2022-2023學(xué)年浙江省寧波市高三上學(xué)期學(xué)業(yè)水平第一次教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測物理試題（解析版）

高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12023學(xué)年第一學(xué)期高三學(xué)業(yè)水平第一次質(zhì)量監(jiān)測物理學(xué)科試卷本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘注意事項：1.考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卷上。2.選擇題的〖答案〗須用2B鉛筆將答題卷上對應(yīng)題目的〖答案〗涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。3.非選擇題的〖答案〗須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，〖答案〗寫在本試題卷上無效。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列幾組物理量中，全是矢量的是（）A.質(zhì)量、速度、時間 B.質(zhì)量、路程、力C.位移、速度、加速度 D.時間、加速度、路程〖答案〗C〖解析〗質(zhì)量、時間、路程、只有大小，沒有方向，是標量，速度、力、位移、加速度既有大小，又有方向，是矢量，故全是矢量的是位移、速度、加速度。故選C。2.下列情形可將騎車運動員和自行車看作質(zhì)點的是（）A.研究自行車車輪的轉(zhuǎn)動B.測量運動員全程運動的時間C.研究運動員騎行姿勢對所受阻力的影響D.分析自行車前后輪所受地面摩擦力的方向〖答案〗B〖解析〗A．研究車輪的轉(zhuǎn)動，自行車的形狀和大小不能忽略，不能看成質(zhì)點，A錯誤；B．測量運動員全程運動的時間時，運動員和自行車的大小和形狀能忽略，能看成質(zhì)點，B正確；C．研究運動員騎行姿勢對所受阻力的影響時，運動員的大小和形狀不可以忽略，不可以看成質(zhì)點，C錯誤；D．研究自行車前后輪所受地面摩擦力的方向時，自行車的形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點，D錯誤。故選B。3.下列說法正確的是（）A.做曲線運動的物體受到的合外力一定不為零B.做曲線運動的物體的加速度一定是變化的C.物體在恒力作用下，不可能做曲線運動D.物體在變力作用下，一定做曲線運動〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)合外力為零時，物體做勻速直線運動或靜止，所以做曲線運動時所受的合外力一定不為零，A正確；B．物體在恒力作用下可能做曲線運動，如：平拋運動加速度不變，B錯誤；C．物體在恒力作用下，可以做曲線運動，如：平拋運動，C錯誤；D．當(dāng)合力與速度在同一條直線上時，物體做直線運動，D錯誤。故選A。4.港珠澳大橋總長約公里，其中海底隧道長公里。年月日上午時正式通車，通車后，駕車從香港到珠海從個小時縮短至約分鐘。則（）A.“公里”是指位移B.“年月日上午時”是指時間C.無論選什么物體為參考系，港珠澳大橋都是靜止的D.研究汽車通過港珠澳大橋的時間時，可將汽車看成質(zhì)點〖答案〗D〖解析〗A．位移為起點與終點之間的有向線段，橋梁為曲線而非直線，依題意可知題中“公里”所指為路程而非位移，故A錯誤；B．“年月日上午時”是指一個瞬間為時刻，故B錯誤；C．若選擇從橋下通過的輪船為參照物，則港珠澳大橋是運動的，故C錯誤；D．研究汽車通過港珠澳大橋的時間時，汽車的長度可忽略不計，可將汽車看成質(zhì)點，故D正確。故選D。5.“嫦娥五號”中有一塊“核電池”，在月夜期間提供電能的同時還能提供一定能量用于艙內(nèi)溫度控制?！昂穗姵亍崩昧薖u的衰變，衰變方程為Pu→X+Y，下列說法正確的是（）A.X比Pu的中子數(shù)少2個B.在月球上Pu衰變得比在地球上快C.一個Pu衰變?yōu)閄釋放的核能為（）c2D.Pu發(fā)生的是α衰變，α射線具有極強的穿透能力可用于金屬探傷〖答案〗A〖解析〗AD．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知解得則X比的中子數(shù)少2個，發(fā)生的是α衰變，α射線的穿透能力較弱，不能用于金屬探傷，故A正確，D錯誤；B．半衰期與位置無關(guān)，在月球上衰變快慢與在地球上相同，故B錯誤；C．此核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后的質(zhì)量差，為核反應(yīng)過程中釋放的能量故C錯誤。故選A。6.下列幾組共點力分別作用于同一物體上，都能夠使物體恰好處于平衡狀態(tài)，那么其中哪個選項中F1與F3的合力最大（）A.F1＝4N、F2＝5N、F3＝3N B.F1＝5N、F2＝10N、F3＝8NC.F1＝6N、F2＝7N、F3＝11N D.F1＝9N、F2＝4N、F3＝12N〖答案〗B〖解析〗根據(jù)平衡條件推論：三個力平衡，任意一個力與其余兩個力的合力等大反向，所以F1與F3的合力大小與F2大小相等，求F1與F3的合力最大即F2的力最大。故選B.7.某家庭電路兩端的電壓u隨時間t變化關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.