鐵嶺市重點中學2025屆高二物理第一學期期末預測試題含解析

鐵嶺市重點中學2025屆高二物理第一學期期末預測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某校創(chuàng)新基地研究小組模仿風速儀原理制作了一個風力發(fā)電的簡易裝置，內部結構示意圖如圖所示，在風力作用下，用塑料杯制作的風葉帶動與桿固連的永磁體轉動，磁體下方的線圈與電流表相連，不考慮摩擦阻力，則（）A.風速增大，轉速增大，輸出電流一定增大B.若風力恒定，磁體轉速將不斷增大，最終電流表有被燒壞的危險C.輸出為交變電流，頻率為永磁體轉動頻率的兩倍D.若永磁體轉動方向相反，電流表將不會有讀數2、如圖所示，在互相垂直的勻強電場和勻強磁場中，電荷量為q的液滴在豎直面內做半徑為R的勻速圓周運動，已知電場強度為E，磁感應強度為B，則油滴的質量和環(huán)繞速度分別為A.， B.，C.， D.，3、如圖所示，帶電平行極板中勻強電場豎直向下，勻強磁場方向垂直紙面向外，某帶電小球從光滑絕緣軌道上的a點滑下，經過軌道端點P進入板間后恰好沿水平方向做直線運動，現使小球從稍低些的b點開始自由滑下，在經過P點進入板間的運動過程中初始一小段時間內，以下分析正確的有（）A.小球帶正電 B.小球的電勢能增大C.小球機械能增大 D.小球所受洛倫茲力增大4、如圖所示為兩分子勢能與分子間距離之間的關系圖象，則下列說法中正確的是（）A.當兩分子間距離r=r1時，分子勢能為零，分子力也為零B.當兩分子間距離r=r1時，分子勢能最小，分子力表現為引力C.當兩分子間距離r>r2時，隨著r的增大，分子力做負功D.當兩分子間距離r>r2時，隨著r的增大，分子勢能減小5、如圖所示，一帶電油滴懸浮在平行板電容器兩極板A、B之間的P點，處于靜止狀態(tài)現將極板A向下平移一小段距離，但仍在P點上方，其它條件不變下列說法中正確的是A.液滴將向下運動 B.液滴將向上運動C.電容器電容變小 D.極板帶電荷量將減少6、發(fā)現利用磁場產生電流的條件和規(guī)律的科學家是（）A.韋伯 B.安培C.法拉第 D.奧斯特二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，速度為v0、電荷量為q的正離子恰能沿直線飛出離子速度選擇器，選擇器中磁感應強度為B，電場強度為E，則（）A.若改為電荷量﹣q的離子，將往上偏（其它條件不變）B.若速度變?yōu)?v0將往上偏（其它條件不變）C.若改為電荷量+2q的離子，將往下偏（其它條件不變）D.若速度變?yōu)関0將往下偏（其它條件不變）8、如圖所示，由兩種比荷不同的離子組成的離子束，經過由正交的勻強電場和勻強磁場組成的速度選擇器后，進入另一個勻強磁場中并分裂為A、B兩束，離子的重力不計，下列說法中正確的有A.組成A束和B束的離子都帶正電B.組成A束和B束離子質量一定相同C.A束離子的比荷大于B束離子的比荷D.速度選擇器中的磁場方向垂直于紙面向里9、利用霍爾效應制作的霍爾元件，廣泛應用于測量和自動控制等領域。如圖所示是霍爾元件的工作原理示意圖，磁感應強度為B的勻強磁場垂直于霍爾元件的工作面向下，通入圖示方向的電流I，C、D兩側面會形成電勢差，該電勢差可以反映磁感應強度B的強弱，則下列說法中正確的是（）A.若元件的載流子是正離子，則C側面電勢高于D側面電勢B.若元件的載流子是自由電子，則D側面電勢高于C側面電勢C.在測地球北極上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平D.在測地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平10、如圖1所示，兩根光滑平行導軌水平放置，間距為L，其間有豎直向下的勻強磁場，磁感應強度為B.垂直于導軌水平對稱放置一根均勻金屬棒．從t＝0時刻起，棒上有如圖2所示的持續(xù)交變電流I，周期為T，最大值為Im，圖1中I所示方向為電流正方向．則金屬棒A.一直向右移動 B.速度隨時間周期性變化C.受到的安培力大小不隨時間而變化 D.受到的安培力在一個周期內做正功三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在用打點計時器探究小車速度隨時間變化的規(guī)律的實驗中，右圖是某次記錄小車運動情況的紙帶，圖中A、B、C、D、E為相鄰的計數點，相鄰計數點間還有四個點未畫出。（1）根據____________可以判定小車做速度隨時間均勻增加的直線運動。（2）根據有關公式可求得vB=1.38m/s，vC=____m/s，vD=3.90m/s。（3）利用求得的數值作出小車的v-t圖線(以打A點時開始計時)，（）并根據圖線求出小車運動的加速度a=____m/s2。