2023屆海南省高三下學期高考模擬二物理試題（解析版）

高中物理名校試卷PAGEPAGE12023年海南省高考模擬試卷二物理一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.下列屬于磁感應(yīng)強度的單位且用國際單位制中基本單位符號表示的是（）A.TB.C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感應(yīng)強度磁感應(yīng)強度單位為T，則故選C。2.一小船在靜水中的速度為，它在一條河寬150m，流速為的河流中渡河，則下列說正確的是（）A.小船渡河時間不少于60sB.小船以最短時間渡河時，它沿水流方向的位移大小為150mC.小船以最短位移渡河時，位移大小為250mD.小船以最短位移渡河時，時間為60s〖答案〗C〖解析〗A．當船的靜水中的速度垂直河岸時渡河時間最短故A錯誤；B．船以最短時間50s渡河時沿河岸的位移即它沿水流方向的位移大小為250m，故B錯誤；C．因為水流速度大于船的靜水速度，所以船不能垂直渡河，如圖所示當合速度與靜水速度的方向垂直時，合速度與水流速度的夾角最大，渡河位移最小，則則渡河的最小位移故C正確；D．若船以最短位移渡河時，時間為故D錯誤。故選C。3.2021年9月20日北京時間15時10分，搭載天舟三號貨運飛船的長征七號遙四運載火箭在我國文昌航天發(fā)射場點火發(fā)射。當天22時08分，天舟三號成功對接于空間站天和核心艙后向端口。我國自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動，已知引力常量，由下列物理量能計算出地球質(zhì)量的是（）A.核心艙的質(zhì)量和繞地半徑B.核心艙的質(zhì)量和繞地周期C.核心艙的繞地角速度和繞地周期D.核心艙的繞地線速度和繞地半徑〖答案〗D〖解析〗根據(jù)解得，，，所以已知核心艙的繞地線速度和繞地半徑時，能計算出地球質(zhì)量，或者是周期與半徑，角速度與半徑，向心加速度與半徑，任何一組都能計算出地球質(zhì)量，則D正確；ABC錯誤；故選D。4.我國利用小型輻照裝置研究病毒滅活，其主要原理是輻照源鈷衰變后產(chǎn)生鎳和X粒子，并放出射線，利用射線、X粒子束產(chǎn)生的電離作用，使病毒失去感染性。已知鈷60的半衰期為5.27年，下列說法正確的是（）A.X粒子為中子B.該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出的射線是一種電磁波C.的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核的大D.1g鈷60經(jīng)21年后約有發(fā)生了衰變〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X粒子為電子，故A錯誤；B．該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出射線為γ射線，是一種電磁波，故B正確；C．衰變時放出能量，生成物更穩(wěn)定比結(jié)合能更大，由于兩原子核核子數(shù)都為60，所以的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核的小，故C錯誤；D．21年約為鈷60的4個半衰期，1g鈷60經(jīng)21年后發(fā)生衰變的質(zhì)量約為故D錯誤。故選B。5.如圖所示，正方形框ABCD豎直放置，兩個完全相同的小球P、Q分別穿在方框的BC、CD邊上，當方框繞AD軸勻速轉(zhuǎn)動時，兩球均恰與方框保持相對靜止且位于BC、CD邊的中點，已知兩球與方框之間的動摩擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則兩球與方框間的動摩擦因數(shù)為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗對P球，根據(jù)牛頓第二定律可得對Q球，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故選B。6.飼養(yǎng)員在池塘邊堤壩邊緣處以水平速度往魚池中拋擲魚餌顆粒。堤壩截面傾角為。壩頂離水面的高度為，取，不計空氣阻力（，），下列說法正確的是（）A.若魚餌顆粒能落入水中，平拋初速度越大，從拋出到落水所用的時間越長B.若魚餌顆粒能落入水中，平拋初速度越大，落水時速度方向與水平面的夾角越大C.若平拋初速度，則魚餌顆粒不會落在斜面上D.若魚餌顆粒不能落入水中，平拋初速度越大，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角越小〖答案〗C〖解析〗A．