2025屆新高三新起點(diǎn)聯(lián)合測(cè)評(píng)數(shù)學(xué)試卷詳解版

2025屆新高三新起點(diǎn)聯(lián)合測(cè)評(píng)解析版數(shù)學(xué)試卷注意事項(xiàng)：1．答題前，先將自已的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼貼在答題卡上的指定位置．2．選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑．寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效．3．非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)．寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效．4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交．．一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的．1．已知集合，，則（

）A． B． C． D．【答案】D【詳解】因?yàn)?，，所?故選：D.2．若，則（

）A．3 B． C．5 D．【答案】C【詳解】因?yàn)椋瑒t，所以.故選：C.3．已知向量，，若，則m的值為（

）A．2 B．1 C． D．【答案】D【詳解】根據(jù)題意知，，，則，解之可得故選：D4．已知，則（

）A． B．0 C． D．1【答案】B【詳解】因?yàn)椋?故選：B.5．如圖，已知四棱錐，底面ABCD是邊長(zhǎng)為2的正方形，側(cè)棱長(zhǎng)相等且為4，E為CD的中點(diǎn)，則異面直線CM與AE所成的角的余弦值為（

）A． B． C． D．【答案】D【詳解】取的中點(diǎn)，連接，由E為CD的中點(diǎn)，得，，則是異面直線CM與AE所成的角或其補(bǔ)角，正方形中，，在中，，，，于是，所以異面直線CM與AE所成的角的余弦值為.故選：D6．在等差數(shù)列中，若，則的值為（

）A．20 B．30 C．40 D．50【答案】C【詳解】由題意.故選：C.7．已知函數(shù)在有且僅有2個(gè)極值點(diǎn)，且在上單調(diào)遞增，則的取值范圍為（

）A． B． C． D．【答案】A【詳解】因?yàn)樵谟星覂H有2個(gè)極值點(diǎn)，所以，解得，因?yàn)樵谏蠁握{(diào)遞增，又，所以，解得，所以．故選：A．8．若，，，則事件A與事件B的關(guān)系是（

）A．事件A與事件B互斥 B．事件A與事件B互為對(duì)立C．事件A與事件B相互獨(dú)立 D．事件A與事件B互斥又獨(dú)立【答案】C【詳解】對(duì)于A,D,∵，∴A與B能同時(shí)發(fā)生，不互斥，故A,D錯(cuò)誤；對(duì)于B，∵，∴，又∵，，∴事件A與事件B不是對(duì)立事件，故B錯(cuò)誤；對(duì)于C,∵，∴，∴事件A與事件B相互獨(dú)立，故C正確，故選：C．二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分．在每小題給出的選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分．9．如圖，已知二面角的平面角大小為，垂足分別為，，若，則下列結(jié)論正確的有（

）A．直線與平面所成角的余弦值為B．點(diǎn)到平面的距離為C．平面與平面夾角的余弦值為D．三棱錐外接球的表面積為【答案】ABD【詳解】解：對(duì)于A中，過(guò)點(diǎn)作，使得，過(guò)點(diǎn)作，使得，連接，過(guò)點(diǎn)作，垂足為點(diǎn)，過(guò)點(diǎn)作，垂足為點(diǎn)，因?yàn)椋瑒t，所以即為的二面角，則，同理可得，且四邊形為矩形，又因?yàn)?，且平面，則平面，因?yàn)槠矫妫?，又因?yàn)?，平面，則平面，所以為直線與平面所成的角，因?yàn)?，則，所以，所以，所以A正確；對(duì)于B中，由，且，平面，則平面，因?yàn)槠矫?，所以，又因?yàn)?，平面，則平面，由A項(xiàng)知，所以，即點(diǎn)到平面的距離為，所以B正確；對(duì)于C中，連接，過(guò)點(diǎn)作，垂足為，由B知平面，因?yàn)槠矫?，所以，又因?yàn)槠矫?，則平面，因?yàn)槠矫?，所以，所以為的二面角，又因?yàn)?，由，可得，所以，所以，所以C錯(cuò)誤；對(duì)于D中，設(shè)三棱錐的外接球球心為，由，取的中點(diǎn)為，取的中點(diǎn)為的中點(diǎn)為，連接，則平面，且平面，，因?yàn)槠矫?，則，又因?yàn)槠矫?，則平面，同理可得：平面，則四點(diǎn)共面，且，則，，所以，因?yàn)?，所以，即外接球的半徑為，則外接球的表面積為：，所以D正確.故選：ABD.10．已知函數(shù)，則下列說(shuō)法正確的是（

