2022-2023學年河北省高三下學期4月份聯(lián)考物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE1高三物理考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2．答題前，考生務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項目填寫清楚。3．考生作答時，請將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4．本卷命題范圍：高考范圍。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．每小題只有一個選項符合題目要求．1.如圖所示，發(fā)出波長為的某種激光的激光器在時間t內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)為n。已知光在真空中的傳播速度為c，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.每個光子的能量為B.激光器單位時間內(nèi)發(fā)出的激光對應的能量為C.假設時間t內(nèi)發(fā)出的激光全部照射到某種物體上，該物體只吸收N個光子且全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則該物體在時間t內(nèi)增加的內(nèi)能為D.假設激光器將電能轉(zhuǎn)化為激光能量的效率為，則激光器在時間t內(nèi)消耗的電能為〖答案〗D〖解析〗A．每個光子的能量為故A錯誤；B．激光器單位時間內(nèi)發(fā)出的激光對應的能量為故B錯誤；C．由題意，該物體在時間t內(nèi)增加的內(nèi)能為故C錯誤；D．激光器將電能轉(zhuǎn)化為激光能量的效率為，則激光器在時間t內(nèi)消耗的電能為故D正確。故選D。2.如圖甲、乙、丙、丁所示分別是關于熔化現(xiàn)象及分子動理論的四幅圖像，下列說法正確的是（）A.從甲圖看出晶體在熔化過程中沒有固定的熔點，而非晶體在熔化過程中有固定的熔點B.從乙圖看出范圍內(nèi)，隨著r的增大，分子勢能減小，分子力減小C.從丙圖看出當溫度升高時，分子速率分布曲線的峰值向速率小的一方移動D.從丁圖看出，在一定的溫度下，氣體分子的速率分布是確定的，呈現(xiàn)“兩頭多、中間少”的分布規(guī)律〖答案〗B〖解析〗A．從甲圖看出晶體在熔化過程中有固定的熔點，而非晶體在熔化過程中沒有固定的熔點,故A錯誤；B．從乙圖看出范圍內(nèi)，隨著r的增大，分子勢能減小，分子力減小，故B正確；C．從丙圖看出當溫度升高時，分子速率分布曲線的峰值向速率大的一方移動，故C錯誤；D．從丁圖看出，在一定的溫度下，氣體分子的速率分布是確定的，呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，兩人面對面的拉著彈簧測力計，在光滑的冰面上做互相環(huán)繞的勻速圓周運動，周期均為T，兩人的間距為L，彈簧測力計的示數(shù)為F，若兩人的質(zhì)量之和為M，則兩人的質(zhì)量之積為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗兩人之間相互作用的拉力充當向心力，由牛頓第三定律向心力的大小相等，由牛頓第二定律可得整理可得進一步可得則有結(jié)合解得故選A。4.一個氖泡指示燈，其發(fā)光需要電壓超過50V，在它發(fā)光的情況下逐漸降低電壓，要降到50V時才熄滅，氖泡兩極不分正負，現(xiàn)有峰值為100V、頻率為50Hz的正弦交流電壓加在氖泡指示燈兩端，則在一小時內(nèi)氖泡指示燈發(fā)光的時間為（）A.10min B.25min C.30min D.35min〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意交流電電壓瞬時值的表達式為e=100sin100πt（V）周期為則在前半個周期內(nèi)，當t=時，開始發(fā)光，t=時，停止發(fā)光，發(fā)光時間為整個周期發(fā)光時間為2Δt=T故一個小時內(nèi)發(fā)光時間為t=×T=1500s=25min故B正確，ACD錯誤。