河北省邯鄲市大名縣第一中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第十二周周測試題

PAGE20-河北省邯鄲市大名縣第一中學(xué)2025屆高三物理上學(xué)期第十二周周測試題一、單選題(每題4分，共32分)1．下列關(guān)于電功、電功率和焦耳定律的說法中錯誤的是（）A．電功率越大，電流做功越快，電路中產(chǎn)生的焦耳熱肯定越多B．適用于任何電路，而只適用于純電阻電路C．在非純電阻電路中，D．焦耳熱適用于任何電路2．小亮家有一臺電風(fēng)扇，內(nèi)阻為20Ω，額定電壓為220V，額定功率為66W，將它接上220V電源后，發(fā)覺因扇葉被東西卡住不能轉(zhuǎn)動．則此時電風(fēng)扇消耗的功率為()A．66W B．2420W C．11W D．不確定3．如圖所示的溫控電路中，R1為定值電阻，R2為半導(dǎo)體熱敏電阻（溫度越高電阻越?。?，C為電容器，電源內(nèi)阻不行忽視．當(dāng)環(huán)境溫度降低時下列說法正確的是A．電容器C的帶電量增大B．電壓表的讀數(shù)減小C．干路電流增大D．R1消耗的功率變大4．一個電子只在電場力作用下從a點運動到b點的軌跡如圖中虛線所示，圖中一組平行實線可能是電場線也可能是等勢面，下列說法中正確的是A．假如實線是電場線，則a點的電勢比b點的電勢高B．假如實線是等勢面，則a點的電勢比b點的電勢低C．假如實線是電場線，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大D．假如實線是等勢面，則電子在a點的電勢能比在b點的電勢能大5．如圖，E為內(nèi)阻不能忽視的電池，R1、R2、R3為定值電阻，S0、S為開關(guān)，V與A分別為電壓表與電流表．初始時S0與S均閉合，現(xiàn)將S斷開，則（）V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變小 B．V的讀數(shù)變大，A的讀數(shù)變大V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變小 D．V的讀數(shù)變小，A的讀數(shù)變大6．如圖所示，直線A為某電源的U－I圖線，曲線B為某小燈泡L的U－I圖線的一部分，用該電源和小燈泡L串聯(lián)起來組成閉合回路時燈泡L恰能正常發(fā)光，則下列說法中正確的是（）A．此電源的內(nèi)阻為0.67ΩB．燈泡L的額定電壓為3V，額定功率為6WC．把燈泡L換成阻值恒為1Ω的純電阻，電源的輸出功率將變小，效率將變低D．小燈泡L的電阻隨通過電流的增大而減小7．如圖所示，將材料和長度相同，粗細勻稱的鎳鉻合金導(dǎo)體連接起來，接到一個電路中，通以電流；已知右邊橫截面積是左邊橫截面積的兩倍．則下列說法正確的是（

）左右導(dǎo)體電流不相等，I左>I

右 左右導(dǎo)體的兩端電壓相等C．左右兩端電阻不等，R左<R右D．自由電子定向移動的速率不相等，V左>V右8．如圖所示，平行板電容器與直流電源、志向二極管（正向電阻為零可以視為短路，反向電阻無窮大可以視為斷路）連接，電源負極接地．初始電容器不帶電，閉合開關(guān)S穩(wěn)定后，一帶電油滴位于電容器極板間的P點且處于靜止?fàn)顟B(tài)．下列說法正確的是()A．減小極板間的正對面積，帶電油滴會向下移動，且P點的電勢會降低B．減小極板間的正對面積，帶電油滴會向上移動，且P點的電勢會降低C．將下極板上移，帶電油滴向上運動D．?dāng)嚅_開關(guān)S，帶電油滴將向下運動二、多選題(每題4分，共16分)9．如圖甲、乙所示的電路圖為電表改裝的示意圖，G為表頭、R為可調(diào)電阻，則下列說法正確的是()A．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大B．圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小C．