陜西省寶雞市高考模擬檢測理科綜合物理試卷

2019年寶雞市高考模擬檢測（二）理綜物理試題第Ⅰ卷（選擇題）二、選擇題1.已知某種金屬的極限頻率為γ0，現(xiàn)用頻率3γ0的光照射此金屬板，所產(chǎn)生光電子的最大初動能為（h為普朗克常量）()A.4hγ0 B.3hγ0 C.2hγ0 D.hγ【答案】C【解析】【分析】根據(jù)“某種金屬的極限頻率為γ0”、“現(xiàn)用頻率3γ0【詳解】金屬的逸出功為W0=hγ0，改用頻率為3γ0的光照射同一金屬材料，根據(jù)光電效應方程得，則所產(chǎn)生光電子的最大初動能Ekm=3hγ0?W0=2hγ0.故C正確，ABD錯誤。故選：C2.如圖所示，一條細繩跨過定滑輪連接物體A、B，A懸掛起來，B穿在一根豎直桿上，兩物體均保持靜止，不計繩與滑輪、B與豎直桿間的摩擦，已知繩與豎直桿間的夾角為θ，則物體A、B的質(zhì)量之比mA︰mB等于()A.1︰cosθ B.cosθ︰1 C.tanθ︰1 D.1︰【答案】A【解析】【分析】根據(jù)“兩物體均保持靜止”可知，本題考查共點力平衡問題，根據(jù)共點力平衡規(guī)律，分別對物體A、B進行受力分析，并運用力的平行四邊形定則可得繩子的拉力與各自重力的關系，從而確定物體A、B的質(zhì)量之比．【詳解】設繩子的拉力為T，隔離A分析有T=mAg…①隔離B分析有：mBg=Tcosθ…②由①②整合得：mA:mB=1:cosθ，故A正確，BCD錯誤。故選：A3.真空中有一帶負電的電荷q繞固定的點電荷＋Q運動，其運動軌跡為橢圓，如圖所示。已知abcd為橢圓的四個頂點，＋Q處在橢圓的一個焦點上，則下列說法正確的是()A.＋Q產(chǎn)生的電場中a、c兩點的電場強度相同B.負電荷q在b點速度大于d點速度C.負電荷q在b點電勢能大于d點電勢能D.負電荷q在運動過程中電場力始終不做功【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“真空中有一帶負電的電荷q繞固定的點電荷＋Q運動，其運動軌跡為橢圓”、“a、c兩點的電場強度相同”、“在b點電勢能大于d點電勢能”可知，本題考查正點電荷的電場分布，帶電粒子在電場中運動電場力做功情況和電勢能、動能的變化，根據(jù)點電荷的電場特點，結合電場力做功與電勢能、動能變化的關系，分析判斷b、d兩點動能和電勢能的大小。【詳解】A.

a、c為橢圓的兩個頂點，則a、c兩點到Q的距離相等，由點電荷的場強公式：E=kQBC.負電荷由b運動到d的過程中，電場力做負功，電勢能增加，動能減小，所以負電荷q在b點速度大于d點速度，故B正確，C錯誤；D.負電荷由a經(jīng)d運動到c的過程中，電場力先做負功再做正功，故D錯誤。故選：B.4.超強臺風山竹于2018年9月16日前后來到我國廣東中部沿海登陸，其風力達到17級超強臺風強度，風速60m/s左右，對固定建筑物破壞程度非常巨大。請你根據(jù)所學物理知識推算固定建筑物所受風力（空氣的壓力）與風速（空氣流動速度）大小關系，假設某一建筑物垂直風速方向的受力面積為S，風速大小為vA.F＝ρSv B.F【答案】B【解析】【分析】根據(jù)“推算固定建筑物所受風力（空氣的壓力）與風速（空氣流動速度）大小關系”可知，本題考查動量定理，設t時間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，根據(jù)動量定理的公式Ft=△mv，即可求解。