福建省泉州市2025屆高三物理第二次質(zhì)量檢測試題含解析

PAGE18-福建省泉州市2025屆高三物理其次次質(zhì)量檢測試題（含解析）一、選擇題1.某同學(xué)居家學(xué)習(xí)期間，有時(shí)做些家務(wù)，在一次拖洗地板時(shí)，他沿拖把桿對(duì)拖把頭（包括拖布）施加大小不變的推力F，如圖所示，在向前加速推動(dòng)的過程中，拖把桿與水平地板的夾角θ漸漸變小，設(shè)拖把頭與地板間的動(dòng)摩擦因數(shù)到處相等，則在此過程中（）A.拖把頭與地板間的摩擦力漸漸變大 B.拖把頭所受的合力漸漸變大C.地板對(duì)拖把頭的支持力漸漸變大 D.地板對(duì)拖把頭的作用力漸漸變大【答案】B【解析】【詳解】AC．對(duì)拖把頭受力分析且由豎直方向平衡得拖把桿與水平地板的夾角θ漸漸變小，則水平地板對(duì)拖把頭的支持力減小，由可知，拖把頭與地板間的摩擦力漸漸變小，故AC錯(cuò)誤；B．對(duì)拖把頭水平方向由牛頓其次定律得拖把頭所受的合力可知，拖把頭所受的合力變大，故B正確；D．地板對(duì)拖把頭的作用力即為地板對(duì)拖把頭的支持力與摩擦力的合力，由于即摩擦力與支持力成正比，由平行四邊形定則可知，地板對(duì)拖把頭的支持力與摩擦力的合力減小，故D錯(cuò)誤。故選B。2.x軸上O、P兩點(diǎn)分別固定兩個(gè)點(diǎn)電荷Q1、Q2，其產(chǎn)生的靜電場在x軸上O、P間的電勢φ分布如圖所示，下列說法正確的是（）A.x軸上從x1到x3的場強(qiáng)先變小后變大B.Q1和Q2是同種電荷C.x軸上O、P間各點(diǎn)中，x2處電勢最低D.電子沿x軸從x1移到x3，電勢能先增大后減小【答案】A【解析】【詳解】A．由圖像斜率表示電場強(qiáng)度可知，x軸上從x1到x3的場強(qiáng)先變小后變大，故A正確；B．由圖像可知，從O到P電勢漸漸降低，則電場線由O指向P，依據(jù)電場線從正電荷動(dòng)身終止于負(fù)電荷可知，Q1和Q2是異種電荷，故B錯(cuò)誤；C．由圖像可知，從O到P電勢漸漸降低，則x2處電勢不最低，故C錯(cuò)誤；D．x軸從x1移到x3電勢漸漸降低，由負(fù)電荷在電勢低處電勢能大，則電子沿x軸從x1移到x3，電勢能始終增大，故D錯(cuò)誤。故選A。3.已知地球近地衛(wèi)星運(yùn)行周期約為地球自轉(zhuǎn)周期的0.06倍，則站在赤道地面上的人，受到的重力約為他隨地球自轉(zhuǎn)所需向心力的（）A.1倍 B.18倍 C.280倍 D.810倍【答案】C【解析】【詳解】站在赤道地面上的人，由牛頓其次定律得地球近地衛(wèi)星有其中，解得即站在赤道地面上的人，受到的重力約為他隨地球自轉(zhuǎn)所需向心力的280倍，故ABD錯(cuò)誤，C正確。故選C。4.如圖，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng)，依次經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)，A到B和B到C的時(shí)間相等。A、C兩點(diǎn)距水平地面高度分別為h1、h2，質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過A、C兩點(diǎn)時(shí)速度與水平方向的夾角分別為、，重力加速度大小為g，則（）A.質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過C點(diǎn)時(shí)動(dòng)能為mg（h1一h2）B.質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過B點(diǎn)時(shí)速度與水平方向的夾角為C.B、C間的高度差是A、B間的3倍D.質(zhì)點(diǎn)的水平速度大小為【答案】D【解析】【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)從A到C過程中，質(zhì)點(diǎn)的初速度不為零，因此由動(dòng)能定理可知故A錯(cuò)誤；B．設(shè)A到B和B到C的時(shí)間為t，則有B點(diǎn)豎直方向的速度為解得則質(zhì)點(diǎn)在B點(diǎn)時(shí)速度與水平方向的夾角的正切值為故B錯(cuò)誤；C．假如A點(diǎn)為拋出點(diǎn)，豎直方向?yàn)槌跛俣葹?的勻加速度直線運(yùn)動(dòng)，由于A到B和B到C的時(shí)間相等，則B、C間的高度差是A、B間的3倍，但A點(diǎn)不是拋出點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；D．