該交流電的頻率為100HzB.該交流電的電壓有效值為311VC.交流電壓表測得該電壓示數(shù)為220VD.該交流電的電壓表達式為〖答案〗C〖解析〗A．該交流電的周期為則該交流電的頻率為故A錯誤；BC．該交流電的電壓最大值為，則該交流電的電壓有效值為即交流電壓表測得該電壓示數(shù)為，故B錯誤，C正確；D．該交流電的電壓表達式為故D錯誤。故選C。8.下列說法正確的是（）A.紅外線可以用來消毒，紫外線可以用來加熱理療，X射線可以用來診斷病情B.由可知，電場中某點的電場強度E與q成反比，與F成正比C.變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場能產(chǎn)生磁場D.根據(jù)公式可知，通電導(dǎo)線受磁場力為零的地方磁感應(yīng)強度一定為零〖答案〗C〖解析〗A.紅外線具有熱作用可以用來加熱理療，紫外線具有波長短、頻率高、能量大的特點可以用來消毒，X射線可以用來診斷病情，故A錯誤；B.電場強度的定義式此公式采用是比值定義法，E與q、F無關(guān)，只與電場本身性質(zhì)有關(guān)，故B錯誤；C.根據(jù)電磁波產(chǎn)生理論可知，變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場能產(chǎn)生磁場，故C正確；D.根據(jù)公式此公式只適用于B與I相互垂直的情況，如果兩者平行，通電導(dǎo)線受磁場力為零，所以不能根據(jù)通電導(dǎo)線受磁場力為零來判斷磁感應(yīng)強度是否為零，故D錯誤。故選C。9.有、、、四顆地球衛(wèi)星，還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動，處于地面附近近地軌道上正常運動，是地球同步衛(wèi)星，是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則有（）A.的向心加速度等于重力加速度 B.在內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是C.在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長 D.的運動周期有可能是20h〖答案〗C〖解析〗A．同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由得衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則同步衛(wèi)星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，故知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；B．c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是，故B錯誤；C．由得衛(wèi)星的半徑越大，速度越小，所以b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長，故C正確；D．由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運動周期大于c的周期24h，不可能為20h，故D錯誤。故選C。10.如圖所示，單匝線圈abcd置于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中．a(chǎn)b邊長為L，與磁場方向垂直，線圈中的電流為I，則ab邊所受安培力的大小為A.0BBILC.D.〖答案〗B〖解析〗由圖可知，ab中的電流方向與磁場方向垂直，所以ab邊所受安培力：，故B正確．11.一根長的軟繩拉直后放置在光滑水平地板上，以繩中點為坐標原點，以繩上各質(zhì)點的平衡位置為x軸建立圖示坐標系。兩人在繩端P，Q沿y軸方向不斷有節(jié)奏地抖動，形成兩列振幅分別為、的相向傳播的機械波，已知P點形成的波的傳播速度為。時刻的波形如圖所示。下列判斷正確的有（）A.兩波源的起振方向相反B.兩列波無法形成穩(wěn)定的干涉圖像C.時，在之間（不含兩點）繩上一共有2個質(zhì)點的位移為D.疊加穩(wěn)定后，處的質(zhì)點振幅小于處質(zhì)點的振幅〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知，P、Q兩波源的起振方向都向下，A錯誤；B．波速由介質(zhì)決定，故而兩列波的波速相同，由圖可知，兩列波的波長相同，由可知，兩列波頻率相等，又因為相位差一定，所以能形成穩(wěn)定的干涉圖像，B錯誤；C．兩列波的周期后，波形如圖所示，由圖可知：在之間（不含兩點）繩上一共有2個質(zhì)點的位移為，C正確；D．疊加穩(wěn)定后，時波形如圖所示，由圖可知：疊加穩(wěn)定后，處的質(zhì)點振幅大于處質(zhì)點的振幅，D錯誤。故選C。12.下列說法正確的是（）A.帶電粒子僅在電場力的作用下一定做勻變速運動B.帶電粒子僅在電場力的作用下運動時，動能一定增加C.電場力做正功，帶電粒子電勢一定降低D.電場力做正功，帶電粒子的電勢能一定減少〖答案〗D〖解析〗A．只有電場是勻強電場時，帶電粒子僅在電場力的作用下做勻變速運動，A錯誤；B．如果電場力做負功，則動能減小，B錯誤；CD．