平拋時間由高度決定，與無關(guān)，故A錯誤；B．若魚餌顆粒能落入水中，下落高度一定，運動時間一定，根據(jù)速度分解關(guān)系，落水時速度方向與水平面的夾角正切值越大，越小，即越小，故B錯誤；C．若魚餌顆粒恰好落在B點，則由豎直方向可得水平方向可得魚餌顆粒不會落在斜面上，故C正確；D．若魚餌顆粒不能落入水中，落到斜面上時速度方向與水平方向的夾角，根據(jù)位移分解關(guān)系聯(lián)立可得因此一定，由幾何關(guān)系可知落到斜面上時速度方向與斜面的夾角不變，故D錯誤。故選C。7.用絕緣細線a、b將兩個帶電小球1和2連接并懸掛，已知小球2的重力為G，如圖所示，兩小球處于靜止狀態(tài)，細線a與豎直方向的夾角為30°，兩小球連線與水平方向夾角為30°，細線b水平，則（）A.小球1帶電量一定小于小球2的帶電量B.細線a拉力大小為C.細線b拉力大小為D.小球1與2的質(zhì)量比為〖答案〗B〖解析〗A．由可知，不能確定小球1與小球2的帶電量，故A不符合題意；C．對小球2，由平衡條件可得解得細線b拉力大小為故C不符合題意；BD．對小球1，由平衡條件可得解得細線a拉力大小為小球1與2的質(zhì)量比為故B符合題意，D不符合題意。故選B。8.如圖所示，在傾角為的光滑固定斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，在外力F的作用下系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。已知彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為，則（）A.外力F的大小為B.彈簧的形變量為C.若外力F的大小變?yōu)?，當A、B相對靜止時，彈簧彈力的大小為D.若外力F的大小變?yōu)?，當A、B相對靜止時，突然撤去外力F的瞬間，物塊B的加速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．對物塊A和B整體受力分析，由平衡條件可得，外力的大小為故A錯誤；B．對物塊B受力分析，由平衡條件可得，彈簧的彈力為則彈簧的形變量為故B錯誤；CD．對物塊A和B整體受力分析，由牛頓第二定律，得解得物塊A和B的加速度大小為對物塊B受力分析，由牛頓第二定律可得，彈簧彈力的大小為突然撤去外力F的瞬間，彈簧不突變，所以物塊B的加速度大小不變，故C錯誤，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變?yōu)闋顟B(tài)c，其過程如p-V圖像中直線段所示，狀態(tài)b對應(yīng)該線段的中點。下列說法正確的是（）A.過程中氣體吸收熱量B.過程中狀態(tài)b的分子平均動能最小C.過程中氣體對外界做功大于吸收的熱量D.過程中單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少〖答案〗AD〖解析〗A．由過程中氣體吸收熱量為故A正確；BC．由可知狀態(tài)b的分子平均動能最大；則過程中氣體體積增大，對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，所以體對外界做功小于吸收的熱量，故BC錯誤；D．因為過程中氣體體積增大，所以單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少，故D正確。故選AD。10.如圖所示，空間中A、B、C、、、六個點恰好為豎直正三棱柱的頂點，在點固定有正電荷，點固定有正電荷，點固定有負電荷，帶電量。以下說法正確的是（）A.A、B兩點的電場強度相同，電勢也相同B.若將自點豎直向上移動至B點，則其所受靜電力逐漸減小C.若將自點豎直向上移動至C點，則其電勢能逐漸增大D.若將自點豎直向上移動至B點，則其電勢能始終不變〖答案〗BC〖解析〗A．由幾何關(guān)系可知，A、B兩點的電場強度方向不同，A錯誤；B．若將自點豎直向上移動至B點，則距離、越來越遠，、對其電場力逐漸減小，且兩力夾角逐漸增大，故其所受靜電力逐漸減小，B正確；C．若將自點豎直向上移動至C點，則、均對其左負功，故其電勢能逐漸增大，C正確；D．若將自點豎直向上移動至B點，則對它做正功，對它做負功，且正功大于負功，故總功為正，故其電勢能減小，D錯誤。故選BC。11.一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時的波形如圖甲所示，M、N、P、Q是介質(zhì)中的四個質(zhì)點，已知N點的平衡位置在處，N、Q兩質(zhì)點平衡位置之間的距離為16m。如圖乙所示為質(zhì)點P的振動圖像。下列說法正確的是（）A.該波的波長為24mB.該波的波速為120m/sC.