福建省廈門(mén)市高三畢業(yè)班第二次質(zhì)量檢測(cè)理科綜合物理試題

廈門(mén)市2018屆高中畢業(yè)班第二次質(zhì)量檢查理綜物理試題一、選擇題：1.根據(jù)玻爾原子理論，氫原子的能級(jí)公式為（E1為氫原子在基態(tài)時(shí)的能量），一群氫原子從n=4能級(jí)向低能級(jí)躍遷時(shí)，輻射出的光子中能量最大值為A.B.C.D.【答案】B【解析】從n=4能級(jí)躍遷到n=1能級(jí)光子能量最大，最大為，B正確．2.《中國(guó)制造2025》是國(guó)家實(shí)施強(qiáng)國(guó)戰(zhàn)略第一個(gè)十年行動(dòng)綱領(lǐng)，智能機(jī)器制造是一個(gè)重要方向，其中智能機(jī)械臂已廣泛應(yīng)用于各種領(lǐng)域。如圖所示，一機(jī)械臂鐵夾豎直夾起一個(gè)金屬小球，小球在空中處于靜止?fàn)顟B(tài)，鐵夾與球接觸面保持豎直，則A.小球受到的摩擦力方向豎直向下B.小球受到的摩擦力與重力大小相等C.若增大鐵夾對(duì)小球的壓力，小球受到的摩擦力變大D.若鐵夾水平移動(dòng)，小球受到的摩擦力變大【答案】B.........3.如圖所示為原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)均可調(diào)節(jié)的理想變壓器，原線(xiàn)圈兩端接一正弦交變電流，一小燈泡L和滑動(dòng)變阻器串聯(lián)接于副線(xiàn)圈兩端，滑動(dòng)頭P置于中間，小燈泡正常發(fā)光。為了使小燈泡亮度變暗，可以采取的措施有A.僅減少原線(xiàn)圈的匝數(shù)n1B.僅增加副線(xiàn)圈的匝數(shù)n2C.僅改變R的電阻，將滑動(dòng)頭P向B端滑動(dòng)D.僅增大原線(xiàn)圈交流電電壓【答案】C【解析】?jī)H減少原線(xiàn)圈的匝數(shù)或者僅增加副線(xiàn)圈的匝數(shù)，則根據(jù)可知副線(xiàn)圈兩端電壓都增大，即通過(guò)小燈泡的電流增大，都變亮，AB錯(cuò)誤；僅改變R的電阻，將滑動(dòng)頭P向B端滑動(dòng)，滑動(dòng)變阻器連入電路電阻增大，由于副線(xiàn)圈兩端電壓不變，所以副線(xiàn)圈中電流減小，燈泡變暗，C正確；僅增大原線(xiàn)圈交流電電壓，則原線(xiàn)圈輸入電壓增大，故也增大，通過(guò)燈泡的電流變大，變亮，D錯(cuò)誤．4.法拉第發(fā)明了世界上第一臺(tái)發(fā)電機(jī)——法拉第圓盤(pán)發(fā)電機(jī)，原理如圖所示。銅質(zhì)圓盤(pán)水平放置在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓盤(pán)圓心處固定一個(gè)帶搖柄的轉(zhuǎn)軸，邊緣和轉(zhuǎn)軸處各有一個(gè)銅電刷與其緊貼，用導(dǎo)線(xiàn)將電刷與電阻R連接起來(lái)形成回路，其他電阻均不計(jì)。轉(zhuǎn)動(dòng)搖柄，使圓盤(pán)如圖示方向勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。已知?jiǎng)驈?qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，圓盤(pán)半徑為r，電阻的功率為P。則A.圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺腸到dB.圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到cC.圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺腸到dD.