2024年上海市楊思高中物理高一第二學期期末復習檢測模擬試題含解析

2024年上海市楊思高中物理高一第二學期期末復習檢測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、跳臺滑雪是利用自然山形建成的跳臺進行的滑雪運動之一，起源于挪威。運動員腳著特制的滑雪板，沿著跳臺的傾斜助滑道下滑，借助下滑速度和彈跳力，使身體躍入空中，在空中飛行約4-5秒鐘后，落在山坡上。某滑雪運動員（可視為質點）由坡道進入豎直面內的圓弧形滑道AB，從滑道的A點滑行到最低點B的過程中，由于摩擦力的存在，運動員的速率不變，則運動員沿AB下滑過程中()A．所受合外力始終為零 B．所受摩擦力大小不變C．合外力做功一定為零 D．機械能始終保持不變2、(本題9分)如圖所示,細線連接小球,與豎直方向的夾角為,與輕質彈簧相連,水平,小球靜止．不計空氣阻力．則（）A．在剪斷線后的一小段時間內,小球的加速度B．在剪斷線后的一小段時間內,小球的加速度C．剪斷線后的一小段時間內,小球先豎直向下做直線運動,然后做曲線運動D．剪斷線后,小球從O點至A點正下方的運動過程中,小球的機械能先增加后減少3、(本題9分)不同的地球同步衛(wèi)星，下列哪個物理量可能不同A．線速度大小 B．向心力大小 C．軌道半徑 D．加速度大小4、(本題9分)如圖所示，懸掛在天花板上的擺球在空氣中擺動，擺幅越來越?。當[球在擺動過程中（）A．機械能守恒B．機械能逐漸減少C．重力勢能保持不變D．動能全部轉化為重力勢能5、(本題9分)水平恒力作用于原來靜止的物體上，使其分別沿粗糙水平面和光滑水平面移動一段相同距離，則水平恒力做的功和功率、和、相比較，正確的是（）A．， B．，C．， D．，6、(本題9分)某物體沿一直線運動，其v－t圖象如圖所示，下列說法中正確的是()A．第1s內和第2s內物體的速度方向相反B．第1s內和第2s內物體的加速度方向相反C．第2s末物體的速度和加速度都為零D．第4s內物體的速度方向和加速度方向相同7、(本題9分)下列物體中，機械能守恒的是()A．做平拋運動的物體B．被勻速吊起的集裝箱C．光滑曲面上自由運動的物體D．物體以458、(本題9分)在同一高度將質量相等的三個小球以大小相同的速度分別豎直上拋、豎直下拋、水平拋出，不計空氣阻力．則三個小球從拋出到落地過程中：A．運動時間相同B．運動中的加速度相同C．落地時重力的功率相同D．落地時的動能相同9、(本題9分)某同學按如圖所示的電路進行實驗，電壓表內阻看做無限大。實驗過程中，由于電路發(fā)生故障，發(fā)現兩電壓表示數相同，若這種情況的發(fā)生是由某一用電器引起的，則可能的故障原因是（）A．斷開 B．短路 C．短路 D．短路10、(本題9分)當船速大于水速時，下列關于渡船的說法中正確的是A．船頭方向斜向上游，渡河時間最短 B．船頭方向垂直河岸，渡河時間最短C．當水速度變化時，渡河的最短時間不變 D．當水速度變大時，渡河的最短時間變長11、(本題9分)P點為已知電場中的一固定點，在P點放一個電荷量為+q的點電荷，所受電場力為F，P點的場強為E，則（）A．若在P點換上電荷量為-q的點電荷，P點的場強方向將發(fā)生變化B．若在P點換上電荷量為+2q的點電荷，該電荷在P點受到的力為2FC．若將P點的點電荷移去，P點的場強變?yōu)榱鉊．P點場強的大小、方向與放在該處的點電荷的大小、正負、有無均無關12、小車在水平直軌道上由靜止開始運動，全過程運動的v-t圖像如圖所示，除2s-10s時間段內圖象為曲線外，其余時間段圖象均為直線。已知在小車運動的過程中，2s～14s時間段內小車的功率保持不變，在14s末關閉發(fā)動機，讓小車自由滑行.小車的質量為2kg，受到的阻力大小不變.則A．小車受到的阻力為1.5NB．小車額定功率為18WC．ls末小車發(fā)動機的輸出功率為9WD．小車在變加速運動過程中位移為39m二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)利用如圖所示的裝置可驗證機械能守恒定律：用輕質細繩的一端與一個質量為m（已知）的小球相連，另一端系在力傳感器的掛鉤上，整個裝置位于豎直面內，將細繩拉離豎直方向一定角度，將小球由靜止釋放，與傳感器相連的計算機記錄的繩的拉力F隨時間t變化的圖線如圖所示，讀出圖中A點的值為F1，圖中B點的值為F2。（1）要利用小球從A到B的運動過程驗證機械能守恒定律只需要再測量一個量的數值，這個量是___________________；（2）小球從A到B的過程中，重力勢能改變量的大小為_______________；動能改變量的大小為_____________（請用“F1”、“F2”、重力加速度g及第（1）問中需要再測量的那個量的符號表示）。14、（10分）用如圖所示裝置探究碰撞中的不變量，氣墊導軌水平放置，擋光板寬度為d，兩滑塊被彈簧(圖中未畫出)彈開后，左側滑塊通過左側光電計時器，記錄時間為Δt1，右側滑塊通過右側光電計時器，記錄時間為Δt2.左側滑塊質量為m1，左側滑塊的速度大小________.右側滑塊質量為m2，右側滑塊的質量和速度大小的乘積________。若規(guī)定向左為正，彈開后兩滑塊質量與速度的乘積的矢量和表達式為____________(用題中物理量表示)三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)質量均為m的兩個木塊P和Q疊放在水平地面上，P、Q接觸面的傾角為θ。如圖所示，現在Q上加一水平推力F，使P、Q保持相對靜止一起向左做勻加速直線運動，下列說法不正確的是A．P、Q之間可能光滑B．P木塊所受合力方向水平向左C．Q與地面間的動摩擦因數μ=D．若突然撒去F后，P、Q一定保持相對靜止16、（12分）我國自行研制、具有完全自主知識產權的新一代大型噴氣式客機C919首飛成功后，拉開了全面試驗試飛的新征程，假設飛機在水平跑道上的滑跑是初速度為零的勻加速直線運動，當位移x=1.6×103m時才能達到起飛所要求的速度v=80m/s。已知飛機質量m=7.0×104kg，滑跑時受到的阻力為自身重力的0.1倍，重力加速度取g=10?（1）飛機滑跑過程中加速度a的大小；（2）飛機滑跑過程中牽引力的平均功率P。17、（12分）(本題9分)滑雪表演中的運動員從壕溝的一側沿水平方向飛越到另一側，壕溝的寬度及兩側的高度如圖所示，不計空氣阻力，取，求：(1)滑雪者初速度至少應為多大才能安全飛越壕溝？(2)如果測得滑雪者飛越壕溝的實際水平距離為，其落地時的速度v是多大？

