2021-2022學年遼寧省沈陽市郊聯(lián)體高一（上）月考物理試卷（10月份）（附詳解）

2021-2022學年遼寧省沈陽市郊聯(lián)體局一（上）月考物理

試卷（10月份）

一、單選題（本大題共16小題，共66.0分）

1.有一個直流電動機，把它接入0.2V電壓的電路中電機不轉(zhuǎn)，測得流過電動機的電流

是0.44；若把電動機接入2.0U電壓的電路中，正常工作時的電流是1.04此時，電

動機的輸出功率是P出；如果在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，電動機的發(fā)

熱功率是P熟，則（）

A.P出=加，P熟=03〃B.Pa=1.5W,P點=8"

C.P出=2W,P熱=8WD.P^=1.5W,P熱=05/

2.如圖所示，一絕緣光滑半圓環(huán)軌道放在豎直向下的勻

強電場中，電場強度大小為E。在與環(huán)心等高處放有

一質(zhì)量為m、帶電荷量+q的小球，由靜止開始沿軌道

運動，下述說法正確的是（）

A.小球在運動過程中機械能守恒

B.小球經(jīng)過環(huán)的最低點時機械能最大

C.小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力為2（mg+qE）

D.小球經(jīng)過環(huán)的最低點時對軌道壓力為（mg+qE）

3.一個物塊放置在粗糙的水平地面上，受到的水平拉力F隨時間t變化的關系如圖甲所

示，速度"隨時間t變化的關系如圖乙所示，g=10m/s2,則由圖中信息可判定（）

Av/(m-s-)

甲乙

A.0?2s內(nèi)物塊所受摩擦力號=8N

B.物塊的質(zhì)量為4kg

C.物塊在前6s內(nèi)的平均速度為3m/s

D.物塊與水平地面間的動摩擦因數(shù)〃=0.4

如圖所示，人造衛(wèi)星以速度％在圓軌道I上做勻速

圓周運動，當其運動到P點時點火加速，使其速度瞬

間增加到方。隨后衛(wèi)星在橢圓軌道n上運動，到達Q"

*V|）”

點的速度大小為內(nèi)。以下說法正確的是（）

A.衛(wèi)星的速度大小關系為。2>%>%

B.衛(wèi)星在軌道n上經(jīng)過P點的加速度大于軌道I上P點的加速度

C.衛(wèi)星在軌道n上的運行周期小于在軌道I上的周期

D.衛(wèi)星在軌道n上經(jīng)過p點的加速度大于經(jīng)過Q點的加速度

5.美國“肯尼迪號”航空母艦上有幫助飛機起飛的彈射系統(tǒng)，己知“F-A15”型戰(zhàn)

斗機在跑道上加速時產(chǎn)生的加速度為4.5m/s2,起飛速度為50m/s,若該飛機滑行

100m時起飛，則彈射系統(tǒng)必須使飛機具有的初速度為（）

A.30m/sB.40m/sC.20m/sD.lOm/s

6.如圖所示，有三個質(zhì)量相等的分別帶正電、負電和不帶7—|一0

電的粒子從兩水平放置的金屬板左側(cè)中央以相同的水P

平初速度先先后射入電場中，最后在正極板上打出48、.、、、、、、

\\\

c三個點，貝M）I_1v

+++++++

A.三種粒子在電場中運動時間相同ABC

B.三種粒子到達正極板時速度相同

C.三種粒子到達正極板時落在4、C處的粒子機械能增大，落在B處粒子機械能不

變

D.落在C處的粒子帶正電，落在B處的粒子不帶電，落在4處的粒子帶負電

7.如圖所示，將一質(zhì)量為小、電荷量為q（q>0）的帶電小球從勻強電場1

中的。點自由釋放，其運動軌跡為豎直面內(nèi)的一條直線，直線與豎直0\

方向的夾角為。，重力加速度大小為g。下列說法正確的是（）\

A.勻強電場的電場強度大小一定為若竺、

B.勻強電場的電場強度最大值為若”