圓盤(pán)轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到c【答案】D【解析】將圓盤(pán)看成無(wú)數(shù)幅條組成，它們都切割磁感線(xiàn)，從而產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，出現(xiàn)感應(yīng)電流，根據(jù)右手定則圓盤(pán)上感應(yīng)電流從邊緣流向圓心，則流過(guò)電阻R的電流方向?yàn)閺膁到c；根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，得圓盤(pán)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，電阻消耗的電功率，解得，D正確【點(diǎn)睛】注意：一、切割磁感線(xiàn)相當(dāng)于電源，內(nèi)部電流方向是從負(fù)極到正極；由于半徑上每點(diǎn)的切割速度不同，但是均勻增大的，故可等效切割速度為．5.2017年“網(wǎng)易直播”播出了在國(guó)際空間站觀看地球的視頻，讓廣大網(wǎng)友大飽眼福。國(guó)際空間站（InternationalSpaceStation）是一艘圍繞地球運(yùn)轉(zhuǎn)的載人宇宙飛船，軌道近地點(diǎn)距離地球表面379.7km，遠(yuǎn)地點(diǎn)距離地球表面403.8km。該國(guó)際空間站運(yùn)動(dòng)可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，已知地球半徑R≈6.4×103km，地球表面重力加速度g取9.8m/s2，試估算其運(yùn)動(dòng)周期為A.0.5hB.1.5hC.3hD.6h【答案】B【解析】在地球表面有，解得，對(duì)于國(guó)際空間站有，聯(lián)立解得，又，代入數(shù)據(jù)可得，B正確．6.圖象法是描述物理過(guò)程、探尋物理規(guī)律的重要方法，如圖所示是描述某個(gè)物理過(guò)程的圖象（坐標(biāo)的相應(yīng)物理量均采用國(guó)際制單位），則A.若該圖象為質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的位移——時(shí)間（st）圖象，則第1秒末質(zhì)點(diǎn)速度方向改變B.若該圖象為質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度——時(shí)間（vt）圖象，則前2秒質(zhì)點(diǎn)的平均速度等于0C.若該圖象為通過(guò)某定值電阻的電流強(qiáng)度——時(shí)間（it）圖象，則前2秒電流強(qiáng)度的有效值為0D.若該圖象為穿過(guò)某閉合回路的磁通量——時(shí)間（φt）圖象，則前2秒該回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定【答案】BD【解析】若圖像為st圖像，則圖像的斜率表示速度，從圖中可知斜率不變，速度不變，A錯(cuò)誤；若圖像為vt圖像，則圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積表示位移，在坐標(biāo)軸上方表示正位移，在坐標(biāo)軸下方表示負(fù)位移，故前2s內(nèi)的平均速度為，B正確；若圖像為it圖像，根據(jù)有效值定義可知，解得，C錯(cuò)誤；若為圖像，則恒定，由法拉第電磁感應(yīng)定律可知產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，則產(chǎn)生的感應(yīng)電流恒定，D正確．7.在一次南極科考中，科考人員使用磁強(qiáng)計(jì)測(cè)定地磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度。其原理如圖所示，電路中有一段長(zhǎng)方體的金屬導(dǎo)體，它長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c，放在沿y軸正方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，導(dǎo)體中電流強(qiáng)度沿x軸正方向，大小為I。已知金屬導(dǎo)體單位體積中的自由電子數(shù)為n，電子電荷量為e，自由電子做定向移動(dòng)可視為勻速運(yùn)動(dòng)，測(cè)出金屬導(dǎo)體前后兩個(gè)側(cè)面間電壓為U，則A.