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

運動員做曲線運動，合力方向與速度不共線；運動員所受的摩擦力等于重力沿曲面向下的分量；根據動能定理可知合外力做功；運動員的動能不變，勢能減小，則機械能減小.【詳解】運動員做曲線運動，合力方向與速度不共線，所受的合力不為零，選項A錯誤；運動員所受的摩擦力等于重力沿曲面向下的分量，可知運動員沿AB下滑過程中，摩擦力減小，選項B錯誤；根據動能定理可知，動能的變化量為零，可知合外力做功一定為零，選項C正確；運動員的動能不變，勢能減小，則機械能減小，選項D錯誤；故選C.2、D【解析】對O點進行受力分析，如圖所示：根據平衡條件可以得到：，可以得到：，A、當在剪斷線后的瞬間，立刻消失，則小球只受到重力和繩OB的拉力，二者的合力產生加速度，根據牛頓第二定律可以得到：，故剪斷線后的瞬間，小球的加速度為：，故選項AB錯誤；C、剪斷線瞬間，立刻消失，但是由于彈簧彈力在作用，拉力瞬間沒有消失，小球在與重力作用小沿二者合力方向運動，即小球先二者合力方向（斜向左下方）運動，然后在做曲線運動，故選項C錯誤；D、剪斷線后，小球先在與重力的合力作用下向斜向左下方運動，此時二者的合力做正功，小球的機械能增加，然后做曲線運動，彈簧再次被拉長，彈性勢能增加，則小球的機械能減小，即小球的機械能先增加后減小，故選項D正確．點睛：本題關鍵是對物體受力分析，求出各個力，撤去一個力后，先求出合力，再求加速度，注意彈簧的彈力不會發(fā)生突變，然后從外力做功與機械能變化的關系思考．3、B【解析】

AC.同步衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，則有，同步衛(wèi)星的周期與地球自轉周期相同，所以各個同步衛(wèi)星軌道半徑相同，線速度，所以所有地球同步衛(wèi)星線速度大小相同，故AC不符合題意；BD.向心加速度，所以加速度大小相同，但質量不知，因此向心力大小不一定相同，故D不符合題意，B符合題意；4、B【解析】A、B、根據題意知，擺球的振幅不斷減小，說明擺球在擺動過程中，除重力做功外還有阻力對擺球做負功，所以擺球的機械能應減少，故A錯誤、B正確．C、擺球地擺動過程中，高度不斷變化，所以其重力勢能不斷改變，故C錯誤．D、擺球地擺動過程中，阻力始終做負功，所以在上升過程中，動能轉化為重力勢能和內能；下落過程中，重力勢能轉化為動能和內能，故D錯誤；故選B．【點睛】應明確機械能守恒的條件是只有重力做功，若除重力以外其它力做功則機械能會發(fā)生變化．若有阻力做功，就會產生內能，但能量是守恒的．5、C【解析】

