2023-2024學(xué)年福建省泉州某中學(xué)高二（下）期末考試物理試卷+答案解析

2023-2024學(xué)年福建省泉州第一中學(xué)高二（下）期末考試物理試卷

一、單選題：本大題共4小題，共16分。

1.下列四種情況中，不屬于光的干涉現(xiàn)象是（）

檢測(cè)平面的平滑度

IIIIIIHIII

D.肥皂泡表面有彩色條紋

2.如圖所示是利用位移傳感器測(cè)速度的裝置，發(fā)射器/固定在被測(cè)的運(yùn)動(dòng)物體上，接收器3固定在桌面上。

測(cè)量時(shí)/向3同時(shí)發(fā)射一個(gè)紅外線脈沖和一個(gè)超聲波脈沖。從3接收到紅外線脈沖開始計(jì)時(shí)，到接收到超

聲波脈沖時(shí)停止計(jì)時(shí)，根據(jù)兩者時(shí)間差確定/與8間距離。則下列說法正確的是（）

連接到

計(jì)算機(jī)

紅外線

A運(yùn)動(dòng)方向?接一A

超聲波L

A.B接收的超聲波與A發(fā)出的超聲波頻率相等

B.時(shí)間差不斷增大時(shí)說明A一定在加速遠(yuǎn)離B

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C.紅外線與超聲波均能在真空中傳播

D.紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波不能發(fā)生偏振現(xiàn)象

3.氣墊鞋通過氣墊的緩沖減小地面對(duì)腳的沖擊力，某同學(xué)的重力為G,穿著平底布鞋時(shí)雙腳豎直著地過程

中與地面的作用時(shí)間為八，受到地面的平均沖擊力大小為4G。若腳著地前的速度保持不變，該同學(xué)穿上某

型號(hào)的氣墊鞋時(shí)，雙腳豎直著地過程中與地面的作用時(shí)間變?yōu)?,則該同學(xué)受到地面的平均沖擊力大小變

為（）

A.3."；B.3.（X7C.2.V；D.2.W；

4.兩個(gè)相互平行的豎直邊界內(nèi)存在正交的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和電場(chǎng)，磁場(chǎng)沿水平方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度大：xxX：

小為3,電場(chǎng)沿豎直方向，電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,■帶電微粒從左邊界上某點(diǎn)垂直邊界射入?。篨XX：

；VXXX；

好沿直線運(yùn)動(dòng)。若保持其它條件不變，僅改變電場(chǎng)方向，變?yōu)榕c原來相反，該帶電微粒仍以7Txx；

!xxx?

相同的速度入射，做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，恰好不從右邊界射出。已知兩邊界的寬度為力該微粒：

的比荷為（）

二、多選題：本大題共4小題，共24分。

5.滑板運(yùn)動(dòng)非常有趣。如圖所示，某同學(xué)踩著滑板在弧形軌道的內(nèi)壁來回滑行，若人和滑板的運(yùn)動(dòng)可視為

簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，設(shè)該同學(xué)站在滑板上與蹲在滑板上滑行時(shí)，滑板到達(dá)了相同的最高點(diǎn)，貝1（）

A.站在滑板上運(yùn)動(dòng)時(shí)周期比較大B.站在滑板上運(yùn)動(dòng)時(shí)周期比較小

C.站著運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度比較小D.站著運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)的速度比較大

6.如圖，某科技小組要探究長(zhǎng)直導(dǎo)線周圍磁場(chǎng)分布情況，將長(zhǎng)直導(dǎo)線沿南北方向水平放置，在導(dǎo)線正下方

的尸處放置一枚可自由轉(zhuǎn)動(dòng)的小磁針。當(dāng)導(dǎo)線中通以恒定電流后，小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，測(cè)得小磁針靜

止時(shí)N極偏離南北方向的角度為已知實(shí)驗(yàn)所在處地磁場(chǎng)水平分量大小恒為/九，則下列判斷正確的是（）

南-----1---------------------------------北

工ON

P

A.導(dǎo)線中的電流方向由北向南

B.電流在P處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向就是小磁針靜止時(shí)N極所指的方向

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C.電流在導(dǎo)線正下方尸處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

3

D.導(dǎo)線正下方尸處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為

7.如圖所示，一矩形線圈在磁感應(yīng)強(qiáng)度為3的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，繞垂直磁場(chǎng)方向的軸,，以轉(zhuǎn)速I小?勻速轉(zhuǎn)

動(dòng)，線圈的匝數(shù)為N,面積為S,電阻不計(jì)。線圈通過電刷與一理想變壓器的原線圈相連，變壓器的副線圈

接有兩只電阻均為的相同燈泡/.和變壓器原、副線圈的匝數(shù)比為10：1,若開關(guān)S斷開時(shí)心正常

發(fā)光，此時(shí)電流表示數(shù)為“LI,電表為理想電表，貝!1()

A.若從線圈平面平行于磁場(chǎng)方向開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值為人小片“I?

