黑龍江省哈爾濱市第一中學2025屆高三物理上學期期中試題

PAGEPAGE12黑龍江省哈爾濱市第一中學2025屆高三物理上學期期中試題考試時間：90分鐘第Ⅰ卷（選擇題部分）一、單項選擇題：本題共10小題，每小題4分，共40分1.某點電荷的電場線分布如圖，實線為電場線，虛線表示等勢面．下列表述中正確的是()A.該點電荷帶負電B.R點電場強度ER大于N點電場強度ENC.M點電勢比R點電勢低D.M點和R點電場強度的方向相同2.如圖為江西藝人茅榮榮，他以7個半小時內連續(xù)顛球5萬次成為新的吉尼斯紀錄創(chuàng)建者．若足球用頭頂起，每一次上上升度均為80cm，足球的重量為400g，與頭頂作用時間△t為0.1s，則足球每次在空中的運動時間、足球給頭部的作用力大?。諝庾枇Σ挥嫞琯=10m/s2）（）A.t=0.4s；FN=40NB.t=0.4s；FN=68N

C.t=0.8s；FN=36ND.t=0.8s；FN=40N3.A、B兩球在光滑水平面上沿同始終線、同一方向運動，mA＝1kg，mB＝2kg，vA＝6m/s，vB＝2m/s，當A追上B并發(fā)生碰撞后，A、B兩球速度的可能值是()A.vA′＝5m/s，vB′＝2.5m/sB.vA′＝2m/s，vB′＝4m/sC.vA′＝－4m/s，vB′＝7m/sD.vA′＝7m/s，vB′＝1.5m/s4.如圖所示，在E＝500V/m的勻強電場中，a、b兩點相距d＝2cm，它們的連線跟場強方向的夾角是60°，則Uab等于()A.5VB.10VC.－5VD.－10V5.AB和CD為圓上兩條相互垂直的直徑，圓心為O.將電荷量分別為＋q和－q的兩點電荷放在圓周上，其位置關于AB對稱且距離等于圓的半徑，如圖所示．要使圓心處的電場強度為零，可在圓周上再放一個適當的點電荷Q，則該點電荷Q()A.應放在A點，Q＝2qB.應放在B點，Q＝－2q

C.應放在C點，Q＝－qD.應放在D點，Q＝－q6.如圖所示，先接通S使電容器充電，然后斷開S.當增大兩極板間距離時，電容器所帶電荷量Q、電容C、兩極板間電勢差U、兩極板間場強E的改變狀況是()A.Q變小，C不變，U不變，E變小B.Q變小，C變小，U不變，E不變

C.Q不變，C變小，U變大，E不變D.Q不變，C變小，U變小，E變小7.有一沿x軸分布的電場，以＋x方向為電場正方向．其電場強度E隨x改變的圖象如圖所示．下列說法正確的是()A.O點的電勢最高B.x2點的電勢最高

C.正電荷從x1移動到x3電場力不做功D.x1和x3兩點的電勢相等8.a、b兩物體的質量分別為m1、m2，由輕質彈簧相連．當用恒力F豎直向上拉著a，使a、b一起向上做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為x1；當用大小仍為F的恒力沿水平方向拉著a，使a、b一起沿光滑水平桌面做勻加速直線運動時，彈簧伸長量為x2，如圖所示，則()A.x1肯定等于x2B.x1肯定大于x2

C.若m1>m2，則x1>x2D.若m1<m2，則x1<x29.如圖所示，P為固定的點電荷，虛線是以P為圓心的兩個圓．帶電粒子Q在P的電場中運動．運動軌跡與兩圓在同一平面內，a、b、c為軌跡上的三個點．若Q僅受P的電場力作用，其在a、b、c點的加速度大小分別為aa、ab、ac，速度大小分別為va、vb、vc，則（）A.aa＞ab＞ac，va＞vc＞vbB.aa＞ab＞ac，vb＞vc＞vaC.ab＞ac＞aa，vb＞vc＞vaD.ab＞ac＞aa，va＞vc＞vb10.質量為m的小球被系在輕繩一端，在豎直平面內做半徑為R的圓周運動，如圖所示，運動過程中小球受到空氣阻力的作用．設某一時刻小球通過軌道的最低點，此時繩子的張力為7mg，在此后小球接著做圓周運動，經過半個圓周恰好能通過最高點，則在此過程中小球克服空氣阻力所做的功是()A.mgRB.mgR