質(zhì)點P的平衡位置位于處D.從開始，質(zhì)點Q比質(zhì)點N早s回到平衡位置〖答案〗ABD〖解析〗AB．由乙圖知周期T=0.2s，甲圖中N點的位移為-5cm，該波的振幅為10cm，故M、N兩質(zhì)點間平衡位置間距離與波長的關(guān)系為N、Q兩質(zhì)點平衡位置之間的距離為16m波長該波的波速故AB正確；C．質(zhì)點P的振動方程t=0.125s時，P的位移，M、P兩質(zhì)點平衡位置間的距離與波長的關(guān)系為質(zhì)點P平衡位置位于處，故C錯誤；D．由乙圖知從t=0.125s開始，質(zhì)點P向y軸負方向運動，結(jié)合甲圖知波向x軸負方向傳播，由甲圖知質(zhì)點Q經(jīng)回到平衡位置；質(zhì)點N回到平衡位置時間質(zhì)點Q比質(zhì)點N早回到平衡位置的時間為故D正確。故選ABD。12.如圖甲所示，兩點間接入電壓如圖乙變化的交流電源，電阻，滑動變阻器初始狀態(tài)電阻為，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，則（）A.若滑動變阻器時，電流表示數(shù)為B.若滑動變阻器滑片向右移動時，的功率逐漸減小C.若改變滑動變阻器阻值，使的功率最大時，此時D.若保持滑動變阻器不變，只改變原副線圈開數(shù)比，使功率最大時，原副線圈匝數(shù)比為〖答案〗BD〖解析〗A．電源的有效值將滑動變阻器與變壓器作為一個整體，則等效電阻為若滑動變阻器時，流過原線圈的電流根據(jù)解得A錯誤；B．若滑動變阻器滑片向右移動時，滑動變阻器接入電阻增大，根據(jù)上述，等效電阻增大，根據(jù)可知，通過原線圈的電流減小，根據(jù)可知，若滑動變阻器滑片向右移動時，的功率逐漸減小，B正確；C．變壓器不消耗功率，將電阻等效為電源的內(nèi)阻，當變壓器等效電阻結(jié)合上述有時，消耗的功率最大，即若改變滑動變阻器阻值，使的功率最大時，此時C錯誤；D．根據(jù)上述，若保持滑動變阻器不變，只改變原副線圈開數(shù)比，使功率最大時，則有解得D正確。故選BD。13.如圖所示，閉合的等腰直角三角形金屬線框以速度v向右勻速穿過磁感應(yīng)強度為的條形勻強磁場區(qū)域（運動過程中邊始終與磁場邊界平行）。已知金屬線框單位長度的電阻為r，直角邊長為d，磁場區(qū)域?qū)挾葹椤t下列說法正確的是（）A.當線框剛進入磁場區(qū)域時，直角邊產(chǎn)生電動勢大小B.線框進入磁場過程中A、C兩點間電勢差恒定不變C.當線框的水平直角邊恰好進入一半時，導(dǎo)線內(nèi)電流的大小D.線框從圖示位置到完全穿過磁場過程中通過線框某一橫截面的電量為零〖答案〗ACD〖解析〗A．線框剛進入磁場區(qū)時，切割磁感線有效長度剛好為邊AC的長度，根據(jù)得選項A正確；C．當線框的水平直角邊恰好進入一半時，切割磁場的導(dǎo)體有效長度為，此時回路總電阻由閉合電路歐姆定律得選項C正確；B．線框進入磁場過程中切割磁場的導(dǎo)體有效長度發(fā)生變化，總電阻不變，則電路中電流發(fā)生變化，因此A、C兩點間電勢差不會恒定不變，選項B錯誤；D．通過導(dǎo)體橫截面的電量線框從圖示位置到完全穿過磁場過程中，磁通量變化，則通過線框某一橫截面的電量為零，選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共20分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。14.（1）某同學通過圖所示的實驗裝置，利用玻意耳定律來測定一顆形狀不規(guī)則的冰糖的體積。①將冰糖裝進注射器，通過推、拉活塞改變封閉氣體的體積和壓強。若實驗過程中不慎將活塞拔出針筒，則______（填“需要”或“不需要”）重做實驗。②實驗中通過活塞所在刻度讀取了多組體積V及對應(yīng)壓強，為了在坐標系中獲得直線圖像，應(yīng)選擇______。A．圖像B．圖像C．圖像D．圖像③選擇合適的坐標后，該同學通過描點作圖，得到直線的函數(shù)圖像如圖所示，忽略傳感器和注射器連接處的軟管容積，則這顆冰糖的體積為______。（2）某同學制作了一個“加速度測量儀”，用來測量垂直電梯豎直上、下運行時的加速度，其構(gòu)造如圖1所示：將一根輕彈簧的上端固定在豎直放置且?guī)Э潭鹊摹啊浮毙喂饣∧景迳隙?，當彈簧下端懸掛重物并靜止時，指針指向位置；當彈簧下端懸掛重物并靜止時，指針指向位置。實際測量時，該同學在該彈簧下端固定重物，重力加速度取，所有計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。