金屬導(dǎo)體的前側(cè)面電勢(shì)較低B.金屬導(dǎo)體的電阻為C.自由電子定向移動(dòng)的速度大小為D.磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小為【答案】AD【解析】根據(jù)左手定則（注意電子帶負(fù)電）可知電子打在前側(cè)面，即前側(cè)面帶負(fù)電，電勢(shì)較低，A正確；電流方向?yàn)閺淖笙蛴?，而題中U表示的是導(dǎo)體前后兩個(gè)側(cè)面的電壓，故導(dǎo)體的電阻不等于，B錯(cuò)誤；在t時(shí)間內(nèi)通過(guò)的電荷量為，又，解得①，C錯(cuò)誤；因?yàn)楫?dāng)金屬導(dǎo)體中自由電子定向移動(dòng)時(shí)受洛倫茲力作用向前側(cè)面偏轉(zhuǎn)，使得前后兩側(cè)面間產(chǎn)生電勢(shì)差，當(dāng)電子所受的電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡時(shí)，前后兩側(cè)面間產(chǎn)生恒定的電勢(shì)差。因而可得②，聯(lián)立①②可得，D正確．【點(diǎn)睛】電子定向移動(dòng)形成電流，根據(jù)電流的方向得出電子定向移動(dòng)的方向，根據(jù)左手定則，判斷出電子的偏轉(zhuǎn)方向，在前后兩側(cè)面間形成電勢(shì)差，最終電子在電場(chǎng)力和洛倫茲力的作用下平衡，根據(jù)平衡求出磁感應(yīng)強(qiáng)度的大?。?.在冰壺比賽中，紅壺以一定速度與靜止在大本營(yíng)中心的藍(lán)壺發(fā)生對(duì)心碰撞，碰撞時(shí)間極短，如圖甲所示。碰后運(yùn)動(dòng)員用冰壺刷摩擦藍(lán)壺前進(jìn)方向的冰面，來(lái)減小阻力。碰撞前后兩壺運(yùn)動(dòng)的vt圖線(xiàn)如圖乙中實(shí)線(xiàn)所示，其中紅壺碰撞前后的圖線(xiàn)平行，已知兩冰壺質(zhì)量相等，由圖象可得A.碰撞后，藍(lán)壺經(jīng)過(guò)5s停止運(yùn)動(dòng)B.碰撞后，藍(lán)壺的瞬時(shí)速度為0.8m/sC.紅藍(lán)兩壺碰撞過(guò)程是彈性碰撞D.紅、藍(lán)兩壺碰后至停止運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，所受摩擦力的沖量之比為1：2【答案】AB【解析】設(shè)碰后藍(lán)壺的速度為v，碰前紅壺的速度，碰后速度為，根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得，解得，A正確；從圖中可知藍(lán)壺與紅壺沿虛線(xiàn)運(yùn)動(dòng)方式時(shí)同時(shí)停止運(yùn)動(dòng)，并且紅壺碰撞前后的圖線(xiàn)平行，若以紅壺虛線(xiàn)所示運(yùn)動(dòng)，則加速度為，運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，B正確；碰撞前系統(tǒng)的動(dòng)能為，碰撞后系統(tǒng)的動(dòng)能為，兩者不等，所以不是彈性碰撞，C錯(cuò)誤；碰后藍(lán)壺的加速度為為，碰后紅、藍(lán)兩壺所受摩擦力之比為，摩擦力沖量，D錯(cuò)誤．【點(diǎn)睛】從vt圖像中可以看出，實(shí)線(xiàn)和虛線(xiàn)有個(gè)交點(diǎn)，即若紅壺碰撞后仍以原來(lái)的運(yùn)動(dòng)減速下去的運(yùn)動(dòng)時(shí)間和藍(lán)壺碰撞后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間相等，這一隱含條件是解題關(guān)系．二、非選擇題：9.如圖所示，是探究向心力的大小F與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置。轉(zhuǎn)動(dòng)手柄，可使塔輪、長(zhǎng)槽和短槽隨之勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。