C.勻強電場的電場強度最小值為歿吧

第2頁，共32頁

D.勻強電場的電場強度大小不可能為詈

8.據(jù)報道：“新冠”疫情期間，湖南一民警自費買藥，利用無人機空投藥品，將藥品

送到了隔離人員手中。假設無人機在離地面高度為10m處懸停后將藥品靜止釋放,

藥品勻加速豎直下落了2s后落地，若藥品質(zhì)量為1kg,重力加速度g=10m/s2,則

藥品從釋放到剛接觸地面的過程中（）

A.動能增力口了32/B.機械能減少了50/

c.重力勢能增加了io。/D.機械能守恒

9.一人晨練，按圖所示走半徑為R的中國古代八卦圖,4

中央S部分是兩個直徑為R的半圓，BD、C4分別為西

東、南北指向.他從4點出發(fā)沿曲線4BC04DC行進,

則當他到。點時，他的路程和位移大小及位移的方向

分別為（）

A.2nRy/2R向西南C

B.4兀/?2R向東南

C.3兀/?/?向西北

D.V2/?向東南

10.如圖所示，折線表示物體甲從4地向B地運動的x-t圖

象，直線表示物體乙從B地向4地運動的x-t圖象，則

下列說法正確的是（）

A.在2?6s內(nèi)，甲做勻速直線運動

B.乙做勻速直線運動，其速度大小為5rn/s

C.從計時開始至甲、乙相遇的過程中，乙的位移大小為60m

D.在t=8s時，甲、乙兩物體的速度大小相等

11.?汽車在平直公路上15m/s的速度做勻速直線運動，當發(fā)現(xiàn)前方發(fā)生事故時3M/S2

的加速度緊急剎車，停在發(fā)生事故位置前，那么剎車過程中前2s內(nèi)的位移與最后2s

的位移的比值為（）

A.-B.4C.-D.3

42

12.某商場內(nèi)的觀光電梯，在一樓由靜止開始向上做勻加速直線運動，1s后改做勻速運

動，持續(xù)2s,上升10m,最后做加速度為5m/s2的勻減速運動，正好停在頂層，頂

層最可能是幾層（）

A.5B.4C.3

13.如圖是我國自行研制的“梟龍”號戰(zhàn)機04號在空軍

某地成功試飛照片，假設該飛機起飛前從靜止開始

做勻加速直線運動，達到起飛速度。所需的時間為t,

則起飛前的運動距離為（）

A.vtB.yC.2vt

14.下列各組物理量中，都是矢量的是（）

A.位移、時間、速度B.路程、速率、位移

C.加速度、速度的變化量、速度D.速度、時間、加速度

15.汽車在水平面上剎車，其位移與時間的關系是x=24t-6t2,則它在前3s內(nèi)的平均

速度為（）

A.6m/sB.8m/sC.10m/sD.12m/s

16.在中國海軍護航編隊“巢湖”艦、“千島湖”艦護送下，“河北錦銹”、“銀河”

等13艘貨輪歷時36小時順利抵達亞丁灣西部預定海域。此次護航總航程4500海里,

已知1海里=1852米。假設所有船只運動速度都相同，則下列說法正確的是（）

A.研究艦隊的行駛路程時，不可將“千島湖”艦看作質(zhì)點

B.以“千島湖”艦為參考系，“巢湖”艦可能是運動的

C.根據(jù)本題給出的條件可以求出護航編隊此次航行過程中的平均速率

D.根據(jù)本題給出的條件可以求出護航編隊此次航行過程中的平均速度

二、多選題（本大題共6小題，共28.0分）

17.水平拋出的物體，不計空氣阻力，則（）

A.在相等時間內(nèi)，動量的變化相同

B.在任何時間內(nèi)，動量的變化方向都在豎直方向

第4頁，共32頁

C.在任何時間內(nèi)，動量對時間的變化率相同

D.在剛拋出的瞬間，動量對時間的變化率為零

18.如圖所示為某建筑工地的傳送裝置，傳送帶傾斜地固定在水平面上，以恒定的速率

%=2rn/s逆時針轉(zhuǎn)動，質(zhì)量m=1kg的工件無初速地放在傳送帶的頂端P,經(jīng)時

間口=0.2s工件的速度達到2m/s,此后再經(jīng)過I?=1.0s的時間，工件運動到傳動

帶的底端Q,且到底端時的速度為》=4m/s（重力加速度g取lOm/s?,cos37。=0.8,

s譏37。=0.6）,則下列說法正確的是（）

A.傳送帶的長度為久=2.4m

B.傳送帶與水平面的傾角為。=37°

C.工件由P運動到Q的過程中，傳送帶對工件所做的功為勿=-11.2/

D.工件由P運動到Q的過程中，因摩擦而產(chǎn)生的熱量為Q=4.8/

19.如圖甲所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從

彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被

彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復。通過安裝在彈簧下端的壓力

傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t變化的圖象如圖乙如示，則（）

A.匕時刻小球速度最大

B.tz?J這段時間內(nèi)，小球的速度一直增加

C.h?t2這段時間內(nèi)，小球的速度先增大后減小

D.ti-t2?t3全過程小球經(jīng)歷了先失重再超重最后又失重的三個過程

20.如圖所示為a、b兩個質(zhì)點運動的位移一時間（x-t）圖象，下列

說法正確的是（）

A.a做直線運動，b做曲線運動

B.0?ti時間內(nèi)某一時刻，a、b的速度相同

C.0?t2時間內(nèi)，b運動的位移相同

D.12時刻以后，a運動得越來越慢，b運動得越來越快

21.t=0時，甲、乙兩汽車從相距70km的兩地開始相向行駛，它們的v-t圖象如圖所

示。忽略汽車掉頭所需時間。下列對汽車運動狀況的描述正確的是（）

B.在前4%內(nèi)，乙車運動加速度的大小總比甲車的大

C.在第2九末，甲、乙兩車相距10km

D.在第4/i末，甲、乙兩車相遇

22.某物體沿直線運動，其t圖像如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.物體8s內(nèi)做往返直線運動

B.6?8s內(nèi)速度方向與加速度方向相同，物體做加速運動

C.物體在4s末和6秒末經(jīng)過同一位置

D.物體在8s內(nèi)的位移為247n

三、實驗題（本大題共4小題，共37.0分）

23.某物理興趣小組要描繪一個標有“4V、2.0W"的小燈泡L的伏安特性曲線，要求燈

泡兩端的電壓由零逐漸增大，且盡量減小實驗誤差?？晒┻x用的器材除導線、開關

外，還有以下器材：

A.直流電源4.5V（內(nèi)阻不計）

8.直流電流表0?600mA（內(nèi)阻約為50）

C.直流電壓表0?3V（內(nèi)阻等于6k。）

/）.滑動變阻器0?100,額定電流24

第6頁，共32頁

E.三個定值電阻(Ri=lkn,R2=2kQ,R3=5k。)

(1)小組同學們研究后發(fā)現(xiàn)，電壓表的量程不能滿足實驗要求，為了完成測量，他

將電壓表進行了改裝，在給定的定值電阻中選用(選填"RJ"/?2”或

“/?3”)與電壓表串聯(lián)，完成改裝。

(2)實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在0?4U的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原

理圖。

(3)實驗測得小燈泡伏安特性曲線如圖a所示，可確定小燈泡的功率P與C/2和/與〃

的關系，下列示意圖中合理的是(U和/分別為燈泡兩端的電壓和流過燈泡的

電流)。

(4)若將兩個完全相同規(guī)格的小燈泡L按如圖b所示電路連接，電源電動勢E=6V,

內(nèi)阻r=20,欲使滑動變阻器R的功率是小燈泡的兩倍，此時每個小燈泡消耗的電

功率為W,此時滑動變阻器接入電路的電阻0(結(jié)果均保留2位小數(shù))。

24.在使用10分度游標卡尺和螺旋測微器測量某一工件的長度和厚度時，兩儀器上的示

數(shù)如圖(a)、(b)所示.則測量儀器的讀數(shù)分別為(a)cm.(6)mm.

