山東省日照市2025屆高三物理下學(xué)期4月模擬考試試題含解析

PAGE25-山東省日照市2025屆高三物理下學(xué)期4月模擬考試試題（含解析）1.答題前，考生先將自己的姓名、考生號(hào)、座號(hào)填寫(xiě)在相應(yīng)位置，仔細(xì)核對(duì)條形碼上的姓名、考生號(hào)和座號(hào)，并將條形碼粘貼在指定位置上。2.選擇題答案必需運(yùn)用2B鉛筆（按填涂樣例）正確填涂；非選擇題答案必需運(yùn)用0.5毫米黑色簽字筆書(shū)寫(xiě)，字體工整、筆跡清晰。3.請(qǐng)依據(jù)題號(hào)在題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書(shū)寫(xiě)的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。保持卡面整齊，不折疊、不破損。4.本試卷共8頁(yè)，滿分100分，考試時(shí)間90分鐘。一、單項(xiàng)選擇題：本題包括8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中。只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1.在放射性同位素的應(yīng)用中，下列做法正確的是（）A.應(yīng)當(dāng)用α射線探測(cè)物體的厚度B.應(yīng)當(dāng)用粒子放射源制成“煙霧報(bào)警器”C.放射育種利用射線照耀種子使遺傳基因發(fā)生變異D.醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時(shí)用半衰期較長(zhǎng)的放射性同位素【答案】C【解析】【詳解】A．γ光子的貫穿實(shí)力最強(qiáng)，應(yīng)當(dāng)用γ射線探測(cè)物體的厚度，故A錯(cuò)誤；

B．因?yàn)棣亮Ｗ拥碾婋x本事強(qiáng)，所以應(yīng)當(dāng)用α粒子放射源制成“煙霧報(bào)警器”，故B錯(cuò)誤；

C．γ光子的貫穿實(shí)力最強(qiáng)，從而使DNA發(fā)生變異，所以放射育種利用γ射線照耀種子使遺傳基因發(fā)生變異，故C正確；

D．人體長(zhǎng)時(shí)間接觸放射線會(huì)影響健康，所以醫(yī)院在利用放射線診斷疾病時(shí)用半衰期較短的放射性同位素，故D錯(cuò)誤。

