2024年高考物理一輪復(fù)習(xí)：牛頓運(yùn)動(dòng)定律 測(cè)試卷

專題3.4牛頓運(yùn)動(dòng)定律精品測(cè)試卷

班級(jí)姓名學(xué)號(hào)分?jǐn)?shù)-----------

【滿分：100分時(shí)間：90分鐘】

一、選擇題（本題共16小題，每小題4分，共64分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中第1?12題只有一項(xiàng)符合

題目要求，第13?16題有多項(xiàng)符合題目要求，全選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分）

1.（天津市河北區(qū)2025屆二模）如圖所示，ab、cd是豎直面內(nèi)兩根固定的光滑細(xì)桿，ab、cd兩端位于相

切的兩個(gè)豎直圓周上。每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)（圖中未畫出），兩個(gè)滑環(huán)分別從a、c處釋放（初速度

為零），用;、依次表示滑環(huán)從a到6和從c到d所用的時(shí)間，則（）

A.4>t2

B.4=J

C.八<t2

D.4和J的大小以上三種狀況都有可能

【答案】B

【解析】設(shè)軌道與豎直方向的傾角9,依據(jù)幾何關(guān)系得，軌道的長(zhǎng)度/=（2兆+2兆）cose,加速度:

a=mgc°s"0,依據(jù)得，t=,與傾角無(wú)關(guān)，則ti=t2,故B正確，ACD錯(cuò)誤。

m2Ve

2.（河北衡水中學(xué)2025屆調(diào)研）質(zhì)量相等的a、b兩物體，分別從粗糙斜面上的同一位置由靜止下滑，滑

到斜面底端時(shí)進(jìn)入粗糙水平面接著滑行一段距離后停下，不計(jì)從斜面底端進(jìn)入水平面時(shí)的能量損失。已知

兩物體運(yùn)動(dòng)的L力圖像如圖所示，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a的平均速度比b的平均速度小

B.a與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)比b與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)大

C.a在水平面上滑行的距離比b在水平面上滑行的距離長(zhǎng)

D.在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a克服摩擦力做功比b克服摩擦力做功多

【答案】C

【解析】由圖象可知，a整個(gè)過(guò)程中的位移大于b的位移，但由于所用的時(shí)間關(guān)系不知，所以無(wú)法比較兩物

體的平均速度大小，故A錯(cuò)誤；由圖可知，a在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度比b的大，由牛頓其次定律可得：

a=gsin9—〃gcos，，所以a與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)比b與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)小，故B錯(cuò)誤；由V-/圖

象可知，圖線與時(shí)間軸所圍的面積表示位移，所以a在水平面上滑行的距離比b在水平面上滑行的距離長(zhǎng),

故C正確；對(duì)兩物體從靜止到停下過(guò)程中由動(dòng)能定理可知，重力所做的功等于克服摩擦力所做的功，由于

重力做功相等，所以在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，a克服摩擦力做功比b克服摩擦力做功相等，故D錯(cuò)誤。

3.（山東省青島市2024年高三三模）膠州灣大橋是青島市境內(nèi)黃島區(qū)、城陽(yáng)區(qū)以及李滄區(qū)的跨海通道，對(duì)