①該彈簧的勁度系數(shù)______②實際測量時，當指針指到位置時，垂直電梯運行的加速度大小為______③如圖2所示，將該加速度測量儀水平使用，若指針仍指到位置，則水平加速度大小______〖答案〗（1）需要Cb（2）101.09.0〖解析〗（1）①[1]若實驗過程中不慎將活塞拔出針筒，針筒內(nèi)封閉氣體與外界相連，壓強改變，無法繼續(xù)實驗，需要重做實驗；②[2]設(shè)冰糖的體積為，根據(jù)玻意耳定律則則圖像為直線。故選：C。③[3]根據(jù)，結(jié)合圖像可知這顆冰糖的體積為b。（2）①[4]根據(jù)胡克定律②[5]實際測量時，彈簧對小球的拉力根據(jù)牛頓第二定律解得方向豎直向下；③[6]將該加速度測量儀水平使用，若指針仍指到位置，拉力仍為根據(jù)牛頓第二定律解得15.某物理興趣小組欲將電流表改裝成量程為的電壓表。小組同學先用如圖甲所示的電路測量電流表的內(nèi)阻，提供的實驗器材有：A.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）；B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）；C.定值電阻（阻值為）；D.定值電阻（阻值為）；E.滑動變阻器R；F.一節(jié)新的干電池E；G.開關(guān)S及導(dǎo)線若干。（1）圖甲中的電阻應(yīng)選用______（填“C”或“D”）。（2）根據(jù)圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，補充完成圖乙中實物間的連線。（）（3）正確連接線路后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，獲得多組的示數(shù)和的示數(shù)，將對應(yīng)的數(shù)據(jù)在坐標系中描點，作出圖像如圖丙所示，的內(nèi)阻為______（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）給串聯(lián)一個阻值為______（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）的定值電阻，可將改裝成量程為的電壓表V。（5）用標準電壓表與V并聯(lián)進行校準。當?shù)氖緮?shù)為時，的示數(shù)為，則V的實際量程為______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）C（2）（3）300（4）14.7（5）15.5〖解析〗（1）[1]當電流表A1、A2滿偏時，A1并聯(lián)的電阻約為圖甲中的電阻應(yīng)選用C；（2）[2]根據(jù)圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，補充完成圖乙中實物間的連線如圖所示（3）[3]根據(jù)串并聯(lián)電路特點和歐姆定律有整理得根據(jù)圖像可得代入數(shù)據(jù)解得（4）[4]將改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)的電阻為（5）[5]當?shù)氖緮?shù)為時，的示數(shù)為，當?shù)氖緮?shù)為時，的示數(shù)為則V的實際量程為四、計算題：本題共3小題，共36分。把解答寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。16.如圖所示，有一救生員面向泳池坐在池邊的高凳上，他的眼睛到地面的高度為，眼睛距離池邊緣的水平距離為，當泳池注滿水時，水的深度為，此時救生員可觀察到池底離池邊緣最近的點為A，水池邊緣與之間的范圍為“視線盲區(qū)”．已知水的折射率為，光在真空中的速度為，求：（1）A點到池邊緣的水平距離；（2）光在水中傳播的速度．〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）光線從A點射向人眼時在水面發(fā)生折射，設(shè)入射角為，折射角為，由幾何關(guān)系可知折射現(xiàn)象中光路是可逆的，水的折射率解得而解得（2）光在水中傳播的速度解得17.如圖所示、是一段光滑的四分之一圓弧，半徑，是一段長度為的水平軌道，與圓弧相切于B點。與傳送帶相接于C點，傳送帶長，與水平面的夾角，傳送帶以大小恒為速度逆時針轉(zhuǎn)動，一質(zhì)量為的小物體從A點釋放，在B點與質(zhì)量為的小物體相碰后粘在一起，、與水平軌道和傳送帶之間的摩擦因數(shù)均為，小物體過C點時速度大小不變，過C點后直接開始滑動，且若C點速度為0時物體不會停留在C點。在傳送帶底端有一彈性檔板，小物體與之相碰后，速度大小不變，方向反向。（g取，）。