25.利用如圖所示的裝置可探究氣墊導軌上物塊的運動情況。細線平行于桌面，遮光片

的寬度為d,讓物塊從光電門4的左側(cè)由靜止釋放，先后通過兩個光電門4、B,配

套的數(shù)字毫秒計（未畫出）記錄了遮光板通過第一個光電門A的時間為a1，用遮光片

（2）遮光片通過光電門的平均速度（填“大于”“等于”或“小于”）遮光片

豎直中線通過光電門的瞬時速度。

26.某同學做“探究小車速度隨時間變化規(guī)律”的實驗裝置如圖所示。一小車放在水平

長木板上，左側(cè)拴有一細軟線，跨過固定在木板邊緣的滑輪與一重物相連，小車右

側(cè)與穿過電火花計時器的紙帶相連，在重物牽引下，小車在木板上向左運動。電火

花計時器所用的交流電頻率為50Hz。

（1）實驗中，除電火花計時器（含紙帶、墨粉紙）、小車、長木板、導線、細線及開

關外，在下面的儀器和器材中，必須使用的有（填選項代號）。

A.電壓為8V左右的交流電源

8.電壓為220V的交流電源

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C.刻度尺

D秒表

E.天平

F.重錘

(2)該同學進行了以下實驗操作步驟，其中錯誤的步驟是。

A.將打點計時器固定在長木板有滑輪一端，并接好電路

B.將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔

C把一條細繩拴在小車上，細繩跨過定滑輪，下面吊著重錘

D拉住紙帶，將小車移到靠近打點計時器的一端后，放開紙帶，再接通電源

(3)實驗時，記錄小車運動情況的一條紙帶如圖甲所示。圖中4、B、C、D、E為相

鄰的計數(shù)點，相鄰的兩計數(shù)點間還有4個點沒畫出。

①相鄰的計數(shù)點間的時間間隔為s；

②試計算B、C、。各點的瞬時速度：vB=m/s,vc=m/s,

vD~m/s；

③在圖乙所示坐標系中，作出小車的u-t圖象，并根據(jù)圖象求出小車的加速度

a=m/s2.(②③中結(jié)果均保留三位有效數(shù)字)

四、簡答題(本大題共1小題，共10.0分)

27.物體以4m/s的速度滑上光滑的斜面做勻變速直線運

動，途經(jīng)4、B兩點，在4點時的速度是B點時的2倍，

由B點再經(jīng)過0.5s滑到斜面的頂點C,速度變?yōu)?,如

圖所示。4、B相距0.75m,試求:

(1)斜面長度

(2)物體由底端?；紹時所用的時間？

五、計算題（本大題共5小題，共59.0分）

28.如圖所示，傾角8=37。的光滑固定斜面上放有4、B、C三個質(zhì)量均為?n=0.5kg的

物塊（均可視為質(zhì)點），4固定，C與斜面底端處的擋板接觸，B與C通過輕彈簧相連

且均處于靜止狀態(tài)，A、B間的距離d=3m,現(xiàn)釋放4一段時間后A與B發(fā)生碰撞，

4、B碰撞為彈性碰撞，碰撞后立即撒去4,取g=10m/s2,sin37°-0.6,cos37°—

0.8o

（I）求4與B碰撞前瞬間a的速度大小火；

（2）若B沿斜面向下運動到速度為零時（此時B與C未接觸，彈簧仍在彈性限度內(nèi)）,

彈簧的彈性勢能增量0=10.87,求8沿斜面向下運動的最大距離x；

（3）若C剛好要離開擋板時，B的動能a=8.7/,求彈簧的勁度系數(shù)k.

29.2020年疫情期間,一則“外賣小哥用無人機送外賣”

的新聞傳遍了整個網(wǎng)絡，目前無人機得到了廣泛的應

用，餓了么已經(jīng)將送餐無人機投入試運營。如圖所示

為送餐無人機，它是一種能夠垂直起降的小型遙控飛

行器，無人機（包括外賣）的質(zhì)量為m=2kg,若無人機在地面上由靜止開始以最大

升力豎直向上起飛，經(jīng)時間t=4s時離地面的高度為h=48m,己知無人機動力系

統(tǒng)所能提供的最大升力為36N,假設無人機（包括外賣）運動過程中所受空氣阻力的

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大小恒定，g取lOm/s2,求：

(1)無人機(包括外賣)運動過程中所受空氣阻力的大小。

(2)當無人機懸停在距離地面高度九=45nl處時，無人機由于信號故障突然失去全

部升力，由靜止開始豎直墜落，若無人機到達地面時速度剛好減為0,剛開始下落

后經(jīng)多長時間需要立刻恢復最大升力？

30.如圖所示的電路中，兩平行金屬板豎直放置構(gòu)成電容器，

兩板間的距離d=20cm。電源電動勢E=10V,內(nèi)電阻r=

IP,電阻Ro=40,滑動變阻器接入電路的阻值R=50。

閉合開關S,待電路穩(wěn)定后，質(zhì)量m=0.1kg的帶正電小球

用絕緣細線懸掛于兩金屬板間，小球靜止時，絕緣細線與

豎直方向間的夾角0=37。，g=10m/s2,sin370=0.6,

cos37°=0.8o求:

(1)電容器兩板間的電壓;

(2)小球所帶電荷量。

31.自2014年12月份始，我國已有14個省市電子不停車收費系統(tǒng)(簡稱ETC)正式聯(lián)網(wǎng)運

行，這一系統(tǒng)極大地方便了司機和收費工作人員.假設汽車以15m/s的速度朝收費站

勻速駛來，為了便于ETC系統(tǒng)完成自動甄別、記錄和收費工作，汽車需要在車頭距

ETC收費系統(tǒng)中心線前157n處正好減速至5m/s,然后勻速行駛，當車頭通過中心

線后再勻加速到原速行駛，若設汽車減速、加速時均做勻變速直線運動，其加速度

大小均為lm/s2,求一輛汽車通過ETC系統(tǒng)耽誤的時間是多少。

32.如圖所示為一物體沿東西方向做直線運動的x-t圖象，現(xiàn)取向東為正方向，則根據(jù)

