2025屆湖北省黃石二中等三校高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆湖北省黃石二中等三校高三物理第一學(xué)期期中質(zhì)量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示是A、B兩質(zhì)點從同一地點開始運動的v-t圖像，則下列說法正確的是A．B質(zhì)點在前4s的平均速度大小大于40m/sB．A、B兩質(zhì)點在t=4s時第一次相遇C．B質(zhì)點在前4s做勻加速運動，后4s做勻減速運動D．A、B兩質(zhì)點出發(fā)以后還會相遇2次2、下列說法符合物理史實的是（）A．開普勒最早闡述了重物體和輕物體下落得一樣快B．卡文迪許利用扭秤裝置測出了引力常量C．庫侖是第一個提出電荷間的相互作用是以電場為媒介的科學(xué)家D．亞里士多德對牛頓定律的建立做出了很大貢獻3、2017年6月19號，長征三號乙火箭發(fā)射中星9A衛(wèi)星過程中出現(xiàn)變故，由于運載火箭的異常，致使衛(wèi)星沒有按照原計劃進入預(yù)定軌道．經(jīng)過航天測控人員的配合和努力，通過10次的軌道調(diào)整，7月5日衛(wèi)星成功變軌．衛(wèi)星變軌原理圖如圖所示，衛(wèi)星從橢圓軌道Ⅰ遠地點Q改變速度進入地球同步軌道Ⅱ，P點為橢圓軌道近地點．下列說法正確的是（）A．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ運行時周期大于在同步軌道Ⅱ運行時的周期B．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的P點的速度小于在同步軌道Ⅱ的Q點的速度C．衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的機械能等于在同步軌道Ⅱ的機械能D．衛(wèi)星耗盡燃料后，在微小阻力的作用下，機械能減小，軌道半徑變小，動能變大4、如圖所示，一位同學(xué)從操場A點出發(fā)，向西走了，到達B點，然后又向北走了，達到C點．在從A點到C點的過程中，該同學(xué)的位移大小是（）A．470m B．50m. C．40m D．30m5、如圖所示，一根木棒沿水平桌面從A運動到B，若棒與桌面間的摩擦力大小為f，則棒對桌面的摩擦力和桌面對棒的摩擦力做的功各為（）A．－fs，－fs B．fs，－fs C．0，－fs D．－fs，06、有一豎直放置的T型架，表面光滑，兩質(zhì)量均為m的滑塊A、B分別套在水平桿與豎直桿上，A、B間用一不可伸長的輕細繩相連，A、B可看作質(zhì)點，如圖所示，開始時細繩水平伸直，A、B靜止?，F(xiàn)由靜止釋放B，下列關(guān)于兩滑塊以后運動中的說法正確的是A．在滑塊B從釋放到最低點的過程中，B物體減少的重力勢能等于A物體增加的動能B．在滑塊B從釋放到最低點的過程中，繩中張力始終小于mgC．設(shè)細繩與豎直方向的夾角為60°時，滑塊B的速度為v，則連接A下降的高度為D．當(dāng)細繩與豎直方向的夾角為60°時，A、B兩物體的速度比為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，ABC為等邊三角形，先將電荷量為+q的點電荷固定在A點．C點的場強為E1，再將一電荷量為-1q的點電荷Q1從無窮遠處（電勢為0）移到B點，此過程中，電場力做功為W，C點的場強變?yōu)镋1．最后將一電荷量為-q的點電荷Q1從無窮遠處移到C點．下列說法正確的有（）A．Q1移入之前，C點的電勢為B．C點的場強E1小于E1C．Q1從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為-1WD．Q1在移到C點后的電勢能為8、如圖．傾角為θ的斜面上有A、B、C三點，現(xiàn)從這三點分別以不同的初速度水平拋出一小球，三個小球均落在斜面上的D點．今測得AB：BC：CD=5：3：1，由此可判斷（）A．ABC處拋出的三個小球運動時間之比為3：2：1B．ABC處拋出的三個小球的速率變化率之比為3：2：1C．ABC處拋出的三個小球的初速度大小之比為3：2：1D．ABC處拋出的三個小球落在斜面上時速度與斜面間的夾角之比為1：1：19、在風(fēng)洞實驗室內(nèi)的豎直粗糙墻面上放置一鋼板，風(fēng)垂直吹向鋼板，在鋼板由靜止開始下落的過程中，作用在鋼板上的風(fēng)力恒定．