電場力做正功，電勢能一定減小，而此時負電荷從低電勢向高電勢運動，電勢升高，故C錯誤，D正確；故選D。13.在水池底部水平放置三條細燈帶構(gòu)成的等腰直角三角形發(fā)光體，直角邊的長度為0.9m，水的折射率，細燈帶到水面的距離，則有光射出的水面形狀（用陰影表示）為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗燈帶發(fā)出的光從水面射出時發(fā)生全反射臨界角的正弦值則燈帶上一個點發(fā)出的光發(fā)生全反射的臨界角如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得則一個點發(fā)出的光在水面上能看到的的圓，光射出的水面形狀邊緣為弧形，如圖所示等腰直角三角形發(fā)光體的內(nèi)切圓半徑滿足解得故中間無空缺。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.常用的遙控器通過發(fā)出紫外線脈沖信號來遙控電視機B.通過一個狹縫觀察日光燈可看到彩色條紋屬于光的衍射現(xiàn)象C.在光的雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由紅光改為綠光，則干涉條紋間距變窄D.攝影機鏡頭鍍膜增透是利用了光的衍射特性E.當(dāng)紅光和綠光以相同入射角從玻璃射入空氣時，若紅光剛好能發(fā)生全反射，則綠光也一定能發(fā)生全反射〖答案〗BCE〖解析〗A．常用的遙控器是通過發(fā)出紅外線脈沖信號來遙控電視機的，故A錯誤；

B．通過一個狹縫觀察日光燈可看到彩色條紋屬于單縫衍射，故B正確；

C．在雙縫干涉中，條紋間距，入射光波長越長，條紋間距越寬，綠光的波長小于紅光，所以條紋間距變窄，故C正確；

D．?dāng)z影機鏡頭鍍膜增透是利用了光的干涉特性，故D錯誤；

E．由于紅光的折射率小，根據(jù)n=可知，紅光的全反射角較大，綠光的全反射角小，若紅光剛好能發(fā)生全反射，則綠光一定能發(fā)生全反射，故E正確。

故選BCE。15.教育部近日印發(fā)《關(guān)于加強中小學(xué)生手機管理工作的通知》要求，中小學(xué)生原則上不得將個人手機帶入校園，特別是智能手機。目前智能手機普遍采用了指紋識別，常用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同。此時傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖像數(shù)據(jù)。根據(jù)文中信息，下列說法正確的是（）A.在峪處形成的電容器電容較小 B.在峪處形成的電容器放電較慢C.充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大 D.濕的手指頭對指紋識別也絕對沒有影響〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)電容的計算公式可得，極板與指紋峪（凹下部分）距離d大，構(gòu)成的電容器電容小，同理，在嵴處形成的電容器電容較大；電容值小的電容器放電較快，故在峪處形成的電容器放電較快，故A正確，B錯誤；C．由于外接電源給所有電容器充到一個預(yù)先設(shè)計好的電壓值，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)可知，極板與指紋嵴處形成的電容器電容大，電荷量大，故C正確；D．濕的手指頭改變了電容的電介質(zhì)，故對電容的大小有影響，因而對指紋識別有影響，故D錯誤；故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.(1)如圖為某小球做平拋運動時，用閃光照相的方法獲得的相片的一部分，圖中背景方格的邊長為5cm，g=10m/s2，則①小球平拋的初速度v0=______m/s；②閃光頻率f=______Hz；③小球過A點的速率vA=______m/s。(2)下列哪個因素不會使“研究平拋物體的運動”實驗誤差增大______A.小球與斜槽之間有摩擦B.安裝斜槽時其末端切線不水平C.建立坐標系時，以斜槽末端端口位置為坐標原點D.根據(jù)曲線計算平拋運動的初速度時，在曲線上取作計算的點離原點O較近〖答案〗(1)1.5101.8(2)AD〖解析〗(1)[1]在豎直方向上，根據(jù)得則初速度為(2)[2]閃光的頻率為(3)[3]B點的豎直分速度為則A點的豎直分速度為根據(jù)平行四邊形定則知，A點的速率為(2)[4]A．小球與斜槽之間有摩擦力不影響實驗的誤差，只要保證小球從同一位置由靜止釋放，使得平拋運動的初速度相同，故A正確；B．安裝斜槽時末端不水平，會導(dǎo)致初速度不水平，使得誤差增大，故B錯誤；C．建立坐標系時，應(yīng)該以小球在斜槽末端在豎直板上球心的投影為坐標原點，以末端端口位置為坐標原點使得誤差增大，故C錯誤；D．為了減小測量的誤差，在曲線上所取的計算點離原點遠一些．所以不會增大誤差，故D正確。故選AD。17.利用電流表和電壓表測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，要求盡量減小實驗誤差。（1）應(yīng)該選擇的實驗電路圖是___________（選填“甲”或“乙”）。（2）現(xiàn)有電壓表（0~3V）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．電流表（0~0.6A）B．電流表（0~3A）C．