2025屆甘肅省高臺一中高二物理第一學(xué)期期末檢測試題含解析

2025屆甘肅省高臺一中高二物理第一學(xué)期期末檢測試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，絕緣輕桿長為L，一端通過鉸鏈固定在絕緣水平面，另一端與帶電量大小為Q的金屬小球1連接，另一帶正電、帶電量也為Q的金屬小球2固定在絕緣水平面上。平衡后，輕桿與水平面夾角為30°，小球1、2間的連線與水平面間的夾角也為30°．則關(guān)于小球1的說法正確的是（已知靜電力常量為k）（）A.小球1帶正電，重力為 B.小球1帶負電，重力為C.小球1帶正電，重力為 D.小球1帶負電，重力為2、如圖所示是交流發(fā)電機示意圖，當(dāng)轉(zhuǎn)速為20r/s時，電壓表示數(shù)為8V．交流發(fā)電機線電阻r＝2Ω，用電器電阻R＝8Ω，則A.線圈電阻的發(fā)熱功率為8WB.交流發(fā)電機電動勢的峰值為8VC.交流發(fā)電機電流的有效值為1AD.若從圖示位置開始計時，則交流發(fā)電機電動勢的瞬時值為e＝10sin40πtV3、如圖是某電場中一條電場線，a、b是這條線上的兩點，一負電荷只受電場力作用，沿電場線從a運動到b．則在這個過程中，電荷的速度－時間圖線如圖所示，請比較a、b兩點電勢的高低和場強的大?。ǎ〢.φa>φb，Ea<EbB.φａ<φｂ，Ea=EbC.φａ<φｂ，Ea>EbD.φa>φb，Ea=Eb4、關(guān)于電流的說法中正確的是A.根據(jù),可知I與q成正比B.如果在任何相等的時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量相等,則導(dǎo)體中的電流是恒定電流C.電流有方向,電流是矢量D.電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位5、下列現(xiàn)象中，與離心現(xiàn)象無關(guān)的是()A.汽車啟動時，乘客向后傾斜 B.旋轉(zhuǎn)雨傘甩掉傘上的水滴C.用洗衣機脫去濕衣服中的水 D.運動員將鏈球旋轉(zhuǎn)后擲出6、如圖所示，圓形導(dǎo)體線圈平放在絕緣水平桌面上，在的正上方固定一豎直螺線管，二者軸線重合，螺線管、電源和滑動變阻器連接成如圖所示的電路。若將滑動變阻器的滑片向上滑動，下列說法中正確的是（）A.穿過線圈的磁通量增大B.線圈有擴張的趨勢C.線圈中將產(chǎn)生俯視逆時針方向的感應(yīng)電流D.線圈對水平桌面的壓力大于其重力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，豎直放置的半徑為R的光滑絕緣半圓軌道固定在水平地面上，軌道所處空間存在電場．一帶電荷量為+q，質(zhì)量為m的小球，以初速度v0由底端的A點開始沿軌道內(nèi)側(cè)上滑，到達頂端B的速度大小仍為v0，重力加速度為g，則（）A.小球在B點的電勢能大于小球在A點的電勢能B.A、B兩點的電勢差大小為C.若電場是勻強電場，則該電場的場強是D.小球在B點的機械能比在A點的機械能大8、如圖所示，是一個由電池、電阻R與平行板電容器組成的串聯(lián)電路，有帶電小球靜止在平行板電容器中間，在增大電容器兩極板間距離的過程中（??）A.帶電小球?qū)⒇Q直向下運動B.帶電小球?qū)⒇Q直向上運動C.電阻R中有從a流向b的電流D.電阻R中有從b流向a的電流9、如圖所示，兩導(dǎo)體板水平放置，兩板間電勢差為U，帶電粒子（不計重力）以某一初速度v0沿平行于兩板的方向從兩板正中間射入，穿過兩板后又垂直于磁場方向射入邊界線豎直的勻強磁場，則粒子射入磁場和射出磁場的M、N兩點間的距離d隨著U、B、比荷（）、v0的變化情況為（）Ad隨v0增大而增大，d與U無關(guān)B.d隨v0增大而增大，d隨U增大而增大C.d隨U增大而減小，d與v0無關(guān)D.d隨B增大而減小，d隨比荷增大而減小10、下列說法正確的是（）A.公式E=對勻強電場適用B.公式E=僅用于求點電荷電場的電場強度，式中Q是場源電荷的電荷量C.物體所帶的電量有可能是元電荷的2.5倍D.電場線就是帶電粒子在電場中運動的軌跡三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，一束電子的電荷量為e，以速度v垂直射入磁感應(yīng)強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，穿過磁場時的速度方向與原來電子的入射方向的夾角是30°，則電子的質(zhì)量是多少？