用EK、E、v、P分別表示鋼板下落過程中的動能、機械能、速度和重力的功率，關(guān)于它們隨下落高度或下落時間的變化規(guī)律，下列四個圖象中正確的是（）A． B．C． D．10、地下礦井中的礦石裝在礦車中，用電機通過豎井運送至地面．某豎井中礦車提升的速度大小v隨時間t的變化關(guān)系如圖所示，其中圖線①②分別描述兩次不同的提升過程，它們變速階段加速度的大小都相同；兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相等．不考慮摩擦阻力和空氣阻力．對于第①次和第②次提升過程，A．礦車上升所用的時間之比為4:5B．電機的最大牽引力之比為2:1C．電機輸出的最大功率之比為2:1D．電機所做的功之比為4:5三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學(xué)設(shè)計了如圖所示的裝置，利用米尺、秒表、輕繩、輕滑輪、軌道、滑塊、托盤和砝碼等器材來測定滑塊和軌道間的動摩擦因數(shù)μ?；瑝K和托盤上分別放有若干砝碼，滑塊質(zhì)量為M，滑塊上砝碼總質(zhì)量為m’，托盤和盤中砝碼的總質(zhì)量為m，實驗中，滑塊在水平軌道上從A到B做初速為零的勻加速直線運動，重力加速度g取10m／s2。①為測量滑塊的加速度a，須測出它在A、B間運動的時間與位移，利用運動學(xué)公式計算a的值；②根據(jù)牛頓運動定律得到a與m的關(guān)系為a=(1+μ)gM+(m'+m)m-μg。他想通過多次改變m，測出相應(yīng)的a值，并利用上式來計算μ。若要求a是③實驗得到a與m的關(guān)系如圖所示，由此可知μ=_________（取兩位有效數(shù)字）12．（12分）在“探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系，并測定彈簧的勁度系數(shù)”的實驗中，實驗裝置如圖甲所示，所用的每個鉤碼的重力相當(dāng)于對彈簧提供了向右恒定的拉力．實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應(yīng)的彈簧總長度．有一個同學(xué)通過以上實驗測量的數(shù)據(jù)，作出F－L圖，如圖乙所示．①由此圖線可得出的結(jié)論是________．②該彈簧的原長為L0＝________cm，勁度系數(shù)k＝________N/m.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，A和B是真空中正對面積很大的平行金屬板，位于兩平行金屬板正中間的O點有一個可以連續(xù)產(chǎn)生粒子的粒子源，AB間的距離為L．現(xiàn)在A、B之間加上電壓UAB隨時間變化的規(guī)律如圖乙所示，粒子源在交變電壓的一個周期內(nèi)可以均勻產(chǎn)生N個相同粒子，這種粒子產(chǎn)生后，在電場力作用下由靜止開始運動，粒子一旦碰到金屬板，它就附在金屬板上不再運動，且電荷量同時消失，不影響A、B板電勢．已知粒子質(zhì)量為m=5.0×10-10kg，電荷量q=1.0×10-7C，（1）t＝0時刻產(chǎn)生的粒子，運動到B極板所經(jīng)歷的時間t0；（2）在0-T2時間內(nèi)，產(chǎn)生的粒子不能到達B板的時間間隔（3）在0-T2時間內(nèi)，產(chǎn)生的粒子能到達B板的粒子數(shù)與到達A板的粒子數(shù)之比14．（16分）如圖所示，A、B是水平傳送帶的兩個端點，起初以的速度順時針運轉(zhuǎn)．今將一質(zhì)量為1kg的小物塊（可視為質(zhì)點）無初速度地輕放在A處，同時傳送帶以的加速度加速運轉(zhuǎn)，物體和傳送帶間的動摩擦因素為0.2，水平桌面右側(cè)有一豎直放置的光滑軌道CPN，其形狀為半徑R=0.8m的圓環(huán)剪去了左上角1350的圓弧，PN為其豎直直徑，C點與B點的豎直距離為R，物體在B點水平離開傳送帶后由C點恰好無碰撞落入軌道．取g=10m/s2，求：（1）物塊由A端運動到B端所經(jīng)歷的時間．（2）AC間的水平距離（3）小物塊在P點對軌道的壓力．15．（12分）在光滑水平地面上放有一質(zhì)量為帶光滑弧形槽的小車，—個質(zhì)量為的小鐵塊以速度0沿水平槽口滑去，如圖所示，求：(1)鐵塊能滑至弧形槽內(nèi)的最大高度(設(shè)不會從左端滑離)．(2)鐵塊到最大高度時，小車的速度大?。?3)當(dāng)鐵塊從右端脫離小車時，鐵塊和小車的速度分別是多少?