完成下列問題：（1）把從A點靜止釋放，求與相碰前的一瞬間，對B點的壓力；（2）把從A點靜止釋放，到、與檔板第一次碰撞前的一瞬間，求、系統(tǒng)損失的機械能；（3）如果要求、還能回到A點，那么在A點時至少應(yīng)給多大的初速度?！即鸢浮剑?）90N，方向豎直向下；（2）40J；（3）〖解析〗（1）從A點靜止釋放到與相碰前的過程，根據(jù)機械能守恒解得根據(jù)牛頓第二定律解得B點對的支持力根據(jù)牛頓第三定律可知，對B點的壓力大小為90N，方向豎直向下。（2）、系統(tǒng)損失的機械能等于系統(tǒng)克服摩擦力做功與碰撞過程損失機械能之和，碰撞過程根據(jù)動量守恒解得（3）所施加的初速度最小時，、回到A點時的速度為零，則由C到A過程解得、返回到C點的速度為所施加的初速度最小時，假設(shè)系統(tǒng)到D點時速度大于6m/s，則系統(tǒng)由D到C過程中，速度由到階段加速度大小為運動距離顯然假設(shè)不成立，則系統(tǒng)到D點時速度小于6m/s，則系統(tǒng)由D到C過程摩擦力對系統(tǒng)做正功，對全過程，根據(jù)能量守恒解得18.如圖所示，真空中有一以O(shè)點為圓心的圓形勻強磁場區(qū)域，半徑為R=0.5m，磁場方向垂直紙面向里。在y>R的區(qū)域存在一沿y軸負方向的勻強電場，電場強度為E=1.0×105V/m。在M點（坐標原點）有一正粒子以速率v=1.0×106m/s沿x軸正方向射入磁場，粒子穿出磁場進入電場，速度減小到0后又返回磁場，最終又從磁場離開。已知粒子的比荷為，不計粒子重力。求：（1）圓形磁場區(qū)域磁感應(yīng)強度的大小；（2）沿x軸正方向射入磁場的粒子，從進入磁場到再次穿出磁場所走過的路程。（3）沿x軸正方向射入磁場的粒子，從進入磁場到再次穿出磁場所經(jīng)過的時間?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）根據(jù)題意可知粒子第一次垂直電場與磁場的界面射入電場中，運動軌跡如下圖，故可知粒子在磁場中的軌跡半徑為同時根據(jù)粒子在磁場中運動洛倫茲力提供向心力有代入數(shù)值聯(lián)立解得（2）粒子射入電場到運動到最遠處距離為，根據(jù)動能定理有解得故粒子從進入磁場到再次穿出磁場所走過的路程為（3）粒子在電場中運動時間為，加速度大小為，有解得粒子在磁場中運動有即根據(jù)軌跡可知粒子在磁場中的運動時間為聯(lián)立解得故從進入磁場到再次穿出磁場所經(jīng)過的時間為2023年海南省高考模擬試卷二物理一、單項選擇題：本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目要求。1.下列屬于磁感應(yīng)強度的單位且用國際單位制中基本單位符號表示的是（）A.TB.C. D.〖答案〗C〖解析〗磁感應(yīng)強度磁感應(yīng)強度單位為T，則故選C。2.一小船在靜水中的速度為，它在一條河寬150m，流速為的河流中渡河，則下列說正確的是（）A.小船渡河時間不少于60sB.小船以最短時間渡河時，它沿水流方向的位移大小為150mC.小船以最短位移渡河時，位移大小為250mD.小船以最短位移渡河時，時間為60s〖答案〗C〖解析〗A．當船的靜水中的速度垂直河岸時渡河時間最短故A錯誤；B．船以最短時間50s渡河時沿河岸的位移即它沿水流方向的位移大小為250m，故B錯誤；C．因為水流速度大于船的靜水速度，所以船不能垂直渡河，如圖所示當合速度與靜水速度的方向垂直時，合速度與水流速度的夾角最大，渡河位移最小，則則渡河的最小位移故C正確；D．若船以最短位移渡河時，時間為故D錯誤。故選C。3.2021年9月20日北京時間15時10分，搭載天舟三號貨運飛船的長征七號遙四運載火箭在我國文昌航天發(fā)射場點火發(fā)射。當天22時08分，天舟三號成功對接于空間站天和核心艙后向端口。我國自主研發(fā)的空間站“天和”核心艙繞地球的運行可視為勻速圓周運動，已知引力常量，由下列物理量能計算出地球質(zhì)量的是（）A.核心艙的質(zhì)量和繞地半徑B.核心艙的質(zhì)量和繞地周期C.核心艙的繞地角速度和繞地周期D.核心艙的繞地線速度和繞地半徑〖答案〗D〖解析〗根據(jù)解得，，，所以已知核心艙的繞地線速度和繞地半徑時，能計算出地球質(zhì)量，或者是周期與半徑，角速度與半徑，向心加速度與半徑，任何一組都能計算出地球質(zhì)量，則D正確；ABC錯誤；故選D。4.我國利用小型輻照裝置研究病毒滅活，其主要原理是輻照源鈷衰變后產(chǎn)生鎳和X粒子，并放出射線，利用射線、X粒子束產(chǎn)生的電離作用，使病毒失去感染性。已知鈷60的半衰期為5.27年，下列說法正確的是（）A.X粒子為中子B.該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出的射線是一種電磁波C.