【詳解】設t時間內(nèi)吹到建筑物上的空氣質(zhì)量為m，則m=ρSvt，根據(jù)動量定理Ft=0mv=0ρSv2t，F(xiàn)=ρSv2，故B正確，ACD錯誤。故選：B5.如圖所示的機械裝置可以將圓周運動轉化為直線上的往復運動。連桿AB、OB可繞圖中A、B、O三處的轉軸轉動，連桿OB在豎直面內(nèi)的圓周運動可通過連桿AB使滑塊在水平橫桿上左右滑動。已知OB桿長為L，繞O點做逆時針方向勻速轉動的角速度為ω，當連桿AB與水平方向夾角為α，AB桿與OB桿的夾角為β時，滑塊的水平速度大小為()A.ωLsinβsinα B.【答案】D【解析】【分析】根據(jù)“連桿OB在豎直面內(nèi)的圓周運動可通過連桿AB使滑塊在水平橫桿上左右滑動”、“滑塊的水平速度大小為”可知，本題考查速度的合成與分解問題，根據(jù)兩物體沿桿方向的速度相等，分別將A、B的速度沿桿和垂直桿分解，列式求解及可。【詳解】設滑塊的水平速度大小為v，A點的速度的方向沿水平方向，如圖將A點的速度分根據(jù)運動的合成與分解可知，沿桿方向的分速度：vA分=vcosα，B點做圓周運動，實際速度是圓周運動的線速度，可以分解為沿桿方向的分速度和垂直于桿方向的分速度，如圖設B的線速度為v′則：vB分=v′?cosθ=v′cos(90°?β)=v′sinβ，v′=ωL又二者沿桿方向的分速度是相等的，即：vA分=vB分聯(lián)立可得：v=ωL故選：D6.醫(yī)用回旋加速器的核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連?，F(xiàn)分別加速氘核(12H)A.加速兩種粒子的高頻電源的頻率相同B.兩種粒子獲得的最大動能相同C.兩種粒子在D形盒中運動的周期相同D.增大高頻電源的電壓可增大粒子的最大動能【答案】AC【解析】【分析】根據(jù)“醫(yī)用回旋加速器”、“分別加速氘核(12H【詳解】AC、回旋加速器加速粒子時，粒子在磁場中運動的周期和交流電的周期相同，否則無法加速。帶電粒子在磁場中運動的周期T=2πB、根據(jù)qvB=mv2RD、最大動能Ek=12mv2=q故選：AC.7.如圖所示，一火箭中固定有一水平放置的壓力傳感器，傳感器上放有一個質(zhì)量為m的科考儀器。火箭從地面由靜止開始以g2的初始加速度豎直向上加速運動，火箭通過控制系統(tǒng)使其在上升過程中壓力傳感器的示數(shù)保持不變。當火箭上升到距地面R2的高度時（地球的半徑為R，地球表面處的重力加速度為gA.此高度處的重力加速度為1B.此高度處的重力加速度為4C.此高度處火箭的加速度為5D.此高度處火箭的加速度為19【答案】BD【解析】【分析】根據(jù)“火箭從地面由靜止開始以g2的初始加速度豎直向上加速運動”、“上升過程中壓力傳感器的示數(shù)保持不變”可知，本題考查萬有引力定律和牛頓第二定律，根據(jù)萬有引力定律可求距地面R2的高度時的重力加速度，根據(jù)牛頓第二定律可求距地面【詳解】AB.由地球表面萬有引力近似等于重力得：mg距地面R2的高度時，m聯(lián)立可得:g′CD.由牛頓第二定律可知，在地面，F(xiàn)距地面R2的高度時，聯(lián)立解得：a=1918故選：BD8.如圖所示，兩根光滑金屬導軌平行放置在傾角為θ的斜面上，導軌間距為L，導軌下端接有阻值為R的電阻，導軌電阻不計。斜面處在方向豎直向上磁感應強度為B的勻強磁場中，電阻不計的金屬棒ab質(zhì)量為m，受到沿斜面向上且與金屬棒垂直的恒力F作用。已知金屬棒從靜止開始沿導軌下滑，它在滑下高度h時的速度大小為v，重力加速度為g，則在此過程中()A.