故選C。2.如圖所示，在水平桌面上疊放著物體a、b、c，三個(gè)物體均處于靜止?fàn)顟B(tài)。下列說(shuō)法正確是（）A.c肯定受到水平桌面施加的摩擦力B.b對(duì)a的作用力肯定豎直向上C.c對(duì)b的摩擦力可能水平向右D.b對(duì)a的支持力與a受到的重力是一對(duì)作用力和反作用力【答案】B【解析】【詳解】A．對(duì)a、b、c整體分析，受重力和支持力，二力平衡，c不受地面的摩擦力，故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)物體a受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，依據(jù)平衡條件，b對(duì)a的作用力肯定豎直向上，和a的重力平衡，故B正確；C．以a和b整體為探討對(duì)象，受到重力、支持力和靜摩擦力，依據(jù)平衡條件，c對(duì)b的靜摩擦力平行接觸面對(duì)上，故C錯(cuò)誤；D．b對(duì)a的支持力與a對(duì)b的壓力是一對(duì)作用力和反作用力，兩力的施力物體不同，受力物體不同，且兩力的大小相等，方向相反，作用在同一條直線上。而a受到的重力，受力物體還是a，且該力與b對(duì)a的支持力不在同始終線上，故D錯(cuò)誤。故選B。3.在一次探討中，老師問(wèn)道：“假如水中相同深度處有a、b、c三種不同顏色的單色點(diǎn)光源，有人在水面上方同等條件下觀測(cè)發(fā)覺(jué)，b在水下的像最深，c照亮水面的面積比a的大，關(guān)于這三種光在水中的性質(zhì)，同學(xué)們能做出什么推斷？”有同學(xué)回答如下：①c光的頻率最大②a光的傳播速度最?、踒光的折射率最大④a光的波長(zhǎng)比b光的短，依據(jù)老師的假定，以上回答正確的是()A.①② B.①③ C.②④ D.③④【答案】C【解析】【詳解】依據(jù)視深公式說(shuō)明頻率最小的光，水對(duì)它的折射率最小，在水下的像最深，所以b的折射率最小，頻率最小，波長(zhǎng)最大，傳播速度最大，③錯(cuò)誤④正確；照亮水面的圓面積的半徑R與臨界角C滿意又，c照亮水面的面積比a的大，則c的臨界角大，水對(duì)c的折射率小，所以a的折射率最大，a的頻率最大，a的傳播速度最小，①錯(cuò)誤②正確。故選C。4.如圖是試驗(yàn)時(shí)用的原、副線圈都有從中點(diǎn)抽頭的志向變壓器，在原線圈上通過(guò)一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)S1與一只安培表A連接，在副線圈上通過(guò)另一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)與一個(gè)定值電阻R0相連接，通過(guò)S1、S2可以變更原、副線圈的匝數(shù)。在原線圈上加一電壓為U的溝通電后，①當(dāng)S1接a，S2接c時(shí)，安培表的示數(shù)為I1；②當(dāng)S1接a，S2接d時(shí)，安培表的示數(shù)為I2；③當(dāng)S1接b，S2接c時(shí)，安培表的示數(shù)為I3；④當(dāng)S1接b，S2接d時(shí)，安培表的示數(shù)為I4，則（）A.I1＝I2 B.I1＝I4 C.I2＝I3 D.I2＝I【答案】B【解析】【詳解】在第①種狀況下，S1接a，S2接c時(shí)，設(shè)副線圈加在R0上的電壓為U0，流過(guò)R0的電流為I0，依據(jù)可得，第②③④種狀況，R0上的電壓分別為、2U0、U0，流過(guò)R0的電流分別為、2I0、I0，依據(jù)可得、、故選B。5.質(zhì)量的物塊靜止在光滑水平面上，t=0時(shí)刻對(duì)該物塊施加一沿水平方向的力F，F(xiàn)隨時(shí)間t按如圖所示的規(guī)律變更。下列說(shuō)法正確的是（）A.第2s末，物塊距離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn) B.第2s末，物塊的動(dòng)量為5kg·m/sC.第4s末，物塊的速度最大 D.第3s末，物塊的加速度為2.5m/s2【答案】B【解析】【詳解】A．前兩秒物體始終加速運(yùn)動(dòng)，所以第2s末物塊的速度最大，此時(shí)不是離動(dòng)身點(diǎn)最遠(yuǎn)，故A錯(cuò)誤；

B．F-t圖象與坐標(biāo)軸圍成的面積表示力的沖量。依據(jù)動(dòng)量定理可得第2s末物塊的動(dòng)量為故B正確；

C．第2s末，物塊的速度最大，第4s末，物塊的速度為零，故C錯(cuò)誤；

D．第3s末，物塊的加速度為方向與速度方向相反，故D錯(cuò)誤。

故選B。6.如圖所示，用電阻率為ρ、橫截面積為S、粗細(xì)勻稱的電阻絲折成平面梯形框架，邊均與邊成60°角，?？蚣芘c一電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻忽視不計(jì)的電源相連接。垂直于豎直框架平面有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向水平向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則框架受到安培力的合力的大小和方向?yàn)椋ǎ〢.，豎直向上 B.，豎直向上C.，豎直向下 D.，豎直向下【答案】A【解析】【詳解】依據(jù)左手定則推斷出各段受到的安培力的方向，如圖

設(shè)電路abcd上的電阻為3r，由幾何關(guān)系得，ad段的長(zhǎng)度為2L，所以ad上的電阻為2r；abcd上的電流ad上的電流ab、bc、cd上各段的安培力ad上各段的安培力各段受到的力中，F(xiàn)1和F3在左右方向的重量大小相等，方向相反，相互抵消，所以線框受到的合外力F=F4+F1cos60°+F2+F3cos60°=則可得方向豎直向上.故選A。7.如圖，固定于同一條豎直線上的A、B是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為+Q和－Q，A、B相距為2d。MN是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過(guò)細(xì)桿的帶電小球p，質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場(chǎng)的分布）。現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷A等高的C處由靜止起先釋放，小球p向下運(yùn)動(dòng)到距C點(diǎn)距離為d的O點(diǎn)時(shí)，速度大小為v。已知MN與AB之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g?？芍ǎ〢.C、D間的電勢(shì)差B.由等量異種電荷電場(chǎng)分布的特點(diǎn)知C.小球p經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)的加速度D.小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的速度【答案】C【解析】【詳解】A．小球p由C運(yùn)動(dòng)到O時(shí)，由動(dòng)能定理得又依據(jù)UCD=2UCO聯(lián)立解得故A錯(cuò)誤；