5.如圖所示，一根非彈性繩的兩端分別固定在兩座假山的、處，、兩點的水平距離，豎直距離，、間繩長為．重為的猴子抓住套在繩子上的滑環(huán)在、間滑動，某時刻猴子在最低點處靜止，則此時繩的張力大小為（繩處于拉直狀態(tài)）（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗在最低點，設繩子與豎直方向的夾角為，以猴子為對象，根據(jù)受力平衡可得根據(jù)幾何關系可知解得則此時繩的張力大小為故選C。6.如圖所示的圖像中，直線I為通過電阻R的電流與其兩端電壓的關系圖線，直線Ⅱ為電源E的電流與路端電壓的關系圖線．下列說法正確的是（）A.電源內(nèi)阻大小為B.電阻R的阻值為C.Ⅰ，Ⅱ交點坐標表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的內(nèi)電壓及電流D.圖中陰影部分的面積表示把電阻R接在此電源兩端時，電源內(nèi)部消耗的功率為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得可知直線Ⅱ的斜率絕對值等于電源內(nèi)阻的倒數(shù)，則有解得電源內(nèi)阻大小為故A錯誤；B．根據(jù)歐姆定律可知，直線I的斜率等于電阻R的倒數(shù)，則有解得故B錯誤；C．Ⅰ，Ⅱ交點坐標表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的外電壓及電流，故C錯誤；D．直線Ⅱ的縱軸截距為解得電源電動勢為把電阻R接在此電源兩端時，由圖中交點可知，此時電流為，外電壓為，則電源內(nèi)部消耗的功率為故D正確。故選D。7.據(jù)報道，一個國際研究小組借助于智利的天文望遠鏡，觀測到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞兩者連線上的某點O做勻速圓周運動，如圖所示．假設此雙星系統(tǒng)中體積較小的成員能“吸食”另一顆體積較大星體的表面物質(zhì)，達到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的，在演變過程中兩者球心之間的距離保持不變，雙星平均密度可視為相同．則在最初演變的過程中（）A.它們做圓周運動的萬有引力保持不變B.它們做圓周運動的角速度不斷變小C.體積較大的星體圓周運動軌跡的半徑變大，線速度變大D.體積較大的星體圓周運動軌跡的半徑變小，線速度變大〖答案〗C〖解析〗A、設體積較小的星體質(zhì)量為m1，軌道半徑為r1，體積大的星體質(zhì)量為m2，軌道半徑為r2．雙星間的距離為L．轉(zhuǎn)移的質(zhì)量為△m.萬有引力：，介個二項式定理可知，二者的質(zhì)量越接近，萬有引力越大，故A錯誤．B、C、D、對m1：①；對m2：②；由①②得：，總質(zhì)量m1+m2不變，兩者距離L不變，則角速度ω不變．由②得：，ω、L、m1均不變，Δm增大，則r2增大，即體積較大星體圓周運動軌跡半徑變大．由得線速度v也增大，故C正確；B、D錯誤．故選C.【『點石成金』】本題是雙星問題，要抓住雙星系統(tǒng)的條件：角速度與周期相同，運用牛頓第二定律采用隔離法進行研究．二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．8.如圖甲所示的彈簧振子沿豎直方向做簡諧振動，從某一時刻開始計時，規(guī)定豎直向上為正方向，得到彈簧對小球的彈力F與運動時間t的關系圖像如圖乙所示，若重力加速度為g，圖像的坐標值為已知量，則下列說法正確的是（）A.對乙圖的F-t關系圖像，小球是從處在最高點開始計時的B.小球的質(zhì)量為C.彈簧振子的頻率為D.若彈簧振子的振幅為A，則從計時開始到13t0時，小球的路程為36A〖答案〗BC〖解析〗A．由圖可知，t=0時刻小球所受彈力最大，方向豎直向上，所以小球處于最低點，故A錯誤；B．