金屬棒損失的機械能為mB.金屬棒克服安培力做的功為BC.電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為mD.電阻R通過的電荷量為B【答案】AD【解析】【分析】根據(jù)“兩根光滑金屬導軌平行放置在傾角為θ的斜面上”、“斜面處在方向豎直向上磁感應強度為B的勻強磁場中”、“金屬棒損失的機械能”、“電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱”、“電阻R通過的電荷量”等可知，本題考查單金屬棒在磁場中運動能量轉化與守恒問題和平均感應電動勢問題，根據(jù)金屬棒克服安培力做的功等于系統(tǒng)產(chǎn)生的電能，即等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；再根據(jù)動能定理和電磁感應知識研究功能關系；根據(jù)平均感應電動勢分析電阻R通過的電荷量．【詳解】A.金屬棒在滑下高度h時的速度大小為v，重力勢能減少mgh，動能增加12mv2，金屬棒損失的機械能為mB.金屬棒從靜止開始速度逐漸增大為v，安培力從0逐漸增大到B2L2C.由能量轉化和守恒定律得知，金屬棒損失的機械能等于金屬棒克服安培力做功和恒力F做的功與安培力做的功之和，電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱等于金屬棒克服安培力做功，所以電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱為mghE=Δ?Δt，I故選：AD【點睛】機械能等于動能與重力勢能之和，根據(jù)重力勢能和動能的變化確定機械能的變化；安培力是個變力；金屬棒克服安培力做的功等于電阻R上產(chǎn)生的焦耳熱；利用平均感應電動勢求電量。第Ⅱ卷（非選擇題）三、非選擇題：（一）必考題：9.某同學利用如圖甲所示裝置來驗證“機械能守恒定律”。將長為L輕繩一端固定在O點，另一端拴在一個質(zhì)量為m的正立方體小鐵塊A上，在小鐵塊A的上表面邊緣放一個小鐵片。將鐵塊拉起，使繩拉直且偏離豎直方向成θ角時由靜止開始釋放鐵塊，當其到達最低點時，受到豎直擋板P阻擋而停止運動，之后鐵片將飛離鐵塊A而做平拋運動。（1）用20分度的游標卡尺測量正立方體鐵塊厚度d的結果如圖乙所示，則d＝________cm；（2）若測得小鐵片從水平拋出到落到地面的水平位移x和豎直位移y，就可求得小鐵片做平拋運動的初速度v0＝________（已知重力加速度為g）。若假設鐵塊與小鐵片運動到最低點時的速度為v，則v與v0的大小關系為v________v0（填“＝”、“＞”或“＜”）；（3）該同學在實驗中發(fā)現(xiàn)，若θ角改變，小鐵片平拋運動的水平位移x隨之發(fā)生改變。于是他多次實驗，得到了多組（θ，x）值，通過計算分析得出了“鐵塊與小鐵片一起由靜止釋放到運動到最低點過程中機械能守恒”的結論，并做出了x2隨cosθ變化的x2－cosθ圖像，你認為他做出的x2－cosθ圖像應該是圖中的________（實驗中近似認為v＝v0）。A.B.C.D.【答案】(1).(2).x2gy2【解析】【分析】根據(jù)“驗證機械能守恒定律”“游標卡尺測量正立方體鐵塊厚度”、“平拋運動的初速度”、“x2－cosθ圖像應該是圖中”可知，本題考查游標卡尺的讀數(shù)方法、平拋運動的計算和圖像處理驗證機械能守恒實驗的數(shù)據(jù)，根據(jù)游標卡尺的讀數(shù)方法、平拋運動的規(guī)律和機械能守恒定律列出機械能守恒的表達式，得出x2－cosθ的表達式，即可進行分析判斷?！