廣東二師學院番禺附學2025屆物理高二上期中經(jīng)典試題含解析

廣東二師學院番禺附學2025屆物理高二上期中經(jīng)典試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列關于質(zhì)點和參考系的描述中，正確的是（）A．只有物體運動不是很快時，才可以把物體看作質(zhì)點B．質(zhì)點是沒有質(zhì)量、沒有形狀、大小的點C．參考系必須是正在做勻速直線運動的物體或是相對于地面靜止的物體D．參考系是為了研究物體的運動而假定為不動的那個物體2、如圖所示，在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，需要將橡皮條的一端固定在水平木板上，另一端系上兩根細繩，繩的另一端都有繩套．實驗中需用兩個彈簧秤分別勾住繩套，并互成角度地拉橡皮條．在此過程中必須注意的事項是（）A．兩根細繩必須等長B．保證兩彈簧秤示數(shù)相等C．橡皮條應與兩繩夾角的平分線在同一直線上D．在使用彈簧秤時要注意使彈簧秤與木板平面平行3、電阻R1阻值為6Ω，與電阻R2并聯(lián)后接入電路中，通過它們的電流之比Il：I2=2:3，則電阻R2的阻值和總電阻的阻值分別為()A．4Ω，2.4Ω B．4Ω，3.6Ω C．9Ω，3.6Ω D．9Ω，4.5Ω4、關于電源電動勢E的下列說法中正確的是（）A．電動勢在數(shù)值上等于電源將單位正電荷從負極移動到正極時，非靜電力所做的功B．由電動勢可知，電源內(nèi)非靜電力做功越多，電動勢越大C．電動勢E的單位與電勢差的單位相同，都是伏特，所以電勢差就是電動勢D．電源的電動勢與外電路結構有關，外電路變化，通常電動勢也要變化5、如圖所示，在通電螺線管的周圍和內(nèi)部a、b、c、d四個位置分別放置了小磁針，小磁針涂黑的一端是N極．圖中正確表示小磁針靜止時的位置是（

）A．a(chǎn) B．b C．c D．d6、如圖所示，將一個質(zhì)量為m的物體從水平桌面的A點以初速度v0拋出，以桌面為零勢能面，不計空氣阻力，當它到達B點時，其機械能為A． B． C．mgH－mgh D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、靜電噴涂機原理如圖所示，靜電噴涂機接高壓電源，工作時涂料微粒會向帶正電的被噴涂工件高速運動，微粒最后被吸附到工件表面．關于靜電噴涂機的涂料微粒，下列表述正確的有()A．微粒帶負電 B．微粒帶正電C．微粒受洛倫茲力作用 D．微粒受電場力作用8、如圖所示，邊界OA與OC之間分布有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度大小B，已知∠AOC=60°。OC上的P處為粒子的入射口，在OA上的M處安放接收器，且OM=OP=l?，F(xiàn)將大量質(zhì)量為m，電荷量為+q的同種粒子以各種速率從P處向各個方向射入磁場，在M處被觀測到的粒子中，下列說法正確的是A．速度的最小值為B．速度最小的粒子在磁場中運動的時間為C．在磁場中運動的時間的最大值為D．在磁場中運動的時間最長的粒子速度為9、如圖所示，電動勢為E、內(nèi)阻為r的電池與定值電阻R0、滑動變阻器R串聯(lián)，已知，滑動變阻器的最大阻值為2r．當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，下列說法中正確的是（）A．電路中的電流變大B．電源的輸出功率先變大后變小C．滑動變阻器消耗的功率變小D．定值電阻R0上消耗的功率先變大后變小10、如圖所示，電路中A、B為兩塊豎直放置的金屬板，C是一只靜電計，開關S合上后，靜電計指針張開一個角度，下述做法可使靜電計指針張角增大的是（）A．使A、B兩板靠近一些B．使A、B兩板正對面積減小一些C．斷開S后，使B板向右平移一些D．斷開S后，使A、B正對面積減小一些三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）研究兩個小球在軌道水平部分碰撞的規(guī)律（動量守恒定律）：先安裝好如圖1實驗裝置，在地上鋪一張白紙．白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O．之后的實驗步驟如下：步驟1：不放小球2，讓小球1從斜槽上A點由靜止?jié)L下，并落在地面上．重復多次，用盡可能小的圓，把小球的所有落點圈在里面，其圓心就是小球落點的平均位置；步驟2：把小球2放在斜槽前端邊緣位置B，讓小球1從A點由靜止?jié)L下，使它們碰撞．重復多次，并使用與步驟1同樣的方法分別標出碰撞后兩小球落點的平均位置；步驟1：用刻度尺分別測量三個落地點的平均位置M、P、N離O點的距離，即線段OM、OP、ON的長度．（1）上述實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量有________．A．A、B兩點間的高度差h1B．B點離地面的高度h2C．小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2