圖象，求：

(1)物體在第2s內(nèi)和第4s內(nèi)的位移，以及物體在前5s內(nèi)的路程和位移。

(2)畫出其對應的u-t圖象。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：當電動機不轉(zhuǎn)時，電動機的內(nèi)阻為r=?=段=0.5。，

A0.4

電動機正常工作時輸出功率為P%=出辦一/介=1,5勿。

卡住后熱功率：P執(zhí)=—=—=8W

然r0.5

故選：B。

電動機不轉(zhuǎn)，由歐姆定律求出其內(nèi)阻.電動機正常工作時輸出功率等于電功率與內(nèi)部發(fā)

熱功率之差.

在電動機正常工作時，轉(zhuǎn)子突然被卡住，根據(jù)P=?求出電動機的發(fā)熱功率.

對于電動機電路，正常工作時其電路是非純電阻電路，歐姆定律不成立；當電動機被卡

住時，其電路是純電阻電路，歐姆定律成立.

2.【答案】B

【解析】解：4、小球在運動過程中，除重力外有電場力做功，機械能不守恒，故A錯

誤；

8、根據(jù)功能關系可知，小球經(jīng)過環(huán)的最低點時電場力做功最多，電勢能轉(zhuǎn)化為小球的

機械能，故小球經(jīng)過環(huán)的最低點時機械能最大，故B正確；

C。、小球做圓周運動,在最低點有尸-Eq-mg=根據(jù)動能定理有:-mgR+

EqR,聯(lián)立解得F=3(Eq+mg),故CD錯誤。

故選：B。

小球運動過程中電場力做功，機械能不守恒；根據(jù)動能定理知小球經(jīng)過環(huán)的最低點時速

度最大；根據(jù)動能定理求出小球經(jīng)過在最低點時的速度，由牛頓第二定律求出環(huán)對球的

支持力，得到球?qū)Νh(huán)的壓力。

本題是帶電體在勻強電場中做圓周運動的問題，和常規(guī)力學問題類似，由動能定理和牛

頓運動定律結(jié)合求解是常用的思路。

3.【答案】D

【解析】解：A、0?2s內(nèi)物塊處于靜止，所受的摩擦力為靜摩擦力，f=F=4M故A

錯誤；

B、物體做勻速直線運動時，滑動摩擦力/=8N,勻加速直線運動的加速度a=\m/s2=

2m/s2,

根據(jù)牛頓第二定律得，F(xiàn)-f=ma,解得TH=—=苫4。=2kg.動摩擦因數(shù)〃=卷=

盤=0.4.故8錯誤，。正確。

C、物塊在前6s內(nèi)的位移x=：X(2+4)x4m=12m,則平均速度的大小u=?=卷=

2m/s.故C錯誤。

故選：Do

通過0-2s物體處于靜止，根據(jù)共點力平衡求出摩擦力的大小.通過速度時間圖線圍成

的面積求出物體在前6s內(nèi)的位移，從而求出平均速度的大小.通過物體做勻速直線運動

求出滑動摩擦力的大小，根據(jù)勻加速直線運動，通過牛頓第二定律求出物體的質(zhì)量，從

而求出動摩擦因數(shù).

本題首先考查讀圖能力，其次要根據(jù)速度圖象分析物體的運動情況，這是解決本題的基

礎.

4.【答案】D

【解析】解：4人造衛(wèi)星以速度巧在圓軌道I上做勻速圓周運動，當其運動到P點時點

火加速，使其速度瞬間增加到為，所以巧＜功，根據(jù)開普勒第二定律可知，%＞內(nèi)，

而Q點對應圓軌道的圓周運動速度大于Q點的速度，根據(jù)

可知，內(nèi)大于Q點對應圓周運動的速度，所以%＞內(nèi),即。2＞%＞。3，故4錯誤;

B.根據(jù)牛頓第二定律

八Mm

G—=ma

可知，衛(wèi)星在軌道口上經(jīng)過P點的加速度等于軌道I上P點的加速度，故3錯誤；

第14頁，共32頁

c根據(jù)開普勒第三定律可知，衛(wèi)星在軌道n上運行的周期大于在軌道I上的周期，故C

錯誤；

。根據(jù)萬有引力定律可知，衛(wèi)星在軌道n上經(jīng)過p點受到地球的引力大于經(jīng)過Q點的引

力，根據(jù)牛頓第二定律，衛(wèi)星在軌道n上經(jīng)過p點的加速度大于經(jīng)過Q點的加速度，故

。正確。

故選：Do

衛(wèi)星變軌原理是加速做離心運動軌道增加，減速做近心運動軌道減??；衛(wèi)星在不同軌道

上的同一點加速度都是由萬有引力產(chǎn)生，根據(jù)開普勒定律分析不同軌道上的周期大小，

從近地點向遠地點運動過程中要克服引力做功，衛(wèi)星的線速度逐漸減小。

本題考查了衛(wèi)星的變軌原理，知道衛(wèi)星做勻速圓周運動時萬有引力提供做圓周運動的向

心力，衛(wèi)星通過加速做離心運動抬高軌道，或減速做近心運動降低軌道。

5.【答案】B

【解析】解：設飛機的初速度為孫，已知飛機的加速度a=4.5m/s2、位移x=100m、

末速度“=50/n/s,此題不涉及物體運動的時間，

2

則由勻變速直線運動的位移時間公式：v-=2ax

解得：v0=40m/s

故選：B

已知飛機的加速度、位移、末速度，求解飛機的初速度，此題不涉及物體運動的時間，

選用勻變速直線運動的位移時間公式便可解決.