根據功的計算公式知，水平恒力不變，移動的距離相同，可知在兩種情況下恒力做功相同，即有根據牛頓第二定律得在粗糙水平面上的加速度較小，根據知在粗糙水平面上的運動時間較長，由知故A、B、D錯誤，C正確；故選C。6、B【解析】

由題給v-t圖可知，0-1s正向加速，加速度與速度同向，1-2s正向減速，加速度與速度反向，2s末速度為0，但加速度不為0，2s-3s時反向加速，加速度與速度同向，3s-4s反向減速，加速度與速度反向，故B正確，ACD錯誤．7、AC【解析】

物體機械能守恒的條件是只有重力或者是彈簧的彈力做功，根據機械能守恒的條件逐個分析物體的受力的情況，即可判斷物體是否是機械能守恒?！驹斀狻緼項：平拋運動的物體只受到重力的作用，所以機械能守恒，故A正確；B項：被勻速吊起的集裝箱，動能不變，重力勢能增大；故機械能增大，故機械能不守恒，故B錯誤；C項：物體沿光滑曲面上自由下滑，曲面的支持力不做功，只有重力做功，物體的機械能守恒，故C正確；D項：物體以a=4故應選AC?！军c睛】本題是對機械能守恒條件的直接考查，分析物體的受力情況，判斷做功情況是關鍵。8、BD【解析】試題分析：小球沿著不同的方向拋出，都只有重力做功，機械能守恒，故可得到落地時動能相等，但方向不同；根據瞬時功率表達式P=Fvcosθ判斷瞬時功率的大小．解：A、落地的時間不同，豎直上拋時間最長，豎直下拋時間最短，故A錯誤；BD、小球運動過程中，機械能守恒，初動能相等，根據機械能守恒定律知，落地的動能相等，但是速度方向不同，故B正確，D錯誤．C、落地時速度相等，但方向不同，根據P=Gvcosθ可知，重力的瞬時功率不等，故C錯誤．故選：B．9、AB【解析】

由圖可知R1與R2、R3串聯，電壓表V1測R2和R3的電壓；V2測R2兩端的電壓；若兩電壓表示數變成相同，則可能是兩電表接在了等電勢的兩端，故可能是R2開路或者R3短路；故AB正確CD錯誤。故選AB。10、BC【解析】當靜水速（船頭指向）與河岸垂直，在垂直于河岸方向上的速度最大，則渡河時間最短，當水流速度增大，不影響垂直于河岸方向上的分速度，則渡河時間不變．故BC正確，AD錯誤．故選BC．點睛：解決本題的關鍵知道分運動與合運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾．11、BD【解析】

電場強度的定義式為E=FA.若在P點換上電荷量為-q的點電荷，A點的場強方向將不發(fā)生變化，選項A不符合題意；B.根據F=Eq可知，若在P點換上電荷量為+2q的點電荷，該電荷在A點受到的力為2F，選項B符合題意；C.若將P點的點電荷移去，A點的場強仍不變，選項C不符合題意；D.P點場強的大小、方向與放在該處的點電荷的大小、正負、有無均無關，選項D符合題意。12、BCD【解析】

A.勻減速運動階段的加速度大小為：，根據牛頓第二定律得：f=ma=3N；故A錯誤.B.勻速運動階段，牽引力等于阻力，則有：P=Fv=3×6W=18W．故B正確.C.勻加速運動階段的加速度大小為：，根據牛頓第二定律得：F-f=ma，解得：F=6N.1s末的速度為：v1=a1t1=l.5m/s，則1s末小車發(fā)動機的輸出功率為：P=Fv1=9W，故C正確；D.對2s～10s的過程運用動能定理得：，代入數據得解得：s1=39m，故D正確.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（1）懸點到球心的距離L（2）【解析】

解：(1)(2)小球在最低點時，繩子的拉力最大，則由牛頓第二定律可得，解得，小球從到的過程中，動能改變量的大小為；小球在最高點時，繩子的拉力最小，則有，即，小球擺到最高點時與最低點的高度差，小球從到的過程中，重力勢能改變量的大小為；若小球從到的運動過程機械能守恒定律則有，驗證機械能守恒定律成立的表達式為，由于小球的質量已知，和通過力傳感器可以讀出，所以要利用小球從到的運動過程驗證機械能守恒定律只需要再測量一個量的數值，這個量是懸點到球心的距離。14、【解析】

第一空.左側滑塊的速度大??；第二空.右側滑塊的速度大小；則右側滑塊的質量和速度大小的乘積；第三空.若規(guī)定向左為正，彈開后兩滑塊質量與速度的乘積的矢量和表達式為.三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、CD【解析】

A.若P、Q之間光滑，對P受力分析，在水平方向上，由牛頓第二定律可知：mgtanθ=ma，故：a=gtanθ，所以當整體的加速度a=g