山東省菏澤市2023~2024學(xué)年高三下學(xué)期模擬預(yù)測(cè)物理試題（六）（解析版）

高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12024屆山東省菏澤市高三學(xué)業(yè)水平等級(jí)考沖刺押題卷物理試題注意事項(xiàng)：1．本試卷滿分100分，考試用時(shí)90分鐘。2．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)等填寫在答題卡上，在規(guī)定的位置貼好條形碼。3．回答選擇題時(shí)，選出每小題〖答案〗后，用鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的〖答案〗標(biāo)號(hào)涂黑。如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它〖答案〗標(biāo)號(hào)?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將〖答案〗寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。4．考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題1.在跑步比賽中，第四跑道的運(yùn)動(dòng)員起跑時(shí)秒表開始計(jì)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員起跑后沿直線剛好跑到20m處時(shí)秒表示數(shù)為2.289s，根據(jù)以上信息（）A.位移大小小于路程B.可以算得平均速度大小C.可以算得平均加速度大小D.可以算得瞬時(shí)速度大小〖答案〗B〖解析〗A．運(yùn)動(dòng)員起跑后沿直線做單向直線運(yùn)動(dòng)，所以，位移大小等于路程，故A錯(cuò)誤；BD．平均速度是某段時(shí)間內(nèi)（某段位移內(nèi)）的速度，等于位移與所用時(shí)間的比值；瞬時(shí)速度是某時(shí)刻（某位置）的速度，題中所給是位移和時(shí)間，故可以算得平均速度，無法算得瞬時(shí)速度，故B正確，D錯(cuò)誤；C．平均加速度是某段時(shí)間內(nèi)（某段位移內(nèi)）的速度的變化快慢，由題中條件無法得到，故C錯(cuò)誤。故選B。2.英國(guó)物理學(xué)家G．P．湯姆孫在實(shí)驗(yàn)中讓靜止的電子束通過電場(chǎng)加速后，通過多晶薄膜得到了如圖所示的衍射圖樣，該實(shí)驗(yàn)說明了實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，運(yùn)動(dòng)的實(shí)物粒子對(duì)應(yīng)的波稱為物質(zhì)波．已知電子的比荷為k，普朗克常量h，若加速電壓為U，被加速后電子的物質(zhì)波波長(zhǎng)為，則電子的質(zhì)量為（）A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗電子經(jīng)過加速后，根據(jù)動(dòng)能定理可得可得電子的動(dòng)量為被加速后電子的物質(zhì)波波長(zhǎng)為可得電子的質(zhì)量為故選A。3.如圖所示，橫截面為半圓的柱形玻璃磚放在水平桌面上，圖中的3條光線分別為某種色光的入射光線、折射光線和反射光線，且光線的入射點(diǎn)為圓的圓心，下列說法正確的是（）A.光線1為入射光線B.玻璃磚的折射率為C.臨界角的正弦值為D.光線1、2不可能垂直〖答案〗B〖解析〗A．由圖分析可知3光線為入射光線，2光線為反射光線，1光線為折射光線，故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)折射定律可知玻璃磚對(duì)該單色光的折射率為故B正確；C．根據(jù)全反射臨界角公式可知故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)，時(shí)，折射率為時(shí)，反射光線和折射光線垂直，即光線1、2可能垂直，故D錯(cuò)誤。故選B。4.如圖所示的露珠，若該露珠的體積為，已知水的密度，摩爾質(zhì)量，阿伏加德羅常數(shù)為。則下列說法正確的是（）A.1g水含有的分子數(shù)約為個(gè)B.1個(gè)水分子的體積約為C.