根據(jù)對稱性，小球在最高點和最低點的加速度大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律，小球在最高點，有小球在最低點，有解得故B正確；C．由圖可知解得故C正確；D．由于所以小球的路程為故D錯誤。故選BC。9.如圖甲所示是一種推動宇宙飛船前進的動力裝置即霍爾推進器，可以讓帶電粒子在輻射狀的磁場中做勻速圓周運動，工作原理可簡化為如圖乙所示的運動模型．圓形虛線邊界1、2（共圓心O）之間存在均勻分布的輻射狀（沿徑向）磁場，同時在垂直虛線圓面方向加場強大小為E的勻強電場（未畫出），磁感應強度為B的勻強磁場（方向向里）．一質(zhì)量為m、帶電量為的粒子（不計重力）在圓形虛線邊界之間以速率繞圓心O做勻速圓周運動，運動軌跡如圖中的實線所示，下列說法正確的是（）A.洛倫茲力充當粒子做勻速圓周運動的向心力B.帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為C.粒子做勻速圓周運動的半徑為D.粒子形成的等效電流為〖答案〗AD〖解析〗A．由題可知，垂直紙面向里的勻強磁場產(chǎn)生指向圓心方向的洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力為，故A正確；B．受力分析可得，粒子運動過程中還受到垂直紙面洛倫茲力和電場力，垂直紙面方向受力平衡，設帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為，則有解得故B錯誤；C．由向心力公式可得則粒子做勻速圓周運動的半徑為由于B和關系未知，故C錯誤；D．帶點粒子做圓周運動周期為粒子形成的等效電流為故D正確。故選AD。10.所示，某空間存在方向豎直向上的勻強電場，將比荷均為k=10-2C?kg-1的甲、乙兩帶電粒子分別從A、B兩點水平向右射入勻強電場，A點位于B點的正下方，甲乙兩粒子到達電場中的同一C點時的速度大小均為v0，方向分別與水平方向成θ、β的夾角，粒子的重力不計，A、B之間的距離為h=0.7m，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列說法正確的是（）A.甲粒子的速度偏轉(zhuǎn)角θ與乙粒子的速度偏轉(zhuǎn)角β之和為90°B.若β=53°、v0=5m/s，則該勻強電場的場強大小為1000V?m-1C.若β=53°、v0=5m/s，規(guī)定C點電勢為φC=0，則A點的電勢為-450VD.若β=53°，則甲、乙兩帶電粒子在C點電場力的功率之比為3:4〖答案〗AC〖解析〗A．小球做類平拋運動，水平方向有豎直方向有所以解得或（舍去）故A正確；B．若β=53°，則所以又解得故B錯誤；C．規(guī)定C點的電勢為φC=0，則A點的電勢為故C正確；D．甲、乙兩帶電粒子在C點電場力的功率之比為故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖甲所示為在氣墊導軌上研究勻變速直線運動的示意圖，滑塊上裝有寬度為d（很?。┑恼诠鈼l，滑塊在鉤碼作用下先后通過兩光電門，用光電計時器記錄遮光條通過光電門1的時間。及遮光條通過光電門2的時間，用刻度尺測出兩個光電門之間的距離x．（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，則__________cm．（2）實驗時，滑塊從光電門1的右側(cè)某處由靜止釋放，測得，則遮光條經(jīng)過光電門1時的速度___________．（3）保持其它實驗條件不變，只調(diào)節(jié)光電門2的位置，滑塊每次都從同一位置由靜止釋放，記錄幾組兩光電門之間的距離x及對應遮光條經(jīng)過光電門2的擋光時間，作出圖像如圖丙所示，其斜率為k，則滑塊加速度的大小為________．（用k、d表達）〖答案〗（1）0.75cm（2）0.05（3）〖解析〗（1）[1]主尺：0.7cm，游標尺：對齊的是5，所以讀數(shù)為5×0.1mm=0.5mm=0.05cm，故遮光條寬度為d=0.7cm+0.05cm=0.75cm（2）[2]滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度。