C.mgRD.mgR二、多項選擇題：共5小題，每小題4分，共20分。全部選對得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分。11.在力學理論建立的過程中，有很多宏大的科學家做出了貢獻．關于科學家和他們的貢獻，下列說法正確的是()A.伽利略發(fā)覺了行星運動的規(guī)律B.卡文迪許通過試驗測出了引力常量C.牛頓最早指出力不是維持物體運動的緣由D.笛卡爾對牛頓第肯定律的建立做出了貢獻12.在如圖所示電路中，電壓表，電流表均為志向電表，電源內阻不行忽視．開關S閉合后，在滑動變阻器R1的滑片P向右端滑動的過程中（）A.電壓表的示數減小B.電壓表的示數增大

C.電流表的示數減小D.電流表的示數增大13.如圖所示是始終流電動機提升重物的裝置；已知重物質量為m=50kg，電源輸出電壓U=110V保持不變，電動機線圈電阻R=4Ω，不計各處摩擦，當電動機以某一速度勻速向上提升重物時，電路中的電流I=5A（g=10m/s2）則：（）A.電源的輸出功率為100WB.電動機線圈電阻R的發(fā)熱功率550WC.提升中重物的功率為450WD.電動機的效率約為81.8％14.為了實現(xiàn)人類登陸火星的幻想，我國宇航員王躍和俄羅斯宇航員一起進行了“模擬登火星”的試驗活動，假設火星半徑與地球半徑之比為1:2，火星質量與地球質量之比為1:9，已知地球表面的重力加速度為g，地球半徑為R，萬有引力常量為G,，忽視自轉的影響，則()A.火星表面與地球表面的重力加速度之比為2:9B.火星的密度為C.火星的第一宇宙速度與地球的第一宇宙速度之比為D.若王躍以相同初速度在火星表面與地球表面能豎直跳起的最大高度之比為9:415.A、B兩物體質量均為m，其中A帶正電，帶電量為q，B不帶電，通過勁度系數為k的絕緣輕質彈簧相連放在水平面上，如圖所示，起先時兩者都處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)在施加豎直向上的勻強電場，電場強度E=，式中g為重力加速度，若不計空氣阻力，不考慮A物體電量的改變，則以下推斷正確的是（）A..從起先到B剛要離開地面過程，A物體速度先增大后減小B.剛施加電場的瞬間，A的加速度為4gC.從起先到B剛要離開地面的每段時間內，A物體的機械能增量肯定等于電勢能的削減量D.B剛要離開地面時，A的速度大小為2g第Ⅱ卷（非選擇題部分）三、試驗題：本題共2小題，每小題6分，共12分。16.如圖所示為“驗證碰撞中的動量守恒”的裝置示意圖．(1).設小球A的質量為mA，小球B的質量為mB，為保證明驗勝利，必需滿意mA________(選填“大于”“等于”或“小于”)mB.(2).下列說法中符合本試驗要求的是________．(選填選項前面的字母)A.加速的斜槽軌道必需光滑B.在同一組試驗的不同碰撞中，每次入射球必需從同一高度由靜止釋放C.安裝軌道時，軌道末端必需水平D.須要運用的測量儀器有天平、刻度尺和秒表(3)試驗中小球的落點狀況如圖所示，P為不放B球時將A球從斜槽某一高度靜止釋放后A球的落點，M、N分別為A球從同一高度靜止釋放到達斜槽水平端與B球相碰后A、B球落點，現(xiàn)已測得O到M、P、N的距離分別為s1、s2、s3，若關系式成立，則驗證了A、B相碰動量守恒．17.在“描繪小燈泡的伏安特性曲線”試驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，額定功率為0.5W，此外還有以下器材可供選擇：A.直流電源3V(內阻不計)B.直流電流表0～300mA(內阻約為5Ω)C.直流電流表0～3A(內阻約為0.1Ω)D.直流電壓表0～3V(內阻約為3kΩ)E.滑動變阻器100Ω，0.5AF.滑動變阻器10Ω，2AG.導線和開關試驗要求小燈泡兩端的電壓從零起先改變并能進行多次測量．(1)試驗中電流表應選用________，滑動變阻器應選用________；(均填寫儀器前的字母)(2)在圖甲所示的虛線框中畫出符合要求的試驗電路圖(虛線框中已將所需的滑動變阻器畫出，請補齊電路的其他部分，要求滑片P向b端滑動時，燈泡變亮)；(3)依據試驗數據，畫出的小燈泡的I－U圖線如圖乙所示．