）A．的值域?yàn)锽．的對(duì)稱(chēng)中心為，C．在上的單減區(qū)間為D．在上的極值點(diǎn)個(gè)數(shù)為1【答案】AD【詳解】，對(duì)A：由，則，故A正確；對(duì)B：令，，解得，，故的對(duì)稱(chēng)中心為，，故B錯(cuò)誤；對(duì)C：令，，解得，，則在上的單減區(qū)間為，故C錯(cuò)誤；對(duì)D：令，，即，，則在上的極值點(diǎn)有一個(gè)，故D正確.故選：AD.11．平面上到兩定點(diǎn)的距離之積為常數(shù)的動(dòng)點(diǎn)的軌跡稱(chēng)為卡西尼卵形線.已知曲線是到兩定點(diǎn)的距離之積為常數(shù)2的點(diǎn)的軌跡，設(shè)是曲線上的點(diǎn)，給出下列結(jié)論，其中正確的是（

）A．曲線關(guān)于原點(diǎn)成中心對(duì)稱(chēng) B．C． D．周長(zhǎng)的最小值為【答案】AC【詳解】由題意，，則，即，即，將代入有成立，所以曲線C關(guān)于原點(diǎn)O成中心對(duì)稱(chēng)，A正確；由，得，設(shè)，則，所以，則當(dāng)時(shí)，有最大值，所以，所以B錯(cuò)誤；由B可知，當(dāng)時(shí)，有最大值為，所以，所以C正確；由，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)等號(hào)成立，周長(zhǎng)的最小值為，而此時(shí)，不能構(gòu)成三角形，即最小值不是，所以D錯(cuò)誤.故選：AC.三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分．12．已知，則的最小值為.【答案】【詳解】由題，所以，當(dāng)且僅當(dāng)，即，即時(shí)等號(hào)成立.故答案為：.13．已知函數(shù)滿(mǎn)足對(duì)任意的，都有成立，則實(shí)數(shù)的取值范圍為.【答案】【詳解】由題意，為定義在上的減函數(shù)，則各段為減函數(shù)，還要區(qū)間端點(diǎn)附近遞減，所以，解得，則.故答案為：.14．如圖1，在直角梯形中，，，，，，點(diǎn)E，F(xiàn)分別為邊，上的點(diǎn)，且，.將四邊形沿折起，如圖2，使得平面平面，點(diǎn)M是四邊形內(nèi)（含邊界）的動(dòng)點(diǎn)，且直線與平面所成的角和直線與平面所成的角相等，則當(dāng)三棱錐的體積最大時(shí)，三棱錐的外接球的表面積為.【答案】60π【詳解】翻折前，，因?yàn)槠矫嫫矫?，平面平面，平面，所以平面，所以即為直線與平面所成的角，同理可得，即為直線與平面所成的角，因?yàn)橹本€與平面所成的角和直線與平面所成的角相等，所以，而，，所以，即，設(shè)，則，過(guò)點(diǎn)作于點(diǎn)，因?yàn)槠矫嫫矫妫矫嫫矫?，平面，所以平面，即點(diǎn)到平面的距離為，因?yàn)槿忮F的體積，且為定值，所以要使三棱錐的體積取得最大值，則需取得最大值，設(shè)，，則，由勾股定理知，，，所以，，消去整理得，，，，當(dāng)時(shí)，取得最大值12，即取得最大值，此時(shí)點(diǎn)在線段上，且，所以，，兩兩垂直，所以三棱錐的外接球就是以，，為鄰邊構(gòu)成的長(zhǎng)方體的外接球，所以，所以外接球的半徑，所以當(dāng)三棱錐的體積最大時(shí)，三棱錐的外接球的表面積為．故答案為：．四、解答題：本題共5小題，共77分．解答應(yīng)寫(xiě)出文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟．15.（本小題13分）已知函數(shù)．(1)討論的單調(diào)性；(2)當(dāng)時(shí)，證明：．【答案】(1)答案見(jiàn)解析；(2)證明見(jiàn)解析.【詳解】（1）函數(shù)的定義域?yàn)?，求出得，?dāng)時(shí)，，函數(shù)在上單調(diào)遞增，當(dāng)時(shí)，由，得，由，得，因此函數(shù)在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，所以當(dāng)時(shí)，函數(shù)的遞增區(qū)間是；當(dāng)時(shí)，函數(shù)的遞增區(qū)間是，遞減區(qū)間是.（2）當(dāng)時(shí)，，令，函數(shù)的定義域?yàn)?，求?dǎo)得，當(dāng)時(shí)，，當(dāng)時(shí)，，因此函數(shù)在上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，則，所以.16.（本小題15分）已知是等差數(shù)列，其前項(xiàng)和為是等比數(shù)列，已知，是和的等比中項(xiàng).(1)求和的通項(xiàng)公式；(2)求數(shù)列的前項(xiàng)和；(3)記，求證：.【答案】(1)(2)(3)證明見(jiàn)解析【詳解】（1）由題意，，又是和的等比中項(xiàng)，得，又，解得，；（2），設(shè)，則，將以上兩式相減得，；（3），，.結(jié)論得證.17.（本小題15分）如圖，在三棱柱中，所有棱長(zhǎng)均相等，，，.

