2025屆湖南省岳陽市第五中學等物理高二上期末聯(lián)考試題含解析

2025屆湖南省岳陽市第五中學等物理高二上期末聯(lián)考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學采用如圖所示的電路給一個小電動機供電，電動機線圈的電阻為r，電動機正常工作時，電壓表的示數(shù)為U，電流表的示數(shù)為I。電流表和電壓表均可視為理想電表，電動機的機械功率為（）A. B.I2rC.UI－I2r D.UI2、某人造地球衛(wèi)星由于空氣阻力作用軌道半徑逐漸減小，在高度逐漸降低的過程中，關于該人造地球衛(wèi)星，下列說法正確的是（）A.動能逐漸減小 B.加速度逐漸減小C.加速度逐漸增大 D.角速變逐漸減小3、把六個相同的小燈泡接成如圖甲、乙所示的電路，調節(jié)變阻器使燈泡正常發(fā)光，甲、乙兩電路所消耗的功率分別用P甲和P乙表示，則下列結論中正確的是（）A.P甲=P乙 B.P乙=3P甲C.P甲=3P乙 D.P乙>3P甲4、如圖所示，甲是一個帶正電的小物塊，乙是一個不帶電的絕緣物塊，甲、乙疊放在一起靜置于粗糙的水平地板上，地板上方空間有水平向里的勻強磁場．現(xiàn)用水平恒力拉乙物塊，使甲、乙無相對滑動地一起水平向左加速運動，則在加速運動階段（）A.乙物塊與地之間的摩擦力不斷減小B.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷減小C.乙物塊與地之間的摩擦力大小不變D.甲、乙兩物塊間的摩擦力不斷增大5、如圖，材質相同、粗細均勻的正方形導體框ABCD，垂直放置于勻強磁場中，將CD兩點接到電源兩端，CD段受到的安培力為F，則此時導體框受到的安培力的合力大小為A. B.C.2F D.3F6、如圖所示，條形磁鐵豎直放置，一水平圓環(huán)從磁鐵上方位置M向下運動，到達磁鐵上端位置N，套在磁鐵上到達中部P，再到達磁鐵下端位置Q，后來到達下方L。圓環(huán)在M→N→P→Q→L過程中，穿過圓環(huán)的磁通量變化情況是（）A.變大，變小，變大，變小B.變大，變大，變小，變小C.變大，不變，不變，變小D.變小，變小，變大，變大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖是醫(yī)用回旋加速器示意圖，其核心部分是兩個D形金屬盒，兩金屬盒置于勻強磁場中，并分別與高頻電源相連．現(xiàn)用該裝置加速氘核(帶電量為e、質量為2m)和氦核(帶電量為2e、質量為4m)．若不考慮粒子重力及在電場中的運動時間，則下列說法中正確的有（電源頻率可保證電荷到達Ｄ型盒間隙時能改變電壓方向）A.氘核和氦核運動的周期相同B.氘核和氦核的最大動能相同C.要使氘核的最大動能變成原來的4倍，可僅將磁感應強度增大為原來的2倍D.要使氘核的最大動能變成原來的1/4，可僅將磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?/28、下面的說法正確的是（）A.物體運動的方向就是它的動量的方向B.如果物體的速度發(fā)生變化，則可以肯定它受到的合外力的沖量不為零C.如果合外力對物體的沖量不為零，則合外力一定使物體的動能增大D.作用在物體上的合外力沖量不一定能改變物體速度的大小9、如圖所示，光滑的水平軌道AB與半徑為R的光滑的半圓形軌道BCD相切于B點，AB水平軌道部分存在水平向右的勻強電場，半圓形軌道在豎直平面內，B為最低點，D為最高點．一質量為m、帶正電的小球從距B點x的位置在電場力的作用下由靜止開始沿AB向右運動，恰能通過最高點，下列說法中正確的是A.R越大，x越大B.m與R同時增大，電場力做功增大C.m越大，x越小D.R越大，小球經過B點后瞬間對軌道的壓力越大10、兩個完全相同的金屬小球，半徑遠小于兩小球之間距離，帶電量之比為1∶7，相距為r，兩者之間的引力為F，相互接觸后再放回原來的位置上，則相互作用力為原來的（）A.3/7 B.4/7C.9/7 D.16/7三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）（1）在一次實驗時某同學用游標卡尺測量（如圖所示），示數(shù)為___________cm.在一次實驗時某同學用螺旋測微器測量（如圖），示數(shù)為_________________mm.（2）某電阻額定電壓為3V（阻值大約為10Ω）．