（4）將圖線延長與縱軸相交，若交點的縱坐標是0.12m/s，此交點的物理意義是________。12．（12分）在測金屬絲電阻率的實驗中，回答下列問題。(1)測得某金屬絲的有效長度為L，直徑為d，兩端的電壓為U，通過它的電流為I，可以得到該金屬絲的電阻率______（用題中所給的物理量符號表示）。(2)若金屬絲的電阻約為5Ω，電流表內阻約為1Ω，電壓表內阻約為1kΩ，則實驗中應該將電流表______（填“內接”或“外接”）。(3)若實驗中采取電流表內接法，則金屬絲電阻率實際測量值______（填“偏大”“偏小”或“不變”）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，線框由導線組成，cd、ef兩邊豎直放置且相互平行，導體棒ab水平放置并可沿cd、ef無摩擦滑動，導體棒ab所在處有勻強磁場且B2＝2T，已知ab長L＝0.1m，整個電路總電阻R＝5Ω.螺線管匝數n＝4，螺線管橫截面積S＝0.1m2.在螺線管內有如圖所示方向磁場B1，若磁場B1以均勻增加時，導體棒恰好處于靜止狀態(tài)，試求：(g＝10m/s2)（1）通過導體棒ab的電流大??；（2）導體棒ab的質量m大??；（3）若B1＝0，導體棒ab恰沿cd、ef勻速下滑，求棒ab的速度大小.14．（16分）從0.8m高的地方用玩具手槍水平射出一顆子彈，初速度是3m/s，求：（1）這顆子彈運動至落地飛行的水平距離；（2）落地速度大小。（g=10m/s2）15．（12分）如圖，兩平行金屬導軌間的距離L=0.4m，金屬導軌所在的平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在空間內，分布著磁感應強度B=0.5T、方向垂直于導軌平面的勻強磁場．金屬導軌的一端接有電動勢E=6.0V、內阻r=0.5Ω的直流電源．現把一個質量m=0.05kg的導體棒ab垂直放在金屬導軌上，導體棒靜止．導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，g取10m/s2．已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，求：（1）通過導體棒的電流大小；（2）導體棒受到的安培力大小；（3）導體棒受到的摩擦力大小

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A．風速增大，轉速增大，線圈中的磁通量變化增大，產生的感應電流增大，輸出電流增大，故A正確；B．若風力恒定，磁體轉速將不斷增大，產生的感應電流增大，磁鐵受到線圈的作用力也增大，當風力與磁鐵受到線圈的作用力相等時，磁體轉速達到最大，不會燒壞電流表，故B錯誤；C．線圈中的磁通量在不斷變化，輸出為交變電流，頻率應為永磁體轉動頻率相同，故C錯誤；D．若永磁體轉動方向相反，線圈中磁通量也會變化，會產生感應電流，電流表會有讀數，故D錯誤。故選A。2、D【解析】液滴在復合場中做勻速圓周運動，可判斷出電場力和重力為平衡力，從而可求出液滴的質量并可判斷電場力的方向，結合電場的方向便可知液滴的電性．根據洛倫茲力的方向，利用左手定則可判斷液滴的旋轉方向．結合重力與電場力平衡以及液滴在洛倫茲力的作用下的運動半徑公式，可求出線速度【詳解】液滴在重力場、勻強電場和勻強磁場中做勻速圓周運動，可知，液滴受到的重力和電場力是一對平衡力，重力豎直向下，所以電場力豎直向上，與電場方向相反，故可知液滴帶負電；磁場方向向里，洛倫茲力的方向始終指向圓心，由左手定則可判斷液滴的旋轉方向為順時針；由液滴做勻速圓周運動，得知電場力和重力大小相等，得①，得，液滴在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運動的半徑為，聯立得：，D正確【點睛】此題考查了液滴在復合場中的運動．復合場是指電場、磁場、重力場并存，或其中某兩種場并存的場．液滴在這些復合場中運動時，必須同時考慮電場力、洛倫茲力和重力的作用或其中某兩種力的作用，因此對液滴的運動形式的分析就顯得極為重要．該題就是根據液滴的運動情況來判斷受到的電場力情況3、B【解析】A．由題意可知，小球在磁場中做直線運動，如果小球帶正電，則所受重力豎直向下，電場力也向下，由左手定則可知，洛倫茲力也向下，小球不可能做直線運動，所以小球帶負電，故A錯誤；BCD．現使小球從稍低些的b點開始自由滑下，小球進入磁場時的速度減小，洛倫茲力變小，由左手定則可知，洛倫茲力方向向上，所以小球向下偏轉，電場力做負功，電勢能增大，由能量守恒可知，小球的機械能減小，故B正確，CD錯誤；故選B。4、C【解析】A.當r＝r2時，分子勢能最小，此時分子力0，故A錯誤；B.