2025屆海南省?？谒闹形锢砀呷掀谥斜O(jiān)測(cè)試題含解析

2025屆海南省海口四中物理高三上期中監(jiān)測(cè)試題注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、2016年2月11日，美國(guó)科學(xué)家宣布探測(cè)到了引力波，證實(shí)了愛因斯坦的預(yù)測(cè)，彌補(bǔ)了愛因斯坦廣義相對(duì)論中缺失的最后一塊“拼圖”。雙星的運(yùn)動(dòng)是引力波的來源之一，假設(shè)宇宙中有一雙星系統(tǒng)由、兩顆星體組成，這兩顆星體繞它們連線中的某一點(diǎn)在萬(wàn)有引力作用做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得的周期為，、兩顆星體的距離為，、兩顆星體的軌道半徑之差為（星的軌道半徑大于星的），則（）A．星的周期為 B．星的線速度大小為C．、兩顆星體的軌道半徑之比為 D．、兩顆星體的質(zhì)量之比為2、關(guān)于光的波粒二象性，以下說法中正確的是()A．光的波動(dòng)性與機(jī)械波，光的粒子性與質(zhì)點(diǎn)都是等同的B．光子和質(zhì)子、電子等是一樣的粒子C．大量光子易顯出粒子性，少量光子易顯出波動(dòng)性D．紫外線、X射線和γ射線中，γ射線的粒子性最強(qiáng)，紫外線的波動(dòng)性最顯著3、如圖所示，將一物體用兩根等長(zhǎng)細(xì)繩OA、OB懸掛在半圓形架子上，B點(diǎn)固定不動(dòng)，在懸掛點(diǎn)A由位置C向位置D移動(dòng)的過程中，物體對(duì)OA繩的拉力變化是()A．由小變大 B．由大變小C．先減小后增大 D．先增大后減小4、如圖所示，豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，絕緣輕質(zhì)彈簧豎直立于水平地面上，上面放一質(zhì)量為m的帶正電小球，小球與彈簧不連接，施加外力F將小球向下壓至某位置靜止．現(xiàn)撤去F，小球從靜止開始運(yùn)動(dòng)到離開彈簧的過程中，重力、電場(chǎng)力對(duì)小球所做的功分別為W1和W2，小球離開彈簧時(shí)速度為v，不計(jì)空氣阻力，則上述過程中（）A．小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B．小球的重力勢(shì)能增加W1C．小球的機(jī)械能增加W1+mv2D．小球的電勢(shì)能減少W25、甲、乙兩物體在同一直線上運(yùn)動(dòng)，它們?cè)?～0.4s時(shí)間內(nèi)的v﹣t圖象如圖所示．若僅在兩物體之間存在相互作用力，則甲、乙兩物體的質(zhì)量之比為（）A．1：3 B．3：1 C．1：4 D．4：16、如圖所示，帶有光滑弧形軌道的小車質(zhì)量為m，放在光滑水平面上，一質(zhì)量也是m的鐵塊，以速度v沿軌道水平端向上滑去，至某一高度后再向下返回，則當(dāng)鐵塊回到小車右端時(shí)，將A．以速度v做平拋運(yùn)動(dòng)B．以小于v的速度做平拋運(yùn)動(dòng)C．靜止于車上D．自由下落二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖，一塊木板B放在光滑的水平面上，在B上放一物體A，現(xiàn)以恒定的外力拉B，由于A、B間摩擦力的作用，A將在B上滑動(dòng)，以地面為參照物，A、B都向前移動(dòng)一段距離，在此過程中（）A．外力F做的功等于A和B的動(dòng)能的增量B．B對(duì)A的摩擦力所做的功,等于A的動(dòng)能的增量C．A對(duì)B的摩擦力所做的功,等于B對(duì)A的摩擦力所做的功D．外力F對(duì)B做的功等于B的動(dòng)能的增量與B克服摩擦力所做的功之和8、一滑塊在水平地面上沿直線滑行，t=0時(shí)速率為1m/s，從此刻開始在與速度平行的方向上施加一水平作用力F，力F、滑塊的速度v隨時(shí)間的變化規(guī)律分別如圖甲、乙所示（力F和速度v取同一正方向），g=10m/s2，則A．滑塊的質(zhì)量為1.0kgB．滑塊與水平地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.05C．第2s內(nèi)力F的平均功率為3.0WD．第1內(nèi)和第2s內(nèi)滑塊的動(dòng)量變化量相同9、如圖，兩根相同的輕質(zhì)彈簧，沿足夠長(zhǎng)的光滑斜面放置，下端固定在斜面底部擋板上，斜面固定不動(dòng)．質(zhì)量不同、形狀相同的兩物塊分別置于兩彈簧上端．現(xiàn)用外力作用在物塊上，使兩彈簧具有相同的壓縮量，若撤去外力后，兩物塊由靜止沿斜面向上彈出并離開彈簧，則從撤去外力到物塊速度第一次減為零的過程，兩物塊（）A．最大速度相同；B．最大加速度相同；C．重力勢(shì)能的變化量相同；D．上升的最大高度不同．10、速度相同的一束粒子（不計(jì)重力）經(jīng)過速度選擇器后射入質(zhì)譜儀后的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，則下列相關(guān)說法中正確的是（）A．這束帶電粒子帶正電B．速度選擇器的P1極板帶負(fù)電C．能通過狹縫S0的帶電粒子的速率等于D．若粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑越大，則該粒子的比荷越小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）“用自由落體法驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，器材安裝如圖所示．(1)請(qǐng)指出圖中的錯(cuò)誤及不妥之處(至少寫出兩處)：①_________________________________________.②_________________________________________.(2)改進(jìn)實(shí)驗(yàn)中錯(cuò)誤及不妥之處后，打出如圖所示的一條紙帶．