進(jìn)一步加快山東半島城市群建設(shè)有著重要意義。如圖，設(shè)橋體中三塊相同的鋼箱梁1、2、3受到鋼索a、b、

c拉力的方向相同，相鄰鋼箱梁間的作用力均沿水平方向，下列說(shuō)法正確的是（）

A.鋼箱梁1對(duì)2的作用力大于鋼箱梁2對(duì)1的作用力B.鋼箱梁3所受合力最大

C.鋼箱梁2、3間作用力大于鋼箱梁1、2間作用力D.鋼索c上的拉力大于鋼索b上的拉力

【答案】C

【解析】鋼箱梁1對(duì)2的作用力與鋼箱梁2對(duì)1的作用力是作用力與反作用力，大小相等，方向相反，故A

錯(cuò)誤；每個(gè)鋼箱梁都處于平衡狀態(tài)，合力均為零，故B錯(cuò)誤；對(duì)鋼箱梁2受力分析，設(shè)鋼索的拉力與水平

方向的夾角為氏由平衡條件知居3=42+Teos。，所以鋼箱梁1、2間作用力小于鋼箱梁2、3間作用力，

故C正確；由豎直方向受力平衡知小沅夕=mg,可得T=鋼索拉力的方向相同，所以三塊鋼箱梁受

sinO

到鋼索的拉力大小相等，故D錯(cuò)誤。

小「十方一

vwg

4.（2024年陜西省咸陽(yáng)市高三二模）如圖所示，質(zhì)量為〃的球置于斜面上，被一個(gè)豎直擋板攔住。現(xiàn)用一

個(gè)水平向右的力尸拉斜面，使斜面在水平面上向右做加速度為a的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，忽視一切摩擦，下列

說(shuō)法正確的是（）

A.斜面和擋板對(duì)球的彈力的合力等于儂

B.若加速度足夠大，斜面對(duì)球的彈力可能為零

C.若加速度足夠小，則豎直擋板對(duì)球的彈力可能為零

D.若加速度不斷的增大，斜面對(duì)球不僅有彈力，而且該彈力是一個(gè)定值

【答案】D

【解析】以小球?yàn)樘接憣?duì)象，分析受力狀況，

Fi

mg

如圖：受重力儂、豎直擋板對(duì)球的彈力K和斜面的彈力依據(jù)牛頓其次定律知小球所受的合力為儂，即

重力、斜面和擋板對(duì)球的彈力三個(gè)力的合力等于面和擋板對(duì)球的彈力的合力不等于故A錯(cuò)誤。設(shè)

斜面的加速度大小為a,依據(jù)牛頓其次定律得

豎直方向：Ecos。=儂?①

水平方向：Fi-Asin9=ma,②

由①看出，斜面對(duì)球的彈力A大小不變，與加速度無(wú)關(guān)，不行能為零。由②看出，若加速度足夠小時(shí)，K

=Esin。=^tan。W0.故BC錯(cuò)誤。若尸增大，a增大，斜面的彈力E大小不變。故D正確。

5.（2024年湖北省黃岡中學(xué)高考三模）如圖所示，傾角為a的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量

均為m的小球A、B,它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接，現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右大小為F=^mg

的恒力，使48在斜面上都保持靜止，假如斜面和兩個(gè)小球的摩擦均忽視不計(jì)，此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為￡,則

下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）

A.彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)-磐B.斜面的傾角為。=30。

2k

C.撤掉恒力廠的瞬間小球/的加速度不變D.撤掉恒力廠的瞬間小球6的加速度為0

【答案】C

【解析】對(duì)小球6進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：kx=mgsina,解得：工=些軍區(qū)所以彈簧的原長(zhǎng)

k

為L(zhǎng)-x=L-整包U；對(duì)小球A進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：Fcosa^mgsma+kx,解得：

k

。=30。，所以彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)-整，故AB正確；撤掉恒力尸的瞬間，對(duì)力進(jìn)行受力分析，可得：

2k

7〃gsina+履=根%，小球/止匕時(shí)的力口速度4=g，故C錯(cuò)誤。撤掉恒力戶的瞬間，彈簧彈力不變，8球

所受合力不變，故8球的加速度為零，故D正確。

6.（2024年江蘇省揚(yáng)州中學(xué)高三模擬）智能化電動(dòng)扶梯如圖所示，乘客站上扶梯，先緩慢加速，然后再勻

速上升，則（）

A.乘客始終處于超重狀態(tài)B.加速階段乘客受到的摩擦力方向與y相同

C.電梯對(duì)乘客的作用力始終豎直向上D.電梯勻速上升時(shí)，電梯對(duì)乘客的作用力豎直向上

【答案】D

【解析】加速運(yùn)動(dòng)階段，顧客的加速度沿電梯斜向上，有豎直向上的分加速度，依據(jù)牛頓其次定律，電梯

對(duì)他的支持力大于其重力，處于超重狀態(tài)；勻速運(yùn)動(dòng)階段，加速度為0,所以既不超重也不失重。故A錯(cuò)誤。

加速階段乘客加速度斜向上，加速度有水平向右的重量，則受到的摩擦力方向水平向右，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；加