露珠中含有的分子數(shù)約為個(gè)D.個(gè)水分子的質(zhì)量約為24.3g〖答案〗C〖解析〗A．1g水的物質(zhì)的量為含有的分子數(shù)約為個(gè)故A錯(cuò)誤；B．水的摩爾體積為則，1個(gè)水分子的體積為故B錯(cuò)誤；C．露珠中含有的分子數(shù)約為個(gè)故C正確；D．8.1×109個(gè)水分子的物質(zhì)的量為水質(zhì)量為故D錯(cuò)誤。故選C。5.內(nèi)表面為半球型且光滑碗固定在水平桌面上，球半徑為R，球心為O，現(xiàn)讓可視為質(zhì)點(diǎn)的小球在碗內(nèi)的某一水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球與球心O的連線與豎直線的夾角為θ，重力加速度為g，則（）A.小球的加速度為a=gsinθB.碗內(nèi)壁對(duì)小球的支持力為C.小球的運(yùn)動(dòng)周期為D.小球運(yùn)動(dòng)的速度為〖答案〗C〖解析〗AB．小球在碗內(nèi)的某一水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，受力如圖豎直方向有水平方向有聯(lián)立解得故AB錯(cuò)誤；C．又由小球的運(yùn)動(dòng)周期為故C正確；D．又由小球運(yùn)動(dòng)的速度為故D錯(cuò)誤。故選C。6.隨著“天問一號(hào)”的發(fā)射我國(guó)已開啟了探索火星的奧秘。假設(shè)太陽系的行星環(huán)繞太陽運(yùn)行的軌道均視為勻速圓周運(yùn)動(dòng)，火星與地球的半徑之比約為、質(zhì)量之比約為，火星環(huán)繞太陽一圈相當(dāng)于地球環(huán)繞太陽兩圈，地球表面的重力加速度，火星和地球均為質(zhì)量分布均勻的球體，則下列說法正確的是（）A.“天問一號(hào)”的發(fā)射速度介于與之間B.火星表面的重力加速度約為C.火星與地球環(huán)繞太陽的向心力之比約為D.火星與地球的第一宇宙速度之比約為〖答案〗C〖解析〗A．“天問一號(hào)”探測(cè)器需要脫離地球的引力才能奔向火星繞火星運(yùn)行，則發(fā)射速度大于第二宇宙速度11.2km/s，故A錯(cuò)誤；B．不考慮自轉(zhuǎn)時(shí)在行星表面有可得故有可得故B錯(cuò)誤；C．由萬有引力提供向心力可得火星環(huán)繞太陽一圈相當(dāng)于地球環(huán)繞太陽兩圈，即則火星與地球的軌道半徑之比為則火星與地球環(huán)繞太陽的向心力之比故C正確；D．衛(wèi)星在行星表面附近繞行的速度為該行星的第一宇宙速度，由可得可得故D錯(cuò)誤。故選C。7.一臺(tái)起重機(jī)將工件從地面由靜止向上提起，在向上勻加速運(yùn)動(dòng)過程中，重物上升的高度為h時(shí)，動(dòng)能為，重力勢(shì)能為，機(jī)械能為E，克服重力做功的功率為P，設(shè)地面為重力勢(shì)能為零，下列圖像不能描述上述過程的是（）A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗A．設(shè)地面為重力勢(shì)能為零，重物上升的高度為h時(shí)的重力勢(shì)能為則圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，故A正確，不符題意；B．向上勻加速運(yùn)動(dòng)過程，由動(dòng)能定理有改造可得則圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，故B正確，不符題意；C．重物的機(jī)械能為則圖像為過原點(diǎn)的傾斜直線，故C正確，不符題意；D．克服重力做功的功率為則圖像是非線性函數(shù)，圖像錯(cuò)誤，故D錯(cuò)誤，符合題意。故選D。8.如圖所示，在真空中M、N兩點(diǎn)分別固定帶同種電荷的點(diǎn)電荷，且，O點(diǎn)為MN的中點(diǎn)，A、B為MN中垂線上的兩點(diǎn)，且。一帶電粒子從A點(diǎn)由靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間剛好以速度v經(jīng)過O點(diǎn)，不計(jì)粒子重力，已知點(diǎn)電荷在某一位置產(chǎn)生的電勢(shì)與自身電荷量成正比，則下列說法正確的是（）A.帶電粒子一直沿方向運(yùn)動(dòng)至無窮遠(yuǎn)處B.