已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器頻率為50Hz，根據(jù)紙帶所給數(shù)據(jù)，打C點(diǎn)時(shí)重物的速度為________m/s(計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)．(3)某同學(xué)選用兩個(gè)形狀相同質(zhì)量不同的重物a和b進(jìn)行實(shí)驗(yàn)測(cè)得幾組數(shù)據(jù)，畫出-h的圖象如圖丙所示，求出圖線的斜率k，由圖象可知a的質(zhì)量m1__________(填“大于”或“小于”)b的質(zhì)量m2.(4)通過分析發(fā)現(xiàn)造成k2值偏小的原因是實(shí)驗(yàn)過程中存在各種阻力，已知實(shí)驗(yàn)所用重物的質(zhì)量m2＝0.052kg，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取9.78m/s2，求出重物所受的平均阻力Ff＝________N．(計(jì)算結(jié)果保留2位有效數(shù)字)12．（12分）如圖所示為測(cè)量物塊與水平桌面之間動(dòng)摩擦因數(shù)的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖，實(shí)驗(yàn)步驟如下:①用天平測(cè)量物塊和遮光條的總質(zhì)量M、重物的質(zhì)量m，用游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度d=0.950cm;用米尺測(cè)量?jī)晒怆婇T之間的距離s;②調(diào)整輕滑輪，使細(xì)線水平;③讓物塊從光電門A的左側(cè)由靜止釋放，用數(shù)字毫秒計(jì)分別測(cè)出遮光條經(jīng)過光電門A和光電門B所用的時(shí)間和，求出加速度a;④多次重復(fù)步驟③，求a的平均值;⑤根據(jù)上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出物塊與水平桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ．回答下列問題:(1)物塊的加速度a可用d、s、和表示為a=________________．(2)動(dòng)摩擦因數(shù)μ可用M、m、和重力加速度g表示為μ=_____________．(3)如果滑輪略向下傾斜，使細(xì)線沒有完全調(diào)節(jié)水平，由此測(cè)得的μ___(填“偏大”或“偏小”);這一誤差屬于______(填“偶然誤差"或“系統(tǒng)誤差")．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）石墨烯是近些年發(fā)現(xiàn)的一種新材料，其超高強(qiáng)度及超強(qiáng)導(dǎo)電、導(dǎo)熱等非凡的物理化學(xué)性質(zhì)有望使21世紀(jì)的世界發(fā)生革命性變化，其發(fā)現(xiàn)者由此獲得2010年諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng)．用石墨烯超級(jí)纜繩，人類搭建“太空電梯”的夢(mèng)想有望在本世紀(jì)實(shí)現(xiàn)．科學(xué)家們?cè)O(shè)想，通過地球同步軌道站向地面垂下一條纜繩至赤道基站，電梯倉(cāng)沿著這條纜繩運(yùn)行，實(shí)現(xiàn)外太空和地球之間便捷的物質(zhì)交換．（1）若“太空電梯”將貨物從赤道基站運(yùn)到距地面高度為h1的同步軌道站，求軌道站內(nèi)質(zhì)量為m1的貨物相對(duì)地心運(yùn)動(dòng)的動(dòng)能．設(shè)地球自轉(zhuǎn)的角速度為ω，地球半徑為R．（2）當(dāng)電梯倉(cāng)停在距地面高度h2=4R的站點(diǎn)時(shí)，求倉(cāng)內(nèi)質(zhì)量m2=50kg的人對(duì)水平地板的壓力大?。〉孛娓浇闹亓铀俣萭=10m/s2，地球自轉(zhuǎn)的角速度ω=7.3×10-5rad/s，地球半徑R=6.4×103km．14．（16分）在如圖所示的平面直角坐標(biāo)系xOy中,第一象限內(nèi)存在一個(gè)半徑為R的圓形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域,磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,方向垂直紙面向里,且圓形磁場(chǎng)區(qū)域在第一象限中與兩坐標(biāo)軸相切.大量質(zhì)量均為m、電荷量均為-q的帶電粒子(重力忽略不計(jì))沿x軸正方向經(jīng)過y軸,然后以相同速度v=勻速射入磁場(chǎng)區(qū)域.求:（1）從(0,R)射入的粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo);（2）離開磁場(chǎng)時(shí)速度方向與x軸的正方向成30°的粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的位置坐標(biāo)和它在第一象限內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間.15．（12分）如圖所示，豎直平面內(nèi)，斜面軌道AB、水平軌道BC、圓弧管道CDE及水平軌道EF均平滑連接(E點(diǎn)與C點(diǎn)前后錯(cuò)開）已知A點(diǎn)到C點(diǎn)的水平距離為L(zhǎng)=2m,管道半徑R=0.5m．一個(gè)質(zhì)量m=1Kg的小球（其直徑略小于管道內(nèi)徑）從A點(diǎn)由靜止釋放，沿ABCDEF運(yùn)動(dòng)，小球與軌道的AB部分和BC部分的動(dòng)摩擦因素μ均為0.4，其余部分粗糙情況未知．小球到C點(diǎn)處的速度為6m/s；在最高點(diǎn)D點(diǎn)時(shí)小球?qū)艿赖淖饔昧?N，最后以4m/s的速度在F點(diǎn)水平飛出，F(xiàn)點(diǎn)與落地點(diǎn)G的連線與水平面之間的夾角θ＝37°．（g取10m/s2）求：（1）斜面頂端A點(diǎn)到水平軌道的高度;（2）小球在管道最高點(diǎn)D點(diǎn)的速度（3）小球在落地點(diǎn)G點(diǎn)的速度