滑動變阻器（0~30?）D．滑動變阻器（0~1k?）實驗中電流表應(yīng)選用___________，滑動變阻器應(yīng)選用___________。（選填相應(yīng)器材前的字母）（3）某位同學(xué)記錄了6組數(shù)據(jù)U-I圖線如圖所示：（4）根據(jù)（3）中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________?。〖答案〗（1）甲（2）AC（3）1.48（1.47~1.49之間都對）0.91（0.87~0.91之間都對）〖解析〗（1）[1]因為電流表內(nèi)阻較小，干電池內(nèi)電阻較小，電壓表分擔(dān)電流較小，所以相對于電源電流表采取外接法誤差較小，應(yīng)選題甲所示電路圖；（2）[2]測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻實驗中，要求流過電源的電流不能太大，如果電流太大，導(dǎo)致電源內(nèi)阻變化較大，則電流表應(yīng)選小量程的。故選A；[3]干電池內(nèi)電阻較小，如果選擇大電阻則難以控制，故為方便實驗操作，滑動變阻器量程小的。故選C；（4）[4]根據(jù)閉合電路歐姆定律知得由電源的U-I圖像可知，電源電動勢為由于誤差（1.47~1.49V之間均算正確）；[5]電源內(nèi)阻為由于誤差（0.87~0.91之間均算正確）18.如圖是小魔術(shù)“浮沉子”的模型。將小玻璃瓶封閉一部分氣體倒扣于盛有水的塑料瓶中，使之漂浮于水面，將瓶蓋擰緊之后，若用力擠壓塑料瓶的側(cè)壁，小玻璃瓶將會下沉，松手之后玻璃瓶又會自動上浮。若擠壓前塑料瓶中氣體A的體積VA=11cm3，玻璃瓶中封閉的空氣柱B的長度為L=1.1cm，玻璃瓶露出水面部分長度為h=0.1cm，玻璃瓶質(zhì)量m=1g。大氣壓強為p0=1.0×105Pa，環(huán)境溫度恒定不變。已知水的密度=1.0×103kg/m3，重力加速度g=10m/s2。求：①玻璃瓶底部面積S；②要使小玻璃瓶下沉水中，則至少要用力擠壓使得塑料瓶的容積縮小多少？（處理氣體實驗定律時，A、B兩部分氣體壓強差別極小，可認為氣壓相等）〖答案〗①；②〖解析〗①根據(jù)平衡可知解得②小瓶初態(tài)當(dāng)小瓶剛好浸沒在水中時內(nèi)的小瓶氣體V2=xS壓強p2=p′0對小玻璃瓶內(nèi)氣體由玻意耳定律可知p1V1=p2V2對小瓶根據(jù)平衡狀態(tài)對氣體A聯(lián)立解得19.如圖所示，AB為傾角θ=37°的斜面軌道，其中軌道的AC部分光滑，CB部分粗糙，BP部分為圓心角θ2=143°、半徑R=0.5m的豎直光滑圓弧形軌道，兩軌道相切于B點，O點為圓弧的圓心，P、O兩點在同一豎直線上，輕彈簧一端固定在A點，另一端自由伸長至斜面上C點處，現(xiàn)將一質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）在B點以沿斜面向下v0=3m/s初速度射出，物塊沿斜面向下運動，當(dāng)物塊壓縮彈簧到D點時速度恰好為零。已知斜面B、C兩點間距x1=1m，C、D兩點間距x2=0.1m，小物塊與斜面BC部分間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）彈簧被壓縮到D點時的彈性勢能Ep；（2）小物塊再次回到B點時對軌道的壓力；（3）若改變小物塊在B點沿斜面向下的初速度v0，要使小物塊在軌道上運動的過程中不脫離軌道，則v0的取值范圍為多少？〖答案〗（1）；（2）10N；（3）或〖解析〗（1）物塊從B到D的過程，由能量守恒定律可知解得（2）物體從B再次回到B的過程，由動能定理可知由牛頓第二定律可知解得由牛頓第三定律可知，物體對軌道壓力為10N。（3）若物塊由彈簧反彈上升到與O等高點時的初速度為零，從將物塊從B點射出到運動到與O點等高點整個過程。由能量守恒可知解得若小物體返回后恰能到達P點從將物塊從B點射出到運動到P點整個過程應(yīng)用動能定理解得要使小物塊在軌道上運動過程中不脫離軌道，的取值范圍為或。20.如圖1所示，在豎直向下的磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，兩根足夠長的平行光滑金屬軌道MN、PQ固定在水平面內(nèi)，相距為L。一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒ab垂直于MN、PQ放在軌道上，與軌道接觸良好。不計導(dǎo)體棒ab和軌道的電阻。（1）如圖1所示，當(dāng)導(dǎo)體棒ab以恒定速率向左運動時，求a、b兩點間的電勢差；（2）如圖2所示，若軌道左端MP間接一阻值為R的電阻，導(dǎo)體棒在水平向右的恒力F的作用下由靜止開始運動。求經(jīng)過一段時間后，導(dǎo)體棒所能達到的最大速度的大小。（3）如圖3所示，若軌道左端MP間接一阻值為R的電阻，導(dǎo)體棒在水平向右的拉力的作用下由靜止開始運動。若該拉力的功率P保持不變，求經(jīng)過一段時間后，導(dǎo)體棒所能達到的最大速度的大小。（4）如圖4所示，若軌道左端MP間接一電動勢為E、內(nèi)阻為r的電源和一阻值為R的電阻。導(dǎo)體棒ab從靜止開始運動。求：①經(jīng)過一段時間后，導(dǎo)體棒所能達到的最大速度的大小。②若忽略電源內(nèi)阻r，并且令，則導(dǎo)體棒所能達到的最大速度為，請通過分析，比較和的大小。