本題是勻變速直線運動的基本公式的直接應用，屬于比較簡單的題目，解題時要學會選

擇合適的公式，這樣很多問題就會迎刃而解了.

6.【答案】。

【解析】解：4根據(jù)題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到

達下極板時，在豎直方向產(chǎn)生的位移力相等：h=1at2,解得：t=由于平行板間

有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場力，向下的合力最小，向下的加速

度最小，負電荷受到向下的電場力，向下的合力最大，向下的加速度最大，不帶電的小

球做平拋運動，加速度為重力加速度g,根據(jù)￡=后得到正電荷運動時間最長，負電荷

運動時間最短，不帶電的小球所用時間處于中間，故A錯誤；

D三粒子水平方向做勻速直線運動，水平位移：x=vot,由于初速度相同，所用時間

越長則水平位移越大，所以4粒子帶負電，B粒子不帶電，C粒子帶正電，故O正確。

BC.3種粒子下落過程有重力和電場力做功，它們的初動能相同，根據(jù)動能定理合力做

功越多則末動能越大，而重力做功相同，A粒子帶負電，電場力做正功；B粒子不帶電，

電場力不做功，C粒子帶正電電場力做負功；所以動能E"<EkB〈Ek.,故BC錯誤；

故選Do

因為上極板帶負電，所以平行板間有豎直向上的電場，正電荷在電場中受到向上的電場

力，負電荷受到向下的電場力，則不帶電的小球做平拋運動，帶負電的小球做類平拋運

動，加速度比重力加速度大，帶正電的小球做加速度比重力加速度小的類平拋運動，由

此根據(jù)平拋和類平拋運動規(guī)律求解。

7.【答案】C

【解析】解：帶電小球的運動軌跡為直線，在電場中受到重力mg和電場力F,其合力必

定沿此直線向下，根據(jù)三角形定則作出合力，

由圖看出，當電場力尸與此直線垂直時，電場力尸最小，場強最小，則有F=qEmin=

mgsind,得到

后加譏:若吃，故錯誤，C正確；

故選：C。

帶電小球在電場中受到重力和電場力，從。點自由釋放，其運動軌跡為直線，小球所受

的合力方向沿此直線方向，運用三角定則分析什么情況下場強大小最小，再求出最小值.

本題主要考查了共點力平衡的最值問題，采用作圖法分析場強取得最小值的條件，也可

以采用函數(shù)法分析電場力與。的關系，確定最小值的條件。

第16頁，共32頁

8.【答案】B

【解析】解:力、無人機在離地面高度為/i=l（hn，設藥品落地時的速度為V,則有=h,

解得：v=10m/s,故動能增加量=gm/=3x1xIO?/=50/,故4錯誤；

BCD、重力勢能減少了4Ep=?ng/i=1x10x1QJ=1001,則機械能減少4E=-

AEP=100/-50/=50/,機械能不守恒，故2正確、CZ）錯誤。

故選：Bo

由位移公式可求得藥品落地時的速度，根據(jù)動能計算公式求解動能增加量；根據(jù)重力勢

能的計算公式求解重力勢能的減少量，由此得到機械能的減小量。

本題主要是考查功能關系，關鍵是能夠分析能量的轉(zhuǎn)化情況，知道重力勢能變化與重力

做功有關、動能的變化與合力做功有關、機械能的變化與除重力或彈力以外的力做功有

關。

9.【答案】D

【解析】解：從A點出發(fā)沿曲線ABCOADC行進。當他走到。點時，路程s=7rR+27r?+

y=2.5兀/?.位移大小為x=迎2+R2=&R.方向沿東南方向，故D正確，ABC錯誤。

故選：Do

路程等于物體運動軌跡的長度，位移大小等于首末位置的距離.

解決本題的關鍵掌握路程和位移的區(qū)別，知道路程是標量，大小等于運動軌跡的長度，

位移是矢量，大小等于首末位置的距離.

10.【答案】B

【解析】解：4、據(jù)位移時間圖象的意義可知，在2s-6s內(nèi)，甲的位移不變，即甲靜止，

故A錯誤；

B、由于乙的圖象是直線，直線的斜率表示速度，所以v=嚓絲7n/s=5ni/s,故B正

O

確；

C.由圖象可知，t=8s時甲乙相遇，此過程中乙的位移大小為10（hn-60nl=40m,故

C錯誤；

/）.位移-時間圖象的斜率大小等于物體運動的速度，由圖象可知：

t=8s時，“尹=Em/s=10m/s,而乙的速度v=5m/s,二者速度大小不相等，故

。錯誤.

故選：B.

位移-時間圖象的斜率等于物體運動的速度，從位移圖上可以知道物體在任意時刻的速

度（斜率）和位置（縱坐標）.

位移圖象的特點：①位移圖象的斜率等于物體的速度；②位移圖象的縱坐標表示物體

在某時刻的位置.這是我們解題的關鍵.

11.【答案】B

【解析】解：汽車從開始剎車到停止的時間為：=詈=弓=5s

剎車過程中前的位移為：=%匕（）2

2sx1+|atf=15x24-ix-3x2=24m

反向看成是初速度為0的勻加速直線運動，最后2s的位移為反向的前2s的位移為：

11

2

x2=-=-x3x2=6m

剎車過程中前2s內(nèi)的位移與最后2s的位移的比值為：

合=胃=4,B正確，AC￡＞錯誤；

故選：Bo

根據(jù)勻變速直線運動的速度時間公式求出汽車剎車到停止所需的時間，因為汽車速度為

零后不再運動，再根據(jù)勻變速直線運動位移時間公式求剎車過程前2s的位移，根據(jù)逆向

思維，末速度為0的勻減速直線運動可以看成初速度為0的反向的勻加速直線運動，所以

求最后2s的位移即求反向的前2s的位移.