B．由等量異種電荷電場(chǎng)分布的特點(diǎn)知C、O、D三點(diǎn)電勢(shì)漸漸降低，所以UCO=UOD=－UDO故B錯(cuò)誤；

C．小球p經(jīng)過(guò)O點(diǎn)時(shí)受力分析如圖，由庫(kù)侖定律得它們的合力為由牛頓其次定律得mg+F=ma解得故C正確；D．小球p經(jīng)過(guò)與點(diǎn)電荷B等高的D點(diǎn)時(shí)的過(guò)程，由動(dòng)能定理得由電場(chǎng)特點(diǎn)可知UCO=UOD聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。

故選C。8.如圖，不計(jì)空氣阻力，從O點(diǎn)水平拋出的小球抵達(dá)光滑、固定斜面上端P處時(shí)，速度方向恰好沿著斜面方向，然后緊貼斜面PQ做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。下列說(shuō)法正確的是（）A.小球在斜面上運(yùn)動(dòng)加速度大小比平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的大B.小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中地面對(duì)斜面的支持力大于小球和斜面的總重C.撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地瞬間小球重力的功率將變大D.撤去斜面，小球仍從O點(diǎn)以相同速度水平拋出，落地時(shí)間將增大【答案】C【解析】【詳解】A．物體在抵達(dá)斜面之前做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為g；在斜面上運(yùn)動(dòng)時(shí)，由牛頓其次定律得加速度為：a=gsinα，（α是斜面的傾角），可知小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度大小比平拋運(yùn)動(dòng)時(shí)的小，故A錯(cuò)誤；

B．對(duì)于小球和斜面組成的系統(tǒng)，因?yàn)樾∏蛴醒匦泵鎸?duì)下的加速度，故小球在豎直方向上有豎直向下的分加速度，小球處于失重狀態(tài)，所以小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中地面對(duì)斜面的支持力小于小球和斜面的總重量，故B錯(cuò)誤；CD．由于小球在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度為a=gsinα，豎直分加速度為ay=asinα=gsin2α＜g，則知撤去斜面，落地時(shí)間變短，落地瞬間豎直方向分速度變大，重力的瞬時(shí)功率變大，故C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。二、多項(xiàng)選擇題：本題包括4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。9.墨滴入水，擴(kuò)而散之，緩緩混勻。關(guān)于該現(xiàn)象的分析正確的是（）A.混合勻稱主要是由于碳粒和水分子發(fā)生化學(xué)反應(yīng)引起的B.混合勻稱的過(guò)程中，水分子和碳粒都做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.適當(dāng)加熱可以使混合勻稱的過(guò)程進(jìn)行得更快速D.運(yùn)用碳粒更大的墨汁，混合勻稱的過(guò)程進(jìn)行得更快速【答案】BC【解析】【詳解】A．碳素墨水滴入清水中，視察到的布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子不停地做無(wú)規(guī)則撞擊碳懸浮微粒，懸浮微粒受到的來(lái)自各個(gè)方向的液體分子的撞擊作用不平衡的導(dǎo)致的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，不是由于碳粒和水分子發(fā)生化學(xué)反應(yīng)引起的，故A錯(cuò)誤。

B．混合勻稱的過(guò)程中，水分子做無(wú)規(guī)則的運(yùn)動(dòng)，碳粒的布朗運(yùn)動(dòng)也是做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)，故B正確。

C．溫度越高，布朗運(yùn)動(dòng)越猛烈，所以適當(dāng)加熱可以使混合勻稱的過(guò)程進(jìn)行得更快速，故C正確。

D．做布朗運(yùn)動(dòng)的顆粒越小，布朗運(yùn)動(dòng)越猛烈，所以要使混合勻稱的過(guò)程進(jìn)行得更快速，須要運(yùn)用碳粒更小的墨汁，故D錯(cuò)誤。