塔輪至上而下有三層，每層左右半徑比分別是1：1、2：1和3：1。左右塔輪通過(guò)皮帶連接，并可通過(guò)改變皮帶所處的層來(lái)改變左右塔輪的角速度之比。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將兩個(gè)小球分別放在短槽C處和長(zhǎng)槽的A（或B）處，A、C到塔輪中心的距離相等。兩個(gè)小球隨塔輪做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力大小可由塔輪中心標(biāo)尺露出的等分格的格數(shù)讀出。（1）在該實(shí)驗(yàn)中應(yīng)用了_____來(lái)探究向心力的大小與質(zhì)量m、角速度ω和半徑r之間的關(guān)系。A．理想實(shí)驗(yàn)法B．控制變量法C．等效替代法（2）用兩個(gè)質(zhì)量相等的小球放在A、C位置，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，左邊標(biāo)尺露出1格，右邊標(biāo)尺露出4格，則皮帶連接的左右塔輪半徑之比為_(kāi)______?！敬鸢浮?1).B(2).2：1【解析】（1）向心力和三個(gè)因素有關(guān)，所以需要控制其中兩個(gè)恒定，改變第三個(gè)量，從而來(lái)研究向心力和它們的關(guān)系，故采用了控制變量法，B正確；（2）同一條皮帶相連，則A、C線(xiàn)速度相同，故，根據(jù)題意可知塔輪向心力之比為1：4，并且塔輪的半徑相同，A、C轉(zhuǎn)動(dòng)和各自的塔輪角速度相同，故，可知，故．10.某實(shí)驗(yàn)小組在練習(xí)使用多用電表，他們正確連接好電路，如圖甲所示。閉合開(kāi)關(guān)S后，發(fā)現(xiàn)無(wú)論如何調(diào)節(jié)電阻箱R0，燈泡都不亮，電流表無(wú)讀數(shù)，他們判斷電路可能出現(xiàn)故障。經(jīng)小組討論后，他們嘗試用多用電表的歐姆擋來(lái)檢測(cè)電路。已知保護(hù)電阻R=15Ω，電流表量程為50mA。操作步驟如下：①將多用電表?yè)跷徽{(diào)到電阻“×1”擋，再將紅、黑表筆短接，進(jìn)行歐姆調(diào)零。②斷開(kāi)甲圖電路開(kāi)關(guān)S，將多用電表兩表筆分別接在a、c上，多用電表的指針不偏轉(zhuǎn)；③將多用電表兩表筆分別接在b、c上，多用電表的示數(shù)如圖乙所示；④將多用電表兩表筆分別接在c、e上，調(diào)節(jié)R0=20Ω時(shí)，多用電表示數(shù)如圖丙所示，電流表的示數(shù)如圖丁所示?；卮鹣铝袉?wèn)題：（1）圖丙中的多用表讀數(shù)為_(kāi)_________Ω；圖丁中的電流表讀數(shù)為_(kāi)________mA（2）操作步驟④中，多用電表紅表筆應(yīng)接______點(diǎn)（選“c”或“e”）（3）電路的故障可能是__________A．燈泡短路B．燈泡斷路C．保護(hù)電阻R短路D．保護(hù)電阻R斷路（4）根據(jù)以上實(shí)驗(yàn)得出的數(shù)據(jù)，同學(xué)們還計(jì)算出多用電表內(nèi)部電源的電動(dòng)勢(shì)E’=________________V(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)【答案】(1).24(2).38.0(3).e(4).B(5).1.48【解析】（1）倍率采用×1，故讀數(shù)為；電流表量程為50mA，所以分度值為1mA，所以讀數(shù)為38.0mA；（2）因?yàn)橛枚嘤秒姳頊y(cè)電阻時(shí)，電流方向?yàn)榧t進(jìn)黑出，即紅表筆是流進(jìn)歐姆表的，而電路中電流表在e端為負(fù)極，即電流經(jīng)過(guò)電流表的方向?yàn)閐→e，所以紅表筆接e端；（3）因?yàn)槎嘤秒姳須W姆檔的指針不偏轉(zhuǎn)，說(shuō)明指在無(wú)窮大的刻度處，所以a、c間斷路，而bc間正常，所以只有燈泡斷路，B正確；（4）根據(jù)操作③可知電表指針正好指在中間刻度，即根據(jù)中值電阻規(guī)律可知?dú)W姆檔電路內(nèi)阻為，根據(jù)操作④可知；【點(diǎn)睛】在讀取電表讀數(shù)時(shí)，一定要弄清楚電表的分度值（或檔位）；本題第（4）問(wèn)較難，難點(diǎn)在于根據(jù)中值電阻規(guī)律計(jì)算歐姆表內(nèi)阻，因?yàn)楸绢}數(shù)據(jù)是從圖中表現(xiàn)出來(lái)的，很容易忽略這一重要條件．