由可得由豎直方向有解得故D正確。故選D。5.如圖，水平面內(nèi)固定有兩根平行的光滑長直金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L，電阻不計(jì)。整個(gè)裝置處于兩個(gè)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B、方向相反的豎直勻強(qiáng)磁場中，虛線為兩磁場的分界線。質(zhì)量均為m的兩根相同導(dǎo)體棒MN、PQ靜置于圖示的導(dǎo)軌上（兩棒始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好）?，F(xiàn)使MN棒獲得一個(gè)大小為v0、方向水平向左的初速度，則在此后的整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中（）A.兩棒受到的安培力沖量大小相等，方向相反B.兩棒最終的速度大小均為，方向相同C.MN棒產(chǎn)生的焦耳熱為D.通過PQ棒某一橫截面的電荷量為【答案】D【解析】【詳解】A．MN棒向左運(yùn)動(dòng)，由右手定則可知，MN中的電流由N到M，PQ中的電流由P到Q，由左手定則可知，MN棒受到的安培力方向向右，PQ棒受到的安培力方向也向右，由于兩棒組成回路所以兩棒中的電流相等，由可知，安培力大小相等，由可知，兩棒受到的安培力沖量大小相等，方向相同，故A錯(cuò)誤；BC．由于MN棒受到的安培力方向向右，PQ棒受到的安培力方向也向右，則MN棒向左做減速運(yùn)動(dòng)，PQ向右做加速運(yùn)動(dòng)，兩棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢正極與正極相連，當(dāng)兩棒產(chǎn)生的電動(dòng)勢相等時(shí)，兩棒速度大小相等，回路中的電流為0，此后兩棒以相同速率反方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，取向左為正方向，對(duì)兩棒分別為動(dòng)量定理得解得由能量守恒得則MN棒產(chǎn)生的焦耳熱為，故BC錯(cuò)誤；D．對(duì)PQ棒由動(dòng)量定理得即則故D正確。故選D。6.如圖甲為探討光電效應(yīng)的試驗(yàn)裝置，用頻率為v的單色光照耀光電管的陰極K，得到光電流Ⅰ與光電管兩端電壓U的關(guān)系圖線如圖乙所示，已知電子電荷量的肯定值為e，普朗克常量為h，則（）A.測量遏止電壓Uc時(shí)開關(guān)S應(yīng)扳向“1”B.只增大光照強(qiáng)度時(shí)，圖乙中Uc的值會(huì)增大C.只增大光照強(qiáng)度時(shí)，圖乙中I0值會(huì)減小D.陰極K所用材料的極限頻率為【答案】AD【解析】【詳解】A．測量遏止電壓時(shí)應(yīng)在光電管兩端加反向電壓，即開關(guān)S應(yīng)扳向“1”，故A正確；B．由動(dòng)能定理得由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可知，圖乙中Uc的值與光照強(qiáng)度無關(guān)，故B錯(cuò)誤；C．圖乙中I0的值表示飽和光電流，增大光照強(qiáng)度時(shí)，飽和光電流增大，故C錯(cuò)誤；D．由動(dòng)能定理得由愛因斯坦光電效應(yīng)方程可得則陰極K所用材料的極限頻率為故D正確。故選AD。7.如圖，在粗糙水平面上，質(zhì)量分別為m1、m2的A、B兩物體用一輕質(zhì)彈簧相連接，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)且彈簧無形變。t=0時(shí)刻對(duì)A施加一個(gè)大小恒為F的水平拉力，t=t1時(shí)刻B起先運(yùn)動(dòng)，t=t2時(shí)刻A、B兩物體的加速度第一次相同，下列說法正確的是（）A.在0~t2時(shí)間內(nèi)A的動(dòng)能與其位移成正比B.在0~t1時(shí)間內(nèi)彈簧對(duì)B做功為零，沖量不為零C.若m1=m2，則t=t2時(shí)刻彈簧的彈力肯定為D.在0~t2時(shí)間內(nèi)拉力做的功大于系統(tǒng)機(jī)械能的增量【答案】BD【解析】【詳解】A．在0~t1時(shí)間內(nèi)對(duì)A由動(dòng)能定理得由于彈簧彈力隨位移發(fā)生變更，則A的動(dòng)能與其位移不成正比，故A錯(cuò)誤；B．在0~t1時(shí)間內(nèi)物體B不動(dòng)，則彈簧對(duì)B做功為零，由可知，彈簧對(duì)B的沖量不為零，故B正確；C．