故選BC。10.圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，兩質(zhì)點(diǎn)的橫坐標(biāo)分別為和，圖乙為質(zhì)點(diǎn)b從該時(shí)刻起先計(jì)時(shí)的振動(dòng)圖像。下列說(shuō)法正確的是（）A.該波沿方向傳播，波速為1m/s B.質(zhì)點(diǎn)b經(jīng)8s振動(dòng)的路程為2mC.此時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a的速度沿+y方向 D.質(zhì)點(diǎn)a在t=2s時(shí)速度為零【答案】BD【解析】【詳解】A．由圖乙可得：圖甲所示時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)b在平衡位置向上振動(dòng)，故由圖甲可得：波向左傳播；故A錯(cuò)誤；

B．由圖乙可得：周期T=8s，振幅A=0.5m，故質(zhì)點(diǎn)b經(jīng)8s＝T振動(dòng)的路程為4A=2m，故B正確；

C．波向左傳播，故圖甲所示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a沿-y方向向下振動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

D．圖甲所示零時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)a在平衡位置，t=2s=T時(shí)刻故質(zhì)點(diǎn)a到達(dá)最低點(diǎn)，速度為零，故D正確；

故選BD。11.2024年1月3號(hào)“嫦娥4號(hào)”探測(cè)器實(shí)現(xiàn)人類(lèi)首次月球背面著陸，并開(kāi)展巡察探測(cè)。因月球沒(méi)有大氣，無(wú)法通過(guò)著陸傘減速著陸，必需通過(guò)引擎噴射來(lái)實(shí)現(xiàn)減速。如圖所示為“嫦娥4號(hào)”探測(cè)器著陸月球表面過(guò)程的簡(jiǎn)化模型。質(zhì)量m的探測(cè)器沿半徑為r的圓軌道I繞月運(yùn)動(dòng)。為使探測(cè)器平安著陸，首先在P點(diǎn)沿軌道切線方向向前以速度u噴射質(zhì)量為△m的物體，從而使探測(cè)器由P點(diǎn)沿橢圓軌道II轉(zhuǎn)至Q點(diǎn)（橢圓軌道與月球在Q點(diǎn)相切）時(shí)恰好到達(dá)月球表面旁邊，再次向前噴射減速著陸。已知月球質(zhì)量為M、半徑為R。萬(wàn)有引力常量為G。則下列說(shuō)法正確的是（）A.探測(cè)器噴射物體前在圓周軌道I上運(yùn)行時(shí)的周期為B.在P點(diǎn)探測(cè)器噴射物體后速度大小變?yōu)镃.減速著陸過(guò)程，從P點(diǎn)沿軌道II運(yùn)行到月球表面所經(jīng)驗(yàn)的時(shí)間為D.月球表面重力加速度的大小為【答案】AD【解析】詳解】A．探測(cè)器繞月球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力供應(yīng)向心力解得探測(cè)器噴射物體前在圓周軌道I上運(yùn)行時(shí)的周期故A正確；

B．在P點(diǎn)探測(cè)器噴射物體的過(guò)程中，設(shè)噴射前的速度為v，依據(jù)動(dòng)量守恒可知mv=△mu+（m-△m）v'解得噴射后探測(cè)器的速度故B錯(cuò)誤；

C．探測(cè)器在軌道II上做橢圓運(yùn)動(dòng)，半長(zhǎng)軸依據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知解得減速著陸過(guò)程，從P點(diǎn)沿軌道II運(yùn)行到月球表面所經(jīng)驗(yàn)時(shí)間為故C錯(cuò)誤；