（5）如圖5所示，若軌道左端MP間接一不帶電的電容器，電容器的電容為C，導(dǎo)體棒ab在水平向右的恒力F的作用下從靜止開始運動。求：①導(dǎo)體棒加速度的大小a；②開始運動時開始計時，經(jīng)過時間t之后，電容器被擊穿，求該電容器的擊穿電壓?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）；（4）①；②；（5）①；②〖解析〗（1）導(dǎo)體棒ab以恒定速率向左運動時，感應(yīng)電動勢大小電流方向由a到b，在電源內(nèi)部電流由電勢低處流向電勢高處，則=（2）導(dǎo)體棒達到的最大速度時，有F=BIL聯(lián)立得=（3）導(dǎo)體棒達到的最大速度時，有F=BILP=Fv3聯(lián)立得=（4）①閉合開關(guān)后，導(dǎo)體棒ab產(chǎn)生的電動勢與電阻R兩端的電壓相等時，導(dǎo)體棒ab達到最大速度v4，電源路端電壓U=BLv4U=IR聯(lián)立得②導(dǎo)體棒達到的最大速度時，棒中沒有電流，感應(yīng)電動勢E=BLv4（5）①感應(yīng)電動勢與電容器兩極板間電壓相等U=BLv電容器所帶電量Q=It得根據(jù)牛頓第二定律F-BIL=ma聯(lián)立得a=②經(jīng)過時間t之后，導(dǎo)體棒速度v=at=該電容器的擊穿電壓=BLv=21.如圖所示，在平面內(nèi)，有一電子源持續(xù)不斷地沿x軸正方向每秒發(fā)射N個速率均為v的電子，形成寬為、在y軸方向均勻分布且關(guān)于x軸對稱的電子流。電子流沿x軸正方向射入一個半徑為R、圓心位于原點O的圓形勻強磁場區(qū)域，磁場方向垂直于平面向里，電子經(jīng)過磁場偏轉(zhuǎn)后均從y軸上的P點射出。在磁場區(qū)域的正下方有一對足夠長且平行于x軸的平行金屬板K和A，其中K板與P點的距離為d，中間開有寬度為且關(guān)于y軸對稱的小孔。K板接地，A與K兩板間加有方向和大小均可調(diào)節(jié)的電壓，穿過K板小孔到達A板的所有電子被收集且導(dǎo)出，從而形成電流。已知，電子的質(zhì)量為m，電荷量為e，忽略電子的重力和電子間的相互作用。（1）求勻強磁場磁感應(yīng)強度的大??；（2）求電子流從P點射出時速度方向與y軸負方向的最大夾角；（3）求進入K板小孔的電子數(shù)與電子源射出電子數(shù)的比值（，結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！即鸢浮剑?）；（2）；（3）〖解析〗（1）由由幾何關(guān)系知，軌道半徑r=R解得（2）上端和下端電子從P點射出時與負y軸所成夾角最大，設(shè)最大夾角為，由幾何關(guān)系得得（3）進入小孔的電子速度與y軸間夾角正切值的最大為，則得此時對應(yīng)的能夠進入平行板內(nèi)電子長度為，根據(jù)幾何關(guān)系知設(shè)每秒進入兩極板間的電子數(shù)為n，則進入K板小孔的電子數(shù)與電子源射出電子數(shù)的比值為2023學(xué)年第一學(xué)期高三學(xué)業(yè)水平第一次質(zhì)量監(jiān)測物理學(xué)科試卷本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘注意事項：1.考生答題前，務(wù)必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題卷上。2.選擇題的〖答案〗須用2B鉛筆將答題卷上對應(yīng)題目的〖答案〗涂黑，如要改動，須將原填涂處用橡皮擦凈。3.非選擇題的〖答案〗須用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應(yīng)區(qū)域內(nèi)，〖答案〗寫在本試題卷上無效。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.下列幾組物理量中，全是矢量的是（）A.質(zhì)量、速度、時間 B.質(zhì)量、路程、力C.位移、速度、加速度 D.時間、加速度、路程〖答案〗C〖解析〗質(zhì)量、時間、路程、只有大小，沒有方向，是標量，速度、力、位移、加速度既有大小，又有方向，是矢量，故全是矢量的是位移、速度、加速度。故選C。2.下列情形可將騎車運動員和自行車看作質(zhì)點的是（）A.研究自行車車輪的轉(zhuǎn)動B.測量運動員全程運動的時間C.研究運動員騎行姿勢對所受阻力的影響D.分析自行車前后輪所受地面摩擦力的方向〖答案〗B〖解析〗A．研究車輪的轉(zhuǎn)動，自行車的形狀和大小不能忽略，不能看成質(zhì)點，A錯誤；B．測量運動員全程運動的時間時，運動員和自行車的大小和形狀能忽略，能看成質(zhì)點，B正確；C．研究運動員騎行姿勢對所受阻力的影響時，運動員的大小和形狀不可以忽略，不可以看成質(zhì)點，C錯誤；D．研究自行車前后輪所受地面摩擦力的方向時，自行車的形狀不能忽略，不能看成質(zhì)點，D錯誤。故選B。3.下列說法正確的是（）A.做曲線運動的物體受到的合外力一定不為零B.做曲線運動的物體的加速度一定是變化的C.物體在恒力作用下，不可能做曲線運動D.物體在變力作用下，一定做曲線運動〖答案〗A〖解析〗A．當(dāng)合外力為零時，物體做勻速直線運動或靜止，所以做曲線運動時所受的合外力一定不為零，A正確；B．物體在恒力作用下可能做曲線運動，如：平拋運動加速度不變，B錯誤；C．物體在恒力作用下，可以做曲線運動，如：平拋運動，C錯誤；D．