本題屬于運動學中的剎車問題，關鍵要注意汽車速度為零后不再運動,對于末速度為。的

勻減速直線可以采用逆向思維處理.

12.【答案】D

【解析】解：勻速直線運動的速度為：

v=/7n/s=5m/s,

則勻加速直線運動的位移為:

第18頁，共32頁

V5YrL

ITTI

X1i=_2ti1=_2x—2.5m,

勻減速直線運動的位移為：

x=-=—m—2.5m.

/22a2X5

則上升的總高度為：

x=xx+x2+x3=2.5+10+2.5m=15m,

每層樓的高度大約3m,根據(jù)ri=y+l=6可知頂層可能是6層。

故選：Do

根據(jù)勻速直線運動的位移和時間求出勻速運動的速度，從而得出勻加速運動的末速度和

勻減速直線運動的初速度，結(jié)合平均速度推論求出勻加速運動的位移，根據(jù)速度位移公

式求出勻減速直線運動的位移，從而得出總高度.

解決本題的關鍵掌握勻變速直線運動的運動學公式和推論，并能靈活運用，有時運用推

論求解會使問題更加簡捷.

13.【答案】B

【解析】解：整個過程中飛機做勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律可得，

全程的平均速度為5=空=：

所以總的位移為

故AC。錯誤，B正確；

故選：B。

飛機的初速度為0,末速度為小整個過程都是做的勻加速直線運動，根據(jù)勻變速直線運

動的規(guī)律7=空可以求得全程的平均速度的大小，進而可以求得總的位移的大小.

在解題時要注意規(guī)律的應用，準確的應用規(guī)律不但可以節(jié)省時間，還可以提高做題的準

確性.

14.【答案】C

【解析】解：4、位移和速度都既有大小又有方向，相加時遵循平行四邊形定則，是矢

量，而時間只有大小沒有方向，相加時遵循代數(shù)法則，是標量，故A錯誤；

3、位移既有大小又有方向，相加都遵循平行四邊形定則，是矢量，而路程、速率只有

大小沒有方向，相加時遵循代數(shù)法則，是標量，故B錯誤；

C、加速度、速度的變化量和速度都是既有大小又有方向的物理量，相加都遵循平行四

邊形定則，是矢量，故C正確；

。、速度和加速度是矢量，時間是標量，故。錯誤。

故選：Co

既有大小又有方向，相加時遵循平行四邊形定則的物理量是矢量，如力、速度、加速度、

位移、動量等都是矢量；只有大小，沒有方向，相加時遵循代數(shù)法則的物理量是標量,

如路程、時間、質(zhì)量、平均速率等都是標量。

本題要掌握矢量與標量的區(qū)別：一是矢量有方向，標量沒有方向；二是運算法則不同,

矢量運算遵守平行四邊形定則，標量運算遵守代數(shù)加減法則。

15.【答案】B

【解析】

【分析】

根據(jù)勻變速直線運動的位移時間公式求出汽車的初速度和加速度，結(jié)合速度時間公式求

出汽車剎車到停止的時間，從而得出汽車在前3s內(nèi)的位移，求出平均速度.

本題考查運動學中的剎車問題，是道易錯題，知道汽車速度減為零后不再運動.

【解答】

解：根據(jù)x="ot+/at?=24t-6t2得，汽車的初速度%=24m/s,加速度a=

—12m/s2,

則汽車剎車速度減為零所需的時間t=上曳=Ws=2s<3s。

a—12

則3s內(nèi)的位移x=巴*=二土巾=24m。

2a-24

平均速度方=；=§m/s=8ni/s.故8正確，力、C、￡>錯誤。

故選：B。

16.【答案】C

【解析】解：力、本題中路程長度遠遠大于“千島湖”艦的尺寸，在研究其行駛路程時

不需要考慮艦的形狀和大小，所以研究艦隊的行駛路程時可將“千島湖”艦看作質(zhì)點,

故A錯誤；

8、已知“千島湖”艦與“巢湖”艦速度相同，則以“千島湖”艦為參照物，“巢湖”

第20頁，共32頁

艦是靜止，故B錯誤；

CD、“4500海里”是護航艦艇走過的軌跡長度，因此為路程不是位移，平均速度為位

移和時間的比值，由于不知運動位移的大小，不能求出此次航行的平均速度，平均速率

為路程和時間的比值，可以計算平均速率，故C正確，。錯誤；

故選：Co

運動是絕對的，靜止是相對的，根據(jù)物體與所選參考系的位置變化判斷物體的運動狀態(tài);

當物體的大小對所研究的問題不存在影響時，可將物體看作質(zhì)點；

平均速度是位移與時間的比值，平均速率是路程與時間的比值。

本題考查了描述運動的一些基本概念，對于這些概念一定要深入理解其定義，尤其是加

強理解位移、平均速度等矢量概念的含義，注意平均速度與平均速率的區(qū)別，及看成質(zhì)

點的條件。

17.【答案】ABC

【解析】解：力、因物體在空中只受重力，故重力的沖量應等于動量的變化；故在任何

相等時間內(nèi)，動量的變化都相同的；故A、C正確；

以因重力的沖量豎直向下，故動量的變化也是豎直向下的，故8正確；

。、在拋出瞬間，雖然速度小，但重力已有沖量，故動量的變化率不為零，故。錯誤;

故選：ABC.

本題考查動量定理的使用，求出重力沖量根據(jù)動量定理可求出動量的變化

本題考查動量定理的應用，注意動量的變化等于合外力的沖量.