帶電粒子的電勢(shì)能一直減小C.若，帶電粒子在A點(diǎn)受到的電場(chǎng)力大小為原來的倍D.若，帶電粒子經(jīng)過O點(diǎn)的速度為2v〖答案〗C〖解析〗AB．由對(duì)稱性可知，粒子在A、B兩點(diǎn)間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，帶電粒子從A點(diǎn)由靜止釋放，以速度v經(jīng)過O點(diǎn)，可知帶電粒子與點(diǎn)電荷帶異種電荷，帶電粒子由A到O的過程中電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，由O到B的過程中電場(chǎng)力做負(fù)功，電勢(shì)能增大，故AB錯(cuò)誤；C．設(shè)，原來M、N兩電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為則A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為若，M、N兩電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小分別為，A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為A點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度為原來的倍，粒子在A點(diǎn)所受的電場(chǎng)力為原來的倍，故C正確；D．假設(shè)原來M、N兩點(diǎn)電荷在A點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)分別為，在O點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)分別為，則A、O兩點(diǎn)的電勢(shì)差為由動(dòng)能定理得若，則A、O兩點(diǎn)的電勢(shì)差為由動(dòng)能定理得聯(lián)立解得故D錯(cuò)誤。故選C。二、多項(xiàng)選擇題9.如圖甲、乙所示的交流電分別加在兩定值電阻、兩端，已知，若兩圖中的橫縱坐標(biāo)均為已知量，圖甲為正弦線。則下列說法正確的是（）A.前半個(gè)周期兩交流電壓的有效值之比為B.兩交流電的交流電壓分別為、C.時(shí)間內(nèi)兩定值電阻上產(chǎn)生的熱量之比為D.0～T時(shí)間內(nèi)兩定值電阻上產(chǎn)生的熱量之比為〖答案〗AD〖解析〗A．甲的前半個(gè)周期的有效值為乙的前半個(gè)周期的有效值為所以，前半個(gè)周期兩交流電壓的有效值之比為故A正確；B．甲的有效值為設(shè)乙的有效值為，則解得故B錯(cuò)誤；C．時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為兩定值電阻上產(chǎn)生的熱量之比為故C錯(cuò)誤；D．時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量為兩定值電阻上產(chǎn)生的熱量之比為故D正確。故選AD。10.如圖所示，P、S、Q是彈性介質(zhì)中、同一直線上的三個(gè)點(diǎn)，，，在S點(diǎn)有一波源，時(shí)刻，波源開始向上振動(dòng)，形成沿直線向右、向左傳播的兩列簡(jiǎn)諧橫波。已知時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P位于波谷；時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q位于波峰。則在時(shí)刻P、Q間的波形圖可能是（）A. B.C. D.〖答案〗AD〖解析〗B．依題意，S點(diǎn)兩側(cè)的波形應(yīng)對(duì)稱。故B錯(cuò)誤；A．假設(shè)A正確，即t=6s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P位于波谷，由于t=7s時(shí)質(zhì)點(diǎn)P位于波谷，則可知1s內(nèi)波傳播了n個(gè)周期，則2s內(nèi)波傳播2n個(gè)周期，此情況下t=8s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q位于波峰，符合題設(shè)。故A正確；C．