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】

A．、兩顆星體是圍繞同一點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的，故周期相同，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；BC．由，得，所以星的線速度選項(xiàng)B正確，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．由得選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選B。2、D【解析】

光的波動(dòng)性與機(jī)械波、光的粒子性與質(zhì)點(diǎn)有本質(zhì)區(qū)別，故A錯(cuò)誤；光子實(shí)質(zhì)上是以場(chǎng)的形式存在的一種“粒子”，而電子、質(zhì)子是實(shí)物粒子，故B錯(cuò)誤；光是一種概率波，大量光子往往表現(xiàn)出波動(dòng)性，少量光子則往往表現(xiàn)出粒子性，故C錯(cuò)誤；頻率越高的光的粒子性越強(qiáng)，頻率越低的光的波動(dòng)性越顯著，故D正確．故D正確，ABC錯(cuò)誤．3、C【解析】

對(duì)O點(diǎn)受力分析，抓住兩根繩的合力等于物體的重力，大小和方向都不變，OB繩拉力方向不變，根據(jù)平行四邊形定則得，如圖；知OA繩上拉力大小先減小后增大．故C正確，ABD錯(cuò)誤．故選C．【點(diǎn)睛】此題為物體平衡條件的一個(gè)應(yīng)用：動(dòng)態(tài)分析，處理這個(gè)類型的題需要找出不變的物理量，然后作圖或找變化的物理量與不變的物理量之間的關(guān)系再加以分析，就是以不變應(yīng)萬(wàn)變．4、D【解析】