B.若增大原、副線圈匝數(shù)比，變壓器輸入功率減小

C.若開關(guān)S閉合，燈泡I.將變暗

D.若開關(guān)S閉合，電流表示數(shù)將變大

8.如圖甲所示為電磁感應(yīng)加速器核心部分俯視圖，圓心為。、半徑為R的圓形光滑真空絕緣細(xì)管固定放置

于圓形邊界的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，圓心O與磁場(chǎng)圓心重合。磁場(chǎng)方向豎直向下，當(dāng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度3隨時(shí)間變化

時(shí)，會(huì)在空間中產(chǎn)生渦旋電場(chǎng)，其電場(chǎng)線是在水平面內(nèi)一系列以O(shè)為圓心的同心圓，同一條電場(chǎng)線上各點(diǎn)場(chǎng)

強(qiáng)大小相等。某時(shí)刻在細(xì)管內(nèi)P點(diǎn)靜止釋放一帶電量為，八質(zhì)量為優(yōu)的小球，小球沿逆時(shí)針方向運(yùn)動(dòng)，其

動(dòng)能隨轉(zhuǎn)過圓心角”的變化圖像如圖乙所示，下列說法正確的是()

A.磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均勻增大B.細(xì)管所在位置的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為硬

C.磁感應(yīng)強(qiáng)度變化率大小為D.小球運(yùn)動(dòng)第一周所用時(shí)間為.

三、填空題：本大題共3小題，共12分。

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9.我國唐代對(duì)彩虹形成的原因已有記載，《禮記?月令?季春之月》中提到“日

照雨滴則虹生"。一束太陽光射入球形雨滴形成彩虹的光路如圖所示，則光線

。的頻率，選填“大于”、“等于”或“小于”?光線6的頻率，已知

太陽光射入雨滴時(shí)入射角13,光線6偏折角?16,光線6在雨滴中的

折射率等于,結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，由1「三U.S,sin,,.H

sin.as（1.6）o

10.如圖所示，兩相同燈泡八、I.,心與一理想二極管。連接，線圈￡的

直流電阻與燈泡阻值相等。閉合開關(guān)S后，“會(huì)（填“立即亮”或“逐

漸變亮”I;斷開開關(guān)S的瞬間，冬會(huì)（填“閃亮一下再熄滅”或“立

即熄滅”

合，且指針指在標(biāo)尺的零刻度；當(dāng)血W中有電流時(shí)，指針示數(shù)可表示電流強(qiáng)度。始終在紙面內(nèi)且保持水

平，重力加速度為g。則標(biāo)尺上的電流刻度是，填“均勻”或“不均勻”，的；為使電流表正常工作,

流過金屬桿的電流方向?yàn)?填”.V.1/”或“M-..V”）；該電流表所測(cè)電流的最大值為。

四、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共12分。

12.1834年，物理學(xué)家楞次在分析了許多實(shí)驗(yàn)事實(shí)后，總結(jié)得到電磁學(xué)中一重要的定律一一楞次定律，某興

趣小組為了探究該定律做了以下物理實(shí)驗(yàn)：

"探究影響感應(yīng)電流方向的因素”的實(shí)驗(yàn)裝置中滑動(dòng)變阻器采用限流接法，請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線將圖甲

中的實(shí)物電路補(bǔ)充完整?！?/p>

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p

乙

圖甲實(shí)驗(yàn)電路連接后，開關(guān)閉合瞬間，發(fā)現(xiàn)電流計(jì)指針向左偏轉(zhuǎn)；開關(guān)處于閉合狀態(tài)時(shí)，電流計(jì)指針