則滑塊經(jīng)過光電門1時的速度為（3）[3]滑塊在兩光電門間做勻加速直線運動，由速度—位移公式可得變形得圖象的斜率代入數(shù)據(jù)可得12.某實驗小組為了將量程為、內(nèi)阻的電流表改裝成可測量電阻的儀表——歐姆表，進行了如下實驗操作：（1）用如圖甲所示的電路來測量電源的內(nèi)阻r，已用電源的電動勢，合上開關S，將電阻箱R的阻值調(diào)節(jié)到，電流表的指針恰好半偏，如圖乙所示，則電源的內(nèi)阻_______；（2）將圖甲的電路稍作改變，切斷回路的導線，在斷開的接口兩端接上兩個表筆（電阻忽略不計），就改裝成了一個可測量電阻的簡易歐姆表，如圖丙所示．為將表盤的電流刻度轉(zhuǎn)化為電阻刻度，再進行如下操作：將兩表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱R的入阻值為，使電流表正好滿偏，此處的刻度應標的阻值為_______（填“0”或“”），電阻箱的接入阻值為________；（3）保持電阻箱的接入阻值不變，在兩表筆間接入待測電阻，發(fā)現(xiàn)電流表的指針恰好半偏，則待測阻值為_______；若把待測電阻直接接在圖甲的電源兩端，則電源的效率為_______（保電阻三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）1（2）03（3）5〖解析〗（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得r=1Ω（2）[2]將兩表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱的接入阻值為R2，使電流表正好滿偏，此處的刻度應標的阻值為0；[3]根據(jù)閉合電路歐定律解得電阻箱的接入阻值為R2=3Ω（3）[4]電流表的指針恰好半偏，根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得[5]若把待測電阻直接接在圖甲的電源兩端，電源總功率為電源輸出功率為電源的效率為13.如圖所示，直角三棱鏡截面為，，，一束單色光從邊的D點平行射入，然后經(jīng)邊上的E點反射，反射光線與邊平行，最后從邊上的F點射出，折射光線與邊的夾角也為。已知，是的4倍，光在真空中的傳播速度為c，求：（1）三棱鏡對該單色光的折射率；（2）光線從D到F的傳播時間。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）由題意，分析如圖所示

則三棱鏡對該單色光的折射率表示為又因為從D點入射時的折射角也為α，則由幾何關系，得解得所以三棱鏡對該單色光的折射率為（2）由幾何關系，可知又則光在三棱鏡中傳播速度為所以光線從D到F的傳播時間解得14.如圖所示，光滑的，間距分別為、的平行金屬導軌固定在水平面上，電動勢為的電源連接在導軌的左端，磁感應強度為的勻強磁場垂直寬導軌向下，磁感應強度為的勻強磁場垂直窄導軌向上；導體棒1垂直寬導軌放置，導體棒2垂直窄導軌放置，導體棒1，2的質(zhì)量均為，電源的內(nèi)阻及導體棒1，2的電阻均為，其余的電阻不計，現(xiàn)合上開關，當導體棒1穩(wěn)定運行一小段時間后，斷開開關同時合上開關，導體棒1一直在寬導軌上運動，導體棒2若運動也一直在窄導軌上運動，求：（1）斷開，閉合之前，導體棒1的最大加速度及最大速度；（2）開關斷開、閉合后到導體棒1，2穩(wěn)定運行過程中，流過回路某一橫截面的電荷量。〖答案〗（1），；（2）〖解析〗（1）斷開，閉合之前，剛閉合瞬間，通過導體棒1的電流最大，導體棒1受到的安培力最大，加速度最大，則有，，聯(lián)立解得導體棒1的最大加速度為根據(jù)左手定則可知，導體棒1受到的安培力向右，導體棒1向右做加速度減小的加速運動，當導體棒產(chǎn)生的動生電動勢等于電源電動勢時，導體棒速度達到最大，則有解得導體棒1的最大速度為（2）開關斷開、閉合后，根據(jù)左手定則可知，導體棒1向右做加速度減小的減速運動，導體棒2向左做加速度減小的加速運動，當兩導體棒產(chǎn)生的感應電動勢大小相等，相互抵消時，兩棒速度達到穩(wěn)定，設兩棒穩(wěn)定速度分別為、；則有對導體棒1，根據(jù)動量定理可得對導體棒2，根據(jù)動量定理可得又聯(lián)立解得流過回路某一橫截面的電荷量為15.