驹斀狻浚?）游標卡尺的主尺刻度為23mm，游標尺刻度為10×=，所以d=23mm+==；（2）根據(jù)鐵片做平拋運動有：x=v0t①y=12gt2聯(lián)立①②可解得：v0=x2由于存在阻力作用，根據(jù)平拋運動的規(guī)律計算的速度小于實際速度；所以v＞v0（3）重錘下落過程中機械能守恒，由mgh=12mv2gL(1?cosθ)=x可得：x所以x2－cosθ圖像應該是圖中的C。10.某同學想將一毫安表A改裝成歐姆表，先要測量毫安表的內(nèi)阻。在實驗室找到了如下器材：A．待測毫安表A（量程2mA，阻值約為200Ω）B．電壓表V（量程3V，阻值約為3KΩ）C．定值電阻R1（阻值為）D．定值電阻R2（阻值為500Ω）E．滑動變阻器R3（阻值為0～500Ω）F．滑動變阻器R4（阻值為0～20Ω）G．電源E（電動勢3V，內(nèi)阻約為2Ω）H．單刀開關S一個，導線若干（1）要求在測量毫安表內(nèi)阻時電表指針偏轉到表盤最大刻度值的一半附近處，則定值電阻選________，滑動變阻器選________（填儀器前表示順序號的字母）；（2）請在虛線框內(nèi)畫出符合實驗要求的電路圖，并標上所選儀器代號_______；（3）該同學測得毫安表內(nèi)阻為180Ω，用以上實驗室提供的器材改裝的歐姆表，電路圖如圖所示。要使歐姆表能正常調(diào)零，則圖中定值電阻R0選________，滑動變阻器R選________（填儀器前的表示順序號的字母）；（4）此歐姆表的紅表筆是圖中的________（填“A”或“B”），把毫安表的表盤刻度調(diào)整為歐姆表的表盤刻度時，刻度盤上對應的電阻阻值是________Ω。【答案】(1).C(2).F(3).(4).C(5).E(6).A(7).4500【解析】【分析】根據(jù)“將一毫安表A改裝成歐姆表，先要測量毫安表的內(nèi)阻”、“要求在測量毫安表內(nèi)阻時電表指針偏轉到表盤最大刻度值的一半附近處”可知，本題考查毫安表內(nèi)阻的測量和歐姆表的改裝，根據(jù)歐姆定律計算總電阻的可能值，選擇定值電阻；根據(jù)滑動變阻器與待測電阻的阻值關系選擇控制電路和滑動變阻器；根據(jù)歐姆定律計算電流為0.5mA時的總電路，確定待測電阻的阻值。【詳解】（1）在測量毫安表內(nèi)阻時要求電表指針偏轉到表盤最大刻度值的一半附近處，根據(jù)歐姆定律R=U/I，結合電源電動勢為3V，定值電阻應選擇C，即1.2kΩ；由于滑動變阻器的阻值都遠小于定值電阻與電流表內(nèi)阻的總電阻，應采用分壓電路，所以滑動變阻器應選用F，即阻值為0～20Ω，這樣調(diào)節(jié)方便；（2）由于定值電阻阻值已知，應采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示：（3）要使歐姆表能正常調(diào)零，總電阻應大于R內(nèi)=EIg=（4）歐姆表的紅表筆應連接內(nèi)部電源的負極，此歐姆表的紅表筆是圖中的A；根據(jù)歐姆定律I=ER【點睛】根據(jù)電動勢和要求的毫安表偏轉角度確定定值電阻，根據(jù)滑動變阻器與待測電阻的關系確定滑動變阻器的阻值和電路；根據(jù)歐姆表的原理，即歐姆定律計算內(nèi)阻的大小，確定待測電阻的大小。11.