「選填“偏轉(zhuǎn)”或“不偏轉(zhuǎn)”）；滑動(dòng)變阻器滑片尸向右快速移動(dòng)時(shí)，電流計(jì)指針偏轉(zhuǎn)I選

填“向左”“向右”或“不”）。

同I為了進(jìn)一步研究，該小組又做了如圖乙實(shí)驗(yàn)，磁體從靠近線圈上方由靜止下落。在磁體穿過整個(gè)線圈的

過程中，傳感器顯示電流i隨時(shí)間，的圖像如圖丙所示，由圖可得到的結(jié)論是。

丙

4感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量增減有關(guān)

8.感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小有關(guān)

C感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)

13.某同學(xué)為了驗(yàn)證對(duì)心碰撞過程中的動(dòng)量守恒定律，設(shè)計(jì)了如下實(shí)驗(yàn)：用紙板搭建如圖所示的滑道，使硬

幣可以平滑地從斜面滑到水平面上，其中N2為水平段，在水平段取一點(diǎn)。。選擇相同材質(zhì)的一元硬幣和一

角硬幣進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。

測(cè)量硬幣的質(zhì)量，得到一元硬幣和一角硬幣的質(zhì)量分別為小和，。將硬幣。放置在斜面上某一

位置，標(biāo)記此位置為C。由靜止釋放°,當(dāng)。停在水平面上某處時(shí)，測(cè)量。右側(cè)到。點(diǎn)的距離。尸，如圖甲

所示；將硬幣b放置在。處，左側(cè)與。點(diǎn)重合，再將。從。點(diǎn)由靜止釋放，當(dāng)兩枚硬幣發(fā)生碰撞后，a、b

分別停在水平面上時(shí)，測(cè)量。右側(cè)到。點(diǎn)的距離OM、b左側(cè)到。點(diǎn)的距離ON,如圖乙所示。保持釋放位

置不變，重復(fù)實(shí)驗(yàn)若干次，得到”『、OM>（八的平均值分別為'"華

111在本實(shí)驗(yàn)中，6選用的是選填“一元”或“一角”?硬幣。

|2i若°、6碰撞前后動(dòng)量守恒，則應(yīng)滿足的表達(dá)式為?用口和"J表示?；若碰撞前后動(dòng)量

守恒且機(jī)械能相等，則應(yīng)滿足的表達(dá)式為?用、'和r表示）。

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五、計(jì)算題：本大題共3小題，共36分。

14.如圖所示，圖為亞運(yùn)會(huì)藝術(shù)體操比賽中中國隊(duì)選手趙槌進(jìn)行帶操比賽的畫面，某段過程中彩帶的運(yùn)動(dòng)可

簡(jiǎn)化為沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，圖甲為這列簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)的波形圖，M點(diǎn)剛開始振動(dòng)，圖乙為某

質(zhì)點(diǎn)以該時(shí)刻作為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖像，求：

U該波的波速大?。粓D乙是尸、“中哪一質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)圖像；

⑶平衡位置位于/，處的N點(diǎn)I未畫出I經(jīng)多長(zhǎng)時(shí)間第一次到達(dá)波峰；

|：h經(jīng)1s的時(shí)間質(zhì)點(diǎn)。走過的路程。

15.如圖所示，平面直角坐標(biāo)系面內(nèi)，y軸右側(cè)第一象限內(nèi)存在豎直向

上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，第四象限內(nèi)存在垂直于紙面向內(nèi)勻強(qiáng)磁場(chǎng)。一帶電粒子以

速度「”從y軸上的M點(diǎn)5'垂直于y軸射入電場(chǎng)，從N點(diǎn)，未畫出，進(jìn)

'2

入第四象限，恰好不穿過y軸而再回到電場(chǎng)。已知粒子的質(zhì)量為機(jī)，電荷量

為q,勻強(qiáng)電場(chǎng)場(chǎng)強(qiáng)大小為上上不計(jì)粒子重力，求：

時(shí)L

1：\點(diǎn)的坐標(biāo)；

2勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

I；11粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)x軸經(jīng)歷的時(shí)間。

16.如圖所示，間距為Z.的兩平行光滑金屬導(dǎo)軌由傾斜部分和水平部分（足夠長(zhǎng):，平滑連接而成，傾

斜部分導(dǎo)軌與水平面夾角為“射，導(dǎo)軌上端接有一個(gè)電阻戶>11.空間存在垂直斜面向上和豎直向上

的兩部分勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩磁場(chǎng)互不干擾，大小均為」廣。導(dǎo)體棒。的質(zhì)量為，".二“，b的質(zhì)量為"八3A</,