為測量其阻值，實驗室提供了下列可選用的器材：A：電流表A1（量程300mA，內阻約1Ω）B：電流表A2（量程0.6A，內阻約0.3Ω）C：電壓表V1（量程3.0V，內阻約3kΩ）D：電壓表V2（量程5.0V，內阻約5kΩ）E：滑動變阻器R1（最大阻值為10Ω）F：滑動變阻器R2（最大阻值為1kΩ）G：電源E（電動勢4V，內阻可忽略）H：電鍵、導線若干①為了盡可能提高測量準確度，應選擇的器材為（只需添器材前面的字母即可）：電流表_______，電壓表_________，滑動變阻器________.②畫出該實驗電路圖_____________________.12．（12分）如圖螺旋測微器的讀數(shù)是_________mm。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，電阻不計且間距為L=1m的光滑平行金屬導軌豎直放置，上端連接阻值為的電阻，虛線OO'下方有垂直于導軌平面的勻強磁場?，F(xiàn)將質量為m=0.3kg、電阻的金屬ab必從OO'上方某處以一定初速度釋放，下落過程中與導軌保持良好接觸且始終水平。在金屬桿ab下落0.3m的過程中，其加速度a與下落距離h的關系圖象如圖乙所示。已知d進入磁場時的速度=2.0m/s，取g=10m/s2。求：（1）勻強磁場的磁感應強度大??；（2）金屬桿ab下落0.3m的過程中，通過R的電荷量q。14．（16分）如圖所示，在勻強電場中，將帶電荷量q＝－6×10－6C的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了2.4×10－5J的功，再從B點移到C點，電場力做了1.2×10－5J的功．求：(1)A、B兩點間的電勢差UAB和B、C兩點間的電勢差UBC；(2)如果規(guī)定B點的電勢為零，則A點和C點的電勢分別為多少？(3)作出過B點的一條電場線(只保留作圖的痕跡，不寫做法)15．（12分）如圖所示，一電荷量為-q的帶電粒子，以速度v垂直射入磁感應強度為B、寬度為d的有界勻強磁場中，射出磁場時的速度方向與原來粒子的入射方向的夾角θ=60°，求：（1）帶電粒子在磁場中運動的軌道半徑r（2）帶電粒子穿過磁場的時間t

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】電動機消耗的總功率P=IU電動機的熱功率：Pr＝I2r則輸出的機械功率P輸出=P-Pr=IU-I2r故C正確，ABD錯誤。故選C。2、C【解析】根據(jù)人造地球衛(wèi)星的萬有引力等于向心力，列式求出線速度、周期與軌道半徑的表達式，進行討論即可【詳解】人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動，根據(jù)萬有引力提供向心力，設衛(wèi)星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為M，有：，可得：，，，，可見當人造地球衛(wèi)星軌道半徑逐漸減小，即r減小時，v增大,動能增大，增大,增大,T減??；則C正確，A、B、D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是抓住萬有引力提供向心力，列式求解出線速度、周期的表達式，再進行討論即可3、C【解析】設燈泡正常發(fā)光時的電流為I，對于甲圖，電路的總的電流為3I，此時甲的總功率的大小為P甲＝U?3I對于乙圖，電流的總電流的大小就為I，此時乙的總功率的大小為P乙＝U?I所以P甲＝3P乙故選C。4、B【解析】AC．以甲乙整體為研究對象，分析受力如圖，則有N=F洛+（m甲+m乙）g，當甲乙一起加速運動時，洛倫茲力F洛增大，乙物塊與地之間的滑動摩擦力f增大．故AC錯誤BD．乙與地面之間的摩擦力f增大，F(xiàn)一定，根據(jù)牛頓第二定律得，加速度a減小，對甲研究得到，乙對甲的摩擦力f甲=m甲a，則得到f甲減小，甲、乙兩物塊間的靜摩擦力不斷減?。蔅正確，D錯誤5、B【解析】均勻的電阻絲組成的正方形導體框，電阻絲CBAD阻值是電阻絲CD阻值的3倍，電阻絲CD與電阻絲CBAD并聯(lián)，所以電阻絲CBAD中電流是電阻絲CD中電流的；電阻絲CBAD在磁場中的有效長度與電阻絲CD的長度相等，則電阻絲CBAD所受安培力是電阻絲CD所受安培力的，即電阻絲CBAD所受安培力為F；電阻絲CD與電阻絲CBAD所受安培力的方向相同，所以三根電阻絲受到的安培力的合力：。