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程增大D．圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，改裝后電表的量程減小10．如圖所示，為定值電阻，為可變電阻，E為電源的電動勢，r為電源內(nèi)阻，且，以下說法中正確的是（）A．當(dāng)時，上獲得最大功率B．當(dāng)時，上獲得最大功率C．當(dāng)時，上獲得最大功率D．當(dāng)時，電源的輸出功率最大11．小燈泡通電后其電流I隨所加電壓U改變的I—U圖線如圖所示，P為圖線上一點，PN為圖線的切線，PQ為U軸的垂線，PM為I軸的垂線，下列說法中正確的是（

）A．隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻減小B．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為C．對應(yīng)P點，小燈泡的電阻為D．對應(yīng)P點，小燈泡的功率為圖中矩形PQOM所圍“面積”12．如圖所示，調(diào)整電路的可變電阻R的阻值，使電壓表V的示數(shù)增大ΔU，在這個過程中()A．通過R1的電流增加，增加量肯定等于B．R2兩端的電壓減小，削減量肯定等于ΔUC．通過R的電流增加，增加量肯定等于D．通過R2的電流減小，但削減量肯定小于第II卷（非選擇題）三、試驗題(共20分)13．(本題10分)為了測量某一未知電阻Rx(阻值約為6Ω)的阻值，試驗室里打算了以下器材：A．電源，電動勢E＝3.0VB．電壓表V1，量程3V，內(nèi)阻約5kΩC．電壓表V2，量程15V，內(nèi)阻約25kΩD．電流表A1，量程0.6A，內(nèi)阻約0.2ΩE．電流表A2，量程3A，內(nèi)阻約0.04ΩF．滑動變阻器R1，最大阻值5Ω，最大電流為3AG．滑動變阻器R2，最大阻值200Ω，最大電流為1.5AH．開關(guān)S、導(dǎo)線若干（1）在用伏安法測量該電阻的阻值時，要求盡可能精確，并且待測電阻兩端的電壓從零起先連續(xù)調(diào)整，則在上述供應(yīng)的器材中電壓表應(yīng)選________；電流表應(yīng)選________；滑動變阻器應(yīng)選________。(填器材前面的字母代號)（2）請在虛線框內(nèi)畫出用伏安法測量該電阻阻值時的試驗電路圖_______。（3）請依據(jù)電路圖將下列實物圖補充完整__________。14．(本題10分)某同學(xué)想設(shè)計一個測量金屬棒(阻值約10?)電阻率的試驗方案，試驗室供應(yīng)的器材有：A.電流表A1(內(nèi)阻Rg=100Ω、滿偏電流Ig=3mA)B.電流表A2內(nèi)阻約為0.4Ω、量程為0.6A)C.定值電阻R0=900ΩD.滑動變阻器R(5Ω、2A)E.干電池組(6V、0.05Ω)F.一個開關(guān)和導(dǎo)線若干G.螺旋測微器，游標(biāo)卡尺(1)如圖1，用螺旋測微器測金屬棒直徑為______mm；如圖2用20分度游標(biāo)卡尺測金屬棒長度為______cm．(2)請依據(jù)供應(yīng)的器材，設(shè)計一個試驗電路，畫在答題卡方框內(nèi)，要求盡可能精確測量金屬棒的阻值_______。(3)若試驗測得電流表A1示數(shù)為I1，電流表A2示數(shù)為I2，則金屬棒電阻的表達式為RX=_________________（用I1、I2、R0、Rg表示）四、解答題(共32分)15．(本題12分)如圖所示，電源的電動勢為12V，內(nèi)阻為1Ω，R1=1Ω，R2=6Ω，電動機的線圈電阻為0.5Ω．開關(guān)閉合后通過電源的電流為3A，求：(1)R1兩端的電壓和電源的內(nèi)電壓；(2)電動機的熱功率和輸出的機械功率．16．(本題10分)如圖所示，水平放置的平行板電容器兩板間距為d＝8cm，板長為L＝25cm，接在直流電源上，有一帶電液滴以v0＝0.5m/s的初速度從電容器左端沿兩板間中線水平射入，恰好做勻速直線運動，當(dāng)它運動到板間P處時快速將下極板向上移動cm，結(jié)果液滴剛好從金屬板末端飛出。