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內(nèi)阻分別為，1。與r“兩根導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置。現(xiàn)閉合電鍵K,將6鎖定，將。棒從某高度由

靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間，。棒在斜面上達(dá)到最大速度己知導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌接觸良好，其余電阻不計(jì)，重

力加速度為g求：

I；”棒在斜面上達(dá)到的最大速度」的大??；

I2|o棒在斜面上從靜止開始下滑x已達(dá)到最大速度，該過程中電阻尺產(chǎn)生的焦耳熱為1.27/,求下滑距離x；

4S棒在離開斜面的瞬間斷開電鍵K,同時(shí)解除6棒的鎖定，從a棒離開斜面瞬間經(jīng)過時(shí)間/兩者相距最近,

該過程a、6未發(fā)生碰撞，求該過程中通過6的電量；

U求上一小題中/時(shí)間內(nèi)b棒發(fā)生的位移大小（結(jié)果可保留”。

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：/屬于雙縫干涉，CD屬于薄膜干涉，8是利用了光的偏振，5不屬于光的干涉，故/CD錯(cuò)誤,

B正確。

故選：Bo

根據(jù)光的干涉特點(diǎn)分析判斷，用特制眼鏡看立體電影，是利用了光的偏振現(xiàn)象。

本題考查光的干涉，解題關(guān)鍵掌握光的干涉在實(shí)際生活中的應(yīng)用。

2.【答案】D

【解析】解：4、因?yàn)槎嗥绽招?yīng)8接收的超聲波與/發(fā)出的超聲波頻率不相等，故N錯(cuò)誤；

B、時(shí)間差不斷增大時(shí)說明/一定在遠(yuǎn)離2,但不能確定/的運(yùn)動(dòng)性質(zhì)，故2錯(cuò)誤；

C、紅外線可以在真空中傳播，但超聲波不能在真空中運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；

。、紅外線能發(fā)生偏振現(xiàn)象，而超聲波是縱波，不能發(fā)生偏振現(xiàn)象，故。正確。

故選：Do

根據(jù)多普勒效應(yīng)分析；時(shí)間差增大只能說明/在遠(yuǎn)離2;超聲波不能在真空中傳播；超聲波是縱波。

掌握多普勒效應(yīng)，知道超聲波是縱波，超聲波不能在真空中傳播。

3.【答案】C

【解析】解：設(shè)腳著地瞬間的速度大小為v,取豎直向上為正，穿著平底布鞋時(shí)，根據(jù)動(dòng)量定理

(F—=0—(―rnv)

其中Fk,

穿上氣墊鞋時(shí)，根據(jù)動(dòng)量定理有

(F-G)x=0-(-mr)

解得＜,

故/8D錯(cuò)誤，C正確。

故選：Co

根據(jù)動(dòng)量定理求，地面對(duì)該同學(xué)的作用力和重力的合力提供沖量等于該同學(xué)動(dòng)量的變化。

本題主要考查動(dòng)量定理在實(shí)際生活中的應(yīng)用，學(xué)生需要將物理模型和生活實(shí)際聯(lián)系起來進(jìn)行解答。

4.【答案】C

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【解析】解；改變電場(chǎng)強(qiáng)度方向后粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知重力與電場(chǎng)力平衡，即

mg=qE

此時(shí)電場(chǎng)力方向向上，恰好不從右邊界射出，可知粒子做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑

即

tr?1

qvB=rrid-

電場(chǎng)方向改變之前電場(chǎng)力方向向下，粒子做直線運(yùn)動(dòng)，則

mg+qE=Bgt'

聯(lián)立解得

q2E

m=d^

故錯(cuò)誤，C正確。

故選C。

改變電場(chǎng)強(qiáng)度方向后粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，可知重力與電場(chǎng)力平衡，再根據(jù)粒子做圓周運(yùn)動(dòng)由洛倫茲力提

供向心力公式列出等式，結(jié)合電場(chǎng)方向改變之前電場(chǎng)力方向向下，粒子做直線運(yùn)動(dòng)，列出重力和電場(chǎng)力以