如圖所示，勁度系數(shù)為的輕質(zhì)彈簧放置在光滑的水平面上，左端連接在墻上，質(zhì)量為m的小球乙放在光滑的水平面上，質(zhì)量為m、半徑為r的四分之一圓弧槽（弧面光滑）也靜置在光滑水平面上，最低點A的切線水平、最高點B的切線豎直。現(xiàn)用物塊甲（視為質(zhì)點、與彈簧不粘連）壓迫彈簧，使彈簧的壓縮量為r，然后釋放甲，彈簧恢復原長的全過程中，墻對彈簧的沖量為，接著甲與乙發(fā)生碰撞產(chǎn)生的熱量為，然后乙沖上圓弧軌道，離開B點，已知彈簧的彈性勢能表達式為（k為彈簧的勁度系數(shù)，x為彈簧的形變量），重力加速度為g，空氣的阻力忽略不計，求：（1）甲的質(zhì)量以及甲、乙碰撞后甲的速度；（2）乙離開B點后與水平面的最大高度；（3）乙從離開圓弧槽的B點到再次到達圓弧槽的B點的過程中，圓弧槽運動的距離及乙再次離開圓弧槽時二者的速度大小?！即鸢浮剑?）m，；（2）2r；（3）4r，0，〖解析〗（1）墻對彈簧的沖量與彈簧對甲的沖量大小相等，令甲離開彈簧的速度為，則有甲與彈簧分離過程彈性勢能轉(zhuǎn)化為甲的動能，則有解得，對甲乙碰撞過程分析有，解得結(jié)果甲乙速度方向不變，則甲的速度必定小于乙的速度，可知，（2）對乙與圓弧槽水平方向動量守恒，乙飛出后乙做斜拋運動，圓弧槽做勻速直線運動，乙斜拋水平分速度與圓弧槽速度相等，則有根據(jù)能量守恒定律有解得（3）乙飛出到最高點過程有解得斜拋過程，乙水平分位移與圓弧槽的位移相等，則有，解得乙從A進入圓弧槽到再次從A脫離圓弧槽全過程有，解得，高三物理考生注意：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。滿分100分，考試時間75分鐘。2．答題前，考生務必用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆將密封線內(nèi)項目填寫清楚。3．考生作答時，請將〖答案〗答在答題卡上。選擇題每小題選出〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑；非選擇題請用直徑0.5毫米黑色墨水簽字筆在答題卡上各題的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的〖答案〗無效，在試題卷、草稿紙上作答無效。4．本卷命題范圍：高考范圍。一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分．每小題只有一個選項符合題目要求．1.如圖所示，發(fā)出波長為的某種激光的激光器在時間t內(nèi)發(fā)出的光子數(shù)為n。已知光在真空中的傳播速度為c，普朗克常量為h，下列說法正確的是（）A.每個光子的能量為B.激光器單位時間內(nèi)發(fā)出的激光對應的能量為C.假設時間t內(nèi)發(fā)出的激光全部照射到某種物體上，該物體只吸收N個光子且全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，則該物體在時間t內(nèi)增加的內(nèi)能為D.假設激光器將電能轉(zhuǎn)化為激光能量的效率為，則激光器在時間t內(nèi)消耗的電能為〖答案〗D〖解析〗A．每個光子的能量為故A錯誤；B．激光器單位時間內(nèi)發(fā)出的激光對應的能量為故B錯誤；C．由題意，該物體在時間t內(nèi)增加的內(nèi)能為故C錯誤；D．激光器將電能轉(zhuǎn)化為激光能量的效率為，則激光器在時間t內(nèi)消耗的電能為故D正確。故選D。2.如圖甲、乙、丙、丁所示分別是關于熔化現(xiàn)象及分子動理論的四幅圖像，下列說法正確的是（）A.從甲圖看出晶體在熔化過程中沒有固定的熔點，而非晶體在熔化過程中有固定的熔點B.