速階段，乘客受到豎直向上的支持力和水平向右的摩擦力，則電梯對(duì)乘客的作用力斜向右上方；電梯勻速

上升時(shí)，電梯對(duì)乘客只有向上的支持力，即電梯對(duì)乘客的作用力豎直向上，選項(xiàng)C錯(cuò)誤，D正確.

7.（2024年湖南省衡陽(yáng)市三模）如圖所示，質(zhì)量分別為m和2m的A,B兩物塊，用一輕彈簧相連，將A用

輕繩懸掛于天花板上，用一木板托住物塊B.調(diào)整木板的位置，當(dāng)系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)，懸掛A物塊的懸繩

恰好伸直且沒(méi)有拉力，此時(shí)輕彈簧的形變量為x突然撤去木板，重力加速度為g,物體運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，彈簧始

終在彈性限度內(nèi)，則下列說(shuō)法正確的是（）

A.撤去木板瞬間，B物塊的加速度大小為gB.撤去木板間，B物塊的加速度大小為0.5g

C.撤去木板后，B物塊向下運(yùn)動(dòng)3x時(shí)速度最大D.撤去木板后，B物塊向下運(yùn)動(dòng)2x時(shí)速度最大

【答案】C

【解析】撤去木板瞬間，刀物塊受到的合力為3儂，由牛頓其次定律可知：為=L5g,故AB錯(cuò)誤；當(dāng)方物塊

受到的合外力為零時(shí)，速度最大，此時(shí)石=2儂="質(zhì)，又mg=kx,所以彈簧此時(shí)的伸長(zhǎng)量苞=2了，即6物

塊向下運(yùn)動(dòng)3x時(shí)速度最大，故C正確，D錯(cuò)誤。

8.（安徽省定遠(yuǎn)中學(xué)2024模擬）如圖所示，質(zhì)量為〃的小球穿在足夠長(zhǎng)的水平固定直桿上處于靜止?fàn)顟B(tài)，

現(xiàn)對(duì)小球同時(shí)施加水平向右的恒力片和豎直向上的力，使小球從靜止起先向右運(yùn)動(dòng)，其中豎直向上的力尸

大小始終與小球的速度成正比，即戶=4/（圖中未標(biāo)出），已知小球與桿間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，下列說(shuō)法中

正確的是（）

A.小球先做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)

B.小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)直到靜止

C.小球的最大加速度為方力

"+"mg

D.小球的最大速度為

/nk

【答案】D

【解析】剛起先運(yùn)動(dòng)時(shí)，加速度為a」-4mg-,當(dāng)速度/增大，加速度增大，當(dāng)速度丫增大到符

m

合磔后，加速度為：a=Fo—"（kv—mg）,當(dāng)速度丫增大，加速度減小，當(dāng)a減小到0,做勻速運(yùn)動(dòng),

m

所以小球的速度先增大后保持不變，加速度先增大后減小，最終保持不變，故AB錯(cuò)誤；當(dāng)阻力為零時(shí)，加

速度最大,故小球的最大加速度為娛，故C錯(cuò)誤；當(dāng)加速度為零時(shí)，小球的速度最大,此時(shí)有:小〃"與-儂）,

m

故最大速度為V”="土警■,故D正確。

如

9.（2024年四川省成都市高三三模）如圖，傾角為a的固定斜面上，一光滑物塊在一與斜面也成a角的

拉力尸作用下保持靜止?fàn)顟B(tài)。若僅將尸的方向變?yōu)樗较蛴?，則（）

A.物塊對(duì)斜面的壓力不變B.物塊對(duì)斜面的壓力變大

C.物塊將沿斜面對(duì)上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D.物塊將沿斜面對(duì)下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