A.。與上述結論不符，故A錯誤；B.。與上述結論相符，故B正確；C.2F。與上述結論不符，故C錯誤；D.3F。與上述結論不符，故D錯誤。故選：B。6、B【解析】圓環(huán)從M到N過程中，穿過線圈的磁感線條數(shù)增多，則磁通量變大；由N到中部P的過程，線圈包含了所有的內部磁感線及部分外部磁感線，內外磁感線相互抵消；因越到中間外部磁感線越少；故本過程磁通量變大；而P→Q的過程是N到中部P的過程的相反過程，磁通量變小；Q→L的過程中遠離磁鐵，磁通量變??；ACD錯誤；B正確。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】A項：帶電粒子大磁場中運動周期，兩粒子的比荷相等，所以周期相等，故A正確；B項：根據(jù)得，最大動能，所以氦核的最大動能較大，故B錯誤；C、D項：由可知，要使氘核最大動能變成原來的4倍，磁場變?yōu)樵瓉淼?倍，同理可知，要使氘核的最大動能變成原來的1/4，可僅將磁感應強度變?yōu)樵瓉淼?/2故CD正確故選ACD8、ABD【解析】據(jù)P=mv可知，動量方向與速度方向一致，所以A選項正確；據(jù)I=Ft=Δmv可知，物體的速度發(fā)生變化則物體的動量發(fā)生變化，那么一定受到不為0的沖量作用，B選項正確；靜止的物體所受到的外力沖量不為0，但物體的動能為0，所以C選項錯誤；當物體做勻速圓周運動時，其所受合外力沖量不為0，但物體的速度大小不變，D選項正確9、AB【解析】小球恰能通過最高點時，由重力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律求出小球經最高點時的速度，根據(jù)動能定理求出初速度v0與半徑R的關系．小球經過B點后的瞬間由重力和軌道的支持力的合力提供向心力，由牛頓運動定律研究小球對軌道的壓力與半徑的關系【詳解】小球在BCD部分做圓周運動，在D點，有：mg=m①從A到D過程，由動能定理有：qEx-2mgR=mvD2，②由①②得：，③可知，R越大，x越大．m越大，x越大，故A正確，C錯誤從A到D過程，由動能定理有：W-2mgR=mvD2，⑥由①⑥解得：電場力做功W=mgR，可知m與R同時增大，電場力做功越多，故B正確．小球由B到D的過程中，由動能定理有：-2mgR=mvD2-mvB2，vB=，④在B點有：FN-mg=m⑤解得：FN=6mg，則知小球經過B點瞬間軌道對小球的支持力與R無關，則小球經過B點后瞬間對軌道的壓力也與R無關，故D錯誤．故選AB【點睛】動能定理與向心力知識綜合是常見的題型．小球恰好通過最高點時速度與輕繩模型類似，軌道對小球恰好沒有作用力，由重力提供向心力，臨界速度v=，做選擇題10、CD【解析】由庫侖定律可得，兩球接觸前的庫侖力：；當兩球帶同種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量：兩球接觸后的庫侖力；當兩球帶異種電荷時，兩球接觸后平分電量，則兩球的電量；兩球接觸后的庫侖力，故CD正確，AB錯誤．故選CD點睛：兩相同小球相互接觸再分開，則電量先中和然后再平分總電荷量；庫侖定律計算中可以只代入電量，最后再根據(jù)電性判斷庫侖力的方向三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.;②.;;③.A;④.C;⑤.E;⑥.【解析】（1）[1]20分度的游標卡尺，精確度是0.05mm，游標卡尺的主尺讀數(shù)為104mm，游標尺上第1個刻度和主尺上某一刻度對齊，所以游標尺讀數(shù)為:1×0.05mm=0.05mm所以最終讀數(shù)為：104mm+0.05mm=104.05mm=10.405cm；[2]螺旋測微器的固定刻度為8mm，可動刻度為：

5×0.01mm=0.075mm所以最終讀數(shù)為：8mm+0.075mm=8.075mm（2）①[3]根據(jù)歐姆定律，流過電阻的最大電流：故電流表選A；[4]電阻額定電壓為3V則電壓表選C即可；[5]為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式接法，為了方便調節(jié)，滑動變阻器選小阻值的E②[6]即被測電阻為小電阻，選取電流表外接，題目要求為了盡可能提高測量準確度，選擇滑動變阻分壓式．故電路圖如圖【點睛】選擇器材通常的步驟：1、根據(jù)實驗要求設計合理的實驗電路．2、估算電路中電壓、電流可能達到的最大值，