D．假設(shè)在月球表面的放置一個(gè)質(zhì)量為m的物體，則它受到的重力和萬(wàn)有引力相等解得月球表面重力加速度的大小故D正確。故選AD。12.如圖所示，豎直放置的兩根足夠長(zhǎng)的光滑金屬導(dǎo)軌相距L，導(dǎo)軌的兩端分別與電源（串有一滑動(dòng)變阻器R）、定值電阻R0、電容器（電容為C，原來(lái)不帶電）和開(kāi)關(guān)S相連。整個(gè)空間充溢了磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直于導(dǎo)軌平面對(duì)外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一質(zhì)量為m、電阻不計(jì)的金屬棒橫跨在導(dǎo)軌上。己知電源電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r，不計(jì)導(dǎo)軌的電阻。當(dāng)S接1，滑動(dòng)變阻器R接入電路肯定阻值時(shí)，金屬棒ab在磁場(chǎng)中恰好保持靜止。當(dāng)S接2后，金屬棒ab從靜止起先下落，下落距離時(shí)達(dá)到穩(wěn)定速度。重力加速度為g，則下列分析正確的是（）A.當(dāng)S接1時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值B.當(dāng)S接2時(shí)，金屬棒從靜止起先到剛好達(dá)到穩(wěn)定速度所經(jīng)驗(yàn)的時(shí)間為C.若將棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，則電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變更關(guān)系為D.若將棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，則金屬棒將做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小【答案】ACD【解析】【詳解】A．S接到1位置時(shí)，有由平衡條件得mg=BIL得聯(lián)立解得故A正確；

B．S接到2位置速度恒定時(shí)有解得金屬棒ab從靜止起先下落，下落距離h時(shí)達(dá)到穩(wěn)定速度，依據(jù)動(dòng)量定理可得即其中，解得故B錯(cuò)誤；

CD．若將ab棒由靜止釋放的同時(shí)，將S接到3，則電容器積累的電荷量隨金屬棒速度v的變更關(guān)系為Q=CU=CBLv依據(jù)動(dòng)量定理可得即mg△t-BL?△Q=m△v將△Q=CBL△v代入解得mg△t-CB2L2△v=m△所以故CD正確。

故選ACD。三、非選擇題：本題包括6小題，共60分。13.某試驗(yàn)小組用如圖甲所示的試驗(yàn)裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。將一鋼球用細(xì)線系住懸掛在鐵架臺(tái)上，鋼球靜止于A點(diǎn)。在鋼球底部豎直地粘住一片寬度為d的遮光條。在A的正下方固定一光電門(mén)。將鋼球拉至不同位置由靜止釋放，遮光條經(jīng)過(guò)光電門(mén)的擋光時(shí)間t可由計(jì)時(shí)器測(cè)出，取作為鋼球經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度。記錄鋼球每次下落的高度h和計(jì)時(shí)器示數(shù)t，計(jì)算并比較鋼球在釋放點(diǎn)和A點(diǎn)之間重力勢(shì)能的變更大小與動(dòng)能的變更大小，就能驗(yàn)證機(jī)械能是否守恒。(1)用計(jì)算鋼球動(dòng)能變更量的大小，用刻度尺測(cè)量遮光條寬度，示數(shù)如圖乙所示，其讀數(shù)為_(kāi)________cm。某次測(cè)量中，計(jì)時(shí)器的示數(shù)為0.0100s，則鋼球經(jīng)過(guò)A時(shí)的速度_________m/s（保留三位有效數(shù)字）。(2)下表為該試驗(yàn)小組的試驗(yàn)結(jié)果：從表中發(fā)覺(jué)△Ep與△Ek之間存在差異，可能造成該差異的緣由是_________。A.用計(jì)算鋼球重力勢(shì)能的變更大小時(shí)，鋼球下落高度為測(cè)量釋放時(shí)鋼球球心到球在A點(diǎn)時(shí)底端之間的豎直距離B.鋼球下落過(guò)程中存在空氣阻力C.試驗(yàn)中所求速度是遮光條的速度，比鋼球速度略大【答案】(1).1.50(2).1.50(3).C【解析】【詳解】(1)[1][2]．刻度尺的最小分度值為1mm，需估讀一位，所以讀數(shù)為1.50cm；

鋼球經(jīng)過(guò)A的速度為(2)[3]．表中的△Ep與△Ek之間存在差異，且有△Ek＞△EP；

A．鋼球下落高度h為測(cè)量釋放時(shí)鋼球球心到球在A點(diǎn)時(shí)底端之間的豎直距離，測(cè)量的高度h偏大則△EP偏大，故A錯(cuò)誤；