【答案】B

【解析】對(duì)物塊受力分析由平衡條件得：斜面對(duì)物塊的支持力N=mgcosa-尸sin。，將尸的方向變?yōu)樗?/p>

平向右，斜面對(duì)物塊的支持力N'=mgcosa+Psina,支持力變大，由牛頓第三定律知物塊對(duì)斜面的壓

力變大，故A錯(cuò)誤，B正確；處于靜止?fàn)顟B(tài)時(shí)沿斜面方向有：Fcosamgsina,將尸的方向變?yōu)樗较?/p>

右，沿斜面對(duì)上的力為bcosa,沿斜面對(duì)下的力為機(jī)？sin。，仍舊保持平衡，不會(huì)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，

故CD錯(cuò)誤。

10.（2024年遼寧省沈陽(yáng)市高三三模）如圖所示，水平桌面上放置一個(gè)傾角為45°的光滑楔形滑塊4一細(xì)

線的一端固定于楔形滑塊A的頂端。處，細(xì)線另一端拴一質(zhì)量為爐0.2kg的小球。若滑塊與小球一起以加

速度a向左做勻加速運(yùn)動(dòng)（取爐lOm/s?則下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)a=5m/s2時(shí)，滑塊對(duì)球的支持力為

2

B.當(dāng)a=15m/s2時(shí)，滑塊對(duì)球的支持力為半也N

2

C.當(dāng)a=5m/s2時(shí)，地面對(duì)/的支持力肯定大于兩個(gè)物體的重力之和

D.當(dāng)a=15m/s2時(shí)，地面對(duì)/的支持力肯定小于兩個(gè)物體的重力之和

【答案】A

【解析】設(shè)加速度為同時(shí)小球?qū)瑝K的壓力等于零，對(duì)小球受力分析，受重力、拉力，依據(jù)牛頓其次定律,

有：水平方向：戶合=/tos45°=碼；豎直方向：咫in45°=mg,解得ao=g。當(dāng)a=5m/s2時(shí)，小球未離開滑塊，

水平方向：Aos45°-JS（COS45°=ma；豎直方向：八in45°+Ksin45°-mg,解得公=---N，故A正確;

N2

當(dāng)a=15m/s2時(shí)，小球已經(jīng)離開滑塊，只受重力和繩的拉力，滑塊對(duì)球的支持力為零，故B錯(cuò)誤；當(dāng)系統(tǒng)相

對(duì)穩(wěn)定后，豎直方向沒(méi)有加速度，受力平衡，所以地面對(duì)/的支持力肯定等于兩個(gè)物體的重力之和，故C,

D錯(cuò)誤。

11.（湖北省武漢市武昌區(qū)2025屆調(diào)研）如圖所示，一根豎直輕質(zhì)彈簧下端固定，上端托一質(zhì)量為0.3kg

的水平盤，盤中有一質(zhì)量為1.7kg物體。當(dāng)盤靜止時(shí)，彈簧的長(zhǎng)度比其自然長(zhǎng)度縮短4cm。緩慢地豎直向下

壓物體，使彈簧再縮短2cm后停止，然后馬上松手放開。設(shè)彈簧總處在彈性限度以內(nèi)（g取lOm/s?）,則剛松

開手時(shí)盤對(duì)物體的支持力大小為（）

A.30NB.25.5NC.20ND.17N

【答案】B

【解析】當(dāng)盤靜止時(shí)，由胡克定律得：（m+m^g=kL,設(shè)使彈簧再壓縮AL時(shí)手的拉力大小為凡再由

胡克定律得：（7ng+；^g+F）=Zr（L+AL）,聯(lián)立解得：F=^m+mn）g.剛松手瞬時(shí)彈簧的彈力沒(méi)