11.如圖所示為某種靜電分選器的原理簡(jiǎn)圖。兩個(gè)豎直放置的平行金屬板PQ和MN，加上恒定電壓可形成勻強(qiáng)電場(chǎng)（電場(chǎng)可視為僅局限在平行板之間）。一帶負(fù)電顆粒電荷量為q，質(zhì)量為m，從絕緣斜槽滑下，從PQ板上邊緣水平進(jìn)入金屬板間區(qū)域。已知兩板間距為d，板長(zhǎng)為l，重力加速度為g，空氣阻力不計(jì)。(1)若兩金屬板未加上電壓，顆粒恰好從QN中央離開(kāi)，求顆粒進(jìn)入金屬板的速度大小v0；(2)若兩金屬板加上電壓（MN板接正極），顆粒仍以v0水平進(jìn)入金屬板間，要使顆粒下落過(guò)程中不接觸到金屬板MN，求所加電壓應(yīng)滿(mǎn)足的條件。【答案】(1)(2)【解析】（1）未加上電壓時(shí)顆粒做平拋運(yùn)動(dòng)，依題意有，又，解得；（2）加上電壓時(shí)，顆粒在水平方向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，在豎直方向上做自由落體運(yùn)動(dòng)，當(dāng)顆粒恰好從MN板下邊緣出去時(shí)，有，又，；聯(lián)立解得；當(dāng)電壓升高時(shí)，顆粒越容易接觸到金屬板，故電壓U應(yīng)滿(mǎn)足；【點(diǎn)睛】帶電粒子在電場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)問(wèn)題，首先要正確的對(duì)帶電粒子在這兩種情況下進(jìn)行正確的受力分析，確定粒子的運(yùn)動(dòng)類(lèi)型．解決帶電粒子垂直射入電場(chǎng)的類(lèi)型的題，應(yīng)用平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律進(jìn)行求解．此類(lèi)型的題要注意是否要考慮帶電粒子的重力，原則是：除有說(shuō)明或暗示外，對(duì)基本粒子（例如電子，質(zhì)子、α粒子、離子等），一般不考慮重力；對(duì)帶點(diǎn)微粒，（如液滴、油滴、小球、塵埃等），一般要考慮重力．12.如圖所示，質(zhì)量相等的物塊A和足夠長(zhǎng)的木板B，質(zhì)量為m1=m2=1kg，通過(guò)一勁度系數(shù)k=25N/m的輕質(zhì)彈簧連接。B與水平面間接觸面的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25，A、B間接觸面光滑，彈簧開(kāi)始時(shí)處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)在物塊A上施加一個(gè)水平向右的恒力F=5N，使物塊A向右滑動(dòng)，物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)程中彈簧始終處在彈性限度內(nèi)。已知最大靜摩擦力與滑動(dòng)摩擦力大小相等，重力加速度g取10m/s2，彈簧彈性勢(shì)能可表示為,其中k為彈簧勁度系數(shù)，x為彈簧形變量。求：（1）物塊A剛開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)加速度大小a；（2）木板B剛開(kāi)始滑動(dòng)時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量x0和物塊A的速度大小v0；（3）彈簧第一次拉伸到最長(zhǎng)時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量x.