18.【答案】BCD

【解析】解：AB,工件先在傳送帶上做勻加速直線運動，達到共同速度后，工件向下

做加速運動，在G=0.2s時間內(nèi)，由牛頓第二定律可得：mgsind+fimgcosd=max

22

其中：=^=m/s=10m/s；xx=ytx=X0.2m=0.2m

在t2=1.0s時間內(nèi)，由牛頓第二定律可得：mgsind-[imgcosd=ma2

其中，a2=北==2m/s2；x2-12—XIm—3m

所以傳送帶的長度為：L=Xj+x2=0.2m+3m=3.2m

同時聯(lián)立以上各式可解得：〃=0.5；cosO=0.8,則0=37。，故4錯誤，B正確;

C、由題意可知，f=nmgcosd=0.5x1xIONx0.8N=4/V

在&=0.2s時間內(nèi)，摩擦力做正功，則有叼1=/%=4x0.2/=0.8/

在t2=IQs時間內(nèi)，摩擦力做負功，則有必2=-/亞=-4X3/=-12)

故總功為：W=Wfl+Wf2=0.87-12/=-11.27,故C正確；

D、在t]=0.2s時間內(nèi)，有Ax】=%ti—=2x0.2m—0.2m=0.2m

在J=1.0s時間內(nèi)，有4%2=%2—Vof2=3m-2xIm=Im

產(chǎn)生的熱量為：Q=fAx=4x(0.2+1)/=4.8/,故D正確；

故選：BCD。

根據(jù)運動情況分別求出兩個階段內(nèi)的加速度，結(jié)合牛頓第二定律分析出4和。的具體數(shù)值,

根據(jù)功的計算公式結(jié)合位移的情況代入數(shù)據(jù)進行運算。

本題主要考查了傾斜傳送帶的相關應用，要根據(jù)傾角和以的關系分析物體的運動情況，

結(jié)合運動學公式和做功的計算公式完成解答。

19.【答案】CD

【解析】解：4、L時刻小球小球剛與彈簧接觸，與彈簧接觸后，先做加速度不斷減小

的加速運動，當彈力增大到與重力平衡，即加速度減為零時，速度達到最大，故A錯誤；

B、務?t3這段時間內(nèi)，小球處于上升過程，先做加速度不斷減小的加速運動，后做加

速度不斷增大的減速運動，故8錯誤；

C、h?t2這段時間內(nèi)，小球做先加速后減速的運動，在同時速度為0，則C正確

D、G?t2?t3全過程小球經(jīng)歷了向下加速，失重，向下減小超重，向上加速超重，向

上減速失重的過程，則。正確

故選：CD。

小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當彈

力小于重力時.，物體加速下降，但合力變小，加速度變小，故做加速度減小的加速運動，

當加速度減為零時，速度達到最大，之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變的大于重力，

合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇?，故加速度向上且不斷變大，故物體做加速度不斷增大的減速

運動；同理，上升過程，先做加速度不斷不斷減小的加速運動，當加速度減為零時，速

度達到最大，之后做加速度不斷增大的減速運動，直到小球離開彈簧為止。

本題關鍵要將小球的運動分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減

速過程進行分析處理，同時要能結(jié)合圖象分析。

第22頁，共32頁

20.【答案】BC

【解析】解：4、x-t圖象只能表示直線運動的規(guī)律，知a、b均做直線運動，故A錯誤；

B、0?J時間內(nèi)某一時刻，b的切線斜率與a的斜率相同時，a、b的速度相同，故B正

確；

C、0?I2時間內(nèi)，b的位置變化相同，位移相同，故C正確；

。、根據(jù)圖線的斜率表示速度，知t2時刻以后，a做勻速直線運動，速度不變。b速度增

大，故O錯誤。

故選：BCo

x-t圖象只能表示直線運動的規(guī)律。在x-t圖象中，傾斜的直線表示物體做勻速直線

運動，圖線的斜率表示速度；圖象的交點表示兩個質(zhì)點同一時刻到達同一位置，即相遇。

解決本題的關鍵要理解位移-時間圖象的點和斜率的物理意義：知道兩圖線相交表示相

遇，圖線的斜率表示速度。

21.【答案】BC

【解析】解：4、由圖可知第1小時內(nèi)乙沿負方向做加速運動，加速度的方向沿負方向；

隨后乙先沿負方向做減速運動，加速度的方向沿正方向，最后乙沿正方向做加速運動,

則加速度的方向沿正方向，所以乙車加速度大小不變，但方向發(fā)生變化，不是做勻變速

直線運動，故A錯誤；

8、v-t圖象的斜率表示加速度，斜率大小越大，加速度越大，則在前4小時內(nèi)，乙車

運動加速度的大小總比甲車的大，故8正確；

C、根據(jù)t圖象與時間軸圍成的面積表示位移，可得在0-2無時間內(nèi)，甲車沿正方向

運動的位移大小為x*=1x2x30km=30km,乙車沿負方向運動的位移大小為x,=

|x2x30km=30fcm1,已知t=0時，甲、乙兩車從相距70km的兩地開始相向行駛，

則在第2小時末，甲乙兩車相距為s=SQ-X^-X^=70km-30km-30km=10km,

故C正確；

D、在第2小時末，甲乙兩車相距10/nn,在2?4/1內(nèi)乙與甲的運動方向相同，甲乙位移

之差為/尤-x甲［一%41=雙羅x2km—yX2km-30km>10km,說明在2—4/i內(nèi)，

甲乙相遇一次，相遇時甲的速度比乙的大，而不是在第4/1末，甲、乙兩車相遇，故力

錯誤。

故選：BC.

在v-t圖象中，速度的正負表示運動方向，圖象與時間軸圍成的面積表示位移，圖象

的斜率表示加速度，根據(jù)位移關系及初位置關系判斷兩車相遇次數(shù)。

解決本題的關鍵要理解速度一時間圖象的物理意義，知道圖線的斜率表示加速度，速度

的正負表示物體的運動方向，圖象與時間軸所圍的面積表示位移。

22.【答案】AC

【解析】解：4、物體在前5s沿正向運動，5?8s過程中，速度方向與正方向相反，即

物體8s內(nèi)做往返直線運動，故A正確；

B、由圖可知，6?8s內(nèi)速度方向與加速度方向相反，物體做減速運動，故B錯誤；

C、物體4?6s內(nèi)，由圖的面積可知，正向位移與反向位移大小相同，即在4s末和6秒末

經(jīng)過同一位置，故C正確；

D、由圖的面積得，前5s內(nèi)的位移為與=警加=15m,由圖的面積得，后3s內(nèi)的位移

為上=一等771=-9m,總位移為x=X[+右=15m—9ni=6m,故。錯誤。

故選：AC.