電子穿過磁場的時間又是多少？12．（12分）某同學(xué)利用一只電流表和一個電阻箱測定電源的電動勢和內(nèi)電阻，使用的器材還有開關(guān)一個，導(dǎo)線若干，實驗原理如甲所示：（1）在圖乙實物圖中，已正確連接了部分電路，請完成其余電路的連接____；（2）調(diào)節(jié)電阻箱，示數(shù)如圖丙所示，讀得電阻值是___Ω；（3）接通開關(guān)，多次改變電阻箱的阻值R，同時讀出對應(yīng)的電流表的示數(shù)I，并作記錄，畫出R－關(guān)系圖線，如圖丁所示．則圖線斜率的物理意義是___；若電流表內(nèi)阻RA＝0.1Ω，由圖線求得電源的電動勢E＝__V，內(nèi)阻r＝__Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，圓心為O，半徑為R的圓形區(qū)域中有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B．質(zhì)量為m、電量為q的帶正電微粒從圓周上M點沿半徑MO方向射入磁場，射出磁場時速度方向偏轉(zhuǎn)了120°，不計微粒重力，求：(1)微粒入射速度大小(2)微粒在磁場中運動的時間(3)若將微粒的入射速度增大為原來的3倍，求射出點和入射點M之間的距離14．（16分）如圖，將電荷量為q=3.0×10-9C的點電荷從勻強電場中的B點移動到A點，AB=2cm，電場力做的功為-6×10-7J，求：（1）A、B兩點的電勢差UAB；（2）勻強電場的場強E15．（12分）如圖所示，在電場強度的勻強電場中，將一電荷量為正點電荷由A點移到B點。已知A、B兩點間距離，兩點連線與電場方向成60°角，求：(1)A、B兩點間的電勢差UAB；(2)電荷由A移到B的過程中，電場力所做的功WAB。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】ABCD.分析小球1的受力情況，小球受到重力、庫侖力和桿的彈力作用，由于桿通過鉸鏈固定，則桿的彈力沿著桿向外，如圖所示：根據(jù)幾何關(guān)系可知，桿與豎直方向夾角為60°，則重力和庫侖力合成以后組成的矢量三角形為等邊三角形，兩球間距為L，庫侖力大小為，則小球帶正電，重力大小等于庫侖力，重力為，故A正確BCD錯誤。故選A。2、C【解析】AC.由題意可知，電路中的電流為故電流的有效值為1A，線圈發(fā)熱功率為故A錯誤，C正確；B.由閉合電路歐姆定律，電動勢的有效值為故最大值為故B錯誤；D.由圖示位置開始計時，該位置電動勢為最大值，故交流發(fā)電機的瞬時值為D錯誤；故選C。3、D【解析】負電子從a運動到b，由速度時間圖線得到負電荷做減速運動，故電場力向左，因負電荷受到的電場力與場強方向相反，故場強向右，沿場強方向，電勢降低，故；因為圖線的斜率不變，故加速度不變，因此電場力不變，所以電場強度不變，即，D正確4、D【解析】A．根據(jù)：可以知道I是通過某一橫截面積的電量q與通過這些電量所用時間t的比值；當(dāng)t一定時,I與q成正比，當(dāng)q一定時，通電時間越長，電流越小.故A錯誤;B．恒定電流的電流大小和方向都不隨時間變化,而在任何相等的時間內(nèi)通過導(dǎo)體橫截面的電荷量相等,只能說明大小相等,不能說明方向也不變,故B錯誤;C．電流有方向，但電流運算滿足代數(shù)法則，而矢量的運算滿足平行四邊形定則,故電流是標(biāo)量.故C錯誤;D．電流的單位“安培”是國際單位制中的基本單位.所以D正確.故選D.5、A【解析】汽車啟動時，乘客向后傾斜是因為慣性；旋轉(zhuǎn)雨傘甩掉傘上的水滴、用洗衣機脫去濕衣服中的水、運動員將鏈球旋轉(zhuǎn)后擲出是離心運動現(xiàn)象。故選A。6、B【解析】詳解】AC．當(dāng)滑動觸頭向上移動時電阻增大，由閉合電路歐姆定律可知通過線圈的電流減小，線圈產(chǎn)生的磁場減弱，故穿過線圈的磁通量變?。桓鶕?jù)中的電流方向和安培定則可知產(chǎn)生的磁場方向向下穿過線圈，根據(jù)楞次定律，中的感應(yīng)電流的磁場要阻礙原來磁場的減小，故的感應(yīng)電流的磁場方向也向下，根據(jù)安培定則可知線圈中感應(yīng)電流方向俯視應(yīng)為順時針，AC錯誤；B．