從乙圖看出范圍內(nèi)，隨著r的增大，分子勢能減小，分子力減小C.從丙圖看出當溫度升高時，分子速率分布曲線的峰值向速率小的一方移動D.從丁圖看出，在一定的溫度下，氣體分子的速率分布是確定的，呈現(xiàn)“兩頭多、中間少”的分布規(guī)律〖答案〗B〖解析〗A．從甲圖看出晶體在熔化過程中有固定的熔點，而非晶體在熔化過程中沒有固定的熔點,故A錯誤；B．從乙圖看出范圍內(nèi)，隨著r的增大，分子勢能減小，分子力減小，故B正確；C．從丙圖看出當溫度升高時，分子速率分布曲線的峰值向速率大的一方移動，故C錯誤；D．從丁圖看出，在一定的溫度下，氣體分子的速率分布是確定的，呈現(xiàn)“中間多，兩頭少”的分布規(guī)律，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，兩人面對面的拉著彈簧測力計，在光滑的冰面上做互相環(huán)繞的勻速圓周運動，周期均為T，兩人的間距為L，彈簧測力計的示數(shù)為F，若兩人的質(zhì)量之和為M，則兩人的質(zhì)量之積為（）A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗兩人之間相互作用的拉力充當向心力，由牛頓第三定律向心力的大小相等，由牛頓第二定律可得整理可得進一步可得則有結(jié)合解得故選A。4.一個氖泡指示燈，其發(fā)光需要電壓超過50V，在它發(fā)光的情況下逐漸降低電壓，要降到50V時才熄滅，氖泡兩極不分正負，現(xiàn)有峰值為100V、頻率為50Hz的正弦交流電壓加在氖泡指示燈兩端，則在一小時內(nèi)氖泡指示燈發(fā)光的時間為（）A.10min B.25min C.30min D.35min〖答案〗B〖解析〗根據(jù)題意交流電電壓瞬時值的表達式為e=100sin100πt（V）周期為則在前半個周期內(nèi)，當t=時，開始發(fā)光，t=時，停止發(fā)光，發(fā)光時間為整個周期發(fā)光時間為2Δt=T故一個小時內(nèi)發(fā)光時間為t=×T=1500s=25min故B正確，ACD錯誤。5.如圖所示，一根非彈性繩的兩端分別固定在兩座假山的、處，、兩點的水平距離，豎直距離，、間繩長為．重為的猴子抓住套在繩子上的滑環(huán)在、間滑動，某時刻猴子在最低點處靜止，則此時繩的張力大小為（繩處于拉直狀態(tài)）（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗在最低點，設繩子與豎直方向的夾角為，以猴子為對象，根據(jù)受力平衡可得根據(jù)幾何關系可知解得則此時繩的張力大小為故選C。6.如圖所示的圖像中，直線I為通過電阻R的電流與其兩端電壓的關系圖線，直線Ⅱ為電源E的電流與路端電壓的關系圖線．下列說法正確的是（）A.電源內(nèi)阻大小為B.電阻R的阻值為C.Ⅰ，Ⅱ交點坐標表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的內(nèi)電壓及電流D.圖中陰影部分的面積表示把電阻R接在此電源兩端時，電源內(nèi)部消耗的功率為〖答案〗D〖解析〗A．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得可得可知直線Ⅱ的斜率絕對值等于電源內(nèi)阻的倒數(shù)，則有解得電源內(nèi)阻大小為故A錯誤；B．根據(jù)歐姆定律可知，直線I的斜率等于電阻R的倒數(shù)，則有解得故B錯誤；C．Ⅰ，Ⅱ交點坐標表示的是電阻R接在電源E兩端時電源的外電壓及電流，故C錯誤；D．直線Ⅱ的縱軸截距為解得電源電動勢為把電阻R接在此電源兩端時，由圖中交點可知，此時電流為，外電壓為，則電源內(nèi)部消耗的功率為故D正確。故選D。7.據(jù)報道，一個國際研究小組借助于智利的天文望遠鏡，觀測到了一組雙星系統(tǒng)，它們繞兩者連線上的某點O做勻速圓周運動，如圖所示．假設此雙星系統(tǒng)中體積較小的成員能“吸食”另一顆體積較大星體的表面物質(zhì)，達到質(zhì)量轉(zhuǎn)移的目的，在演變過程中兩者球心之間的距離保持不變，雙星平均密度可視為相同．