當(dāng)合力與速度在同一條直線上時，物體做直線運動，D錯誤。故選A。4.港珠澳大橋總長約公里，其中海底隧道長公里。年月日上午時正式通車，通車后，駕車從香港到珠海從個小時縮短至約分鐘。則（）A.“公里”是指位移B.“年月日上午時”是指時間C.無論選什么物體為參考系，港珠澳大橋都是靜止的D.研究汽車通過港珠澳大橋的時間時，可將汽車看成質(zhì)點〖答案〗D〖解析〗A．位移為起點與終點之間的有向線段，橋梁為曲線而非直線，依題意可知題中“公里”所指為路程而非位移，故A錯誤；B．“年月日上午時”是指一個瞬間為時刻，故B錯誤；C．若選擇從橋下通過的輪船為參照物，則港珠澳大橋是運動的，故C錯誤；D．研究汽車通過港珠澳大橋的時間時，汽車的長度可忽略不計，可將汽車看成質(zhì)點，故D正確。故選D。5.“嫦娥五號”中有一塊“核電池”，在月夜期間提供電能的同時還能提供一定能量用于艙內(nèi)溫度控制。“核電池”利用了Pu的衰變，衰變方程為Pu→X+Y，下列說法正確的是（）A.X比Pu的中子數(shù)少2個B.在月球上Pu衰變得比在地球上快C.一個Pu衰變?yōu)閄釋放的核能為（）c2D.Pu發(fā)生的是α衰變，α射線具有極強的穿透能力可用于金屬探傷〖答案〗A〖解析〗AD．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知解得則X比的中子數(shù)少2個，發(fā)生的是α衰變，α射線的穿透能力較弱，不能用于金屬探傷，故A正確，D錯誤；B．半衰期與位置無關(guān)，在月球上衰變快慢與在地球上相同，故B錯誤；C．此核反應(yīng)過程中的質(zhì)量虧損等于反應(yīng)前后的質(zhì)量差，為核反應(yīng)過程中釋放的能量故C錯誤。故選A。6.下列幾組共點力分別作用于同一物體上，都能夠使物體恰好處于平衡狀態(tài)，那么其中哪個選項中F1與F3的合力最大（）A.F1＝4N、F2＝5N、F3＝3N B.F1＝5N、F2＝10N、F3＝8NC.F1＝6N、F2＝7N、F3＝11N D.F1＝9N、F2＝4N、F3＝12N〖答案〗B〖解析〗根據(jù)平衡條件推論：三個力平衡，任意一個力與其余兩個力的合力等大反向，所以F1與F3的合力大小與F2大小相等，求F1與F3的合力最大即F2的力最大。故選B.7.某家庭電路兩端的電壓u隨時間t變化關(guān)系如圖所示，下列說法正確的是（）A.該交流電的頻率為100HzB.該交流電的電壓有效值為311VC.交流電壓表測得該電壓示數(shù)為220VD.該交流電的電壓表達式為〖答案〗C〖解析〗A．該交流電的周期為則該交流電的頻率為故A錯誤；BC．該交流電的電壓最大值為，則該交流電的電壓有效值為即交流電壓表測得該電壓示數(shù)為，故B錯誤，C正確；D．該交流電的電壓表達式為故D錯誤。故選C。8.下列說法正確的是（）A.紅外線可以用來消毒，紫外線可以用來加熱理療，X射線可以用來診斷病情B.由可知，電場中某點的電場強度E與q成反比，與F成正比C.變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場能產(chǎn)生磁場D.根據(jù)公式可知，通電導(dǎo)線受磁場力為零的地方磁感應(yīng)強度一定為零〖答案〗C〖解析〗A.紅外線具有熱作用可以用來加熱理療，紫外線具有波長短、頻率高、能量大的特點可以用來消毒，X射線可以用來診斷病情，故A錯誤；B.電場強度的定義式此公式采用是比值定義法，E與q、F無關(guān)，只與電場本身性質(zhì)有關(guān)，故B錯誤；C.根據(jù)電磁波產(chǎn)生理論可知，變化的磁場能產(chǎn)生電場，變化的電場能產(chǎn)生磁場，故C正確；D.根據(jù)公式此公式只適用于B與I相互垂直的情況，如果兩者平行，通電導(dǎo)線受磁場力為零，所以不能根據(jù)通電導(dǎo)線受磁場力為零來判斷磁感應(yīng)強度是否為零，故D錯誤。故選C。9.有、、、四顆地球衛(wèi)星，還未發(fā)射，在地球赤道上隨地球表面一起轉(zhuǎn)動，處于地面附近近地軌道上正常運動，是地球同步衛(wèi)星，是高空探測衛(wèi)星，各衛(wèi)星排列位置如圖，則有（）A.的向心加速度等于重力加速度 B.在內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是C.在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長 D.的運動周期有可能是20h〖答案〗C〖解析〗A．同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同，角速度相同，則知a與c的角速度相同，根據(jù)知，c的向心加速度大于a的向心加速度。由得衛(wèi)星的軌道半徑越大，向心加速度越小，則同步衛(wèi)星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度約為g，故知a的向心加速度小于重力加速度g，故A錯誤；B．c是地球同步衛(wèi)星，周期是24h，則c在4h內(nèi)轉(zhuǎn)過的圓心角是，故B錯誤；C．由得衛(wèi)星的半徑越大，速度越小，所以b的速度最大，在相同時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的弧長最長，故C正確；D．由開普勒第三定律知，衛(wèi)星的半徑越大，周期越大，所以d的運動周期大于c的周期24h，不可能為20h，故D錯誤。