D．小球1和小球2的半徑r（2）當所測物理量滿足________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞遵守動量守恒定律．如果還滿足_________________時（用所測物理量的字母表示），說明兩球碰撞發(fā)生彈性碰撞．（1）完成上述實驗后，某實驗小組對裝置進行了如圖2所示的改造．在水平槽末端與水平地面間放置了一個斜面，斜面的頂點與水平槽等高且無縫連接．使小球1仍從斜槽上A點由靜止?jié)L下，重復實驗步驟1和2的操作，得到兩球落在斜面上的平均落點M′、P′、N′．用刻度尺測量斜面頂點到M′、P′、N′三點的距離分別為l1、l2、l1．則驗證兩球碰撞過程中動量守恒的表達式為__________________（用所測物理量的字母表示）．12．（12分）在伏安法測電阻的實驗中，待測電阻Rx約為200Ω，電壓表V的內(nèi)阻約為2kΩ，電流表A的內(nèi)阻約為10Ω，測量電路中電流表的連接方式如圖甲或圖乙所示，結果可由公式Rx＝計算得出，式中U與I分別為電壓表和電流表的示數(shù)．若將圖甲和圖乙中電路測得的電阻值分別記為Rx1和Rx2，則________(填“Rx1”或“Rx2”)更接近待測電阻的真實值，且測量值Rx1________(填“大于”、“等于”或“小于”)真實值，測量值Rx2________(填“大于”、“等于”或“小于”)真實值．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy的第四象限有垂直紙面向里的勻強磁場，磁感應強度B＝2.0T．一質(zhì)量為m＝5.0×10－8kg、電量為q＝1.0×10－6C的帶電粒子從P點沿圖示方向以v＝20m/s的速度進入磁場，從x軸上的Q點離開磁場（Q點未畫出）．已知OP＝30cm，(粒子重力不計，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)，求：(1)OQ的距離；(2)若粒子不能進入x軸上方，求磁感應強度B′滿足的條件．14．（16分）如圖所示，勻強電場的電場強度E=3.0×104N/C，沿電場線方向有A、B兩點，A、B兩點間的距離s=0.10m。將電荷量q=+2.0×10-8C的點電荷從A點移至B點。求

(1)畫出電荷在A點受到的電場力(2)電荷所受電場力F的大小

(3)電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功W15．（12分）如圖所示，已知電源電動勢E=20V，內(nèi)阻r=1Ω，當接入固定電阻R=4Ω時，電路中標有“3V6W”的燈泡L和內(nèi)阻r′=0.5Ω的小型直流電動機均恰能正常工作，求：⑴電路中的電流強度；⑵電動機的輸出功率；⑶電源的效率．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質(zhì)點，與物體的運動的狀態(tài)無關，故A錯誤；質(zhì)點有質(zhì)量，沒有形狀和大小，故B錯誤；參考系是為了研究物體的運動而假定為不動的那個物體，參考系的選取是任意的，應根據(jù)所研究的問題靈活選取，并不是一定是選取正在做勻速直線運動的物體或是相對于地面靜止的物體作為參考系，故C錯誤，D正確。所以D正確，ABC錯誤。2、D【解析】

A．細線的作用是能顯示出力的方向，所以不必須等長．故A錯誤；B．兩彈簧秤示數(shù)不需要等大，只要便于作出平行四邊形即可．故B錯誤；C．兩細線拉橡皮條時，只要確保拉到同一點即可，不一定橡皮條要在兩細線的夾角平分線上．故C錯誤；D．在拉彈簧秤時必須要求彈簧秤與木板平面平行，否則會影響力的大小，故D正確．3、A【解析】并聯(lián)電路中電流之比等于電阻的反比，則有：R1R2=I2I1=【點睛】根據(jù)并聯(lián)電路的性質(zhì)可求得R24、A【解析】電動勢表示電源將單位正電荷從負極移到時正極時，非靜電力所做的功，A對．E=W非/q是電動勢定義式，移送相同電荷量時，非靜電力做功越多，電動勢越大，B錯．電動勢表示非靜電力做功，電勢差表示電場力做功，兩者不同，C錯．電動勢只由電源本身決定，與外電路無關，D錯．5、A【解析】根據(jù)電源的正負極得出通電螺線管的電流方向從左邊流入、從右邊流出；根據(jù)電流方向，利用安培定則判斷螺線管的左端為S極、右端為N極；在磁體內(nèi)磁場的方向從S極指向N極，而小磁針的N極的指向表示磁場的方向，所以b、c、d三個位置的磁場的指向都錯誤．在磁體外磁場的方向從N極指向S極，所以a處的磁場從右向左，小磁針的指向正確．故選A．【點睛】安培定則（右手螺旋定則）為考試中的重點及難點，應能做到熟練應用右手螺旋定則判斷電流及磁極的關系．6、B【解析】

物體的機械能守恒，在A點的機械能與剛開始運動時的機械能相同，以桌面為零勢能面，則剛開始運動時的機械能和物體的動能相同，所以為，故ACD錯誤，B正確；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】