及洛倫茲力的平衡方程，聯(lián)立解得比荷，得出正確選項(xiàng)。

帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)，一般都是電場(chǎng)力與重力平衡，洛倫茲力提供向心力，故常根據(jù)速度及磁感

應(yīng)強(qiáng)度求得半徑，然后根據(jù)幾何關(guān)系求得運(yùn)動(dòng)軌跡；或反過來由軌跡根據(jù)幾何關(guān)系求解半徑，進(jìn)而求得速

度、磁感應(yīng)強(qiáng)度。

5.【答案】BC

【解析】解：AB.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期/i-.L,該同學(xué)站在滑板上時(shí)，其重心高度高，則其做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)

\"

的擺長(zhǎng)小，其周期比較小，故/錯(cuò)誤，3正確；

CD,從最高點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過程中，該同學(xué)站在滑板上時(shí)，其重力勢(shì)能減小量小，其動(dòng)能增加量也小，所

以速度也比較小，故C正確，。錯(cuò)誤；

故選：BCo

根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期7’可分析出；

Vg

CD、根據(jù)重力勢(shì)能和動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化來判斷。

本題主要考查學(xué)生對(duì)于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期的應(yīng)用能力，重力勢(shì)能與動(dòng)能相互轉(zhuǎn)化的分析能力。

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6.【答案】AD

【解析】4小磁針N極向紙外偏轉(zhuǎn)，表明電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)在小磁針位置的方向向東，根據(jù)安培定則可知,

導(dǎo)線中的電流方向由北向南，N正確；

2.電流在P處產(chǎn)生的磁場(chǎng)與地磁場(chǎng)水平分量的合磁場(chǎng)方向是小磁針靜止時(shí)N極所指的方向，B錯(cuò)誤；

C令通電導(dǎo)線在P處產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為〃:，根據(jù)磁場(chǎng)的疊加原理有

氏

解得bi=

C錯(cuò)誤；

。根據(jù)矢量合成，導(dǎo)線正下方P處磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為“.、力；+a--

。正確；

故選40。

7.【答案】BD

【解析】解：.1.開關(guān)斷開時(shí)，'正常發(fā)光，變壓器原線圈中的電流乙IIII;

根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器副線圈中的電流/，--"?"II-1A

?i1

根據(jù)歐姆定律，變壓器副線圈兩端電壓「=人匕1-2121

根據(jù)理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系，變壓器原線圈兩端電壓I?--l'j--21'-201'

%I

由于發(fā)電機(jī)內(nèi)阻不計(jì)，因此發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值尸/?."'I

根據(jù)有效值與最大值的關(guān)系，發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值■,21

圖中線圈平面位于與中性面垂直的位置，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值的表達(dá)式，=

線圈轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度:-2~ii-XlO/vi//、

聯(lián)立解得瞬時(shí)值的表達(dá)式為，2'|..I?

股變壓器輸入功率〃.—/?''

匕

若增大原、副線圈匝數(shù)比，則變壓器副線圈兩端電壓「變小，因此變壓器的輸入功率變小，故3正確；

C變壓器的匝數(shù)比不變，變壓器副線圈兩端電壓不變，若開關(guān)S閉合，則燈泡匕的亮度不變，故C錯(cuò)誤；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率關(guān)系，變壓器的輸入功率變大；

根據(jù)功率公式廣r/

由于輸入功率變大，變壓器原線圈兩端電壓不變，因此電流表的示數(shù)變大，故。正確。

故選：BDo

4根據(jù)理想變壓器電流與匝數(shù)比的關(guān)系求解副線圈中的電流，根據(jù)歐姆定律求變壓器副線圈兩端電壓；根據(jù)

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理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系求解變壓器原線圈兩端電壓，進(jìn)而求解發(fā)電機(jī)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值和最大

值；

根據(jù)瞬時(shí)值的表達(dá)式求解作答；

2.根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

C根據(jù)功率公式、理想變壓器電壓與匝數(shù)比的關(guān)系分析作答；

D若開關(guān)S閉合，變壓器的輸出功率變大，根據(jù)功率公式和變壓器的功率關(guān)系分析作答；

本題主要考查了交流電瞬時(shí)值表達(dá)式的書寫；考查了理想變壓器的動(dòng)態(tài)變化；熟練掌握理想變壓器電壓與

匝數(shù)比、電流與匝數(shù)比的關(guān)系、功率公式、歐姆定律以及理想變壓器的功率關(guān)系是解題的關(guān)鍵。

8.【答案】CD

【解析】4小球帶負(fù)電，其沿逆時(shí)針運(yùn)動(dòng)，所以電流方向?yàn)轫槙r(shí)針，由楞次定律可知，其磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度