【答案】(1)(2)(3)【解析】（1）對(duì)物塊A受力分析有：（2）對(duì)物塊B受力分析，①，且②，聯(lián)立①②解得③；對(duì)物塊A應(yīng)用功能關(guān)系有：④聯(lián)立③④解得⑤；（3）設(shè)從物塊B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到彈簧第一次最長(zhǎng)A位移為，物塊B位移為，彈簧伸長(zhǎng)量為x，彈簧最長(zhǎng)時(shí)A、B速度相等，為v，則對(duì)A、B系統(tǒng)應(yīng)用功能關(guān)系可得：⑥；對(duì)A、B組成的系統(tǒng)，受到恒力F和地面摩擦力的作用，合力為零，A、B系統(tǒng)動(dòng)量守恒⑦；由長(zhǎng)度關(guān)系⑧；聯(lián)立解得（舍去）和；故彈簧第一次拉伸最長(zhǎng)時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量為；13.下列說(shuō)法正確的是__________。A．荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是有液體表面張力B．晶體凝固時(shí)放出熱量，但分子平均動(dòng)能不變C．氣體如果失去容器的約束就會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)闅怏w分子之間存在斥力的緣故D．一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)等容過(guò)程和等壓過(guò)程，溫度均由T1升高到T2，則等容過(guò)程比等壓過(guò)程吸收的熱量少E．一個(gè)絕熱容器中盛有氣體，假設(shè)把氣體中分子速率很大的如大于vm的分子全部取走，則氣體的溫度會(huì)下降，此后氣體中不存在速率大于vm的分子【答案】ABD【解析】表面張力有使液體的表面積最小化的趨勢(shì)，故荷葉上面的小水珠呈球形的主要原因是有液體表面張力，A正確；晶體凝固時(shí)溫度不變，所以分子平均動(dòng)能不變，B正確；氣體如果失去容器的約束就會(huì)散開(kāi)，這是因?yàn)榉肿釉谧鰺o(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)的原因，C錯(cuò)誤；一定質(zhì)量的理想氣體分別經(jīng)等容過(guò)程和等壓過(guò)程溫度均由升高到，內(nèi)能增量相同，根據(jù)熱力學(xué)第一定律等容過(guò)程，等壓過(guò)程吸收的熱量，而等壓過(guò)程氣體對(duì)外做功，所以等容過(guò)程比等壓過(guò)程吸收的熱量少，D正確；此后氣體的由于碰撞等原因，仍然會(huì)出現(xiàn)速率大于的分子，E錯(cuò)誤．14.一粗細(xì)均勻的U形管ABCD的D端封閉，A端與大氣相通。用水銀將一定質(zhì)量的理想氣體封閉在U形管的CD一側(cè)，如圖甲所示。環(huán)境溫度T1=300K時(shí)，管中AB、CD兩側(cè)的水銀面高度平齊h1=15cm，AB、CD管高相同h2=35cm，BC兩柱心寬度h3=5cm，現(xiàn)將U形管繞C點(diǎn)順時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)90°后如圖乙所示，此過(guò)程沒(méi)有水銀漏出。大氣壓強(qiáng)取P0=75cmHg，U形管的橫截面積S=0.4cm2。（i）求此時(shí)CD側(cè)空氣柱長(zhǎng)度l1；（ii）若環(huán)境溫度提高至T2時(shí)，AB、CD兩側(cè)的水銀面又對(duì)齊，求此時(shí)溫度T2?！敬鸢浮?1)(2)【解析】（i）如圖甲、乙對(duì)封閉氣體研究，溫度不變初態(tài)時(shí)壓強(qiáng)，體積；水平狀態(tài)時(shí)，壓強(qiáng)，設(shè)這時(shí)CD側(cè)氣柱長(zhǎng)度為，體積由玻意耳定律可知，解得（ii）根據(jù)圖丙可知水銀柱面水平差距；可知在環(huán)境溫度升高過(guò)程中封閉氣體壓強(qiáng)不變，，由蓋呂薩克定律可知