當兩分子間距離r＝r1時，分子勢能最小，此時分子之間表現為斥力，B錯誤；CD.由圖中可知，當兩分子間距離r＞r2時，隨著r的增大，分子勢能增大，故分子力做負功，C正確，D錯誤；故選C。5、B【解析】將極板A向下平移一小段距離，電容器板間的電壓保持不變，根據分析得知，板間場強增大，油滴所受電場力增大，則油滴將向上運動．故A錯誤，B正確．將極板A向下平移一小段距離時，根據電容的決定式得知電容C增大，而電容器的電壓U不變，由知，極板帶電荷量將增大．故CD錯誤．故選B6、C【解析】發(fā)現利用磁場產生電流的條件和規(guī)律的科學家是法拉第，故選C.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】因為恰能沿直線飛出離子速度選擇器，所以受力平衡，即．若改為電荷量－q的離子，依然沿直線飛出（因為電場力跟洛倫茲力均反向依然平衡），A錯若速度變?yōu)閯t2v0洛倫茲力大于電場力將往上偏，B對平衡與電荷量以及電性無關，故C錯若速度變?yōu)関0將往下偏（因為洛倫茲力小于電場力），D對8、ACD【解析】可以根據左手定則可以判斷AB束離子的電性，粒子在磁場和電場正交區(qū)域里，同時受到洛倫茲力和電場力作用，粒子沒有發(fā)生偏轉，說明粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，粒子進入磁場后受洛倫茲力作用做勻速圓周運動，利用圓周運動的相關知識進行求解即可；【詳解】A、AB粒子進入磁場后都向左偏，根據左手定則可以判斷AB束離子都帶正電，故A正確；BC、經過速度選擇器后的粒子速度相同，粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，滿足，即不發(fā)生偏轉的粒子具有共同的速度大小；進入磁場區(qū)分開，軌道半徑不等，根據公式可知，半徑大的比荷小，所以A束離子的比荷大于B束離子的比荷，但不能說明質量一定相同，故B錯誤，C正確；D、在速度選擇器中，電場方向水平向右，AB粒子所受電場力方向向右，所以洛倫茲力方向向左，根據左手定則可知，速度選擇器中的磁場方向垂直紙面向內，故D正確【點睛】本題能根據粒子不發(fā)生偏轉得出粒子所受電場力和洛倫茲力平衡，并由此推算出粒子具有相同的速度v，在單獨的勻強磁場中粒子分裂成幾束說明粒子的荷質比不同，并由此得出電量、質量、以及速度所需要滿足的關系式，從而得出正確的結論9、ABC【解析】AB．若元件的載流子是正離子，正離子定向移動方向和電流方向相同，由左手定則可知，正離子會受到洛倫茲力在C側面聚集，此時C側面電勢高于D側面電勢；若元件的載流子是自由電子，自由電子定向移動方向和電流方向相反，由左手定則可知，自由電子會受到洛倫茲力在C側面聚集，此時D側面電勢高于C側面電勢，故AB正確；C．地球北極上方的地磁場方向豎直向下，所以在測定地球北極上方地磁場強弱時，元件的工作面應保持水平，故C正確；D．地球赤道上方的地磁場方向水平，所以在測地球赤道上方的地磁場強弱時，元件的工作面應保持豎直，故D錯誤。故選ABC10、ABC【解析】AB.由于電流大小不變，安培力大小不變。根據左手定則，0～時間內，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～T時間內，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，T時刻速度減為零。T～時間內，金屬棒受到的安培力向右，做勻加速運動；～2T時間內，金屬棒受到的安培力向左，做勻減速運動，2T時刻速度減為零。所以金屬棒一直向右運動，速度隨時間做周期性變化，故A正確，B正確；C.根據公式F=BIL，安培力的大小隨時間周期性變化，故C正確；D.根據動能定理，一個周期內，動能變化量為零，安培力做功為零，故D錯誤。故選：ABC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.相鄰相等時間間隔內的位移差相等②.2.64③.④.12.6⑤.打點計時器打下計時點A時紙帶對應的速度【解析】（1）[1]做勻變速直線運動的物體，相鄰相等時間內的位移差為定值，即，因此通過相鄰相等時間間隔內的位移差相等可以判定小車做速度隨時間均勻增加的直線運動；（2）[2]根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，則C點速度為：（3）[3][4]速度時間圖像如圖圖線斜率表示加速度，則加速度為：（4）[5]速度時間圖像與縱軸交點的物理意義是0時刻質點的速度，故該交點表示打點計時器打下計時點A時紙帶對應的速度。12、①.②.外接③.偏大【解析】(1)[1]根據電阻定律有所以可得(2)[2]由題中數據可知