有改變，則以盤和物體整體為探討對(duì)象，所受合力大小等于人方向豎直向上。設(shè)剛松手時(shí)，加速度大小為

F

a,依據(jù)牛頓其次定律得：U刖，對(duì)物體探討：FN-mg=ma,聯(lián)立解得弓=25"故B正確,

ACD錯(cuò)誤。

12.（河北省武邑中學(xué)2025屆模擬）C919大型客機(jī)是我國(guó)自主設(shè)計(jì)、研制的大型客機(jī)，最大航程為5555

千米，最多載客190人，多項(xiàng)性能優(yōu)于波音737和波音747。若C919的最小起飛（離地）速度為60m/s,

最大起飛質(zhì)量為7.5X10"kg,起飛跑道長(zhǎng)2.5X101。C919起飛前的運(yùn)動(dòng)過(guò)程可看成勻加速直線運(yùn)動(dòng)，起

飛時(shí)空氣及其他阻力恒為C919重力的10%,重力加速度g=10m/s2,則下列推斷正確的是（）

A.C919的最小起飛加速度為1.44m/s2

B.C919起飛過(guò)程中在跑道上運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為42s

C.最大起飛質(zhì)量下，發(fā)動(dòng)機(jī)產(chǎn)生的推力至少為1.29X1（/N

D.C919起飛（離地）的瞬間所受的合力為零

【答案】C

【解析】由勻速變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律聲-說(shuō)=2ax可得，C919的最小起飛加速度a=匕二%=0.72m/s2,選項(xiàng)

2x

A錯(cuò)誤；C919起飛時(shí)的平均速度為士立=30m/s,起飛過(guò)程中在跑道上運(yùn)動(dòng)的最長(zhǎng)時(shí)間為空配9s=83s,

230

選項(xiàng)B錯(cuò)誤；由牛頓其次定律?嗎=儂可得4A+3=1.29X1（）5N,選項(xiàng)C正確；C919起飛時(shí)向上加速運(yùn)動(dòng)離

開地面，合力不為零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。

13.（天津市河?xùn)|區(qū)2025屆二模）如圖甲所示，物塊的質(zhì)量m=lkg,初速度%=10m/s,在一水平向左的

恒力/作用下從O點(diǎn)沿粗糙的水平面對(duì)右運(yùn)動(dòng)，某時(shí)刻恒力P突然反向，整個(gè)過(guò)程中物塊速度的平方隨位

置坐標(biāo)改變的關(guān)系圖像如圖乙所示（g=10m/s2）,貝I（）

A.0~5s內(nèi)物塊做勻減速運(yùn)動(dòng)B.在t=1s時(shí)刻恒力廠反向

C.恒力/大小為IOND.物塊與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.3

【答案】BD

V2100,,

【解析】物體勻減速直線運(yùn)動(dòng)的加速度大小為：—=—m/s-=10m/s2，勻加速直線運(yùn)動(dòng)的加速

2s110

”649?

度大小為：ai=~—=~—~mls=癡1s,依據(jù)牛頓其次定律得：F+f=maF-f=ma,聯(lián)立兩式解

2s22x8lf2

f3

得：F=7N,f=3N,則動(dòng)摩擦因數(shù)為：-=—=0.3,物體勻減速直線運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：

mg10

v10,

4=—=-5=?即在0-1s內(nèi)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，1s后恒力F反向，做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。故BD正確,

%10

AC錯(cuò)誤。

14.（2024年天津市南開中學(xué)月考）如圖所示，小車板面上的物體質(zhì)量為m=8kg,它被一根水平方向上拉伸

了的彈簧拉住而靜止在小車上，這時(shí)彈簧的彈力為6N?，F(xiàn)沿水平向右的方向?qū)π≤囀┮宰饔昧Γ剐≤囉?/p>

靜止起先運(yùn)動(dòng)起來(lái)，運(yùn)動(dòng)中加速度由零漸漸增大到Im/s?,隨即以Im/s?的加速度做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。以下