的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核的大D.1g鈷60經(jīng)21年后約有發(fā)生了衰變〖答案〗B〖解析〗A．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，X粒子為電子，故A錯誤；B．該衰變屬于β衰變，反應(yīng)放出射線為γ射線，是一種電磁波，故B正確；C．衰變時放出能量，生成物更穩(wěn)定比結(jié)合能更大，由于兩原子核核子數(shù)都為60，所以的結(jié)合能比該反應(yīng)產(chǎn)生的新核的小，故C錯誤；D．21年約為鈷60的4個半衰期，1g鈷60經(jīng)21年后發(fā)生衰變的質(zhì)量約為故D錯誤。故選B。5.如圖所示，正方形框ABCD豎直放置，兩個完全相同的小球P、Q分別穿在方框的BC、CD邊上，當方框繞AD軸勻速轉(zhuǎn)動時，兩球均恰與方框保持相對靜止且位于BC、CD邊的中點，已知兩球與方框之間的動摩擦因數(shù)相同，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，則兩球與方框間的動摩擦因數(shù)為（）A. B. C. D.〖答案〗B〖解析〗對P球，根據(jù)牛頓第二定律可得對Q球，根據(jù)牛頓第二定律可得聯(lián)立解得故選B。6.飼養(yǎng)員在池塘邊堤壩邊緣處以水平速度往魚池中拋擲魚餌顆粒。堤壩截面傾角為。壩頂離水面的高度為，取，不計空氣阻力（，），下列說法正確的是（）A.若魚餌顆粒能落入水中，平拋初速度越大，從拋出到落水所用的時間越長B.若魚餌顆粒能落入水中，平拋初速度越大，落水時速度方向與水平面的夾角越大C.若平拋初速度，則魚餌顆粒不會落在斜面上D.若魚餌顆粒不能落入水中，平拋初速度越大，落到斜面上時速度方向與斜面的夾角越小〖答案〗C〖解析〗A．平拋時間由高度決定，與無關(guān)，故A錯誤；B．若魚餌顆粒能落入水中，下落高度一定，運動時間一定，根據(jù)速度分解關(guān)系，落水時速度方向與水平面的夾角正切值越大，越小，即越小，故B錯誤；C．若魚餌顆粒恰好落在B點，則由豎直方向可得水平方向可得魚餌顆粒不會落在斜面上，故C正確；D．若魚餌顆粒不能落入水中，落到斜面上時速度方向與水平方向的夾角，根據(jù)位移分解關(guān)系聯(lián)立可得因此一定，由幾何關(guān)系可知落到斜面上時速度方向與斜面的夾角不變，故D錯誤。故選C。7.用絕緣細線a、b將兩個帶電小球1和2連接并懸掛，已知小球2的重力為G，如圖所示，兩小球處于靜止狀態(tài)，細線a與豎直方向的夾角為30°，兩小球連線與水平方向夾角為30°，細線b水平，則（）A.小球1帶電量一定小于小球2的帶電量B.細線a拉力大小為C.細線b拉力大小為D.小球1與2的質(zhì)量比為〖答案〗B〖解析〗A．由可知，不能確定小球1與小球2的帶電量，故A不符合題意；C．對小球2，由平衡條件可得解得細線b拉力大小為故C不符合題意；BD．對小球1，由平衡條件可得解得細線a拉力大小為小球1與2的質(zhì)量比為故B符合題意，D不符合題意。故選B。8.如圖所示，在傾角為的光滑固定斜面上有兩個用輕彈簧連接的物塊A和B，它們的質(zhì)量分別為m和2m，彈簧的勁度系數(shù)為k，在外力F的作用下系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)。已知彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，重力加速度為，則（）A.外力F的大小為B.彈簧的形變量為C.若外力F的大小變?yōu)?，當A、B相對靜止時，彈簧彈力的大小為D.若外力F的大小變?yōu)椋擜、B相對靜止時，突然撤去外力F的瞬間，物塊B的加速度大小為〖答案〗D〖解析〗A．對物塊A和B整體受力分析，由平衡條件可得，外力的大小為故A錯誤；B．對物塊B受力分析，由平衡條件可得，彈簧的彈力為則彈簧的形變量為故B錯誤；CD．對物塊A和B整體受力分析，由牛頓第二定律，得解得物塊A和B的加速度大小為對物塊B受力分析，由牛頓第二定律可得，彈簧彈力的大小為突然撤去外力F的瞬間，彈簧不突變，所以物塊B的加速度大小不變，故C錯誤，D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共5小題，每小題4分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項符合題目要求。部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。9.