由u-t圖象可以看出速度大小和方向的變化，根據(jù)圖象的斜率分析加速度，由圖象的

形狀判斷物體的運動性質(zhì)，根據(jù)圖像與時間軸圍成的面積表示位移求出位移的大小。

關于圖象的識別，重點要看清坐標軸，其次要看斜率，交點等位置和他們代表的含義。

要注意當速度與加速度方向相同，物體做加速運動，反之，物體做減速運動。

23.【答案】R2D1.062.95

【解析】解：(1)若要改裝成U=4.5U量程的電壓表，則串聯(lián)的分壓電阻R=^-Ru=

45

±0-30000=30,結(jié)合給出的定值電阻的值，選擇&，只是量程稍?。?/p>

6000

(2)描繪燈泡伏安特性曲線電壓與電流應從零開始變化，滑動變阻器應采用分壓接法。

由于燈泡內(nèi)阻較小，因此應采用電流表外接法，所以電路圖如圖所示；

第24頁，共32頁

(3)隨著電壓的升高燈泡電阻增大，所以燈泡的功率P=PR=%則P-/圖象的斜率

增大，而P-U2的斜率減小，故ABC錯誤，。正確；

故選：Do

(4)兩個完全相同的燈泡并聯(lián)后通過滑動變阻器調(diào)節(jié)每個燈泡的電流/和電壓U,根據(jù)題

意和串并聯(lián)電流和電壓的關系有：U+U+lr=E,代入數(shù)據(jù)并變形得到：/=3-U,

將此電流與電壓的關系畫在圖1中如圖所示：

兩圖象的交點坐標為(2.6匕0.44A),所以燈泡功率：P=[//=2.4x0.44W=1.061V；

故答案為：(2)如圖所示；(3)D；(4)1.06；2.95

(1)根據(jù)電壓表的改裝原理選擇串聯(lián)的分壓電阻；

(2)明確實驗原理，知道實驗中要求電流從零開始調(diào)節(jié)，故應采用滑動變阻器分壓接法，

同時根據(jù)電表內(nèi)阻進行分析，確定電流表接法；

(3)根據(jù)電阻的變化及功率公式P=12R=(判斷功率隨電壓和電流的變化關系：

(4)根據(jù)電路圖，寫出燈泡電流與電壓的關系式，畫在圖1中，找到交點坐標就是燈泡的

工作點，然后應用電功率公式P=U/求出燈泡功率，根據(jù)歐姆定律計算出滑動變阻器的

電阻。

本題考查燈泡伏安特性曲線的描繪實驗，要注意明確實驗原理，知道燈泡電阻隨溫度的

變化而變化，故不能直接直接利用閉合電路歐姆定律求解，注意掌握/-U圖象的正確

應用。

24.【答案】11.09；6.868

【解析】解：游標卡尺的固定刻度讀數(shù)為llsn，游標尺上第9個刻度游標讀數(shù)為0.1x

9mm=0.9mm=0.09cm,

所以最終讀數(shù)為：11cm+0.09cm=11.09cm；

螺旋測微器的固定刻度讀數(shù)為6.5mm,可動刻度讀數(shù)為0.01x36.8mm=0.368mm,

所以最終讀數(shù)為：6.5mm+0.368mm=6.868mm.

故答案為：：11.09,6.868

游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀；螺旋測微器的讀數(shù)方法是固

定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.

解決本題的關鍵掌握游標卡尺和螺旋測微器的讀數(shù)方法，游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀

數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀.螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù),

在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀.

25.【答案】白謔出小于

【解析】解：(1)由于遮光板通過光電門的時間很短，可以認為滑塊在這很短的時間內(nèi)

做勻速運動，也就是說用這段時間內(nèi)的平均速度代表瞬時速度，則有%=9,

根據(jù)2aL=vj-

解得：。=璉出

2L

(2)遮光片通過光電門的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，而物塊做加速運動前一半

的時間內(nèi)的位移小于后一半時間內(nèi)的位移，所以時間到一半時，遮光片的中線尚未到達

光電門的，所以遮光片通過光電門的平均速度小于遮光片豎直中線通過光電門的瞬時速

度。

故答案為：(1臉;警；(2)小于

(1)根據(jù)平均速度來求中間時刻的速度，利用逐差法來求加速度；

(2)遮光片通過光電門的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，而物塊做加速運動前一半

的時間內(nèi)的位移小于后一半時間內(nèi)的位移。

本題考查了測定勻變速直線運動的加速度實驗。理解實驗原理是解決本題的關鍵，另外,

第26頁，共32頁

利用平均速度求中間時刻的瞬時速度以及利用逐差法求加速度是常見的-?種題型。

26.【答案】BCFD0.11.382.643.9012.6

【解析】解：(1)使用打點計時器是需要用電壓合適的交流電源；處理紙帶時需要用刻

度尺，同時還需要重錘；

故選：BCF

(2)4、將打點計時器固定在長木板沒有滑輪一端，并接好電路，故A正確；

8、將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔，故B正確；

C、把一條細繩拴在小車上，細繩跨過定滑輪，下面吊著適當重的鉤碼，故C正確；

。、實驗操作時，用將接好紙帶的小車停在靠近打點計時器處，先接通電源，再釋放紙

帶.故。錯誤，

本題選錯誤的，故選：D;

(3)①相鄰的計數(shù)點間還有四個點未畫出，因此相鄰計數(shù)點間的時間間隔為0.1s；

打B點時小車的瞬時速度：為=等=m/s=1.38m/s

打C點時小車的瞬時速度：=翳=6。芍75。x10-2=2.64m/s

打D點時小車的瞬時速度：%