假設(shè)C正確，t=6s時(shí)P位于波谷，此情況下可知1s內(nèi)波傳播了n個(gè)周期，則2s內(nèi)波傳播2n個(gè)周期，8s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q位于平衡位置，與題設(shè)矛盾。故C錯(cuò)誤；D．假設(shè)D正確，6s時(shí)P位于平衡位置向下運(yùn)動(dòng)，可知1s內(nèi)波傳播了個(gè)周期，則2s內(nèi)波傳播個(gè)周期，8s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q，位于波峰，符合題設(shè)。故D正確。故選AD。11.如圖所示，光滑定滑輪、位于同一水平線上，輕繩一端跨過定滑輪與沙桶連接，另一端跨過定滑輪與輕彈簧一端連接，輕彈簧另一端連接帶正電的小球B，帶正電的小球A固定在定滑輪正下方。初始時(shí)沙桶、小球B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，且此時(shí)。小球A、B的電荷量不變，輕彈簧始終在彈性限度內(nèi)。若輕輕取走少許沙子，調(diào)整沙桶高度使系統(tǒng)再次平衡。則（）A.小球A、B間的距離不變B.小球B與間的距離不變C.減小D.小球A、B間的庫(kù)侖力減小〖答案〗AC〖解析〗AD．以小球B為對(duì)象，設(shè)A、B間的庫(kù)侖力為，彈簧彈力為，根據(jù)相似三角形有根據(jù)庫(kù)侖定律可得聯(lián)立可得可知不變，則小球A、B間的庫(kù)侖力大小不變，故A正確，D錯(cuò)誤；BC．由于沙桶中沙子取走少許，則彈簧的彈力減小，故減小，小球B沿圓弧移動(dòng)，則減小，故B錯(cuò)誤，C正確。故選AC。12.如圖所示，間距為L(zhǎng)的光滑平行導(dǎo)軌傾斜地固定，傾角為，導(dǎo)軌的頂端連接定值電阻，阻值為R，圖中的虛線1、2、3、4與導(dǎo)軌垂直且間距均為d，虛線1、2間和3、4間存在垂直導(dǎo)軌向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為B，一質(zhì)量為m、電阻為R、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的導(dǎo)體棒ab距虛線1上方d處?kù)o止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間運(yùn)動(dòng)到虛線4，已知導(dǎo)體棒到達(dá)虛線2和虛線4的速度大小均為，且導(dǎo)體棒加速度為0，重力加速度為g．則下列說法正確的是（）A.導(dǎo)體棒的加速度可能大于B.導(dǎo)軌傾角C.導(dǎo)體棒由釋放到線4的過程，流過定值電阻的電荷量為D.導(dǎo)體棒由釋放到虛線4的過程，定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為〖答案〗ABC〖解析〗B．導(dǎo)體棒加速度為0時(shí)，根據(jù)受力平衡可得又代入數(shù)據(jù)，可得導(dǎo)軌的傾角為故B正確；A．由題意可知，導(dǎo)體棒由虛線1到虛線2的過程與導(dǎo)體棒由虛線3到虛線4的過程都為加速過程，則導(dǎo)體棒通過虛線1和虛線3的速度通過虛線3時(shí)為導(dǎo)體棒速度最大，安培力最大，導(dǎo)體棒由虛線3到虛線4的過程，假設(shè)此時(shí)加速度根據(jù)牛頓第二定律解得導(dǎo)體棒由虛線2到虛線3的過程，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)得由于題中未給出d的具體大小關(guān)系，所以，以上假設(shè)可能成立，導(dǎo)體棒的加速度可能大于，故A正確；C．導(dǎo)體棒由虛線1到虛線2的過程，流過定值電阻的電荷量同理可得，導(dǎo)體棒由虛線3到虛線4的過程，流過定值電阻的電荷量導(dǎo)體棒由釋放到虛線4的過程，流過定值電阻的電荷量為故C正確；D．導(dǎo)體棒由釋放到虛線4的過程，根據(jù)能量守恒可得，回路產(chǎn)生的總焦耳熱為則定值電阻上產(chǎn)生的焦耳熱為故D錯(cuò)誤。故選ABC。三、非選擇題13.