故選C。10.如圖所示，單匝線圈abcd置于磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中．a(chǎn)b邊長為L，與磁場方向垂直，線圈中的電流為I，則ab邊所受安培力的大小為A.0BBILC.D.〖答案〗B〖解析〗由圖可知，ab中的電流方向與磁場方向垂直，所以ab邊所受安培力：，故B正確．11.一根長的軟繩拉直后放置在光滑水平地板上，以繩中點為坐標原點，以繩上各質(zhì)點的平衡位置為x軸建立圖示坐標系。兩人在繩端P，Q沿y軸方向不斷有節(jié)奏地抖動，形成兩列振幅分別為、的相向傳播的機械波，已知P點形成的波的傳播速度為。時刻的波形如圖所示。下列判斷正確的有（）A.兩波源的起振方向相反B.兩列波無法形成穩(wěn)定的干涉圖像C.時，在之間（不含兩點）繩上一共有2個質(zhì)點的位移為D.疊加穩(wěn)定后，處的質(zhì)點振幅小于處質(zhì)點的振幅〖答案〗C〖解析〗A．由圖可知，P、Q兩波源的起振方向都向下，A錯誤；B．波速由介質(zhì)決定，故而兩列波的波速相同，由圖可知，兩列波的波長相同，由可知，兩列波頻率相等，又因為相位差一定，所以能形成穩(wěn)定的干涉圖像，B錯誤；C．兩列波的周期后，波形如圖所示，由圖可知：在之間（不含兩點）繩上一共有2個質(zhì)點的位移為，C正確；D．疊加穩(wěn)定后，時波形如圖所示，由圖可知：疊加穩(wěn)定后，處的質(zhì)點振幅大于處質(zhì)點的振幅，D錯誤。故選C。12.下列說法正確的是（）A.帶電粒子僅在電場力的作用下一定做勻變速運動B.帶電粒子僅在電場力的作用下運動時，動能一定增加C.電場力做正功，帶電粒子電勢一定降低D.電場力做正功，帶電粒子的電勢能一定減少〖答案〗D〖解析〗A．只有電場是勻強電場時，帶電粒子僅在電場力的作用下做勻變速運動，A錯誤；B．如果電場力做負功，則動能減小，B錯誤；CD．電場力做正功，電勢能一定減小，而此時負電荷從低電勢向高電勢運動，電勢升高，故C錯誤，D正確；故選D。13.在水池底部水平放置三條細燈帶構(gòu)成的等腰直角三角形發(fā)光體，直角邊的長度為0.9m，水的折射率，細燈帶到水面的距離，則有光射出的水面形狀（用陰影表示）為（）A. B. C. D.〖答案〗C〖解析〗燈帶發(fā)出的光從水面射出時發(fā)生全反射臨界角的正弦值則燈帶上一個點發(fā)出的光發(fā)生全反射的臨界角如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可得則一個點發(fā)出的光在水面上能看到的的圓，光射出的水面形狀邊緣為弧形，如圖所示等腰直角三角形發(fā)光體的內(nèi)切圓半徑滿足解得故中間無空缺。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共2小題，每小題3分，共6分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）14.下列說法正確的是（）A.常用的遙控器通過發(fā)出紫外線脈沖信號來遙控電視機B.通過一個狹縫觀察日光燈可看到彩色條紋屬于光的衍射現(xiàn)象C.在光的雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由紅光改為綠光，則干涉條紋間距變窄D.攝影機鏡頭鍍膜增透是利用了光的衍射特性E.當(dāng)紅光和綠光以相同入射角從玻璃射入空氣時，若紅光剛好能發(fā)生全反射，則綠光也一定能發(fā)生全反射〖答案〗BCE〖解析〗A．常用的遙控器是通過發(fā)出紅外線脈沖信號來遙控電視機的，故A錯誤；

B．通過一個狹縫觀察日光燈可看到彩色條紋屬于單縫衍射，故B正確；

C．在雙縫干涉中，條紋間距，入射光波長越長，條紋間距越寬，綠光的波長小于紅光，所以條紋間距變窄，故C正確；

D．?dāng)z影機鏡頭鍍膜增透是利用了光的干涉特性，故D錯誤；

E．由于紅光的折射率小，根據(jù)n=可知，紅光的全反射角較大，綠光的全反射角小，若紅光剛好能發(fā)生全反射，則綠光一定能發(fā)生全反射，故E正確。

故選BCE。15.教育部近日印發(fā)《關(guān)于加強中小學(xué)生手機管理工作的通知》要求，中小學(xué)生原則上不得將個人手機帶入校園，特別是智能手機。目前智能手機普遍采用了指紋識別，常用的指紋識別傳感器是電容式傳感器，指紋的凸起部分叫“嵴”，凹下部分叫“峪”。傳感器上有大量面積相同的小極板，當(dāng)手指貼在傳感器上時，這些小極板和正對的皮膚表面部分形成大量的小電容器，這樣在嵴處和峪處形成的電容器的電容大小不同。此時傳感器給所有的電容器充電后達到某一電壓值，然后電容器放電，電容值小的電容器放電較快，根據(jù)放電快慢的不同，就可以探測到嵴和峪的位置，從而形成指紋圖像數(shù)據(jù)。根據(jù)文中信息，下列說法正確的是（）A.在峪處形成的電容器電容較小 B.在峪處形成的電容器放電較慢C.充電后在嵴處形成的電容器的電荷量大 D.濕的手指頭對指紋識別也絕對沒有影響〖答案〗AC〖解析〗AB．根據(jù)電容的計算公式可得，極板與指紋峪（凹下部分）距離d大，構(gòu)成的電容器電容小，同理，在嵴處形成的電容器電容較大；電容值小的電容器放電較快，故在峪處形成的電容器放電較快，故A正確，B錯誤；C．由于外接電源給所有電容器充到一個預(yù)先設(shè)計好的電壓值，所以所有的電容器電壓一定，根據(jù)可知，極板與指紋嵴處形成的電容器電容大，電荷量大，故C正確；D．