則在最初演變的過程中（）A.它們做圓周運動的萬有引力保持不變B.它們做圓周運動的角速度不斷變小C.體積較大的星體圓周運動軌跡的半徑變大，線速度變大D.體積較大的星體圓周運動軌跡的半徑變小，線速度變大〖答案〗C〖解析〗A、設體積較小的星體質(zhì)量為m1，軌道半徑為r1，體積大的星體質(zhì)量為m2，軌道半徑為r2．雙星間的距離為L．轉(zhuǎn)移的質(zhì)量為△m.萬有引力：，介個二項式定理可知，二者的質(zhì)量越接近，萬有引力越大，故A錯誤．B、C、D、對m1：①；對m2：②；由①②得：，總質(zhì)量m1+m2不變，兩者距離L不變，則角速度ω不變．由②得：，ω、L、m1均不變，Δm增大，則r2增大，即體積較大星體圓周運動軌跡半徑變大．由得線速度v也增大，故C正確；B、D錯誤．故選C.【『點石成金』】本題是雙星問題，要抓住雙星系統(tǒng)的條件：角速度與周期相同，運用牛頓第二定律采用隔離法進行研究．二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的四個選項中，有兩個或兩個以上選項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分．8.如圖甲所示的彈簧振子沿豎直方向做簡諧振動，從某一時刻開始計時，規(guī)定豎直向上為正方向，得到彈簧對小球的彈力F與運動時間t的關系圖像如圖乙所示，若重力加速度為g，圖像的坐標值為已知量，則下列說法正確的是（）A.對乙圖的F-t關系圖像，小球是從處在最高點開始計時的B.小球的質(zhì)量為C.彈簧振子的頻率為D.若彈簧振子的振幅為A，則從計時開始到13t0時，小球的路程為36A〖答案〗BC〖解析〗A．由圖可知，t=0時刻小球所受彈力最大，方向豎直向上，所以小球處于最低點，故A錯誤；B．根據(jù)對稱性，小球在最高點和最低點的加速度大小相等，方向相反，根據(jù)牛頓第二定律，小球在最高點，有小球在最低點，有解得故B正確；C．由圖可知解得故C正確；D．由于所以小球的路程為故D錯誤。故選BC。9.如圖甲所示是一種推動宇宙飛船前進的動力裝置即霍爾推進器，可以讓帶電粒子在輻射狀的磁場中做勻速圓周運動，工作原理可簡化為如圖乙所示的運動模型．圓形虛線邊界1、2（共圓心O）之間存在均勻分布的輻射狀（沿徑向）磁場，同時在垂直虛線圓面方向加場強大小為E的勻強電場（未畫出），磁感應強度為B的勻強磁場（方向向里）．一質(zhì)量為m、帶電量為的粒子（不計重力）在圓形虛線邊界之間以速率繞圓心O做勻速圓周運動，運動軌跡如圖中的實線所示，下列說法正確的是（）A.洛倫茲力充當粒子做勻速圓周運動的向心力B.帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為C.粒子做勻速圓周運動的半徑為D.粒子形成的等效電流為〖答案〗AD〖解析〗A．由題可知，垂直紙面向里的勻強磁場產(chǎn)生指向圓心方向的洛倫茲力提供向心力，洛倫茲力為，故A正確；B．受力分析可得，粒子運動過程中還受到垂直紙面洛倫茲力和電場力，垂直紙面方向受力平衡，設帶電粒子運動軌跡上各點輻射狀磁場的磁感應強度的大小為，則有解得故B錯誤；C．由向心力公式可得則粒子做勻速圓周運動的半徑為由于B和關系未知，故C錯誤；D．帶點粒子做圓周運動周期為粒子形成的等效電流為故D正確。故選AD。10.所示，某空間存在方向豎直向上的勻強電場，將比荷均為k=10-2C?kg-1的甲、乙兩帶電粒子分別從A、B兩點水平向右射入勻強電場，A點位于B點的正下方，甲乙兩粒子到達電場中的同一C點時的速度大小均為v0，方向分別與水平方向成θ、β的夾角，粒子的重力不計，A、B之間的距離為h=0.7m，sin37°=0.6，cos37°=0.8，下列說法正確的是（）A.甲粒子的速度偏轉(zhuǎn)角θ與乙粒子的速度偏轉(zhuǎn)角β之和為90°B.若β=53°、v0=5m/s，則該勻強電場的場強大小為1000V?m-1C.若β=53°、v0=5m/s，規(guī)定C點電勢為φC=0，則A點的電勢為-450VD.若β=53°，則甲、乙兩帶電粒子在C點電場力的功率之比為3:4〖答案〗AC〖解析〗A．