2025屆福建省福州市物理高三上期中復習檢測試題含解析

2025屆福建省福州市物理高三上期中復習檢測試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．玻爾通過對氫原子模型的研究，提出了原子的核式結構學說B．根據放射性元素的半衰期可以確定某個特定的原子核何時發(fā)生衰變C．太陽釋放出的能量來源于太陽內部原子核的裂變D．原子核內部核子之間距離非常的近，但是，核子之間的核力遠大于它們之間的萬有引力和庫侖力2、如圖所示，水平方向的傳送帶以4m/s的恒定速度順時針轉動，其兩端A、B間的距離為7m。一物塊從B端以5m/s的速度滑上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數μ＝0.2，g＝10m/s2。在物塊從滑上傳送帶至離開傳送帶的過程中，物塊的速度隨時間變化的圖象是圖中的（）A．B．C．D．3、科學家在物理學的研究過程中應用了很多科學思想方法，下列敘述正確的是()A．卡文迪許在利用扭秤實驗裝置測量萬有引力常量時，應用了放大法B．用質點代替有質量的物體，采用了微元法C．牛頓首次采用“把實驗和邏輯推理結合起來”的科學研究方法D．實驗中探究加速度與質量、合外力關系時采用的是等效替代的方法4、豎直墻壁上固定有一個光滑的半圓形支架，AB為其直徑，支架上套著一個小球，細線的一端懸于P點，另一端與小球相連。已知半圓形支架的半徑為R，細線長度為L，且R＜L＜2R。現(xiàn)將細線的上端點P從圖示實線位置沿墻壁緩慢下移至A點（虛線位置），在此過程中細線對小球的拉力FT及支架對小球的支持力FN的大小變化情況為（）A．FT和FN均增大B．FT和FN均減小C．FT先減小后增大，F(xiàn)N先增大后減小D．FT先增大后減小，F(xiàn)N先減小后增大5、質點做直線運動的v—t圖象如圖所示，規(guī)定向右為正方向，則該質點在前8s內平均速度的大小和方向分別為()A．0.25m/s，向右B．0.25m/s，向左C．1m/s，向右D．1m/s，向左6、如圖所示，為了浴室用電安全，某同學用理想變壓器給浴室降壓供電，理想變壓器原、副線圈匝數比為5:1，原線圈輸入交變電壓u=311sinl00πt(V)，已知照明燈額定功率為44W，排氣扇電動機內阻為lΩ，電流表示數為2A，各用電器均正常工作，電表均為理想表．則（）A．電壓表示數為62VB．變壓器的輸入功率為186WC．排氣扇輸出功率為43WD．保險絲熔斷電流不得低于2A二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，其水平直徑AB長度為2R，現(xiàn)將質量也為m的小球從距A點正上方h0高處由靜止釋放，然后由A點經過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升到距B點所在水平線的最大高度為3h0A．小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒B．小球離開小車后做豎直上拋運動C．小車向左運動的最大距離為RD．小球第二次在空中能上升到距B點所在水平線的最大高度為h8、如圖所示，一斜面固定在水平地面上，質量不相等的物體，A、B疊放后一起沿斜面下滑，已知物體B的上表面水平，則下列判斷正確的是A．若A、B一起勻速下滑，增加A的質量，A、B仍一起勻速下滑B．若A、B一起勻速下滑，給A施加一個豎直向下的力F，A、B將加速下滑C．若A、B一起加速下滑，增加A的質量，A、B仍保持原來的加速度一起加速下滑D．若A、B一起加速下滑給A施加一個豎直向下的力F，A、B仍保持原來的加速度一起加速下滑9、進行運動過程的分析是學習物理的基本能力.一個做變速直線運動的物體，加速度逐漸減小，直至為零，關于該物體運動的情況說法正確的是：A．物體的速度可能不斷減小B．物體的速度可能不斷增大，加速度為零時，速度最大C．速度的變化率一定越來越小D．速度一定是越來越小10、甲、乙兩輛汽車沿同一平直路面行駛，其v-t圖像如圖。t=0時，乙車在甲車前方s0處。下列說法正確的是A．若s0=50m，則兩車相遇2次B．若s0=150m，則兩車相遇1次C．若s0=250m，則兩車相遇1次D．若s0=400m，則兩車相遇1次三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）實驗小組的同學做“驗證機械能守恒定律”的實驗．量角器中心O點和細線的一個端點重合，并且固定好；細線另一端系一個小球，當小球靜止不動時，量角器的零刻度線與細線重合，在小球所在位置安裝一個光電門．實驗裝置如圖所示．本實驗需要測的物理量有：小球的直徑d，細線長度L，小球通過光電門的時間?t，小球由靜止釋放時細線與豎直方向的夾角為θ．（1）除了光電門、量角器、細線外，還有如下器材可供選用：A．直徑約2cm的均勻鐵球B．直徑約5cm的均勻木球C．天平D．時鐘E．最小刻度為毫米的米尺F．游標卡尺實驗小組的同學選用了最小刻度為毫米的米尺，他們還需要從上述器材中選擇________（填寫器材前的字母標號）．（2）測出小球的直徑為d，小球通過光電門的時間為?t，可得小球經過最低點的瞬時速度v=_______．測小球直徑時游標尺位置如下圖所示，用精確度為0.1mm的游標卡尺測得一物體的長度為1.34cm，這時候游標尺上的第________條刻度線與主尺上的_________mm刻度線對齊．（3）若在實驗誤差允許的范圍內，滿足_____________________，即可驗證機械能守恒定律（用題給字母表示，當地重力加速度為g）．（4）通過改變小球由靜止釋放時細線與豎直方向的夾角θ，測出對應情況下，小球通過光電門的速度v，為了直觀地判斷機械能是否守恒，應作_______________圖象．12．（12分）在探究彈簧彈性勢能實驗中：(1)如圖1，彈簧的一端固定，原來處于自然長度?，F(xiàn)對彈簧的另一端施加一個拉力緩慢拉伸彈簧，關于拉力或彈簧彈力做功與彈簧彈性勢能變化的關系，以下說法中正確的是______A．拉力做正功，彈性勢能增加