如圖所示，小紅和媽媽利用寒假時間在滑雪場進行滑雪游戲。已知雪橇與水平雪道間的動摩擦因數(shù)為μ＝，媽媽的質(zhì)量為M＝60kg，小紅和雪橇的總質(zhì)量為m＝20kg。在游戲過程中媽媽用大小為F＝50N，與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇。（g=10m/s（1）小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大小；（2）若要使小紅和雪橇從靜止開始運動并能滑行到前面43m處，求媽媽拉力作用的最短距離?！敬鸢浮?1)1.15m/s2【解析】【分析】根據(jù)“媽媽用大小為F＝50N，與水平方向成37°角的力斜向上拉雪橇”、“小紅的加速度大小和媽媽與雪道間的摩擦力大小”、“若要使小紅和雪橇從靜止開始運動并能滑行到前面43m處，求媽媽拉力作用的最短距離”可知，本題考查牛頓第二定律和動能定理，根據(jù)牛頓第二定律和動能定理得規(guī)律，分別對小紅和媽媽受力分析，列出牛頓第二定律方程和動能定理方程，求解即可。【詳解】（1）對小紅和雪橇受力分析如圖甲所示，對媽媽受力分析如圖乙所示。對于小紅和雪橇由牛頓第二定律可得：N1Fcos聯(lián)立解得：a=對于媽媽由牛頓第二定律可得：f?解得：f=（2）由題意可得，當小紅和雪橇到達前面43mmax?解得：x=【點睛】分別對小紅和媽媽受力分析，根據(jù)牛頓第二定律列出方程，聯(lián)立求解即可；求媽媽拉力作用的最短距離，則到達43m處時，速度為零，根據(jù)動能定理列方程，求解即可。12.靜電噴漆技術具有效率高、質(zhì)量好、有益于健康等優(yōu)點，其裝置可簡化為如圖甲所示。A、B為水平放置的間距d＝的兩塊足夠大的平行金屬板，兩板間有方向由B指向A的E＝0.1V/m的勻強電場。在A板的中央放置一個安全接她的靜電油漆噴槍P，油漆噴槍可向各個方向均勻地噴出初速度大小均為v0＝6.0m/s的油漆微粒，已知油漆微粒的質(zhì)量均為m＝1.0×10－5kg，帶負電且電荷量均為q＝1.0×10（1）油漆微粒落在B板上的最大面積；（2）若讓A、B兩板間的電場反向（如圖乙所示），并在兩板間加垂直于紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B＝，調(diào)節(jié)噴槍使油漆微粒只能在紙面內(nèi)沿各個方向噴出，其他條件不變。①B板被油漆微粒打中的區(qū)域的長度為多少？②打中B板的油漆微粒中，在正交場中運動的最短時間為多少？【答案】（1）18．1m2（2）1．6m【解析】試題分析：（1）油漆微粒的加速度a=根據(jù)運動學d=運動的半徑x=落在B板上所形成圓形面積s=由①②③式并代入數(shù)據(jù)得s=（2）當電場反向Eq油漆微粒做勻速圓周運動，洛倫茲力充當向心力Bq水平向右射出的油漆微粒打在B板的右端，根據(jù)幾何關系R+ac⑨打在B板左端的油漆微粒為和板相切的微粒，同理求得bc油漆微粒打在極板上的長度ab由⑥⑦⑧⑨⑩11式并代入數(shù)據(jù)得ab(3)打在B板上的微粒中，pc有幾何關系sinθ運動的最短時間tmin微粒在磁場中運動的周期T=由7131415式代入數(shù)據(jù)解得tmin考點：動能定理的應用；勻變速直線運動的位移與時間的關系；牛頓第二定律．點評：本題是實際問題，考查理論聯(lián)系實際的能力，關鍵在于建立物理模型．（二）選考題13.