說(shuō)法正確的是（）

a

A.物體與小車始終保持相對(duì)靜止，彈簧對(duì)物體的作用力始終沒(méi)有發(fā)生改變

B.物體受到的摩擦力始終減小

C.當(dāng)小車加速度（向右）為0.75m/s?時(shí)，物體不受摩擦力作用

D.小車以Im/s?的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物體受到的摩擦力為8N

【答案】AC

【解析】彈簧彈力起先與靜摩擦力平衡，大小為6N,當(dāng)整體加速度從零漸漸增大到Im/s：則物塊的加速度

也從零漸漸增大到Im/s）依據(jù)牛頓其次定律知，物塊的合力從0增大到8N,摩擦力方向向左減小到零，然

后又向右增加，在整個(gè)過(guò)程中，物體相對(duì)小車靜止，彈簧彈力不變。故A正確，B錯(cuò)誤。當(dāng)小車加速度（向

右）為0.75m/s2時(shí)，則物塊所受的合力/合=3=6N,彈簧的彈力等于6N,則摩擦力為零。故C正確。小車以

Im/sz的加速度向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，物塊所受的合力/合=雁?4犯彈簧的彈力等于6N,則摩擦力的大

小為2N,方向水平向右。故D錯(cuò)誤。

15.（2024年河北省唐山一中五模）如圖所示，質(zhì)量分別為以、例的46兩物塊緊靠在一起放在傾角為e

的斜面上，兩物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，用始終平行于斜面對(duì)上的恒力戶推4使它們沿斜面勻加速

上升，為了減小46間的壓力，可行的方法是（）

5

e

A.減小推力/B.減小傾角eC.減小夕的質(zhì)量D.減小力的質(zhì)量

【答案】AC

【解析】設(shè)摩擦因數(shù)為4,對(duì)26整體受力分析由牛頓其次定律有：

F-mAgsin0-mBgsin0-jLtmAgcos0-]umBgcos0=（jnA+mB）a,

對(duì)8受力分析由牛頓其次定律有：

FAB一sin。一〃加cos0=mBa,

MB

FAB=F=—^~

由以上兩式可得mA+mB"q+i，可知，為使品減小，應(yīng)減小推力凡增加/的質(zhì)量，減小6

mB

的質(zhì)量，故AC正確。

16.（江西省臨川一中、南昌二中2024年聯(lián)考）為了備戰(zhàn)2025年?yáng)|京奧運(yùn)會(huì)，我國(guó)羽毛球運(yùn)動(dòng)員進(jìn)行了如

圖所示的原地縱跳摸高訓(xùn)練。已知質(zhì)量m=50kg的運(yùn)動(dòng)員原地靜止站立（不起跳）摸高為2.10m,競(jìng)賽過(guò)程

中，該運(yùn)動(dòng)員先下蹲，重心下降0.5m,經(jīng)過(guò)充分調(diào)整后，發(fā)力跳起摸到了2.90m的高度。若運(yùn)動(dòng)員起跳過(guò)

程視為勻加速運(yùn)動(dòng)，忽視空氣阻力影響,g取10勿/￥。則（）

A.運(yùn)動(dòng)員起跳過(guò)程處于超重狀態(tài)

B.起跳過(guò)程的平均速度比離地上升到最高點(diǎn)過(guò)程的平均速度大

C.起跳過(guò)程中運(yùn)動(dòng)員對(duì)地面的壓力為960N

D.從起先起跳到雙腳落地須要1.05s

【答案】AD

【解析】運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，依據(jù)2g/?=/可知

v=V^=#xl0x（2.9-2.1）m/s=4m/s；在起跳過(guò)程中可視為勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度方向豎直向上,