(1)證明；平面.(2)若二面角的正弦值.【答案】(1)證明見(jiàn)解析(2)【詳解】（1）

設(shè)D為的中點(diǎn)，連接，，.因?yàn)樵谌切沃校?，所以三角形是等邊三角形，而是的中點(diǎn)，故由三線合一可知，，因?yàn)椋侨切蔚闹形痪€，即，所以.因?yàn)?，平面，所以平?因?yàn)槠矫?，所?在中，，O為的中點(diǎn)，所以.因?yàn)?，平面，所以平?（2）設(shè)三棱柱的棱長(zhǎng)為，以O(shè)為坐標(biāo)原點(diǎn)，的方向?yàn)閤軸正方向，建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系，則，，，，.，，.

設(shè)平面的法向量為，則，可取.設(shè)平面的法向量為，則，可取.因?yàn)槠矫嫫矫妫云矫娴囊粋€(gè)法向量為.，，故二面角的正弦值為.18.（本小題17分）已知雙曲線的虛軸長(zhǎng)為，點(diǎn)在上.設(shè)直線與交于A，B兩點(diǎn)（異于點(diǎn)P），直線AP與BP的斜率之積為.(1)求的方程；(2)證明：直線的斜率存在，且直線過(guò)定點(diǎn).【答案】(1)(2)證明見(jiàn)解析【詳解】（1）因?yàn)樘撦S長(zhǎng)為，所以，將的坐標(biāo)代入方程，得，解得，故的方程為.（2）設(shè)，直線AP的斜率為，直線BP的斜率為．當(dāng)直線的斜率不存在時(shí)，設(shè)，聯(lián)立得，即，由，得，解得（舍去）或（舍去），所以直線的斜率存在，設(shè)直線的方程為，代入的方程得，則，由，可得，即，化簡(jiǎn)得，即，所以或，當(dāng)時(shí)，直線的方程為，直線過(guò)點(diǎn)，與條件矛盾，舍去；當(dāng)時(shí)，直線的方程為，直線過(guò)定點(diǎn)19.（本小題17分）11分制乒乓球比賽，每贏一球得1分，當(dāng)某局打成平后，每球交換發(fā)球權(quán)，先多得2分的一方獲勝，該局比賽結(jié)束.甲?乙兩位同學(xué)進(jìn)行單打比賽，假設(shè)甲發(fā)球時(shí)甲得分的概率為，乙發(fā)球時(shí)甲得分的概率為，各球的比賽結(jié)果相互獨(dú)立.在某局比賽雙方打成平后，甲先發(fā)球.(1)求再打2球該局比賽結(jié)束的概率；(2)兩人又打了個(gè)球該局比賽結(jié)束，求的數(shù)學(xué)期望；(3)若將規(guī)則改為“打成平后，每球交換發(fā)球權(quán)，先連得兩分者獲勝”，求該局比賽甲獲勝的概率.【答案】(1)(2)(3).【詳解】（1）平后，設(shè)事件“第個(gè)球甲得分”，則“第個(gè)球乙得分”，設(shè)“再打兩球該局比賽結(jié)