A．由于電場(chǎng)力做正功，故小球與彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增加，機(jī)械能不守恒，故A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B．重力做功是重力勢(shì)能變化的量度，由題意知重力做負(fù)功，重力勢(shì)能增加﹣W1，故B選項(xiàng)錯(cuò)誤；C．小球增加的機(jī)械能在數(shù)值上等于重力勢(shì)能和動(dòng)能的增量，即﹣W1+mv2，故C選項(xiàng)錯(cuò)誤；D．根據(jù)電場(chǎng)力做功是電勢(shì)能變化的量度，電場(chǎng)力做正功電勢(shì)能減少，則小球的電勢(shì)能減少W2，故D選項(xiàng)正確；故選D．5、B【解析】

根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度得：對(duì)于乙：，得t1=0.3s。則甲的加速度大小為：；乙的加速度大小為：；據(jù)題，僅在兩物體之間存在相互作用，根據(jù)牛頓第三定律得知，相互作用力大小相等，由牛頓第二定律F=ma得：兩物體的加速度與質(zhì)量成反比，則有質(zhì)量之比為：m甲：m乙=a乙：a甲=3：1。所以ACD錯(cuò)誤，B正確；故選B。【點(diǎn)睛】本題一方面考查速度圖象的斜率等于加速度；另一方面考查運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)解決物理問題的能力．6、D【解析】

整個(gè)過程水平方向動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，所以相當(dāng)于彈性碰撞，由于小車和鐵塊的質(zhì)量都為m，所以當(dāng)鐵塊回到小車右端時(shí)，小車和鐵塊交換速度，即鐵塊的速度為0，小車具有向左的速度．所以當(dāng)鐵塊回到小車右端時(shí)將做自由落體運(yùn)動(dòng)。故選D。【名師點(diǎn)睛】整個(gè)過程水平方向動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，所以相當(dāng)于彈性碰撞！當(dāng)鐵塊回到小車右端時(shí)，鐵塊的速度為0，小車具有向左的速度．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】

A.選擇A和B作為研究對(duì)象，運(yùn)用動(dòng)能定理研究：B受外力F做功，A對(duì)B的摩擦力與B對(duì)A的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動(dòng)，A、B對(duì)地的位移不等，故二者做功不等WF+（-f?△x）=△EkA+△EkB其中△x為A、B的相對(duì)位移．所以外力F做的功不等于A和B的動(dòng)能的增量，故A錯(cuò)誤．B.對(duì)A物運(yùn)用動(dòng)能定理，則有B對(duì)A的摩擦力所做的功，等于A的動(dòng)能的增量，故B正確．C.A對(duì)B的摩擦力與B對(duì)A的摩擦力是一對(duì)作用力與反作用力，大小相等，方向相反，但是由于A在B上滑動(dòng)，A、B對(duì)地的位移不等，故二者做功不等，故C錯(cuò)誤．D.對(duì)B物體應(yīng)用動(dòng)能定理，WF-Wf=△EkBWf為B克服摩擦力所做的功，即WF=△EkB+Wf就是外力F對(duì)B做的功等于B的動(dòng)能增量與B克服摩擦力所做的功之和，故D正確．8、BD【解析】由v--t圖象的斜率得到加速度為：，由兩圖知，第一秒內(nèi)有：，第二秒內(nèi)有：，代入數(shù)據(jù)得：．故A錯(cuò)誤，B正確；由得第2s內(nèi)力F的平均功率為，故C錯(cuò)誤；由圖乙可知第一秒內(nèi)和第二秒內(nèi)速度的變化都是，所以動(dòng)量的變化量都是：，故D正確．故選BD.【點(diǎn)睛】由v--t圖象的斜率得到加速度；由牛頓第二定律列方程求解摩擦力和滑塊的質(zhì)量；由P=Fv求解平均功率，根據(jù)求出動(dòng)量的變化量.9、CD【解析】

