25k=0.25Mg同時(shí)飛行器受到豎直向下的重力，若要保持勻速飛行，發(fā)動機(jī)的推力應(yīng)該跟阻力與重力的合力等大、反向；受力分析如下圖：由此可得，此時(shí)發(fā)動機(jī)的推力為故B錯(cuò)誤；C．發(fā)動機(jī)以最大推力推動飛行器勻速水平飛行時(shí)，設(shè)飛行器速率為v；結(jié)合B中的方法可以求出飛行器受到的阻力大小為而由A求得Mg=100k所以故C正確；D．當(dāng)飛行器以5m/s的速率飛行時(shí)，產(chǎn)生的阻力大小為F阻'=k?52=25k=0.25Mg飛行器的重力為Mg，最大推力為Fmax=1.25mg當(dāng)最大推力與重力同向時(shí)，飛行器向下運(yùn)動，此時(shí)飛行器受到的合力最大，設(shè)此時(shí)的加速度為a1，則有1.25Mg+Mg0.25Mg=Ma1解得a1=2g當(dāng)飛行器以5m/s的速率是向上飛行時(shí)，由題意可知，飛行器在某種狀態(tài)下可以保持這一速率做勻速飛行，即飛行器的最小加速度為0；所以飛行器的加速度范圍是0≤a≤2g，故D錯(cuò)誤；故選C。13.我國已投產(chǎn)運(yùn)行的特高壓直流輸電工程是目前世界上電壓等級最高、輸送容量最大、輸送距離最遠(yuǎn)、技術(shù)水平最先進(jìn)的輸電工程，輸送電功率最大可達(dá)1200萬千瓦。輸電線路流程和數(shù)據(jù)可簡化為如圖所示，若直流線路的輸電線總電阻為，變壓與整流等造成的能量損失均不計(jì)，直流和交流逆變時(shí)有效值不發(fā)生改變。當(dāng)直流線路輸電電流為時(shí)，下列說法正確的是（）A.輸送電功率為B.降壓變壓器匝數(shù)比為11∶5C.直流輸電線上損失的功率為，損失的電壓為D.若保持輸送電功率不變，改用輸電，直流輸電線上損失的功率為【答案】D【解析】【詳解】A．輸送電功率為故A錯(cuò)誤；C．輸電導(dǎo)線末端電壓則降壓變壓器的匝數(shù)比故B錯(cuò)誤；C．輸電導(dǎo)線上損失的功率損失的電壓故C錯(cuò)誤；D．保持輸送功率不變，用550kV輸電，輸電導(dǎo)線上損失的功率故D正確。故選D。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分，每小題列出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一個(gè)是符合題目要求的。全部選對得3分，選對但不選全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）14.如圖所示，甲、乙、丙、丁四幅圖摘自課本，下列說法正確的是（）A.圖甲醬油的色素分子進(jìn)入到蛋清內(nèi)是擴(kuò)散現(xiàn)象B.圖乙燈焰在肥皂膜上形成條紋是光的干涉現(xiàn)象C.圖丙電焊作業(yè)時(shí)發(fā)出耀眼的電焊弧光是紫外線D.圖丁所示雪花形狀規(guī)則，說明雪花具有各向同性【答案】AB【解析】【詳解】A．圖甲醬油的色素分子進(jìn)入到蛋清內(nèi)是擴(kuò)散現(xiàn)象，選項(xiàng)A正確；B．圖乙燈焰在肥皂膜上形成條紋是光的干涉現(xiàn)象，選項(xiàng)B正確；C．紫外線為不可見光，所以眼睛看到的電焊弧光是可見光，故C錯(cuò)誤；D．圖丁所示雪花雖然形狀規(guī)則，但是不能說明雪花具有各向同性，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。15.如圖所示，圖甲為光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)的電路圖（電源正負(fù)極可對調(diào)），用一定強(qiáng)度的單色光、分別照射陰極K，用電流表A測量流過光電管的電流，用電壓表V測量光電管兩極間的電壓，調(diào)節(jié)滑動變阻器，得到如圖乙所示的與的關(guān)系圖像。則（）A.用光照射時(shí)光電管的極限頻率高于用光照射時(shí)光電管的極限頻率B.光在水中的傳播速度比光小C.光的光子動量大于光的光子動量D.變阻器滑片滑到最左端時(shí)，光電流為零【答案】BC【解析】【詳解】A．光電管的極限頻率與照射光的頻率無關(guān)，故A錯(cuò)誤：B．由光電流I與電壓U的關(guān)系圖可知，a光的遏止電壓大于b光的遏止電壓，結(jié)合可知a光光子的頻率大于b光光子的頻率，故水對a光的折射率大于對b光的折射率，根據(jù)可知a光在水中的傳播速度更小，故B正確；C．