小球做類平拋運動，水平方向有豎直方向有所以解得或（舍去）故A正確；B．若β=53°，則所以又解得故B錯誤；C．規(guī)定C點的電勢為φC=0，則A點的電勢為故C正確；D．甲、乙兩帶電粒子在C點電場力的功率之比為故D錯誤。故選AC。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.如圖甲所示為在氣墊導軌上研究勻變速直線運動的示意圖，滑塊上裝有寬度為d（很?。┑恼诠鈼l，滑塊在鉤碼作用下先后通過兩光電門，用光電計時器記錄遮光條通過光電門1的時間。及遮光條通過光電門2的時間，用刻度尺測出兩個光電門之間的距離x．（1）用游標卡尺測量遮光條的寬度d，示數(shù)如圖乙所示，則__________cm．（2）實驗時，滑塊從光電門1的右側(cè)某處由靜止釋放，測得，則遮光條經(jīng)過光電門1時的速度___________．（3）保持其它實驗條件不變，只調(diào)節(jié)光電門2的位置，滑塊每次都從同一位置由靜止釋放，記錄幾組兩光電門之間的距離x及對應遮光條經(jīng)過光電門2的擋光時間，作出圖像如圖丙所示，其斜率為k，則滑塊加速度的大小為________．（用k、d表達）〖答案〗（1）0.75cm（2）0.05（3）〖解析〗（1）[1]主尺：0.7cm，游標尺：對齊的是5，所以讀數(shù)為5×0.1mm=0.5mm=0.05cm，故遮光條寬度為d=0.7cm+0.05cm=0.75cm（2）[2]滑塊經(jīng)過光電門時的瞬時速度可近似認為是滑塊經(jīng)過光電門的平均速度。則滑塊經(jīng)過光電門1時的速度為（3）[3]滑塊在兩光電門間做勻加速直線運動，由速度—位移公式可得變形得圖象的斜率代入數(shù)據(jù)可得12.某實驗小組為了將量程為、內(nèi)阻的電流表改裝成可測量電阻的儀表——歐姆表，進行了如下實驗操作：（1）用如圖甲所示的電路來測量電源的內(nèi)阻r，已用電源的電動勢，合上開關S，將電阻箱R的阻值調(diào)節(jié)到，電流表的指針恰好半偏，如圖乙所示，則電源的內(nèi)阻_______；（2）將圖甲的電路稍作改變，切斷回路的導線，在斷開的接口兩端接上兩個表筆（電阻忽略不計），就改裝成了一個可測量電阻的簡易歐姆表，如圖丙所示．為將表盤的電流刻度轉(zhuǎn)化為電阻刻度，再進行如下操作：將兩表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱R的入阻值為，使電流表正好滿偏，此處的刻度應標的阻值為_______（填“0”或“”），電阻箱的接入阻值為________；（3）保持電阻箱的接入阻值不變，在兩表筆間接入待測電阻，發(fā)現(xiàn)電流表的指針恰好半偏，則待測阻值為_______；若把待測電阻直接接在圖甲的電源兩端，則電源的效率為_______（保電阻三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）1（2）03（3）5〖解析〗（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得r=1Ω（2）[2]將兩表筆短接，調(diào)節(jié)電阻箱的接入阻值為R2，使電流表正好滿偏，此處的刻度應標的阻值為0；[3]根據(jù)閉合電路歐定律解得電阻箱的接入阻值為R2=3Ω（3）[4]電流表的指針恰好半偏，根據(jù)閉合電路歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得[5]若把待測電阻直接接在圖甲的電源兩端，電源總功率為電源輸出功率為電源的效率為13.如圖所示，直角三棱鏡截面為，，，一束單色光從邊的D點平行射入，然后經(jīng)邊上的E點反射，反射光線與邊平行，最后從邊上的F點射出，折射光線與邊的夾角也為。已知，是的4倍，光在真空中的傳播速度為c，求：（1）三棱鏡對該單色光的折射率；（2）光線從D到F的傳播時間?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）由題意，分析如圖所示