B．拉力做正功，彈性勢能減少C．彈簧彈力做負功，彈性勢能增加

D．彈簧彈力做負功，彈性勢能減少(2)由于拉力是變力，拉力做功可以分割成一小段一小段處理，每一小段的彈力可以近似看成是恒力，再把每一小段的功相加求和，可得W總=F1△l+F2△l+F3△l+…，某次實驗中作出拉力F拉與彈簧伸長量x的圖象如圖2，則在彈簧被拉長L的過程中拉力做功為______。（3）若換一根勁度系數更大的彈簧做此實驗，則圖2的圖象斜率將______（選填“不變”“減小”“增大”）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖，一個質量為m=2kg的小物塊靜置于足夠長的斜面底端?，F(xiàn)對其施加一個沿斜面向上、大小為F=25N的恒力，3s后將F撤去，此時物塊速度達到15m/s。設物塊運動過程中所受摩擦力的大小不變，取g=10m/s2。求：（1）物塊所受摩擦力的大??；（2）物塊在斜面上運動離斜面底端的最遠距離；（3）物塊在斜面上運動的總時間。14．（16分）木星的衛(wèi)星之—叫艾奧。艾奧上面的珞珈火山在一次火山噴發(fā)中，噴出的一塊巖塊初速度為19m/s，上升高度可達100m，到最高點時速度方向變?yōu)樗椒较颍笮?m/s。已知艾奧的半徑為R=1800km，引力常量G=6.67x10-11N.m2/kg2，忽略艾奧的自轉及巖塊運動過程中受到稀薄氣體的阻力作用，求(結果保留兩位有效數字)。(1)艾奧表面附近的重力加速度大??；(2)艾奧的質量；(3)艾奧的第一宇宙速度。15．（12分）如圖所示是一個橫截面為半圓、半徑為R的光滑柱面，一根不可伸長的細線兩端分別系著物體A、B，且mA＝2mB，由圖示位置從靜止開始釋放A物體，當物體B達到圓柱頂點時，求物體A的速度．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