根據(jù)a光光子的頻率大于b光光子的頻率，可得根據(jù)可得，光的光子動量大于光的光子動量，故C正確：D．由光電流I與電壓U的關(guān)系圖像可知，當(dāng)滑動變阻器的滑片滑到最左端時(shí)，電壓U為零，但光電流I不為零，故D錯(cuò)誤。故選BC。非選擇題部分16.利用如圖1裝置做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)。（1）為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點(diǎn)間的______。A．動能變化量與勢能變化量B．速度變化量和勢能變化量C．速度變化量和高度變化量（2）除帶夾子的重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器、導(dǎo)線及開關(guān)外，在下列器材中，還必須使用的兩種器材是______。A．交流電源B．刻度尺C．天平（含砝碼）【答案】①.A②.AB##BA【解析】【詳解】（1）[1]為驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒，需要比較重物下落過程中任意兩點(diǎn)間動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等。故選A。（2）[2]打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用交流電源，實(shí)驗(yàn)中需要測量點(diǎn)跡間的距離，從而得出瞬時(shí)速度和下降的高度，所以需要刻度尺，實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證動能的增加量和重力勢能的減小量是否相等，質(zhì)量可以約去，不需要測量質(zhì)量，則不需要天平。?故選AB。17.在“用雙縫干涉測量光的波長”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。（1）小飛同學(xué)以線狀白熾燈為光源，對實(shí)驗(yàn)裝置進(jìn)行調(diào)節(jié)并觀察了實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象后，總結(jié)出以下幾點(diǎn)，正確的是______。A．單縫和雙縫必須平行放置B．觀察到的干涉條紋與雙縫垂直C．將綠色濾光片改成紅色濾光片，能增大光屏上相鄰兩條亮紋之間距離D．增大單縫和雙縫之間的距離，能增大光屏上相鄰兩條亮紋之間距離（2）實(shí)驗(yàn)中，用測量頭測量條紋間的寬度：先將測量頭的分劃板中心刻線與某亮紋中心對齊，將該亮紋定為第1條亮紋，然后同方向轉(zhuǎn)動測量頭，使分劃板中心刻線與第6條亮紋中心對齊，如圖所示，此時(shí)手輪上的讀數(shù)為______mm?！敬鸢浮竣?AC##CA②.15.50【解析】【詳解】（1）[1]A．為了獲得清晰的干涉條紋，燈絲與單縫和雙縫必須平行放置，故A正確；B．觀察到的干涉條紋與雙縫平行，故B錯(cuò)誤；CD．根據(jù)可知，將綠色濾光片改成紅色濾光片，增大了光的波長，則相鄰兩條亮紋的間距增大，相鄰兩條亮紋的間距與單縫和雙縫間的距離無關(guān)，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。（2）[2]游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為主尺讀數(shù)與游標(biāo)尺讀數(shù)之和，所以手輪上的讀數(shù)為18.如圖所示為某同學(xué)用單擺利量重力加速度的實(shí)驗(yàn)，他測得的重力加速度數(shù)值小于當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣鹊膶?shí)際值，造成這一情況的原因可能是（）A.開始擺動時(shí)振幅較小B.開始計(jì)時(shí)時(shí)，過早按下秒表C.在測量完擺長之后懸掛點(diǎn)細(xì)線松動D.測量周期時(shí)，誤將擺球29次全振動的時(shí)間記為30次【答案】BC【解析】【詳解】A．單擺周期則重力加速度開始擺動時(shí)振幅較小，不影響重力加速度的測量，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．