當(dāng)兩物體與地面間的摩擦因數(shù)不同時(shí)，對(duì)整體由牛頓其次定律有對(duì)B物體有解得故C錯(cuò)誤；D．由功能關(guān)系可知，在0~t2時(shí)間內(nèi)拉力做的功等于系統(tǒng)機(jī)械能的增量與產(chǎn)生的熱量之和，故D正確。故選BD。8.如圖，一帶負(fù)電的圓環(huán)套在傾斜固定的粗糙絕緣長直桿上，圓環(huán)的直徑略大于桿的直徑，桿處于方向垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場中?，F(xiàn)給圓環(huán)一沿桿向上的初速度v0，在以后的運(yùn)動(dòng)過程中，下列關(guān)于圓環(huán)的速度v隨時(shí)間t的變更關(guān)系圖線，可能正確的是（）A. B. C. D.【答案】BC【解析】【詳解】當(dāng)時(shí)，圓環(huán)受到FN先變小后變大，摩擦力Ff=μFN也先變小后變大，圓環(huán)減速的加速度也先變小后變大；當(dāng)速度變小為零時(shí)，若時(shí)，圓環(huán)靜止，若時(shí)，圓環(huán)將向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)直到平衡后做勻速，當(dāng)圓環(huán)受到FN變大，摩擦力Ff=μFN變大，物體減速的加速度變大，速度變小為零時(shí)，若μ＞tanθ時(shí)，物體將靜止；若μ＜tanθ時(shí)，圓環(huán)將向下做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)直到平衡后做勻速，故BC正確，AD錯(cuò)誤。故選BC。二、非選擇題9.某小組利用拉力傳感器驗(yàn)證“圓周運(yùn)動(dòng)的向心力表達(dá)式”，試驗(yàn)裝置如圖甲所示，拉力傳感器豎直固定。一根不行伸長的細(xì)線上端固定在傳感器的掛鉤上，下端系著質(zhì)量為m的小鋼球，鋼球靜止于A處，其底部固定一豎直遮光片，A處正下方安裝有光電門。拉起鋼球使細(xì)線與豎直方向成適當(dāng)角度，鋼球由靜止釋放后在豎直平面內(nèi)運(yùn)動(dòng)，得到遮光片通過光電門的遮光時(shí)間為△t。重力加速度大小為g：(1)用游標(biāo)卡尺測遮光片寬度d的示數(shù)如圖乙所示，則其讀數(shù)為__________mm，并測得鋼球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為r；(2)鋼球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)拉力傳感器的示數(shù)為F，則鋼球受到的合力大小F1=F－mg。利用光電門測得此時(shí)鋼球的速度后，求出鋼球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)向心力大小F2=__________（用m、r、d、△t表示），在試驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)通過比較F1、F2是否相等進(jìn)行驗(yàn)證；(3)由于測量速度時(shí)引起的誤差，第(2)問中F1__________F2（選填“略大于”或“略小于”）。【答案】(1).3.85(2).(3).略大于【解析】【詳解】(1)[1]游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為：0.3cm=3mm，游標(biāo)尺上第17個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，所以游標(biāo)讀數(shù)為17×0.05mm=0.85mm，所以最終讀數(shù)為：3mm+0.85mm=3.85mm(2)[2]鋼球經(jīng)過A點(diǎn)的速度為鋼球經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)向心力大小(3)[3]由于試驗(yàn)中用小球運(yùn)動(dòng)距離為小球直徑時(shí)的平均速度代替，則此速度比小球中心經(jīng)過A點(diǎn)時(shí)的真實(shí)速度偏小，所以F1略大于F210.一熱敏電阻的說明資料上給出其阻值Rt隨溫度t變更的特性曲線，如圖甲中曲線I所示。為了驗(yàn)證這條曲線，某試驗(yàn)小組采納“伏安法”測量該熱敏電阻在不同溫度下的阻值，然后繪出其Rt－t圖線。