下列關于分子運動和熱現(xiàn)象的說法正確的是________A.氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子無規(guī)則熱運動的緣故B.一定量100℃的水變成100C.若分子間的距離r增大，則分子間的作用力做負功，分子勢能增大D.如果氣體分子總數(shù)不變，而氣體溫度升高，氣體分子的平均動能增大，因此壓強必然增大E.一定量氣體的內(nèi)能等于其所有分子熱運動動能和分子之間勢能的總和【答案】ABE【解析】【分析】根據(jù)“關于分子運動和熱現(xiàn)象的說法”可知，本題考查分子動理論，根據(jù)溫度是平均動能的標志，理想氣體狀態(tài)方程和壓強的微觀意義去分析各項．【詳解】A.氣體分子在永不停息的進行著無規(guī)則的熱運動，所以失去容器后就會散開，故A正確；B.一定量100℃的水變成100℃的水蒸汽，因溫度不變，平均動能不變，而內(nèi)能增加，所以其分子之間的勢能增加，故B正確；C.如果分子間距離小于r0，分子間作用力表現(xiàn)為斥力，則分子間的距離r增大，分子間的作用力做正功，分子勢能減小，故C錯誤；D.若氣體的體積增大，分子密度減小，壓強可能減小，故D錯誤；E.內(nèi)能等于其所有分子熱運動動能和分子之間勢能的總和，故E正確；故選：ABE14.如圖所示，內(nèi)壁光滑且長為L＝50cm的絕熱氣缸固定在水平面上，氣缸內(nèi)用橫截面積為S＝100cm2的絕熱活塞封閉有溫度為t0＝27℃的理想氣體，開始時處于靜止狀態(tài)的活塞位于距左側缸底l＝30cm處?，F(xiàn)用電熱絲對封閉的理想氣體加熱，使活塞緩慢向右移動。（已知大氣壓強為P0＝1.0×105Pa①試計算當溫度升高到t＝377℃時，缸內(nèi)封閉氣體的壓強P②若氣缸內(nèi)電熱絲的電阻R＝100Ω，加熱時電熱絲中的電流為I＝，在此變化過程中共持續(xù)了t'＝300s，不計電熱絲由于溫度升高而吸收熱量，試計算氣體增加的內(nèi)能ΔU。【答案】①1.3×105p【解析】【分析】根據(jù)“內(nèi)壁光滑且長為L＝50cm的絕熱氣缸固定在水平面上”、“活塞緩慢向右移動”、“計算氣體增加的內(nèi)能”可知，本題考查蓋呂薩克定律、查理定律和熱力學第一定律，根據(jù)蓋呂薩克定律首先求出活塞到達右端時的溫度，確定t=377℃時位置，再根據(jù)查理定律列方程求解即可；根據(jù)熱力學第一定律列式求解?！驹斀狻竣僭O封閉氣體剛開始的溫度為T1，壓強為P0，當活塞恰好移動到氣缸口時，封閉氣體的溫度為T2，則TlS解得：T2由于227°設當溫度達到T3=(P0代入數(shù)據(jù)解得：P=②根據(jù)熱力學第一定律可得：ΔU外界對氣體做的功為：W=封閉氣體共吸收的熱量為：Q=解得：Δ【點睛】首先求出活塞等壓到達右端時的溫度，確定t=377℃時位置，再根據(jù)查理定律列方程求解；等壓膨脹過程氣體對外做功。15.下列說法中正確的是________A.在光的雙縫干涉實驗中，若僅將入射光由綠光改為紅光。則干涉條紋間距變寬B.水中的氣泡看起來特別明亮，是因為光從水中射向氣泡時在氣泡表面發(fā)生了全反射C.兩列水波發(fā)生干涉時，兩列波的波峰相遇點的質(zhì)點振動位移始終最大D.由于超聲波的頻率很高，所以超聲波不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象E.光在介質(zhì)中傳播的速度僅由介質(zhì)本身所決定，與光的頻