因為滑動觸頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知只有線圈面積增大時才能阻礙磁通量的減小，故線圈應(yīng)有擴張的趨勢，B正確；D．因為滑動觸頭向上滑動導(dǎo)致穿過線圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可知只有線圈靠近螺線管才能阻礙磁通量的減小，線圈受到的安培力向上，所以對水平桌面的壓力將減小，對水平桌面的壓力小于其重力，D錯誤。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】小球受重力和電場力作用，則小球的動能、電勢能和重力勢能之和守恒．由此可判斷從A到B電勢能以及機械能的變化；根據(jù)動能定理可求解場強；電場的方向不確定，則不能確定場強大小.【詳解】小球受重力和電場力作用，則小球動能、電勢能和重力勢能之和守恒，因小球從A到B動能不變，可知小球的電勢能和重力勢能之和不變，重力勢能增加，則電勢能減小，即小球在B點的電勢能小于小球在A點的電勢能；小球在B點的機械能比在A點的機械能大，選項A錯誤，D正確；從A到B根據(jù)動能定理：，可得，選項B正確；因電場方向不一定沿AB方向，可知若電場是勻強電場，則該電場的場強不一定是，選項D錯誤；故選BD.【點睛】此題關(guān)鍵是知道帶電粒子在電場中運動時，若粒子只有重力和電場力作功，則小球的動能、電勢能和重力勢能之和守恒.8、AC【解析】AB．初始時，小球靜止，受到向上的電場力和向下的重力。電容器兩極板與電源兩端相連，所以電容器的電壓不變，在增大電容器兩極板間距離的過程中，由分析可知板間場強減小，微粒所受的電場力減小，所以微粒將向下做加速運動，故A正確，B錯誤；CD．增大電容器兩極板間距離，由電容的決定式，分析可知電容C減小，因U不變，由，分析可知Q減小，電容器放電，則R中有從a流向b的電流，故C正確，D錯誤。故選AC。9、AD【解析】帶電粒子在電場中做類平拋運動，可將射出電場的粒子速度v分解成初速度方向與加速度方向，設(shè)出射速度與水平夾角為θ，則有而在磁場中做勻速圓周運動，設(shè)運動軌跡對應(yīng)的半徑為R，由幾何關(guān)系可得，半徑與直線MN夾角正好等于θ，則有得根據(jù)得帶電粒子在磁場中的運動的半徑則有所以d與m、v0成正比，與B、q成反比，與U無關(guān)，故AD正確、BC錯誤。故選AD。10、AB【解析】A．公式E=對勻強電場適用，A正確；B．公式E=僅用于求點電荷電場的電場強度，式中Q是場源電荷的電荷量，B正確；C．物體所帶的電量只能是元電荷的整數(shù)倍，C錯誤；D．電場線是為了描述電場而假想的曲線，一般不是帶電粒子在電場中運動的軌跡，D錯誤。故選AB。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、；【解析】電子在磁場中運動，只受洛倫茲力F作用，故其軌跡AB是圓周的一部分，又因為F垂直于v，故圓心在電子進入和穿出磁場時所受的洛倫茲力指向的交點上，如圖中的O點。如圖所示。設(shè)電子的軌道半徑r，由牛頓第二定律得解得因此穿過磁場的時間為解得12、①.②.2.3③.電源電動勢④.1.4⑤.0.4【解析】（1）［1］根據(jù)圖甲所示實驗電路，連接實物電路如圖所示：（2）［2］由圖丙所示電阻箱可知，電阻箱示數(shù)為2×1Ω+3×0.1Ω=2.3Ω；（3）［3］由閉合電路歐姆定律，有E=I（r+R+RA）則R=-（r+RA）則R﹣圖象的斜率是E，即電源電動勢；［4］［5］由圖丁所示圖象可知，電源電動勢E=V=1.4V圖象在橫軸上的截距為0.5，即r+RA=0.5Ω，則電源內(nèi)阻r=0.5Ω﹣0.1Ω=0.4Ω。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】電荷勻強磁場中做勻速圓周運動，畫出軌跡，由幾何知識求出半徑．洛倫茲力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出速度．定圓心角，求時間【詳解】（1）設(shè)粒子做圓周運動的半徑為r，由幾何關(guān)系有:r=Rtan30°=由qvB=得解得粒子的入射速度：v=（2）因為速度偏轉(zhuǎn)角為120°，所以對應(yīng)的圓心角為120°，則微粒運動時間為t=T，粒子運動的周期為：T=解得t=因為速度變成原來3倍，所以粒子運動半徑r′也變成原來3倍即r′=則由幾何關(guān)系可得入射點與射出點距離為：d=2R·si