由此可知，當電壓為0.5V時，小燈泡的燈絲電阻是________Ω.四、計算題：本題共3小題，18題12分，19題12分，20題14分，共38分。18.把質量m的帶負電小球A，用絕緣細繩懸掛，若將帶電荷量為Q的帶正電球B靠近A，當兩個帶電小球在同一高度相距r時，繩與豎直方向成α角．試求：(1)A球受到的繩子拉力多大？(2)A球帶電荷量是多少？19.如圖所示，電子從燈絲K發(fā)出(初速度不計)，在KA間經加速電壓U1加速后，從A板中心小孔射出，進入由M、N兩個水平極板構成的偏轉電場，M、N兩板間的距離為d，電壓為U2，板長為L，電子進入偏轉電場時的速度與電場方向垂直，射出時沒有與極板相碰．已知電子的質量為m，電荷量為e，不計電子的重力及它們之間的相互作用力．求：(1)電子穿過A板小孔時的速度大小v；(2)電子在偏轉電場中的運動時間t；(3)電子從偏轉電場射出時沿垂直于板方向偏移的距離y.20.如圖所示，右側為固定的光滑圓弧導軌A，末端水平．左側B為固定的擋板，C為足夠長的傳送帶．以速度v=5m/s順時針運動．D為下表面光滑的木板，質量為M=1kg，長度為L=3m．A的末端與C、D三者的上表面等高，最初D緊靠著A．一個質量為m=2kg的滑塊(可看作質點)從A上由靜止下滑高度h=1.8m后，滑上木板D．已知滑塊恰能滑到木板D的左端，且此刻木板恰與B相撞，若木板與擋板、導軌每次碰撞后，速度均變?yōu)榱?但不粘連)，滑塊與木板及傳送帶間的動摩擦因數都相等，g=10m/s2,D與B碰后C、D間的縫隙很小忽視不計．求：(1).物塊與木板間的動摩擦因數；(2).滑塊第一次滑上傳送帶運動到最左端過程中，電動機對傳送帶多做的功；(3).滑塊第一次返回軌道A的最大高度（結果用分數表示即可）；哈爾濱市第一中學校2024—2025學年度上學期期中考試高三物理（理科）試卷答案詳解命題人：楊健審題人：孔祥楠考試時間：90分鐘一、單項選擇題：（每小題4分，共40分）1.【答案】D【解析】由圖知，電場線從該點電荷動身到無窮遠處終止，說明該點電荷帶正電在，故A錯誤；電場線的疏密表示場強的相對大小，電場線越密，場強越大，可見，R點電場強度ER小于N點電場強度EN，故B錯誤；順著電場線，電勢降低，同一等勢面電勢相等，則得知M、N電勢相等，故C錯誤；由圖看出，M點和R點電場強度的方向都從正電荷指向無窮遠，方向相同，故D正確．2.【答案】C【解析】足球自由下落時有：h=gt2解得：t===0.4s豎直上拋運動的總時間為自由落體的2倍t總=2t=2×0.4s=0.8s設豎直向上為正方向，由動量定理得：（FN﹣mg）△t=mv﹣（﹣mv）V=gt=10×0.4=4m/s聯(lián)立解得：FN=36N；3.【答案】B【解析】雖然題目所給四個選項均滿意動量守恒定律，但A、D兩項中，碰后A的速度vA′大于B的速度vB′，必須要發(fā)生其次次碰撞，不符合實際，即A、D項均錯誤；C項中，兩球碰后的總動能Ek后＝1/2mAvA′2＋1/2mBvB′2＝57J，大于碰前的總動能Ek前＝1/2mAvA2＋1/2mBvB2＝22J，違反了能量守恒，所以C項錯誤；而B項既符合實際狀況，也不違反能量守恒，所以B項正確．4.【答案】C【解析】在電場線方向上a、b兩點間的距離(或a、b兩點所在等勢面間的距離)為d′＝d·cos60°＝1cm所以|Uab|＝Ed′＝500×10－2V＝5V.由題圖可知φa<φb，故Uab<0，所以Uab＝－5V.5.【答案】C【解析】依據平行四邊形定則，求出＋q和－q在O點產生的合場強，大小等于其中一個點電荷在O點產生的場強的大小，方向水平向右，要使圓心處的電場強度為零，應在C點放一個電荷量Q＝－q的點電荷或在D點放一個電荷量Q＝＋q的點電荷，C選項正確．6.【答案】C【解析】電容器充電后再斷開S，則電容器所帶的電荷量Q不變，由C∝可知，d增大時，C變??；又U＝，所以U變大；由于E＝，U＝＝，所以E＝，故d增大時，E不變，C正確．7.【答案】A【解析】作出電場線，依據順著電場線電勢降低，則O點電勢最高，故A正確，B、D錯誤．