B．若鋼球下落過(guò)程中存在空氣阻力，則有重力勢(shì)能削減量大于鋼球的動(dòng)能增加量，即△EP＞△Ek，故B錯(cuò)誤；

C．試驗(yàn)中所求速度是遮光條的速度，比鋼球速度略大，導(dǎo)致△Ek＞△EP，故C正確。故選C。14.某同學(xué)要用電阻箱和電壓表測(cè)量某水果電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，考慮到水果電池組的內(nèi)阻較大，為了提高試驗(yàn)的精度，須要測(cè)量電壓表的內(nèi)阻。試驗(yàn)室中恰好有一塊零刻度在中心的雙向電壓表，該同學(xué)便充分利用這塊表，設(shè)計(jì)了如圖所示的試驗(yàn)電路，既能實(shí)現(xiàn)對(duì)該電壓表內(nèi)阻的測(cè)量，又能利用該表完成水果電池組電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量。該同學(xué)用到的試驗(yàn)器材有：待測(cè)水果電池組（電動(dòng)勢(shì)約4V、內(nèi)阻約），雙向電壓表（量程為2V、內(nèi)阻約為），電阻箱（0~），滑動(dòng)變阻器（0~），一個(gè)單刀雙擲開(kāi)關(guān)及若干導(dǎo)線。(1)該同學(xué)按如圖1所示電路圖連線后，首先測(cè)量了電壓表的內(nèi)阻。請(qǐng)完善測(cè)量電壓表內(nèi)阻的試驗(yàn)步驟：①將R1的滑動(dòng)觸片滑至最左端，將開(kāi)關(guān)S撥向1位置，將電阻箱阻值調(diào)為0；②調(diào)整R1的滑動(dòng)觸片，使電壓表示數(shù)達(dá)到滿偏U；③保持R1不變，調(diào)整R2，使電壓表的示數(shù)達(dá)到，讀出電阻箱的阻值，記為R0，則電壓表的內(nèi)阻RV=__________。(2)若測(cè)得電壓表內(nèi)阻為，可分析此測(cè)量值應(yīng)__________（填“大于”“等于”或“小于”）真實(shí)值。(3)接下來(lái)測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，試驗(yàn)步驟如下：①將開(kāi)關(guān)S撥至__________（填“1”或“2”）位置，將R1的滑片移到最__________端，不再移動(dòng)；②調(diào)整電阻箱的阻值，使電壓表的示數(shù)達(dá)到一合適值，記錄電壓表的示數(shù)和電阻箱的阻值；③重復(fù)其次步，記錄多組電壓表的示數(shù)和對(duì)應(yīng)的電阻箱的阻值。(4)若將電阻箱與電壓表并聯(lián)后的阻值記錄為R，作出圖像，如圖2所示，其中縱軸截距為b，斜率為k，則電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式為_(kāi)_________，內(nèi)阻的表達(dá)式為_(kāi)_________?！敬鸢浮?1).(2).大于(3).2(4).左(5).(6).【解析】【詳解】(1)[1]．滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值不變，電壓表與電阻箱兩端電壓不變，電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓時(shí)，則電阻箱分壓，電阻箱接入電路的阻值等于電壓表內(nèi)阻的2倍，則電壓表內(nèi)阻．

(2)[2]．調(diào)整電阻箱阻值使電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓的時(shí)，電路總電阻變大，電路總電流變小，滑動(dòng)變阻器與電源內(nèi)阻分壓變小，電阻箱與電壓表兩端總電壓變大，當(dāng)電壓表示數(shù)變?yōu)闈M偏電壓時(shí)，電阻箱兩端電壓大于電壓表滿偏電壓的，事實(shí)上電壓表內(nèi)阻小于，則電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值偏大．

(3)①[3][4]．測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻，應(yīng)將開(kāi)關(guān)S撥至2位置，將R1的滑動(dòng)觸片移到最左端，不再移動(dòng)．