取g=10m/s2，求：（1）液滴通過平行板電容器兩板間所用時間t；（2）液滴飛出平行板電容器時的速度v。17．(本題10分)圖甲為某元件R的U－I特性曲線，把它連接在圖乙所示電路中．已知電源電動勢E＝5V，內(nèi)阻r＝1.0Ω，定值電阻R0＝4Ω.閉合開關(guān)S后，求：(1)該元件的電功率；(2)電源的輸出功率．參考答案1．A【解析】A．電功率越大，表示電流做功越快，但是電路中產(chǎn)生的焦耳熱量的多少還與做功的時間的長短有關(guān)，A錯誤；B．公式是計算電路的總功的大小，適用于任何的電路。當(dāng)為純電阻電路時，依據(jù)歐姆定律，可以推導(dǎo)出，所以只能適用于純電阻電路，B正確；C．在不是純電阻的電路中，UI表示的是總的功率的大小，而只是電路中發(fā)熱的功率，電流中還對外做功的功率，所以，所以C正確；D．焦耳熱適用于任何電路中的焦耳熱量的計算，D正確。本題選錯誤的，故選A。2．B【解析】扇片被卡住時，此時可以看做是純電阻，總的功率即為發(fā)熱的功率：故B正確，ACD錯誤．故選B。3．A【解析】C、當(dāng)環(huán)境溫度降低時R2增大，外電路總電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I減?。蔆錯誤．A、電容器的電壓UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不變，I減小，UC增大，由得，電容器C的帶電量增大．故A正確．B、總電流I減小，路端電壓U=E-Ir，E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大．故B錯誤．D、R1消耗的功率P=I2R1，I減小，R1不變，則P減小．故D錯誤．故本題選A．4．C【解析】試題分析：據(jù)題意，假如實線是電場線，則電場力水平向右，電場方向為水平向左，則b點電勢高，電子從a點運動到b點電場力做正功，電子電勢能減小，則電子在a點電勢能較大，故選項A錯誤選項C正確；假如實線為等勢線，電子受到電場力豎直向下，電場方向豎直向上，則a點電勢較高，從a點到b點電場力做負功，電子電勢能增加，電子在b點電勢能較高，故選項B、D錯誤．5．B【解析】S斷開，相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大；把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數(shù)增大，A．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故A錯誤；B．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故B正確；C．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故C錯誤；D．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故D錯誤；6．B【解析】A.由題圖可知，電源的電動勢E=4V，內(nèi)阻，故A錯誤；B.兩圖線的交點表示小燈泡L與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V，額定電流I=2A，則額定功率為P=UI=6W，故B正確；C.正常發(fā)光時燈泡L的電阻，換成一個1Ω的定值電阻，可知其電阻更接近電源的內(nèi)阻，電源的輸出功率將變大，依據(jù)閉合電路歐姆定律可知外電阻減小，路端電壓減小，電源效率減小，故C錯誤；D.燈泡的溫度隨通過電流的增大而上升，電阻隨溫度的上升而增大，故D錯誤.7．D【解析】導(dǎo)體由同種材料制成，長度相同，由圖可知右邊比左邊的橫截面積大，由于導(dǎo)體的電阻與橫截面積成反比，所以；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以圖中通過兩導(dǎo)體的電流相等，即；由的變形式可知，依據(jù)電流的微觀表達式可得，所以自由電子定向移動的速率為，故D正確，A、B、C錯誤；8．