開始計(jì)時(shí)時(shí)，過早按下秒表，則測量的時(shí)間變長，會導(dǎo)致周期變大，重力加速度測量值偏小，選項(xiàng)B正確；C．在測量完擺長之后懸掛點(diǎn)細(xì)線松動，則測量的擺長比實(shí)際擺長偏小，導(dǎo)致重力加速度測量值偏小，選項(xiàng)C正確；D．測量周期時(shí)，誤將擺球29次全振動的時(shí)間記為30次，根據(jù)可知測量的周期比實(shí)際周期偏小，則重力加速度測量值偏大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選BC。19.在“測量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中，某同學(xué)用電流表和電壓表測量一金屬絲的電阻。（1）該同學(xué)先用歐姆表“”擋粗測該金屬絲的電阻，示數(shù)如圖所示，金屬絲電阻______。（2）除電源（電動勢，內(nèi)阻不計(jì)）、電壓表（量程，內(nèi)阻約），電流表（量程，內(nèi)阻約）、開關(guān)、導(dǎo)線若干外，還提供滑動變阻器：A．滑動變阻器（最大阻值，額定電流）B．滑動變阻器（最大阻值，額定電流）為調(diào)節(jié)方便、測量準(zhǔn)確，實(shí)驗(yàn)中滑動變阻器應(yīng)選用______（選填實(shí)驗(yàn)器材前對應(yīng)的字母）。（3）該同學(xué)測量金屬絲兩端的電壓和通過金屬絲的電流，得到多組數(shù)據(jù)，并在坐標(biāo)圖上標(biāo)出，如圖所示。根據(jù)圖線得出該金屬絲電阻______（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）將定值電阻替換為小燈泡，改用電流傳感器測得小燈泡的電流隨時(shí)間變化的圖線，會是哪個(gè)圖（填“圖甲”或“圖乙”）______，并分析說明原因是______。【答案】①.6.0②.A③.5.80④.圖乙⑤.見解析【解析】【詳解】（1）[1]將選擇開關(guān)調(diào)節(jié)到“×1Ω”，由圖可知，金屬絲的電阻Rx=6×1.0Ω=6.0Ω（2）[2]為了調(diào)節(jié)方便、測量準(zhǔn)確，滑動變阻器要選與待測電阻接近的阻值，即選最大阻值為的變阻器；故選A。（3）[3]將描出的點(diǎn)用直線連接，即可得UI圖線，則有?。?.3A，1.75V），可得（4）[4][5]剛閉合開關(guān)時(shí)，燈絲溫度較低，電阻較小，電流較大；隨著燈絲溫度升高，電阻逐漸增大，電流逐漸減??；當(dāng)燈絲發(fā)熱與散熱平衡時(shí)，溫度不變，電阻不變，電流保持不變。故選圖乙。20.以下實(shí)驗(yàn)中，說法正確的是（）A.“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，每次增加的鉤碼數(shù)量必須相等B.“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，斜槽末端要保持水平C.“探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)快速壓縮活塞，以防止漏氣D.“探究兩個(gè)互成角度的力的合成規(guī)律”實(shí)驗(yàn)中，測量時(shí)彈簧秤外殼與木板之間可以存在摩擦【答案】BD【解析】【詳解】A．“探究彈簧彈力與形變量的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，每次增加的鉤碼數(shù)量不必相等，故A錯(cuò)誤；B．“探究平拋運(yùn)動的特點(diǎn)”實(shí)驗(yàn)中，為了保證小球做平拋運(yùn)動，則應(yīng)使斜槽末端要保持水平，故B正確；C．“探究等溫情況下一定質(zhì)量氣體壓強(qiáng)與體積的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)緩慢壓縮活塞使氣體與外界發(fā)生熱交換保持氣體溫度不變，故C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)中拉彈簧秤時(shí)，只需要讓彈簧與外殼間沒有摩擦，此時(shí)彈簧測力計(jì)的示數(shù)即為彈簧對細(xì)繩的拉力相等，與彈簧秤外殼與木板之間是否存在摩擦無關(guān)，故D正確。