④[5][6]．由圖示電路圖可知，在閉合電路中，電源電動(dòng)勢(shì)則由圖示圖象可知，圖象截距圖象斜率則電源電動(dòng)勢(shì)電源內(nèi)阻．15.如圖所示，一端封閉、內(nèi)徑勻稱的細(xì)玻璃管長(zhǎng)為，中間有長(zhǎng)的水銀柱將一部分空氣封閉在管內(nèi)，水平放置時(shí)，A端空氣柱的長(zhǎng)度。把玻璃管在豎直平面內(nèi)緩慢倒轉(zhuǎn)到開(kāi)口豎直向下后（玻璃管轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中水銀無(wú)泄漏），再把開(kāi)口端B緩慢插入足夠深的水銀槽內(nèi)，直到B端空氣柱的長(zhǎng)度變?yōu)闉橹?。已知外界大氣壓為，空氣柱可視為志向氣體，在整個(gè)過(guò)程中溫度保持不變。求：(1)開(kāi)口豎直向下時(shí)A端空氣柱的長(zhǎng)度；(2)最終平衡時(shí)進(jìn)入玻璃管的水銀柱的長(zhǎng)度。（可保留分?jǐn)?shù)）【答案】（1）75cm；（2）【解析】【詳解】（1）設(shè)玻璃管的橫截面積為，對(duì)端氣體，初始時(shí)，轉(zhuǎn)過(guò)90°，插入水銀槽之前，對(duì)端氣體：此過(guò)程為等溫變更，所以有解得（2）開(kāi)口豎直向下時(shí)，氣柱長(zhǎng)度，壓強(qiáng)玻璃管插入水銀槽之后，對(duì)端氣體由解得此時(shí)可知可得進(jìn)入玻璃管的水銀柱長(zhǎng)度為16.如圖所示，質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg、mC=1kg的三個(gè)小物塊A、B、C（均視為質(zhì)點(diǎn)）靜止在光滑水平軌道上。半徑為R=0.6m的光滑、豎直、半圓軌道最低點(diǎn)與水平軌道相切。B、C之間有一輕彈簧剛好處于原長(zhǎng)，B與輕彈簧栓接，C未與彈簧栓接?，F(xiàn)讓物塊A（右側(cè)涂有少量質(zhì)量不計(jì)的粘膠）以初速度=6m/s沿水平方向向右滑動(dòng)，A與B發(fā)生碰撞并粘為一體。經(jīng)過(guò)一段時(shí)間，C脫離彈簧，然后滑上光滑豎直半圓軌道。（取g=10m/s2）求：(1)上述過(guò)程中彈簧的最大彈性勢(shì)能；(2)C脫離彈簧時(shí)的速度大?。?3)試探討推斷C能否到達(dá)半圓軌道的最高點(diǎn)。若能，求出通過(guò)最高點(diǎn)時(shí)C對(duì)軌道的壓力大??；若不能，請(qǐng)說(shuō)明理由。【答案】（1）6J；（2）；（3）能，【解析】【詳解】（1）、、位于光滑的水平面上，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，選取向右為正方向，設(shè)與發(fā)生完全非彈性碰撞后共同速度為，對(duì)、有可得彈簧壓縮到最短時(shí)，彈性勢(shì)能最大，此時(shí)、、共同速度為，有可得由機(jī)械能守恒定律得解得（2）設(shè)彈簧復(fù)原原長(zhǎng)時(shí)的速度為，的速度為，此后脫離彈簧由動(dòng)量守恒定律得由機(jī)械能守恒定律得解得（3）脫離彈簧后沿軌道運(yùn)動(dòng)，假設(shè)能運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)，且運(yùn)動(dòng)至最高點(diǎn)時(shí)的速度為，由機(jī)械能守恒定律得可得設(shè)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)的支持力大小為由向心力公式可得所以假設(shè)成立，能通過(guò)最高點(diǎn)，且對(duì)軌道的壓力大小為．17.如圖所示，質(zhì)量M=2kg的滑板A放在水平地面上，當(dāng)A向右滑動(dòng)的速度m/s時(shí)，在A中間位置輕輕地放上一個(gè)大小不計(jì)、質(zhì)量m=1kg的小物塊B，同時(shí)給B施加一個(gè)水平向右的F=6N的恒力作用并起先計(jì)時(shí)。己知A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.1，A與B間的動(dòng)摩擦因數(shù)。（設(shè)滑板A足夠長(zhǎng)，取g=10m/s2）求：(1)經(jīng)過(guò)多長(zhǎng)