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】前4s，質(zhì)點A做勻加速運動，平均速度為vA=v2=802=40m/s。根據(jù)速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知B質(zhì)點前4s的位移大于A質(zhì)點的位移，所以B質(zhì)點前4s的平均速度大于A質(zhì)點的平均速度，即B質(zhì)點前4s的平均速度大于40m/s。故A正確。A、B兩質(zhì)點在t=4s時B的位移大于A的位移，兩物體沒能相遇，選項B錯誤；B質(zhì)點最初4s做加速度減小的加速運動；后4s做加速度增加的減速運動，故C錯誤。根據(jù)速度圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知A、B點睛：v-t圖象中，速度的正負表示速度的方向，圖線的斜率表示加速度，圖線與時間軸圍成的面積表示位移，通過位移關(guān)系判斷兩物體是否相遇。2、B【解析】

本題是物理學(xué)史問題，在物理學(xué)發(fā)展的歷史上有很多科學(xué)家做出了重要貢獻，大家熟悉的伽利略、卡文迪許、法拉第等科學(xué)家，在學(xué)習(xí)過程中要了解、知道這些著名科學(xué)家的重要貢獻，即可解答這類問題．【詳解】A、伽利略最早闡述了輕物體和重物體下落一樣快，故A錯誤。B、卡文迪許第一次在實驗室里測出了萬有引力常量G，故B正確。C、法拉第是第一個提出電荷間的相互作用是以電場為媒介的科學(xué)家，故C錯誤。D、伽利略對牛頓定律的建立做出了很大貢獻，亞里士多德貢獻不大，故D錯誤。故選：B?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵要記牢伽利略、卡文迪許等科學(xué)家的物理學(xué)貢獻，平時要加強記憶，注意積累．3、D【解析】由圖可知，橢圓軌道Ⅰ的半長軸小于同步軌道Ⅱ的半長軸，根據(jù)開普勒第三定律可知，橢圓軌道Ⅰ運行時周期小于在同步軌道Ⅱ，故A錯誤；衛(wèi)星從近地圓軌道上的P點需加速，使得萬有引力小于向心力，進入橢圓轉(zhuǎn)移軌道．所以衛(wèi)星在近地圓軌道上經(jīng)過P點時的速度小于在橢圓轉(zhuǎn)移軌道上經(jīng)過P點的速度．根據(jù)得，，知同步軌道的半徑大于近地軌道的半徑，則同步軌道的線速度小于近地軌道的線速度．綜上可知衛(wèi)星在橢圓軌道Ⅰ的P點的速度大于在同步軌道Ⅱ的Q點的速度，故B錯誤；衛(wèi)星發(fā)射越高，需要克服地球引力做功越大，所以衛(wèi)星在軌道Ⅰ的機械能小于在軌道Ⅱ的機械能．故C錯誤；衛(wèi)星耗盡燃料后，在微小阻力的作用下，機械能減小則開始時速度減小，而速度減小后需要的向心力減小，所以衛(wèi)星將做向心運動；即衛(wèi)星在微小阻力的作用下，機械能減小后做向心運動，軌道半徑變??；由，可知軌道半徑減小后動能變大，故D正確；故選D．4、B【解析】

位移的大小等于首末位置的距離，所以總位移是大小為．A．470m，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；B．50m，與結(jié)論相符，選項B正確；C．40m，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；D．30m，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；5、C【解析】

棒對桌面的摩擦力和桌面對棒的摩擦力，為作用力和反作用力，大小相等方向相反，從A運動到B的過程中，棒受到的摩擦力為f，位移為s，摩擦力做的是負功，所以桌面對棒的摩擦力做的功為-fs，桌面受到的摩擦力的大小也為f，但桌面沒動，位移是0，所以棒對桌面的摩擦力做的功為0。故選C。6、A【解析】當(dāng)B滑到最低點時，B的速度為零，根據(jù)機械能守恒定律可知，在此過程中，B物體減少的重力勢能等于A物體增加的動能，選項A正確；物塊B先加速后減速，在減速過程中，可知T>mg，則選項B錯誤；當(dāng)細繩與豎直方向的夾角為60°時，將A、B的速度分解為沿繩的方向和垂直于繩子的方向，兩物體沿繩子方向的速度相等，有：vBcos60°=vAcos30°，所以；AB組成的系統(tǒng)機械能守恒，有：mgh=mvA2+mvB2，因滑塊B的速度為v，所以：h=，繩長l=2h=．選項CD錯誤；故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．Q1從無窮遠處（電勢為0）移到B點的過程，根據(jù)電場力做功公式得得又可得Q1移入之前，B點的電勢為由于開始，故A錯誤；B．Q1移入之前，C點的電場強度E1，Q1移入之后，Q1在C點產(chǎn)生的電場強度為1E1，如圖所示，根據(jù)圖中的幾何關(guān)系可得故B正確；C．Q1移入之后，根據(jù)電勢疊加的原理可知C點的電勢為Q1從無窮遠處移到C點的過程中，所受電場力做的功為：故C錯誤；D．Q1在移到C點后的電勢能為故D正確。故選BD。8、ACD【解析】A、因為AB:BC:CD=5:3:1，三個小球均落在D點，則三個小球的豎直位移之比為hAD:hBD:hCD=9:4:1，根據(jù)初速度為零的勻變速直線運動的規(guī)律，t1：t2：t3=3：2：1，故A正確；B、三小球都做平拋運動，加速度相同，速度變化率相同，B錯誤；C、因為平拋運動的水平位移之比為9:4:1，時間之比為3:2:1，可知三個小球的初速度之比為3:2:1，C正確；D、平拋運動在某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，因為小球均落在斜面上，位移與水平方向的夾角不變，則速度與水平方向的夾角相等，故D正確．故選ACD.點睛：根據(jù)三個小球的位移之比得出三個小球平拋運動的高度之比和水平位移之比，根據(jù)位移時間公式求出運動的時間之比，根據(jù)時間和水平位移之比求出初速度之比．抓住某時刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，分析落在斜面上的速度方向與初速度方向夾角的關(guān)系．9、AC【解析】C、鋼板受到重力mg、風(fēng)力F、墻的支持力N和滑動摩擦力f，由于風(fēng)力恒定，則由平衡條件得知，墻對鋼板的支持力恒定，鋼板所受的滑動摩擦力恒定，故鋼板勻加速下滑，則有v=at，故C正確；A、根據(jù)動能定理得：，可知與h成正比，故A正確；B、設(shè)鋼板開始時機械能為，鋼板克服滑動摩擦力做功等于機械能減小的量，則，則知E與t是非線性關(guān)系，圖象應(yīng)是曲線，故B錯誤；D、重力的功率，則知P與h是非線性關(guān)系，圖象應(yīng)是曲線，故D錯誤；故選AC．【點睛】本題首先要正確分析鋼板的運動情況，其次要根據(jù)物理規(guī)律得到動能、機械能、速度和重力功率的表達式，再選擇圖象．10、AC【解析】