減小，故N項(xiàng)錯(cuò)誤；

2.細(xì)管所處的場(chǎng)強(qiáng)為E,由動(dòng)能定理有=6-I)

結(jié)合題圖可知，其圖像的斜率有A-"

AH

解得十.J

故3項(xiàng)錯(cuò)誤；

C感生電動(dòng)勢(shì)有=—=2**

由題圖可知，從0到Ji有

整理有上工

At-gll-

故C項(xiàng)正確；

D小球在繞一圈過程中其受到的電場(chǎng)力大小不變，有

結(jié)合之前的分析有“

則繞行一圈對(duì)粒子有2，"—LIH

解得，

V人

故。項(xiàng)正確。

故選CD。

9.【答案】大于I

第H頁，共18頁

【解析】解：由圖分析可知，第一次折射時(shí)，6光的偏折較小，則b光的折射率較?。?/p>

根據(jù)折射定律可知，，

—P)

代入數(shù)據(jù)解得”-1,1

故答案為：大于；I」

根據(jù)光的偏折程度分析折射率，根據(jù)折射定律解得折射率。

本題關(guān)鍵之處是分析第一次折射時(shí)折射角的關(guān)系，要注意運(yùn)用折射定律計(jì)算折射率的公式。

10.【答案】立亮即立即熄滅

【解析】解：閉合開關(guān)S后，燈泡I和二極管和燈泡工能夠組成閉合回路，所以II會(huì)立即亮。斷開開關(guān)

S后，由于線圈的自感作用，會(huì)產(chǎn)生自感電動(dòng)勢(shì)，經(jīng)過二極管的電流自右向左，但是因?yàn)槎O管的單向?qū)щ?/p>

性，所以電流不能經(jīng)過二極管，h會(huì)立即熄滅。

故答案為：立即亮，立即熄滅。

根據(jù)開始燈泡.1和二極管和燈泡工能夠組成閉合回路，所以閉合開關(guān)后電路中立即有電流經(jīng)過；斷開開關(guān)

后，二極管的單向?qū)щ娦?，不能有電流?jīng)過二極管。

要注意二極管的單向?qū)щ娦允墙忸}的關(guān)鍵。

11.【答案】均勻V-V

【解析】解：當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，金屬桿不受安培力的作用，金屬桿僅在重力和彈簧彈力作用下處于平

衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件

mg.

解得

mg

,r0=T

「為彈簧伸長(zhǎng)量；

當(dāng)電流為/時(shí)，安培力為

FA=HZLi

靜止時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量的增加量為A.r,由胡克定律得

"*3

解得

、以n/L,

a*T-~~k~

由此可見

第12頁，共18頁

AJ

所以標(biāo)尺上的電流刻度是均勻的；

如果要使電流表正常工作，金屬桿應(yīng)向下移動(dòng)，所以金屬桿應(yīng)受到向下的安培力，根據(jù)左手定則可知金屬

桿中的電流方向應(yīng)該從M至N；

設(shè)/.

則有

/=/?

BImLx=kLt

聯(lián)立解得

,kL-i

/?=--

mBLi

故答案為：均勻；.”一一V；券

流表的示數(shù)為零時(shí)，彈簧的彈力與重力平衡，應(yīng)用平衡條件求出電流為零時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量；

根據(jù)電流與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系分析刻度是否均勻。電流表正常工作，金屬桿向下移動(dòng)，根據(jù)左手定則判斷

電流的方向。求出當(dāng)金屬棒到達(dá)cd位置時(shí)導(dǎo)線中的電流，然后求出電流表的量程。

本題題意新穎，考查點(diǎn)巧妙，借助生活中的實(shí)際器材考查了物體平衡問題，正確進(jìn)行受力分析，然后根據(jù)

平衡條件和胡克定律列方程是解題關(guān)鍵。

2不偏轉(zhuǎn)向右

⑶.4C

【解析】八實(shí)物電路如圖

第13頁，共18頁

⑵國開關(guān)處于閉合狀態(tài)時(shí)，線圈/中電流大小不變，磁場(chǎng)強(qiáng)度不變，不產(chǎn)生感應(yīng)電流，電流計(jì)指針不偏轉(zhuǎn)。