A、盧瑟福通過粒子散射實驗建立了原子核式結構模型，故A錯誤；B、放射性元素的原子核有半數發(fā)生衰變時所需要的時間，叫半衰期．半衰期并不能指少數原子，半衰期描述的是統(tǒng)計規(guī)律，微觀世界規(guī)律的特征之一在于"單個的微觀事件是無法預測的"，放射性元素衰變的快慢是由原子核內部自身決定的，與外界的物理和化學狀態(tài)無關，故B錯誤．C、太陽能來源于太陽內部的熱核反應，是由內部氫原子核發(fā)生聚變時釋放出巨大核能而產生的能，故C錯誤．D、核子之間的核力是強相互作用力，核力是短程力，核力的作用范圍在1.5m內，每個核子只跟它相鄰的核子發(fā)生核力作用，核子之間的核力遠大于它們之間的萬有引力和庫侖力，故D正確．故選D2、B【解析】

物塊剛滑上傳送帶時，由于物塊與傳送帶間的摩擦力的作用，物塊做勻減速運動，其加速度：a＝μg＝2m/s2當物塊的速度減小0時，物塊前進的距離：其值小于AB的距離，故物塊減速到0后會隨傳送帶向右運動，其加速度的大小與減速時是相等的，其速度與傳送帶的速度相等時，物塊向右滑行的距離：其值小于物塊向左前進的距離，說明物塊仍在傳送帶上，此后物塊相對于傳送帶靜止，其速度大小等于傳送帶的速度大小。ACD.由上分析可知，ACD錯誤；B.由上分析可知，B正確。3、A【解析】解:A、卡文迪許在利用扭秤實驗裝置測量萬有引力常量時，應用了放大思想，故A正確B、用質點來代替有質量的物體是采用了理想模型的方法.故B錯誤;C、首次提出“提出假說,數學推理,實驗驗證,合理外推“的科學推理方法的是伽利略不是牛頓,故C錯誤;

D、實驗中探究加速度與質量、合外力關系時采用的是控制變量法,所以D選項是錯誤的;4、A【解析】

小球受重力、細線的拉力和支持力，由于平衡，三個力可以構成矢量三角形，如圖所示：根據平衡條件，該矢量三角形與幾何三角形POC相似，故有：GPO=FTL=FNR，解得：FT=LPOG，F(xiàn)N=R【點睛】本題的關鍵是對小球進行受力分析，然后根據矢量三角形與幾何三角形相似，列式分析各力的變化．這是非直角三角形的情況下是常用的方法．5、B【解析】

由圖線可知0-3s內的位移為方向為正方向；3-8s內的位移為方向為負方向；0-8s內的位移為0-8s內的平均速度為，負號表示方向是向左的．A.前8s內平均速度的大小和方向分別為0.25m/s，向右，與分析不一致，故A錯誤；B.前8s內平均速度的大小和方向分別為0.25m/s，向左，與分析相一致，故B正確；C.前8s內平均速度的大小和方向分別為1m/s，向右，與分析不一致，故C錯誤；D.前8s內平均速度的大小和方向分別為1m/s，向左，與分析不一致，故D錯誤．6、C【解析】變壓器輸入交變電壓u=311sin100πt（V），有效值U=220V，變壓器原、副線圈匝數比為5：1，所以副線圈電壓U2=44V，故A錯誤；電流表示數為2A，所以輸出功率P=44×2W=88W，所以變壓器的輸入功率為88W，故B錯誤；照明燈的電流；則排氣扇的電流為I2=2A-1A=1A，則排氣扇輸出功率為，選項C正確；變壓器的初級電流為，故保險絲熔斷電流不得低于0.4A，選項D錯誤；故選C．點睛：此題是關于變壓器及交流電的計算；關鍵是知道電表的讀數以及電功率的計算都是交流電的有效值；知道有電動機的問題中的能量轉化關系.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A、小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力,所以系統(tǒng)水平方向動量守恒,故A錯誤；

B、小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向動量守恒,小球由A點離開小車時系統(tǒng)水平方向動量為零,小球與小車水平方向速度為零,小球離開小車后做豎直上拋運動，故B正確；C、設小車向左運動的最大距離為x.系統(tǒng)水平方向動量守恒,以向右為正方向,在水平方向,由動量守恒定律得:mv-mv即有：m2R-xt-m'xt=0