A．由圖可得，變速階段的加速度，設(shè)第②次所用時間為t，根據(jù)速度-時間圖象的面積等于位移（此題中為提升的高度）可知，，解得：，所以第①次和第②次提升過程所用時間之比為，選項A正確；B．由于兩次提升變速階段的加速度大小相同，在勻加速階段，由牛頓第二定律，，可得提升的最大牽引力之比為1∶1，選項B錯誤；C．由功率公式，P=Fv，電機輸出的最大功率之比等于最大速度之比，為2∶1，選項C正確；D．加速上升過程的加速度，加速上升過程的牽引力，減速上升過程的加速度，減速上升過程的牽引力，勻速運動過程的牽引力．第①次提升過程做功；第②次提升過程做功；兩次做功相同，選項D錯誤．【點睛】此題以速度圖像給出解題信息．解答此題常見錯誤主要有四方面：一是對速度圖像面積表示位移掌握不到位；二是運用牛頓運動定律求解牽引力錯誤；三是不能找出最大功率；四是不能得出兩次提升電機做功．實際上，可以根據(jù)兩次提升的高度相同，提升的質(zhì)量相同，利用功能關(guān)系得出兩次做功相同．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、M+m′+m滑塊上μ=0.23(0.21—025)【解析】

②對整體進行研究，根據(jù)牛頓第二定律得：a=mg-μ(M+m')gM+m+m'=(1+μ)gM+m+m'm-μg，若要求a是m的一次函數(shù)必須使(1+μ)gM+m+m'm不變，即使m+m′不變，在增大m時等量減小m′，所以實驗中應(yīng)將從托盤中取出的砝碼置于滑塊上。

③將(1+μ)gM+m+m'取為k，有k=a1【點睛】本題是通過作出兩個量的圖象，然后由圖象去尋求未知量與已知量的關(guān)系。運用數(shù)學(xué)知識和物理量之間關(guān)系式結(jié)合起來求解。12、(1)彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比(2)1025【解析】（1）F-L是一條直線，根據(jù)圖線可知彈簧的彈力與彈簧的伸長量成正比．

（2）當(dāng)彈力為零時，彈簧的形變量為零，此時彈簧的長度等于彈簧的原長，因為彈簧的長度L=10cm，可知彈簧的原長L0=10cm．

根據(jù)胡克定律知，，可知圖線的斜率表示勁度系數(shù)，則k=N/m=25N/m．點睛：本題要求對實驗原理能充分理解，能讀懂圖象的，知道F-L圖線的斜率表示勁度系數(shù)，圖像與橫軸的交點為彈簧的原長．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）2.45×10-3s【解析】（1）t=0時刻，粒子由O到B：L2加速度：a=U得：t所以：t（2）對剛好不能到達B極板的粒子，先做勻加速運動，達到速度vm后，做勻減速運動，到達B極板前速度減為0，設(shè)勻加速時間為Δt，勻減速時間為Δt'，全程時間為t，則勻加速的加速度：a=2.0×勻減速的加速度大?。篴'由：vm得