故選BD。21.一定量的理想氣體從狀態(tài)a變化到狀態(tài)b，其過程如p－T圖上從a到b的線段所示。在此過程中（）A.氣體一直對外做功B.氣體的內(nèi)能一直增加C.氣體一直從外界吸熱D.氣體吸收的熱量等于其內(nèi)能的增加量【答案】BCD【解析】【詳解】A．因p－T圖像中a到b的線段的延長線過原點(diǎn)，由可知從a到b氣體的體積不變，則從a到b氣體不對外做功，故A錯(cuò)誤；B．因從a到b氣體溫度升高，可知?dú)怏w內(nèi)能增加，故B正確；CD．因W＝0，ΔU>0根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝W＋Q可知，氣體一直從外界吸熱，且氣體吸收熱量等于內(nèi)能增加量，故CD正確。故選BCD。22.如圖所示，一豎直放置的汽缸由兩個(gè)粗細(xì)不同的圓柱形筒組成，汽缸中活塞Ⅰ和活塞Ⅱ之間封閉有一定量的理想氣體，兩活塞用一輕質(zhì)彈簧連接，汽缸連接處有小卡銷，活塞Ⅱ不能通過連接處。活塞Ⅰ、Ⅱ的質(zhì)量分別為、，面積分別為、S，彈簧原長為。初始時(shí)系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，此時(shí)彈簧的伸長量為0.1l，活塞Ⅰ、Ⅱ到汽缸連接處的距離相等，兩活塞間氣體的溫度為。已知活塞外大氣壓強(qiáng)為，忽略活塞與缸壁間的摩擦，汽缸無漏氣，不計(jì)彈簧的體積。（重力加速度為）（1）求封閉氣體的壓強(qiáng)和彈簧的勁度系數(shù)；（2）緩慢加熱兩活塞間的氣體，求當(dāng)活塞Ⅱ剛運(yùn)動到汽缸連接處時(shí)，活塞間氣體的壓強(qiáng)和溫度?！敬鸢浮浚?），；（2），【解析】【詳解】（1）設(shè)封閉氣體的壓強(qiáng)為，對兩活塞和彈簧的整體受力分析，由平衡條件有解得對活塞Ⅰ由平衡條件有解得彈簧的勁度系數(shù)為（2）緩慢加熱兩活塞間的氣體使得活塞Ⅱ剛運(yùn)動到汽缸連接處時(shí)，對兩活塞和彈簧的整體由平衡條件可知，氣體的壓強(qiáng)不變依然為即封閉氣體發(fā)生等壓過程，初末狀態(tài)的體積分別為，由氣體的壓強(qiáng)不變，則彈簧的彈力也不變，故有有等壓方程可知解得23.如圖所示，固定斜面AB平滑連接固定光滑圓弧BCD，C為圓弧最低點(diǎn)，圓弧最高點(diǎn)D與光滑半圓管DE相切，E與長度的傳送帶相連，傳送帶右側(cè)為足夠長的粗糙水平面。一個(gè)質(zhì)量=0.1kg的小物塊從斜面頂端A下滑。已知斜面高，傾角，與物體間動摩擦因數(shù)；圓弧BCD和半圓管DE半徑分別為R=0.5m，r=0.1m；傳送帶以速度逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，與物體間動摩擦因數(shù)。管的內(nèi)徑可忽略，物體可視為質(zhì)點(diǎn)。（1）若小物塊初速度為零開始下滑，經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)對軌道的壓力是多大；（2）若給小物塊合適的沿斜面向下的初速度，它就可到達(dá)E點(diǎn)，則與此初速度對應(yīng)的初動能最小值是多少；（3）若給小物塊沿斜面向下的初速度，使其運(yùn)動過程中不脫離軌道，則與此初速度對應(yīng)的初動能應(yīng)滿足什么條件。【答案】（1）1.8N；（2）1.05J；（3）J或J【解析】【詳解】（1）小物塊從A到C過程由動能定理小物塊在C點(diǎn)根據(jù)牛頓第二定律解得根據(jù)牛頓第三定律，支持力和壓力大小相等，方向相反，所以C點(diǎn)對軌道的壓力是1.8N。（2）小物塊過E點(diǎn)最小速度為零，從E到D，由機(jī)械能守恒定律得解得小球能通過D點(diǎn)，速度最小時(shí)，由重力提供向心力，則有解得由上分析，可知必須在D點(diǎn)速度等于m/s，對應(yīng)的動能最小解得=1.05J（3）不脫離軌道2種情況情況1：過F點(diǎn)，滿足由動能定理得解得=1.2J情況2：過圓弧BCD與O點(diǎn)等高處，由動能定理得解得=0.3J綜上所述，符合條件的動能J或J24.在小車上豎直固定著一個(gè)高h(yuǎn)=0.1m、長為l、總電阻的單匝閉合矩形線圈。小車以的速度在光滑的水平面上向右運(yùn)動，隨后穿過與線圈平面垂直，磁感應(yīng)強(qiáng)度的水平有界勻強(qiáng)