「滑動(dòng)變阻器滑片尸向右快速移動(dòng)時(shí)，電路中總阻變大，線圈/中電流減小，故電流計(jì)指針向右偏轉(zhuǎn)。

I由圖可知，磁體從上方進(jìn)入時(shí)電流為正，從下方出時(shí)電流為負(fù)，所以感應(yīng)電流方向與線圈中的磁通量

增減有關(guān)，故/正確；

8由圖可知，感應(yīng)電流方向與磁鐵下落速度的大小無關(guān)，故3錯(cuò)誤；

C由圖可知，在下落過程中速度變大，出線圈時(shí)速度大于進(jìn)入時(shí)的速度，磁通量的變化率變快，感應(yīng)電流

也變大，所以感應(yīng)電流大小與線圈中磁通量的變化快慢有關(guān)，故C正確。

故選/C。

13.【答案】I一角

I21w?\一?\h???、■,、,?

【解析】h根據(jù)圖乙可知，。碰撞6后，。的速度方向仍然向右，沒有發(fā)生反彈，可知。的質(zhì)量大一些，即

在本實(shí)驗(yàn)中，。選用的是一元硬幣，6選用的是一角硬幣。

廣)設(shè)硬幣與紙板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為“，重力加速度為g,。從。點(diǎn)到P點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理

C1?

一“，”1州1"0-泮I用

解得碰撞前，a到。點(diǎn)時(shí)速度的大小，「

同理可得，碰撞后。的速度和6的速度分別為“\2川八，-v

若動(dòng)量守恒，則滿足小「”二HI■?-

整理可得…、-,-、?HIA.

若碰撞前后動(dòng)量守恒且機(jī)械能相等，則由機(jī)械能守恒定律得…—I”+

/4/

聯(lián)立解得\J\\、I

14.【答案】11根據(jù)圖甲可知波長(zhǎng)入=1,“，根據(jù)圖乙可知周期為T=(U>,則波速2=2,5，M?

第14頁，共18頁

由圖乙可知，該質(zhì)點(diǎn)在零時(shí)刻從平衡位置開始向負(fù)向最大位移處運(yùn)動(dòng)，根據(jù)圖甲可判斷該質(zhì)點(diǎn)為尸。

12：'”時(shí)刻處質(zhì)點(diǎn)處于波峰位置，此狀態(tài)傳播到N點(diǎn)的時(shí)間為A，A，

v2.5

八經(jīng)1s的時(shí)間即一/，則經(jīng)Is的時(shí)間質(zhì)點(diǎn)。走過的路程、；11卜……

i*

【解析】詳細(xì)解答和解析過程見【答案】

15.【答案】解：I粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)

2

解得

%

，粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，速度方向與一方向的夾角滿足

_ofI

tan,.一

坨

解得

0S3()

速度大小

坨2/3

V,-------——tin

COH03

在磁場(chǎng)中軌跡如圖

R+Rcoi60==工、

根據(jù)洛倫茲力提供向心力

第15頁，共18頁

qvB

R

聯(lián)立解得

v3rnfy)

u-—

3qL

.li粒子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角

0=360°-60°?31MT

用時(shí)

92Km

/]=x

360qB

解得

5v/3ir￡

/二3坨

由磁場(chǎng)射入電場(chǎng)到再進(jìn)入磁場(chǎng)過程

〃=2x」-2x」-2。

aa

則粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)x軸經(jīng)歷的時(shí)間

t=+<2+<3

解得

5/irL9L

t=----------+一

3ttg

答：⑴)N點(diǎn)的坐標(biāo)(3點(diǎn)n)；

勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小'

?句/.

小粒子從M點(diǎn)開始到第三次到達(dá)x軸經(jīng)歷的時(shí)間三匚+—=

3t%2s

【解析】111粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，應(yīng)用類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出N點(diǎn)的坐標(biāo)；

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡，求出粒子做圓周運(yùn)

動(dòng)的軌道半徑，然后應(yīng)用牛頓第二定律求出磁感應(yīng)強(qiáng)度大??；

"，根據(jù)電場(chǎng)中類平拋運(yùn)動(dòng)以及有界磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)結(jié)合幾何知識(shí)求出粒子在電場(chǎng)與