由圖可知，由于x1的電勢大于x3點的電勢，當正電荷從x1移動到x3電場力做正功，故C錯誤．8.【答案】A【解析】當用恒力F豎直向上拉著a時，先用整體法有：F－(m1＋m2)g＝(m1＋m2)a，再隔離b有：kx1－m2g＝m2a，聯(lián)立得：x1＝.當沿水平方向拉著a時，先用整體法有：F＝(m1＋m2)a，再隔離b有：kx2＝m2a，聯(lián)立得：x2＝，故x1＝x2，所以只有A項正確．9.【答案】D【解析】點電荷的電場強度的特點是離開場源電荷距離越小，場強越大，粒子受到的電場力越大，帶電粒子的加速度越大，所以ab＞ac＞aa，依據軌跡彎曲方向推斷出，粒子在運動的過程中，始終受靜電斥力作用，離電荷最近的位置，電場力對粒子做的負功越多，粒子的速度越小，所以va＞vc＞vb，所以D正確，A、B、C錯誤；故選：D．10.【答案】C【解析】小球通過最低點時，繩的張力為F＝7mg①由牛頓其次定律可知：F－mg＝②小球恰好能通過最高點，則在最高點時繩子拉力為零，由牛頓其次定律可知：mg＝③小球由最低點運動到最高點的過程中，由動能定理得：－2mgR＋Wf＝mv22－mv12④由①②③④可得Wf＝－mgR，所以小球克服空氣阻力所做的功為mgR，故C正確，A、B、D錯誤．二、多項選擇題：（每小題4分，共20分）11.【答案】BD【解析】行星運動定律是開普勒發(fā)覺的，A錯誤；萬有引力常量是由卡文迪許測量出的，B正確；伽利略最早指出力不是維持物體運動的緣由，C錯誤；伽利略、笛卡爾等科學家對牛頓第肯定律的建立做出了貢獻，D正確．12.【答案】BD．【解析】當滑片右移時，滑動變阻器接入電阻增大，則外電路總電阻增大，電路中總電流減小，電源的內電壓減小，則由閉合電路歐姆定律可知，電路的路端電壓增大，故電壓表示數增大；由歐姆定律可知，R3上的分壓減小，而路端電壓減小，故并聯(lián)部分的電壓增大，則電流表示數增大，故BD正確，AC錯誤；13.【答案】CD【解析】電源輸出，選項A錯誤；電動機線圈電阻R的發(fā)熱功率，選項B錯誤；提升中重物的功率，選項C正確；電動機的效率為%≈81.8%，選項D正確.14.【答案】CD【解析】A項：星球表面重力與萬有引力相等有：，可得重力加速度為：，得火星與地球表面的重力加速度之比為：，故A錯誤；B項：星球表面重力與萬有引力相等有：，得火星的質量為：，火星的體積為，所以火星的密度為，故B錯誤；C項：由公式，所以火星與地球的第一宇宙速度之比等，故C正確；D項：依據公式得，所以以相同初速度在火星表面與地球表面能豎直跳起的最大高度之等于火星表面與地球表面重力加速度的反比，即9：4，故D正確。15.【答案】BD【詳解】AB．在未施加電場時，A物體處于平衡狀態(tài)，當施加上電場力瞬間，A物體受到的合力為施加的電場力，故有：qE=4mg=ma解得：a=4g，方向向上。B剛要離開地面時，彈簧的拉力為mg，此時A物體合力為2mg，加速度為2g，向上，從起先到B剛要離開地面過程，A物體做加速度漸漸變小的加速運動，即A物體速度始終增大，故A錯誤B正確；C．從起先到彈簧復原原長的過程，A物體的機械能增量等于電勢能與彈性勢能的削減量的和，從彈簧復原原長到B剛要離開地面的過程，A物體的機械能增量等于電勢能的削減量與彈性勢能的增加量的差值，故C錯誤；D．當B離開地面時，此時B受到彈簧的彈力等于B的重力，從施加電場力到B離開地面，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為：依據動能定理可知：解得：故D正確。故選：BD。三、試驗題：（每小題6分，共12分）16.（本題6分）【答案】(1)大于（2分）(2)BC（2分）(3)mAs2＝mAs1＋mBs3（2分）【解析】(1)為了防止A球反彈，入射球的質量必需大于被碰球的質量．(2)只要每次加速的環(huán)境完全相同即可，不須要加速軌道光滑，A項錯誤；為了保證小球每次平拋的初速度相同，每次入射小球必需從同一高度由靜止釋放，B項正確；為了使小球做平拋運動，軌道末端必需水平，C項正確；測量儀器不須要秒表，D項錯誤．(3)由動量守恒定律，mAv2＝mAv1＋mBv3，三次平拋運動