因為被涂工件帶正電，所以粒子帶負電，這樣使得涂料更好的與被涂物體相結合，過程中電荷受到的庫倫力，屬于電場力，所以AD正確．8、BC【解析】

AB.小球從入射點P到M的過程中，根據(jù)半徑公式知粒子速度最小時半徑最小，故PM的距離l=2R1，故粒子的最小速度為：運動時間為：故A錯誤B正確；CD.粒子在磁場中運動的時間最長時，軌跡圓與OC、OA分別相切于P點和M點，如圖所示，由幾何關系得：解得：根據(jù)半徑公式有：解得：其運動時間為：故C正確D錯誤；9、AC【解析】

A．當滑動變阻器滑片P由a端向b端滑動時，電路中的總電阻變小，電動勢和內(nèi)電阻不變，可知電路總電流變大，故A正確，符合題意；B．當外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大，由題意可知，，當滑動變阻器的滑片P由a端向b端滑動時，外電路電阻從3r減小到r，由于整個過程中，外電阻一直大于電源內(nèi)阻，隨外電阻阻值的減小，電源的輸出功率不斷增大，故B錯誤，不符合題意；C．把R0與電源組成的整體看做等效電源，電源內(nèi)電阻變?yōu)?r，滑動變阻器消耗的功率可看成電源的輸出功率，隨著外電阻從2r減到0的過程中，輸出功率減小，故C正確，符合題意；D．當滑動變阻器滑片P由a端向b端滑動時，電路中的總電阻變小，電動勢和內(nèi)電阻不變，可知電路總電流變大，根據(jù)，R0不變，定值電阻R0上消耗的功率變大．故D錯誤，不符合題意．【點睛】分析滑動變阻器的功率如何變化是本題的關鍵，把把定值電阻R0和電源看成一個整體，此時電源的輸出功率即為滑動變阻器消耗的功率．10、CD【解析】

AB.靜電計顯示的是A、B兩極板間的電壓，指針張角越大，表示兩板間的電壓越高；當合上S后，A、B兩板與電源兩極相連，板間電壓等于電源電壓，不管是使A、B兩板靠近一些，還是使A、B兩板正對面積減小一些，靜電計指針張角不變，故選項AB不合題意。CD.當斷開S后，根據(jù)平行板電容器電容的決定式C=14kπ?sd，板間距離d增大，正對面積S減小，都將使A、B兩板間的電容C變小，而電容器所帶的電荷量Q不變，由C=QU三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、Cm1?OP=m1?OM+m2?ONm1?（OP）2=m1?（OM）2+m2?（ON）2m1l2=m1l1+m2【解析】(1)根據(jù)動量守恒得,m1?OP=m1?OM+m2?ON,所以除了測量線段OM、OP、ON的長度外,還需要測量的物理量是小球1和小球2的質(zhì)量m1、m2.故選：C。(2)因為平拋運動的時間相等,則水平位移可以代表速度,OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移,該位移可以代表A球碰撞前的速度,OM是A球碰撞后平拋運動的位移,該位移可以代表碰撞后A球的速度,ON是碰撞后B球的水平位移,該位移可以代表碰撞后B球的速度,當所測物理量滿足表達式m1?OP=m1?OM+m2?ON,說明兩球碰撞遵守動量守恒定律,由功能關系可知,只要12m1v02=12m1v12+12m2v(1)碰撞前,m1落在圖中的P′點,設其水平初速度為v1.小球m1和m2發(fā)生碰撞后,m1的落點在圖中M′點,設其水平初速度為v′1,m2的落點是圖中的N′點,設其水平初速度為v2.設斜面BC與水平面的傾角為α，由平拋運動規(guī)律得：Lpsin解得v同理vv可見速度正比于l所以只要驗證m1l2=m1l1+m212、Rx1大于小于【解析】因為，而，故可認為Rx＞＞RA，故應采用圖甲電路測量更準確，即Rx1更接近待測電阻的真實值；因為，，U＞UR，I=IR，則，即測量值Rx1大于真實值；因為，，U=UR，I＞IR，則，即測量值Rx2小于真實值；四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）0.90m；（2）B′>T＝5.33T；【解析】試題分析：（1）帶電粒子僅在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，有：得代入數(shù)據(jù)得：R＝0.50m而OP/cos53°＝0.50m故圓心一定在x軸上，軌跡如圖甲所示．由幾何關系可知：OQ＝R＋Rsin53°，故OQ＝0.90m（2）帶電粒子不從x軸射出（如圖乙），由幾何關系得：OP>R′＋R′cos53°①②由①②并代入數(shù)據(jù)得：（取“≥”照樣給分）考點：帶電粒子在磁場中的運動【名師點睛】此題是帶電粒子在磁場中的運動問題；考查動能定理、牛頓第二定律及向心力公式，同時將幾何知識融入題中，從而提升學生分析與解題的能力；解題時必須要畫出運動的草圖，結合結合關系找到粒子運動的半徑然后進行其他的求解.14、（1）略（2）6.0×10-4N（3）6.0×10-5J【解析】

電荷在勻強電場中，受到的電場力根據(jù)公式：F=qE即可求得．正電荷所受的電場力方向與場強方向相同．電荷從A點移至B點的過程中，電場力所做的功根據(jù)公式：W=qEd即可求得．【詳解】（1）正電荷在