一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)a變?yōu)闋顟B(tài)c，其過程如p-V圖像中直線段所示，狀態(tài)b對應(yīng)該線段的中點。下列說法正確的是（）A.過程中氣體吸收熱量B.過程中狀態(tài)b的分子平均動能最小C.過程中氣體對外界做功大于吸收的熱量D.過程中單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少〖答案〗AD〖解析〗A．由過程中氣體吸收熱量為故A正確；BC．由可知狀態(tài)b的分子平均動能最大；則過程中氣體體積增大，對外做功，溫度升高，內(nèi)能增大，所以體對外界做功小于吸收的熱量，故BC錯誤；D．因為過程中氣體體積增大，所以單位時間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少，故D正確。故選AD。10.如圖所示，空間中A、B、C、、、六個點恰好為豎直正三棱柱的頂點，在點固定有正電荷，點固定有正電荷，點固定有負電荷，帶電量。以下說法正確的是（）A.A、B兩點的電場強度相同，電勢也相同B.若將自點豎直向上移動至B點，則其所受靜電力逐漸減小C.若將自點豎直向上移動至C點，則其電勢能逐漸增大D.若將自點豎直向上移動至B點，則其電勢能始終不變〖答案〗BC〖解析〗A．由幾何關(guān)系可知，A、B兩點的電場強度方向不同，A錯誤；B．若將自點豎直向上移動至B點，則距離、越來越遠，、對其電場力逐漸減小，且兩力夾角逐漸增大，故其所受靜電力逐漸減小，B正確；C．若將自點豎直向上移動至C點，則、均對其左負功，故其電勢能逐漸增大，C正確；D．若將自點豎直向上移動至B點，則對它做正功，對它做負功，且正功大于負功，故總功為正，故其電勢能減小，D錯誤。故選BC。11.一列簡諧橫波沿x軸傳播，在時的波形如圖甲所示，M、N、P、Q是介質(zhì)中的四個質(zhì)點，已知N點的平衡位置在處，N、Q兩質(zhì)點平衡位置之間的距離為16m。如圖乙所示為質(zhì)點P的振動圖像。下列說法正確的是（）A.該波的波長為24mB.該波的波速為120m/sC.質(zhì)點P的平衡位置位于處D.從開始，質(zhì)點Q比質(zhì)點N早s回到平衡位置〖答案〗ABD〖解析〗AB．由乙圖知周期T=0.2s，甲圖中N點的位移為-5cm，該波的振幅為10cm，故M、N兩質(zhì)點間平衡位置間距離與波長的關(guān)系為N、Q兩質(zhì)點平衡位置之間的距離為16m波長該波的波速故AB正確；C．質(zhì)點P的振動方程t=0.125s時，P的位移，M、P兩質(zhì)點平衡位置間的距離與波長的關(guān)系為質(zhì)點P平衡位置位于處，故C錯誤；D．由乙圖知從t=0.125s開始，質(zhì)點P向y軸負方向運動，結(jié)合甲圖知波向x軸負方向傳播，由甲圖知質(zhì)點Q經(jīng)回到平衡位置；質(zhì)點N回到平衡位置時間質(zhì)點Q比質(zhì)點N早回到平衡位置的時間為故D正確。故選ABD。12.如圖甲所示，兩點間接入電壓如圖乙變化的交流電源，電阻，滑動變阻器初始狀態(tài)電阻為，理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為，則（）A.若滑動變阻器時，電流表示數(shù)為B.若滑動變阻器滑片向右移動時，的功率逐漸減小C.若改變滑動變阻器阻值，使的功率最大時，此時D.若保持滑動變阻器不變，只改變原副線圈開數(shù)比，使功率最大時，原副線圈匝數(shù)比為〖答案〗BD〖解析〗A．電源的有效值將滑動變阻器與變壓器作為一個整體，則等效電阻為若滑動變阻器時，流過原線圈的電流根據(jù)解得A錯誤；B．若滑動變阻器滑片向右移動時，滑動變阻器接入電阻增大，根據(jù)上述，等效電阻增大，根據(jù)可知，通過原線圈的電流減小，根據(jù)可知，若滑動變阻器滑片向右移動時，的功率逐漸減小，B正確；C．變壓器不消耗功率，將電阻等效為電源的內(nèi)阻，當變壓器等效電阻結(jié)合上述有時，消耗的功率最大，即若改變滑動變阻器阻值，使的功率最大時，此時C錯誤；D．根據(jù)上述，若保持滑動變阻器不變，只改變原副線圈開數(shù)比，使功率最大時，則有解得D正確。故選BD。13.如圖所示，閉合的等腰直角三角形金屬線框以速度v向右勻速穿過磁感應(yīng)強度為的條形勻強磁場區(qū)域（運動過程中邊始終與磁場邊界平行）。已知金屬線框單位長度的電阻為r，直角邊長為d，磁場區(qū)域?qū)挾葹?。則下列說法正確的是（）A.當線框剛進入磁場區(qū)域時，直角邊產(chǎn)生電動勢大小B.線框進入磁場過程中A、C兩點間電勢差恒定不變C.當線框的水平直角邊恰好進入一半時，導(dǎo)線內(nèi)電流的大小D.線框從圖示位置到完全穿過磁場過程中通過線框某一橫截面的電量為零〖答案〗ACD〖解析〗A．