計算得出小車的位移為:x=R，故C正確；

D、小球第一次車中運動過程中,由動能定理得：mg(h0-34h0)-Wf=0，Wf為小球克服摩擦力做功大小,計算得出Wf=14mgh0,即小球第一次在車中滾動損失的機械能為14mg綜上所述本題答案是：BC8、AC【解析】試題分析：以A、B整體為研究對象，系統(tǒng)受到重力、支持力和摩擦力，由牛頓第二定律，得：mgsinθ-μmgcosθ=ma，當A、B勻速運動時，a=0，解得μ="tanθ"①，若增加A的質量，有m′gsinθ-μm′gcosθ=m′a′②由①②式得a′=0，A、B仍然一起勻速下滑，故A正確；給A施加一個豎直向下的力F，由牛頓第二定律，得：mgsinθ+Fsinθ-μ（mgcosθ+Fcosθ）=ma1③由①③式得a1=0，A、B一起向下做勻速直線運動，故B錯誤；若A、B一起加速下滑，有mgsinθ-μmgcosθ=ma，增加A的質量，有m′gsinθ-μm′gcosθ=m′a′，解得a=a′，即加速度不變，A、B仍保持原來的加速度一起加速，故C正確；給A施加一個豎直向下的力F，mgsinθ+Fsinθ-μ（mgcosθ+Fcosθ）=ma1，a1≠a，則D錯誤；故選AC考點：牛頓第二定律【名師點睛】本題關鍵是受力分析后根據牛頓第二定律列方程求解出加速度的一般表達式進行分析討論．9、ABC【解析】

當加速度的方向與速度方向相同，物體做加速運動，當加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運動．【詳解】A項：當加速度的方向與速度方向相反，加速度減小，速度減小，故A正確；B項：當加速度的方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大，當加速度減為零時，速度最大，故B正確；C項：加速度等于速度的變化率，加速度逐漸減小，速度的變化率越來越小，故C正確；D項：當加速度的方向與速度方向相同，加速度減小，速度增大，故D錯誤．故選ABC．【點睛】解決本題的關鍵掌握判斷物體做加速運動還是減速運動的方法，關鍵看加速度的方向與速度方向的關系．10、AC【解析】

因為圖像面積代表位移，所以從初始時刻到速度相等，0-20s甲車比乙車多行駛，之后乙車速度大于甲車Δx=20×20-A.若s0=50m<150m，則兩車追上乙車后，由于乙車最終速度大于甲車，所以會相遇2次，故A符合題意。B.若s0=150m，則兩車相遇后，甲車超過乙車，但由于乙車最終速度大于甲車，所以會相遇2次，故B不符合題意。C.若s0=250m，則兩車速度相等剛好相遇，之后由于乙的速度大，不會再次相遇，只相遇1次，故C符合題意。D.若s0=400m>250m，兩車不會相遇，故D不符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、AF417【解析】試題分析：根據實驗的原理確定所需測量的物理量，從而確定所需的器材．根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度求出小球經過最低點的速度．抓住重力勢能的減小量和動能的增加量相等，得出機械能守恒滿足的表達式．根據機械能守恒得出守恒的表達式，結合表達式確定應做什么圖象．（1）驗證機械能守恒，小球應選擇質量大一些，體積小一些，故選直徑約2cm的均勻鐵球；實驗中不需要測量小球的質量，不需要天平，小球通過光電門的時間可以直接得出，不需要時鐘，實驗中需測量下降的高度以及小球的直徑，則需要毫米刻度尺以及游標卡尺，故選AF．（2）根據極短時間內的平均速度等于瞬時速度知，小球經過最低點的速度．游標卡尺的讀數為1.34cm=13.4mm，即0.4mm即為游標尺上的讀數，則游標的第4根與主尺刻度對齊．游標卡尺主尺與游標刻度線對齊的示數=13.4mm+4×0.9mm=17mm（3）重力勢能的減小量，動能的增加量，當小球的機