所以運(yùn)動(dòng)員起跳過(guò)程處于超重狀態(tài)，依據(jù)速度位移公式可知2aA/i=y2,解得

?==^—mls2=16m/s2,對(duì)運(yùn)動(dòng)員依據(jù)牛頓其次定律可知與v-磔=，解得「=1560N,

2A/z2x0.5

依據(jù)牛頓第三定律可知，對(duì)地面的壓力為1560N,故選項(xiàng)A正確，C錯(cuò)誤；在起跳過(guò)程中做勻加速直線運(yùn)動(dòng),

v+0v

起跳過(guò)程的平均速度彳=——=—，運(yùn)動(dòng)員離開地面后做豎直上拋運(yùn)動(dòng)，離地上升到最高點(diǎn)過(guò)程的平均速

22

度%=二。=],故B錯(cuò)誤；起跳過(guò)程運(yùn)動(dòng)的時(shí)間G=2=怖s=0.25s,起跳后運(yùn)動(dòng)的時(shí)間=彳=0.4s,

故運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間/=%+J=0-65s,故D正確。

二、非選擇題（本題共3小題，共36分，按題目要求作答。計(jì)算題要有必要的文字說(shuō)明和解題步驟，有數(shù)

值計(jì)算的要注明單位）

17.（10分）（2024年河南省安陽(yáng)一中模擬）利用力傳感器探討“加速度與合外力的關(guān)系”的試驗(yàn)裝置如

圖甲所示。

定滑輪制動(dòng)裝置實(shí)驗(yàn)小車紙帶型生源

鉤

碼f

力傳感器打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

甲

（1）下列關(guān)于該試驗(yàn)的說(shuō)法，正確的是o（選填選項(xiàng)前的字母）

A.做試驗(yàn)之前必需平衡摩擦力

B.小車的質(zhì)量必需比所掛鉤碼的質(zhì)量大得多

C.應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細(xì)線與木板平行

D.試驗(yàn)起先的時(shí)候，小車最好距離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器遠(yuǎn)一點(diǎn)

（2）從試驗(yàn)中選擇一條點(diǎn)跡清楚的紙帶，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，用刻度尺測(cè)量計(jì)數(shù)點(diǎn)間的距離如圖乙所示,

已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hzo

0.901.10—^

乙

從圖中所給的刻度尺上讀出A,6兩點(diǎn)間的距離為=cm,該小車的加速度a—m/s"計(jì)算結(jié)

果保留2位有效數(shù)字），試驗(yàn)中紙帶的（選填“左”或“右”）端與小車相連接。

【答案】(l)AC(2)0.700.20左

【解析】(1)探討加速度與力的關(guān)系試驗(yàn)中，認(rèn)為細(xì)線的拉力為小車所受的合力，所以試驗(yàn)前需平衡摩擦力,

A正確。因?yàn)樵囼?yàn)中用力傳感器測(cè)量細(xì)線的拉力，所以不須要滿意小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于鉤碼的質(zhì)量，B錯(cuò)誤。

細(xì)線的拉力為小車所受的合力，所以細(xì)線須要與木板平行，則應(yīng)調(diào)整定滑輪的高度使細(xì)線與木板平行，C正

確。試驗(yàn)起先的時(shí)候，小車應(yīng)緊靠打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，D錯(cuò)誤。

Ax

(2)從圖中所給的刻度尺上可讀出力、6兩點(diǎn)間的距離為=0.70cm。依據(jù)AxuaT2得，加速度=

09X1f)-2

；O01—m/s2=0.20m/s2?試驗(yàn)中紙帶的左端與小車相連接。

18.(12分)(2024年山西省長(zhǎng)治一中模擬)如圖所示，一物體以的=2m/s的初速度從粗糙斜面頂端下滑

究竟端用時(shí)t=lSo已知斜面長(zhǎng)度2=1.5m,斜面的傾角。=30°,重力加速度取g=10m/s%求：

⑴物體滑到斜面底端時(shí)的速度大小；

(2)物