線框剛進入磁場區(qū)時，切割磁感線有效長度剛好為邊AC的長度，根據(jù)得選項A正確；C．當線框的水平直角邊恰好進入一半時，切割磁場的導(dǎo)體有效長度為，此時回路總電阻由閉合電路歐姆定律得選項C正確；B．線框進入磁場過程中切割磁場的導(dǎo)體有效長度發(fā)生變化，總電阻不變，則電路中電流發(fā)生變化，因此A、C兩點間電勢差不會恒定不變，選項B錯誤；D．通過導(dǎo)體橫截面的電量線框從圖示位置到完全穿過磁場過程中，磁通量變化，則通過線框某一橫截面的電量為零，選項D正確。故選ACD。三、實驗題：本題共2小題，共20分。把〖答案〗寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。14.（1）某同學通過圖所示的實驗裝置，利用玻意耳定律來測定一顆形狀不規(guī)則的冰糖的體積。①將冰糖裝進注射器，通過推、拉活塞改變封閉氣體的體積和壓強。若實驗過程中不慎將活塞拔出針筒，則______（填“需要”或“不需要”）重做實驗。②實驗中通過活塞所在刻度讀取了多組體積V及對應(yīng)壓強，為了在坐標系中獲得直線圖像，應(yīng)選擇______。A．圖像B．圖像C．圖像D．圖像③選擇合適的坐標后，該同學通過描點作圖，得到直線的函數(shù)圖像如圖所示，忽略傳感器和注射器連接處的軟管容積，則這顆冰糖的體積為______。（2）某同學制作了一個“加速度測量儀”，用來測量垂直電梯豎直上、下運行時的加速度，其構(gòu)造如圖1所示：將一根輕彈簧的上端固定在豎直放置且?guī)Э潭鹊摹啊浮毙喂饣∧景迳隙?，當彈簧下端懸掛重物并靜止時，指針指向位置；當彈簧下端懸掛重物并靜止時，指針指向位置。實際測量時，該同學在該彈簧下端固定重物，重力加速度取，所有計算結(jié)果保留兩位有效數(shù)字。①該彈簧的勁度系數(shù)______②實際測量時，當指針指到位置時，垂直電梯運行的加速度大小為______③如圖2所示，將該加速度測量儀水平使用，若指針仍指到位置，則水平加速度大小______〖答案〗（1）需要Cb（2）101.09.0〖解析〗（1）①[1]若實驗過程中不慎將活塞拔出針筒，針筒內(nèi)封閉氣體與外界相連，壓強改變，無法繼續(xù)實驗，需要重做實驗；②[2]設(shè)冰糖的體積為，根據(jù)玻意耳定律則則圖像為直線。故選：C。③[3]根據(jù)，結(jié)合圖像可知這顆冰糖的體積為b。（2）①[4]根據(jù)胡克定律②[5]實際測量時，彈簧對小球的拉力根據(jù)牛頓第二定律解得方向豎直向下；③[6]將該加速度測量儀水平使用，若指針仍指到位置，拉力仍為根據(jù)牛頓第二定律解得15.某物理興趣小組欲將電流表改裝成量程為的電壓表。小組同學先用如圖甲所示的電路測量電流表的內(nèi)阻，提供的實驗器材有：A.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）；B.電流表（量程為，內(nèi)阻約為）；C.定值電阻（阻值為）；D.定值電阻（阻值為）；E.滑動變阻器R；F.一節(jié)新的干電池E；G.開關(guān)S及導(dǎo)線若干。（1）圖甲中的電阻應(yīng)選用______（填“C”或“D”）。（2）根據(jù)圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，補充完成圖乙中實物間的連線。（）（3）正確連接線路后，閉合開關(guān)S，調(diào)節(jié)滑動變阻器的滑片，獲得多組的示數(shù)和的示數(shù)，將對應(yīng)的數(shù)據(jù)在坐標系中描點，作出圖像如圖丙所示，的內(nèi)阻為______（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。（4）給串聯(lián)一個阻值為______（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）的定值電阻，可將改裝成量程為的電壓表V。（5）用標準電壓表與V并聯(lián)進行校準。當?shù)氖緮?shù)為時，的示數(shù)為，則V的實際量程為______V（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）C（2）（3）300（4）14.7（5）15.5〖解析〗（1）[1]當電流表A1、A2滿偏時，A1并聯(lián)的電阻約為圖甲中的電阻應(yīng)選用C；（2）[2]根據(jù)圖甲，用筆畫線代替導(dǎo)線，補充完成圖乙中實物間的連線如圖所示（3）[3]根據(jù)串并聯(lián)電路特點和歐姆定律有整理得根據(jù)圖像可得代入數(shù)據(jù)解得（4）[4]將改裝成量程為的電壓表，需要串聯(lián)