濕的手指頭改變了電容的電介質(zhì)，故對電容的大小有影響，因而對指紋識別有影響，故D錯誤；故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）16.(1)如圖為某小球做平拋運動時，用閃光照相的方法獲得的相片的一部分，圖中背景方格的邊長為5cm，g=10m/s2，則①小球平拋的初速度v0=______m/s；②閃光頻率f=______Hz；③小球過A點的速率vA=______m/s。(2)下列哪個因素不會使“研究平拋物體的運動”實驗誤差增大______A.小球與斜槽之間有摩擦B.安裝斜槽時其末端切線不水平C.建立坐標系時，以斜槽末端端口位置為坐標原點D.根據(jù)曲線計算平拋運動的初速度時，在曲線上取作計算的點離原點O較近〖答案〗(1)1.5101.8(2)AD〖解析〗(1)[1]在豎直方向上，根據(jù)得則初速度為(2)[2]閃光的頻率為(3)[3]B點的豎直分速度為則A點的豎直分速度為根據(jù)平行四邊形定則知，A點的速率為(2)[4]A．小球與斜槽之間有摩擦力不影響實驗的誤差，只要保證小球從同一位置由靜止釋放，使得平拋運動的初速度相同，故A正確；B．安裝斜槽時末端不水平，會導(dǎo)致初速度不水平，使得誤差增大，故B錯誤；C．建立坐標系時，應(yīng)該以小球在斜槽末端在豎直板上球心的投影為坐標原點，以末端端口位置為坐標原點使得誤差增大，故C錯誤；D．為了減小測量的誤差，在曲線上所取的計算點離原點遠一些．所以不會增大誤差，故D正確。故選AD。17.利用電流表和電壓表測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，要求盡量減小實驗誤差。（1）應(yīng)該選擇的實驗電路圖是___________（選填“甲”或“乙”）。（2）現(xiàn)有電壓表（0~3V）、開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及以下器材：A．電流表（0~0.6A）B．電流表（0~3A）C．滑動變阻器（0~30?）D．滑動變阻器（0~1k?）實驗中電流表應(yīng)選用___________，滑動變阻器應(yīng)選用___________。（選填相應(yīng)器材前的字母）（3）某位同學(xué)記錄了6組數(shù)據(jù)U-I圖線如圖所示：（4）根據(jù)（3）中所畫圖線可得出干電池的電動勢E=___________V，內(nèi)阻r=___________?。〖答案〗（1）甲（2）AC（3）1.48（1.47~1.49之間都對）0.91（0.87~0.91之間都對）〖解析〗（1）[1]因為電流表內(nèi)阻較小，干電池內(nèi)電阻較小，電壓表分擔(dān)電流較小，所以相對于電源電流表采取外接法誤差較小，應(yīng)選題甲所示電路圖；（2）[2]測得一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻實驗中，要求流過電源的電流不能太大，如果電流太大，導(dǎo)致電源內(nèi)阻變化較大，則電流表應(yīng)選小量程的。故選A；[3]干電池內(nèi)電阻較小，如果選擇大電阻則難以控制，故為方便實驗操作，滑動變阻器量程小的。故選C；（4）[4]根據(jù)閉合電路歐姆定律知得由電源的U-I圖像可知，電源電動勢為由于誤差（1.47~1.49V之間均算正確）；[5]電源內(nèi)阻為由于誤差（0.87~0.91之間均算正確）18.如圖是小魔術(shù)“浮沉子”的模型。將小玻璃瓶封閉一部分氣體倒扣于盛有水的塑料瓶中，使之漂浮于水面，將瓶蓋擰緊之后，若用力擠壓塑料瓶的側(cè)壁，小玻璃瓶將會下沉，松手之后玻璃瓶又會自動上浮。若擠壓前塑料瓶中氣體A的體積VA=11cm3，玻璃瓶中封閉的空氣柱B的長度為L=1.1cm，玻璃瓶露出水面部分長度為h=0.1cm，玻璃瓶質(zhì)量m=1g。大氣壓強為p0=1.0×105Pa，環(huán)境溫度恒定不變。已知水的密度=1.0×103kg/m3，重力加速度g=10m/s2。求：①玻璃瓶底部面積S；②要使小玻璃瓶下沉水中，則至少要用力擠壓使得塑料瓶的容積縮小多少？（處理氣體實驗定律時，A、B兩部分氣體壓強差別極小，可認為氣壓相等）〖答案〗①；②〖解析〗①根據(jù)平衡可知解得②小瓶初態(tài)當(dāng)小瓶剛好浸沒在水中時內(nèi)的小瓶氣體V2=xS壓強p2=p′0對小玻璃瓶內(nèi)氣體由玻意耳定律可知p1V1=p2V2對小瓶根據(jù)平衡狀態(tài)對氣體A聯(lián)立解得19.如圖所示，AB為傾角θ=37°的斜面軌道，其中軌道的AC部分光滑，CB部分粗糙，BP部分為圓心角θ2=143°、半徑R=0.5m的豎直光滑圓弧形軌道，兩軌道相切于B點，O點為圓弧的圓心，P、O兩點在同一豎直線上，輕彈簧一端固定在A點，另一端自由伸長至斜面上C點處，現(xiàn)將一質(zhì)量m=1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）在B點以沿斜面向下v0=3m/s初速度射出，物塊沿斜面向下運動，當(dāng)物塊壓縮彈簧到D點時速度恰好為零。已知斜面B、C兩點間距x1=1m，C、D兩點間距x2=0.1m，小物塊與斜面BC部分間的動摩擦因數(shù)μ=0.25，g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）彈簧被壓縮到D點時的彈性勢能Ep；（2