曉宇同學(xué)利用如圖所示裝置驗(yàn)證碰撞過程中動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)時(shí)完成了如下的操作：（1）將擋光片固定在滑塊A上，擋光片的寬度為d，用天平測(cè)量滑塊A與擋光片的總質(zhì)量為，將兩光電門1、2固定在長(zhǎng)木板上；（2）將長(zhǎng)木板的右端適當(dāng)調(diào)高，輕推滑塊，直到滑塊A沿長(zhǎng)木板勻速下滑，此時(shí)滑塊經(jīng)過光電門1、2的擋光時(shí)間分別為、，則______（填“”“”或“”）；（3）保持（2）中長(zhǎng)木板的傾角不變，現(xiàn)將與A相同材料制成的滑塊B放在兩光電門之間，滑塊B的質(zhì)量為，使滑塊A從光電門1的上方以一定的初速度下滑，滑塊A經(jīng)過光電門1的擋光時(shí)間為，兩滑塊碰后粘合在一起，經(jīng)過光電門2時(shí)的擋光時(shí)間為，滑塊A經(jīng)過光電門1的速度為______，若兩滑塊碰撞過程中動(dòng)量守恒，則關(guān)系式______成立?！即鸢浮剑?）（3）〖解析〗[1]根據(jù)可知滑塊經(jīng)過光電門的速度為當(dāng)勻速下滑時(shí)速度不變，即所以[2]滑塊A經(jīng)過光電門1的速度為[3]兩滑塊碰后經(jīng)過光電門2的速度為若兩滑塊碰撞過程中動(dòng)量守恒，則需滿足解得14.某實(shí)驗(yàn)小組的同學(xué)在完成電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)量時(shí)，設(shè)計(jì)了如圖甲所示的電路，實(shí)驗(yàn)室為其提供的實(shí)驗(yàn)器材有：電動(dòng)勢(shì)約為5.0V的電源，電流表（量程為0.6A、內(nèi)阻約為），電流表（量程為3mA、內(nèi)阻為），滑動(dòng)變阻器R（最大阻值），電阻箱（調(diào)節(jié)范圍），電鍵S以及導(dǎo)線若干。（1）電路中，1應(yīng)為______（填器材符號(hào)），為了完成實(shí)驗(yàn)應(yīng)將其中的一個(gè)電流表“改裝”成6V的電壓表，則電阻箱的阻值應(yīng)調(diào)為______；（2）通過調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，讀出多組數(shù)據(jù)，某次操作時(shí)兩表的讀數(shù)如圖乙（a）、（b）所示，則這兩電表的讀數(shù)分別為___A，______A（3）將得到的多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪出圖像，其中縱軸為電表1的讀數(shù)，橫軸為電表2的讀數(shù)，若圖線的斜率為、縱軸截距為，則該電源的電動(dòng)勢(shì)為______V，內(nèi)阻______（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）〖答案〗（1）1900（2）0.40（3）5.01.0〖解析〗【小問1詳析】[1]為了完成實(shí)驗(yàn)，應(yīng)將內(nèi)阻已知的電流表改裝成6V量程的電壓表，則電路中的電表1應(yīng)為；電表2應(yīng)為；[2]由電壓表的改裝原理可知代入數(shù)據(jù)，解得【小問2詳析】[1]由電流表的讀數(shù)規(guī)則可知，電表（a）的讀數(shù)為0.40A；[2]電表（b）讀數(shù)為【小問3詳析】[1][2]由閉合電路歐姆定律可知整理得即解得15.如圖所示導(dǎo)熱良好、粗細(xì)均勻的U形玻璃管豎直放置。兩側(cè)的長(zhǎng)度均為，右側(cè)的玻璃管封閉，從左側(cè)開口端注入一定量的水銀，平衡時(shí)右側(cè)封閉氣柱的長(zhǎng)度為，左側(cè)液面處有一厚度、質(zhì)量和摩擦均不計(jì)的活塞（未畫出）密封，活塞到管口的距離為，已知外界大氣壓強(qiáng)恒為，溫度不變。已知。求：（結(jié)果均保留一位小數(shù)）（1）將玻璃管緩慢地繞底端沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)過180°，求封閉氣柱的長(zhǎng)度；（2）在左側(cè)管口處放一厚度不計(jì)的活塞將左側(cè)開口密封用力下緩慢地壓活塞，使右側(cè)液面比左側(cè)高出，求活塞下降的高度。