所設(shè)計(jì)的部分電路如圖乙所示，其中電壓表V的量程為0~3V、內(nèi)阻約3kΩ；電流表A的量程為0~250μA、內(nèi)阻約300Ω；滑動(dòng)變阻器的最大阻值為100Ω：(1)用圖乙電路測Rt的低溫區(qū)阻值時(shí)，請(qǐng)依據(jù)試驗(yàn)原理，用筆畫線代替導(dǎo)線將電路連接完整；（）在開關(guān)閉合之前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到___________（選填“a”或“b”）端；(2)該小組在測Rt的各個(gè)溫度區(qū)阻值時(shí)，都采納(1)所設(shè)計(jì)的電路，繪出的Rt－t圖線如圖甲中曲線II所示，它與曲線I在高溫區(qū)部分存在明顯偏差，是因?yàn)楦邷貢r(shí)(1)所設(shè)計(jì)的電路中_____（選填“電流表”或“電壓表”）的測量值偏差過大；(3)為了提高精度，該小組改用“電橋法”測量Rt的阻值，電路如圖丙所示，其中定值電阻阻值為R0，粗細(xì)勻稱的電阻絲AB總長為L。試驗(yàn)時(shí)閉合開關(guān)S，不斷調(diào)整線夾P所夾的位置，直到電流表G示數(shù)為零，測出此時(shí)PB段電阻絲長度x，則Rt的阻值計(jì)算式為Rt=_____（用R0、L、x表示）。已知L=60.00cm，R0=3.6kΩ，當(dāng)電流表G示數(shù)為零時(shí)x=15.00cm，則此時(shí)熱敏電阻所處環(huán)境的溫度為______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1).(2).a(3).電流表(4).(5).52【解析】【詳解】(1)[1]Rt低溫區(qū)阻值時(shí)阻值較大，則電流表應(yīng)用內(nèi)接法，由于滑動(dòng)變阻器總阻值較小，則滑動(dòng)變阻器用分壓式，如圖所示[2]為了愛護(hù)用電器，在開關(guān)閉合之前滑動(dòng)變阻器的滑片應(yīng)滑到a端(2)[3]由電路圖可知，誤差來源于電流表的分壓，所以曲線I在高溫區(qū)部分存在明顯偏差，是因?yàn)楦邷貢r(shí)(1)所設(shè)計(jì)的電路中電壓表的測量值偏差過大(3)[4]設(shè)電阻絲總電阻為R，通過電阻絲的電流I1，流過熱敏電阻的電流為I2，由于電流表G示數(shù)為0，則有解得[5]代入數(shù)據(jù)得由圖甲可知，此時(shí)熱敏電阻所處環(huán)境的溫度為11.如圖，在半徑為L、圓心為O的圓形區(qū)域內(nèi)存在著磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面對(duì)里的勻強(qiáng)磁場。MN為水平直徑，a、b粒子（重力均不計(jì)）分別從磁場區(qū)域下方不同位置以相同速度沿垂直于MN的方向射入磁場，其中a粒子從圓形區(qū)域最低點(diǎn)射入，兩粒子均從M點(diǎn)離開，離開時(shí)，a粒子速度沿水平方向，b粒子與a粒子的速度方向夾角為。已知兩粒子的質(zhì)量均為m、電量均為+q，求：(1)兩粒子進(jìn)入磁場時(shí)的速度大小v；(2)b粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】(1)a粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得其軌跡半徑為R=L由洛倫茲力供應(yīng)向心力得解得(2)b粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，由幾何關(guān)系可得軌跡的圓心角=粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)周期b粒子在磁場中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間解得12.如圖，一右端帶有擋板的木板A停放在光滑水平地面上，兩個(gè)小滑塊B、C放在A上，B放在A的中點(diǎn)，C靠在擋板處?，F(xiàn)瞬間給A一個(gè)大小為v0、方向水平向右的初速度，在以后的運(yùn)動(dòng)過程中，B與C或者C與擋板之間的碰撞都是彈性正碰，且碰撞時(shí)間極短。已知A、C的質(zhì)量均為m，B的質(zhì)量為2m，B與A間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，C與A間無摩擦力，重力加速度大小為g，木板A的長度為：(1)求B起先運(yùn)動(dòng)時(shí)A、B的加速度大小分別為多少？