C【解析】依據(jù)電容的確定式：可知，減小極板的正對面積，電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕瑘D中電容器只能充電不能放電，在直流電路中，電容器視為斷路，電容器兩端的電壓等于電阻R兩端的電壓，依據(jù)定義式：Q=CU可知，電容器電量削減，但由于電路中有二極管，電容器放電時二極管處于截止?fàn)顟B(tài)，所以電容器不能放電，即電量不變，依據(jù)、和聯(lián)立可得：，電場強度E變大，油滴所受電場力變大，油滴所受合力向上，帶電油滴會向上移動，P點與下極板的距離不變，E變大，則P點的電勢上升，故A、B錯誤；當(dāng)電容器的下極板向上移動時，極板距離減小，電容器的電容變大，電容器所帶的電量Q變大，電容器充電，由知，電容器板間場強變大，油滴所受電場力大于重力，帶電油滴向上運動，故C正確；斷開開關(guān)S，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，電容器不能放電，電容器帶電量Q不變，電容C不變電壓也不變，電容器兩極板間的場強不變，故油滴仍舊處于平衡狀態(tài)，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．9．BC【解析】圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，依據(jù)可知，會使得改裝后電表的量程減小，選項A錯誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，依據(jù)可知，改裝后電表的量程增大，選項C正確，D錯誤；故選BC.10．ACD【解析】A．依據(jù)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大可知，當(dāng)把R1和電源看成一個整體時，即把電源的內(nèi)阻看成，即時，電源的輸出功率最大，即R2上獲得最大功率，A正確；BC．依據(jù)當(dāng)，時，電路的總電流最大，所以此時R1獲得最大功率，B錯誤C正確；D．電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大，因為，所以當(dāng)時，外電路電阻和內(nèi)阻最接近，電源輸出功率最大，D正確。故選ACD。11．BD【解析】【詳解】A．I-U圖線中各點與原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由題可知斜率減小，說明隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A錯誤；BC．依據(jù)電阻的定義可知，對應(yīng)P點的電壓為U1，電流為I2，則小燈泡的電阻為，而R不等于切線斜率，故B正確，C錯誤；D．依據(jù)功率表達式，則有小燈泡功率為圖中矩形PQOM所圍“面積”的數(shù)值，故D正確；故選BD。12．AD【解析】試題分析：電壓表的示數(shù)增大，則兩端的電壓增大，所以通過的電流增大，依據(jù)歐姆定律可得，A正確，滑動變阻器兩端的電壓增大，說明其連入電路的電阻增大，故電路總電阻增大，所以電路總電流減小，故的電流減小，所以其兩端的電壓減小，因為路端電壓增大，而電壓表示數(shù)增大，所以其削減量肯定小于，故通過電流的減小量肯定小于，BC錯誤D正確；考點：考查了閉合回路歐姆定律的應(yīng)用13．（1）BDF（2）（3）【解析】（1）因為電動勢只有3V，所以電壓表原則B；通過待測電阻的最大電流：，所以電流表選擇D；電壓要求從零起先調(diào)整，所以選擇分壓式電路，滑動變阻器選擇總阻值較小的F（2）該試驗選擇分壓電路，因為：，所以電流表選擇外接法，電路圖如下：（3）依據(jù)電路圖連接實物圖：14．6.126mm；10.230cm；電路圖見解析；【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：6mm+12.6×0.01mm=6.126mm，由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為：102mm+6×0.05mm=102.30mm=10.230cm；