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）轉(zhuǎn)動(dòng)前，封閉氣體的壓強(qiáng)為假設(shè)轉(zhuǎn)動(dòng)后水銀恰不從左側(cè)玻璃管中流出時(shí)，則氣柱長(zhǎng)度為壓強(qiáng)為由于，假設(shè)不成立，所以水銀不從左側(cè)管口流出。設(shè)實(shí)際平衡時(shí)氣柱長(zhǎng)度為，則平衡時(shí)封閉氣體的壓強(qiáng)為由玻意耳定律得解得（2）當(dāng)右側(cè)液面比左側(cè)高出時(shí)，以右側(cè)封閉的氣體為研究對(duì)象，由玻意耳定律得右側(cè)氣柱的長(zhǎng)度為解得以左側(cè)封閉的氣體為研究對(duì)象，設(shè)活塞下降的高度為h，由玻意耳定律得左側(cè)氣柱的長(zhǎng)度為又解得16.空降特戰(zhàn)兵進(jìn)行實(shí)戰(zhàn)演練時(shí)，飛機(jī)懸停在高空某處，設(shè)空降特戰(zhàn)兵從機(jī)艙中開始下落時(shí)做自由落體運(yùn)動(dòng)，下落2秒后打開降落傘，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，落地時(shí)速度剛好為零，已知空降特戰(zhàn)兵的質(zhì)量為60kg，降落傘用8根對(duì)稱的繩拉著空降特戰(zhàn)兵，每根繩與豎直方向的夾角均為37°，下落過程中每根繩的拉力為125N，降落傘的總重為15kg，重力加速度為，求：（1）下落過程中降落傘受到的空氣阻力大?。唬?）空降特戰(zhàn)兵下落的高度?！即鸢浮剑?）；（2）〖解析〗（1）設(shè)打開降落傘后下落的加速度大小為a，對(duì)人研究有代入數(shù)據(jù)解得設(shè)降落傘受到的空氣阻力為f，對(duì)人和降落傘整體研究有代入數(shù)據(jù)解得（2）空降特戰(zhàn)兵自由落體下落的高度為未速度做減速運(yùn)動(dòng)下落的高度故空降特戰(zhàn)兵下落的高度17.如圖所示，質(zhì)量分別為m、3m、3m的小球A、B、C靜止在光滑的水平面上，且球心在同一直線上，小球B用長(zhǎng)為L(zhǎng)1（未知）的細(xì)線連接懸于O1點(diǎn)，小球C用長(zhǎng)為L(zhǎng)2（未知）的細(xì)線連接懸于O2點(diǎn)，小球B、C剛好與水平面接觸，現(xiàn)給小球A一個(gè)水平向右大小為v0的初速度，小球A與小球B發(fā)生彈性正碰，使小球B恰好在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，接著小球A與小球C也發(fā)生彈性正碰，碰撞后小球C也恰好在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，重力加速度大小為g，不計(jì)小球的大小，求：（1）懸掛小球B的細(xì)線長(zhǎng)L1；（2）小球A與小球C第一次碰撞后一瞬間，細(xì)線對(duì)小球C的拉力大小?！即鸢浮剑?）；（2）18mg〖解析〗（1）A、B碰撞過程，有解得，碰后小球B恰好在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球B到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)有小球B從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得聯(lián)立解得（2）A、C碰撞過程，有解得，碰后小球C恰好在豎直面內(nèi)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球C到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)有小球C從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可得兩球碰后瞬間，對(duì)C，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立解得18.如圖所示，水平虛線MN的下側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)（大小未知），虛線上方有一半徑為R的半圓形區(qū)域，圓心為O，該區(qū)域中有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和水平方向的勻強(qiáng)