(2)求B與C第一次碰撞前瞬間B的速度為多少？該過程系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量為多少？(3)請(qǐng)通過計(jì)算推斷B最終是否會(huì)離開木板A？【答案】(1)；；(2)；；(3)B不會(huì)離開A【解析】【詳解】(1)設(shè)A、B的加速度大小分別a1、a2，由牛頓其次定律得解得(2)設(shè)B與C碰撞前A、B速度已相同，且為v1，由動(dòng)量守恒定律得在A起先運(yùn)動(dòng)至A、B共速的時(shí)間內(nèi)，B的位移大小為s，，得由于可見，A、B第一次共速時(shí)B還沒與C發(fā)生碰撞，故B與C碰撞前瞬間B的速度大小為該過程系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量得(3)設(shè)木板足夠長，B不會(huì)從木板上離開，則通過分析可知最終A、B、C三者會(huì)以相同的速度做勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)此速度為v，B相對(duì)A向左運(yùn)動(dòng)的距離為s相，依據(jù)動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可得解得由于，可見，B不會(huì)離開A13.肯定量的志向氣體在密閉容器內(nèi)從狀態(tài)a起先，經(jīng)驗(yàn)ab、bc、cd、da四個(gè)過程回到初始狀態(tài)，T－V圖像如圖，其中ab平行于V軸、cd平行于T軸、da的延長線過原點(diǎn)O，下列推斷正確的是。A.a→b過程，氣體放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功B.b→c過程，氣體分子的平均動(dòng)能變小C.c→d過程，氣體放出的熱量等于氣體內(nèi)能的削減量D.d→a過程，氣體壓強(qiáng)不變E.容器壁單位時(shí)間內(nèi)單位面積被氣體分子撞擊的次數(shù)，b狀態(tài)比d的少【答案】ACD【解析】【詳解】A．a(chǎn)→b過程為等溫變更，氣體內(nèi)能不變，體積減小，由熱力學(xué)第肯定律可知，氣體放出的熱量等于外界對(duì)氣體做的功，故A正確；B．由圖像可知，b→c過程氣體溫度上升，則氣體分子的平均動(dòng)能變大，故B錯(cuò)誤；C.c→d過程為等容變更，溫度降低，氣體內(nèi)能減小，體積不變，由熱力學(xué)第肯定律可知，氣體放出的熱量等于氣體內(nèi)能的削減量，故C正確；D．由圖可知，d→a過程為等壓變更，故D正確；E．d→a過程為等壓變更即a狀態(tài)壓強(qiáng)等d狀態(tài)壓強(qiáng)，a→b過程為等溫過程且體積減小，則a狀態(tài)壓強(qiáng)小于b狀態(tài)壓強(qiáng)，即d狀態(tài)壓強(qiáng)小于b狀態(tài)壓強(qiáng)，則容器壁單位時(shí)間內(nèi)單位面積被氣體分子撞擊的次數(shù)，b狀態(tài)比d的大，故E錯(cuò)誤。故選ACD。14.如圖，兩玻璃管用橡皮管連接起來后豎直放置，左管固定、上端封閉，右管上端開口。a、b兩部分氣體長度均為L=7cm。水銀柱Ⅰ在左、右管內(nèi)的液面相平，水銀柱Ⅱ的長度h=3cm。外界大氣壓p0=77cmHg，氣體a、b溫度均為t1=27?，F(xiàn)保持溫度不變，緩慢豎直向下移動(dòng)右管，使水銀柱Ⅱ的上液面與水銀柱Ⅰ在左管內(nèi)的液面相平，并保持右管不動(dòng)：（i）求此時(shí)氣體a的長度；（ii）為了讓氣體a復(fù)原到原來長度，則其溫度應(yīng)變?yōu)槎嗌?？【答案】（i）8cm；（ii）255K【解析】【詳解】(i)向下移動(dòng)右管過程中，氣體b長度不變，氣體a發(fā)生等溫變更，設(shè)玻璃管橫截面積為S，此時(shí)氣體a的長度為x，初態(tài)末態(tài)由玻意耳定律得解得x=8cm(ii)變更溫度后，氣體a的壓強(qiáng)為其中，由志向氣體狀態(tài)方程得其中T0=300K，解得T1=255K15.某小組用“插針法”測平行玻璃磚的折射率，如圖已確定好入射方向AO與玻璃磚界面的夾角為α，插了兩枚大頭針P1和P2，1、2、3、4分別是四條直線：（i）在側(cè)調(diào)整視察視線，另兩枚大頭針P3和P4可能插在___________線上（選填“1”、“2”、“3”或“4”）；（ii）試驗(yàn)中畫出入射點(diǎn)與出射點(diǎn)的連線，并測得連線與玻璃磚界面的夾角為β，則玻璃的折射率n=____________；（iii）若