使兩彈簧具有相同的壓縮量，則儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能相等，根據(jù)能量守恒判斷最后的重力勢(shì)能以及變化量；【詳解】A、開始時(shí)因彈力最大導(dǎo)致開始時(shí)物塊具有最大加速度，開始彈簧形變量相同，則彈力相同，根據(jù)牛頓第二定律：，質(zhì)量不同，故最大加速度不同；物塊受力平衡時(shí)具有最大速度，即：，則質(zhì)量大的物塊具有最大速度時(shí)彈簧的壓縮量比較大，上升的高度比較低，即位移小，而運(yùn)動(dòng)過程中質(zhì)量大的物塊平均加速度較小，，加速度小的位移小，則最大速度v較小，即最大速度不同，故AB錯(cuò)誤；

C、由題意使兩彈簧具有相同的壓縮量，則儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能相等，物塊上升到最大高度時(shí)，彈性勢(shì)能完全轉(zhuǎn)化為重力勢(shì)能，則物塊最終的重力勢(shì)能mgh相等，重力勢(shì)能的變化量相等，而兩物塊質(zhì)量不同，則上升的最大高度不同，故CD正確．【點(diǎn)睛】本題考查了彈簧問題，注意平衡位置不是彈簧的原長(zhǎng)處，而是受力平衡的位置．10、ACD【解析】試題分析：由圖可知，帶電粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2時(shí)向下偏轉(zhuǎn)，所以粒子所受的洛倫茲力方向向下，根據(jù)左手定則判斷得知該束粒子帶正電．故A正確．在平行金屬板中受到電場(chǎng)力和洛倫茲力兩個(gè)作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由左手定則可知，洛倫茲力方向豎直向上，則電場(chǎng)力方向向下，粒子帶正電，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，所以速度選擇器的P1極板帶正電．故B錯(cuò)誤．粒子能通過狹縫，電場(chǎng)力與洛倫茲力平衡，則有：qvB1=qE，解得：．故C正確．粒子進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)B2中受到洛倫茲力而做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律得：，解得：．可見，由于v是一定的，B不變，半徑r越大，則越小．故D正確．故選ACD．考點(diǎn)：質(zhì)譜儀；速度選擇器【名師點(diǎn)睛】本題關(guān)鍵要理解速度選擇器的原理：電場(chǎng)力與洛倫茲力，粒子的速度一定．粒子在磁場(chǎng)中偏轉(zhuǎn)時(shí)，由洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律則可得到半徑．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、手應(yīng)提著紙帶的上端重物應(yīng)靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器2.2m/s大于0.031N【解析】

（1）圖甲中的錯(cuò)誤及不妥之處：使用直流電源；重物離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太遠(yuǎn)；沒有從上方提著紙帶，而是用手托著紙帶．（2）C的瞬時(shí)速度等于BD段的平均速度則：（3）根據(jù)動(dòng)能定理：，則有，有圖像得斜率，b得斜率小，知b得質(zhì)量小，所以a得質(zhì)量大于b得質(zhì)量．（4）根據(jù)動(dòng)能定理知，則有，可知，代入數(shù)據(jù)解得【點(diǎn)睛】本題實(shí)驗(yàn)題，對(duì)于實(shí)驗(yàn)一定要注意實(shí)驗(yàn)得操作要求以及數(shù)據(jù)處理；如果題目涉及圖像問題，一定要結(jié)合圖像求解，尤其注意圖像的斜率和截距得物理意義．12、偏大系統(tǒng)誤差【解析】

(1)[1]物塊經(jīng)過點(diǎn)時(shí)的速度：物塊經(jīng)過點(diǎn)時(shí)的速度：物塊做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，由速度位移公式得：解得加速度：(2)[2]以、組成的系統(tǒng)為研究對(duì)象，由牛頓第二定律得：解得：(3)[3]如果滑輪略向下傾斜，使細(xì)線沒有完全調(diào)節(jié)水平，則滑塊對(duì)接觸面的正壓力測(cè)量值偏大，測(cè)得的加速度偏小，根據(jù)動(dòng)摩擦因數(shù)的表達(dá)式知，動(dòng)摩擦因數(shù)測(cè)量值偏大，[4]該誤差屬于系統(tǒng)誤差。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）1.5N【解析】試題分析：（1）因?yàn)橥杰壍勒九c地球自轉(zhuǎn)的角速度相等，根據(jù)軌道半徑求出軌道站的線速度，從而得出軌道