（2）由題意可知，沒有電壓表，可以用電流表A1與定值電阻R0串聯(lián)組成電壓表測電壓，用電流表A2測電流，由于改裝后電壓表內(nèi)阻為100+900=1000Ω，電流表內(nèi)阻約為0.4Ω，待測電阻阻值約為10Ω，滑動變阻器最大阻值為5Ω，為測多組試驗數(shù)據(jù)，滑動變阻器應(yīng)采納分壓接法，電壓表內(nèi)阻遠大于電阻阻值，電流表應(yīng)采納外接法，試驗電路圖如圖所示：

（3）金屬棒電阻阻值：；15．（1）R1兩端的電壓和電源的內(nèi)電壓分別為，；（2）電動機的熱功率和輸出的機械功率分別為，．【詳解】（1）由題可知電路中總電流為，則依據(jù)部分電路歐姆定律可知R1兩端電壓為；依據(jù)部分電路歐姆定律可知電源的內(nèi)電壓為；（3）R2兩端電壓：通過R2的電流：通過電動機的電流：，電動機消耗的電功率為：電動機的熱功率為：電動機輸出的機械功率為：16．（1）；（2）【解析】17．(1)1.2W(2)1.84W【解析】設(shè)非線性元件的電壓為U，電流為I，由歐姆定律得：U＝E－I(R0＋r)，代入數(shù)據(jù)得U＝5－5I在U－I圖象中畫出U＝E′－Ir′＝5－5I圖線，如圖所示，兩圖線交點坐標(biāo)為(0.4A，3.0V)．(1)該元件的電功率PR＝UI＝3.0×0.4W＝1.2W.(2)電源的輸出功率P＝PR0＋PR＝I2R0＋PR＝0.42×4W＋1.2W＝1.84W.參考答案1．A【解析】A．電功率越大，表示電流做功越快，但是電路中產(chǎn)生的焦耳熱量的多少還與做功的時間的長短有關(guān)，A錯誤；B．公式是計算電路的總功的大小，適用于任何的電路。當(dāng)為純電阻電路時，依據(jù)歐姆定律，可以推導(dǎo)出，所以只能適用于純電阻電路，B正確；C．在不是純電阻的電路中，UI表示的是總的功率的大小，而只是電路中發(fā)熱的功率，電流中還對外做功的功率，所以，所以C正確；D．焦耳熱適用于任何電路中的焦耳熱量的計算，D正確。本題選錯誤的，故選A。2．B【解析】扇片被卡住時，此時可以看做是純電阻，總的功率即為發(fā)熱的功率：故B正確，ACD錯誤．故選B。3．A【解析】C、當(dāng)環(huán)境溫度降低時R2增大，外電路總電阻增大，依據(jù)閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I減?。蔆錯誤．A、電容器的電壓UC=E-I（r+R1），E、r、R1均不變，I減小，UC增大，由得，電容器C的帶電量增大．故A正確．B、總電流I減小，路端電壓U=E-Ir，E、r不變，則U增大，電壓表的讀數(shù)增大．故B錯誤．D、R1消耗的功率P=I2R1，I減小，R1不變，則P減小．故D錯誤．故本題選A．4．C【解析】試題分析：據(jù)題意，假如實線是電場線，則電場力水平向右，電場方向為水平向左，則b點電勢高，電子從a點運動到b點電場力做正功，電子電勢能減小，則電子在a點電勢能較大，故選項A錯誤選項C正確；假如實線為等勢線，電子受到電場力豎直向下，電場方向豎直向上，則a點電勢較高，從a點到b點電場力做負功，電子電勢能增加，電子在b點電勢能較高，故選項B、D錯誤．5．B【解析】S斷開，相當(dāng)于電阻變大，則由閉合電路歐姆定律可得電路中總電流減小，故路端電壓增大，V的讀數(shù)變大；把R1歸為內(nèi)阻，內(nèi)電壓減小，故R3中的電壓增大，由歐姆定律可知R3中的電流也增大，電流表示數(shù)增大，A．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故A錯誤；B．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故B正確；C．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故C錯誤；D．分析得V的讀數(shù)變大，Ａ的讀數(shù)變大，故D錯誤；6．B【解析】A.由題圖可知，電源的電動勢E=4V，內(nèi)阻，故A錯誤；B.兩圖線的交點表示小燈泡L與電源連接時的工作狀態(tài)，由于燈泡正常發(fā)光，則知燈泡的額定電壓U=3V，額定電流I=2A，則額定功率為P=UI=6W，故B正確；C.正常發(fā)光時燈泡L的電阻，換成一個1Ω的定值電阻，可知其電阻更接近電源的內(nèi)阻，電源的輸出功率將變大，依據(jù)閉合電路歐姆定律可知外電阻減小，路端電壓減小，電源效率減小，故C錯誤；D.燈泡的溫度隨通過電流的增大而上升，電阻隨溫度的上升而增大，故D錯誤.7．D【解析】導(dǎo)體由同種材料制成，長度相同，由圖可知右邊比左邊的橫截面積大，由于導(dǎo)體的電阻與橫截面積成反比，所以；因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以圖中通過兩導(dǎo)體的電流相等，即；由的變形式可知，依據(jù)電流的微觀表達式可得，所以自由電子定向移動的速率為，故D正確，A、B、C錯誤；8．C【解析】依據(jù)電容的確定式：可知，減小極板的正對面積，電容C減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，圖中電容器只能充電不能放電，在直流電路中，電容器視為斷路，電容器兩端的電壓等于電阻R兩端的電壓，依據(jù)定義式：Q=CU可知，電容器電量削減，但由于電路中有二極管，電容器放電時二極管處于截止?fàn)顟B(tài)，所以電容器不能放電，即電量不變，依據(jù)、和聯(lián)立可得：，電場強度E變大，油滴所受電場力變大，油滴所受合力向上，帶電油滴會向上移動，P點與下極板的距離不變，E變大，則P點的電勢上升，故A、B錯誤；當(dāng)電容器的下極板向上移動時，極板距離減小，電容器的電容變大，電容器所帶的電量Q變大，電容器充電，由知，電容器板間場強變大，油滴所受電場力大于重力，帶電油滴向上運動，故C正確；斷開開關(guān)S，由于二極管具有單向?qū)щ娦裕娙萜鞑荒芊烹?，電容器帶電量Q不變，電容C不變電壓也不變，電容器兩極板間的場強不變，故油滴仍舊處于平衡狀態(tài)，故D錯誤．所以C正確，ABD錯誤．9．BC【解析】圖甲為電流表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，依據(jù)可知，會使得改裝后電表的量程減小，選項A錯誤，B正確；圖乙為電壓表改裝的原理圖，增大可調(diào)電阻的阻值，依據(jù)可知，改裝后電表的量程增大，選項C正確，D錯誤；故選BC.10．ACD【解析】A．依據(jù)電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大可知，當(dāng)把R1和電源看成一個整體時，即把電源的內(nèi)阻看成，即時，電源的輸出功率最大，即R2上獲得最大功率，A正確；BC．依據(jù)當(dāng)，時，電路的總電流最大，所以此時R1獲得最大功率，B錯誤C正確；D．電源的內(nèi)電阻和外電阻相等的時候，電源的輸出功率最大，因為，所以當(dāng)時，外電路電阻和內(nèi)阻最接近，電源輸出功率最大，D正確。故選ACD。11．BD【解析】【詳解】A．I-U圖線中各點與原點連線的斜率表示電阻的倒數(shù)，由題可知斜率減小，說明隨著所加電壓的增大，小燈泡的電阻增大，故A錯誤；BC．依據(jù)電阻的定義可知，對應(yīng)P點的電壓為U1，電流為I2，則小燈泡的電阻為，而R不等于切線斜率，故B正確，C錯誤；D．依據(jù)功率表達式，則有小燈泡功率為圖中矩形PQOM所圍“面積”的數(shù)值，故D正確；故選BD。12．AD【解析】試題分析：電壓表的示數(shù)增大，則兩端的電壓增大，所以通過的電流增大，依據(jù)歐姆定律可得，A正確，滑動變阻器兩端的電壓增大，說明其連入電路的電阻增大，故電路總電阻增大，所以電路總電流減小，故的電流減小，