2025屆四川省瀘州市瀘縣第五中學物理高二第一學期期末調(diào)研模擬試題含解析

2025屆四川省瀘州市瀘縣第五中學物理高二第一學期期末調(diào)研模擬試題注意事項：1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一靈敏電流計（電流表），當電流從它的正接線柱流入時，指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn).現(xiàn)把它與開關(guān)、線圈串聯(lián)，下列各圖中能使靈敏電流計指針向正接線柱一側(cè)偏轉(zhuǎn)的是（）A. B.C. D.2、如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點P原處于靜止狀態(tài)，不考慮電流表和電壓表對電路的影響，當滑動變阻器的滑片向b端移動時，則()A.電壓表讀數(shù)增大B.電流表讀數(shù)減小C.質(zhì)點P將向上運動D.上消耗的功率逐漸減小3、如圖所示，光滑固定金屬導軌M、N水平放置，兩根導體棒P、Q平行放于導軌上，形成一個閉合回路．當一條形磁鐵從高處下落接近回路的過程中，下列說法正確的是A.P、Q將保持不動B.P、Q將相互遠離C.磁鐵的加速度小于gD.磁鐵的加速度仍為g4、矩形導線框固定在勻強磁場中，如圖所示，磁感線的方向與導線框所在平面垂直，規(guī)定磁場的正方向為垂直紙面向外，磁感應強度B隨時間t變化的規(guī)律如圖所示，則（）A.0～t1時間內(nèi)，導線框中電流的方向為abcdaB.0～t1時間內(nèi)，導線框中電流越來越小C.0～t2時間內(nèi)，導線框中電流的方向始終為adcbaD.0～t2時間內(nèi)，導線框ab邊受到安培力大小恒定不變5、關(guān)于直流電動機，下列說法正確的是A.線圈能持續(xù)轉(zhuǎn)動，是因為電刷的作用B.線圈是受到電場力的作用而持續(xù)轉(zhuǎn)動C.電動機線圈的電阻足夠小就能持續(xù)轉(zhuǎn)動D.電動機線圈是受到磁場力的作用才發(fā)生轉(zhuǎn)動6、關(guān)于電容器的電容，下列說法正確的是A.電容器所帶的電荷量越多，電容越大B.電容器兩極板間電壓越高，電容越大C.電容器不帶電時，電容為零D.電容是描述電容器儲存電荷能力的物理量二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，勻強電場中的三個點A、B、C構(gòu)成一個直角三角形，，，．把一個帶電量為的點電荷從A點移到到B點電場力不做功，從B點移動到C點電場力做功為W．若規(guī)定C點的電勢為零，則A.A點的電勢為B.B、C兩點間的電勢差為C.該電場的電場強度大小為D.若從A點沿AB方向飛入一電子，其運動軌跡可能是甲8、在“用伏安法測電阻”的實驗中，測量電路中電表的連接方式如圖甲或乙所示，把電壓表讀數(shù)和電流表讀數(shù)的比值作為電阻的測量值，考慮到實際電表內(nèi)阻對測量的影響，兩種連接方式都存在系統(tǒng)誤差。下列判斷正確的是（）A.若采用甲圖，誤差是由電壓表分流引起的B.若采用甲圖，誤差是由電流表分壓引起的C.若采用乙圖，電阻的測量值大于真實值D.若采用乙圖，電阻的測量值小于真實值9、如圖所示，將負試探電荷沿著等量異種電荷的連線從中點A點移動到B點，在這一過程中()A.試探電荷所受電場力增大B.試探電荷所受電場力減小C.試探電荷所處位置的電勢增大D.試探電荷所處位置的電勢減小10、在兩平行金屬板間，有如圖所示的互相正交的勻強電場和勻強磁場．α粒子（氦原子核）以速度v0從兩板的正中央垂直于電場方向和磁場方向從左向右射入，恰好能沿直線勻速通過．下列說法正確的是（）A.若電子以速度沿相同方向射入，電子將向下偏轉(zhuǎn)B.若質(zhì)子以速度沿相同方向射入，質(zhì)子將沿直線勻速通過C.若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向下偏轉(zhuǎn)D.若質(zhì)子以大于的速度沿相同方向射入，質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）在測定一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻的實驗中，備有下列器材：A．待測的干電池（電動勢約為1.5V，內(nèi)電阻小于1.0Ω）B．電流表A1（量程0﹣3mA，內(nèi)阻Rg1=10Ω）C．電流表A2（量程0﹣0.6A，內(nèi)阻Rg2=0.1Ω）D．滑動變阻器R1（0﹣20Ω，10A）E．滑動變阻器R2（0﹣200Ω，lA）F．定值電阻R0（990Ω）G．開關(guān)和導線若干（1）某同學發(fā)現(xiàn)上述器材中沒有電壓表，但給出了兩個電流表，于是他設(shè)計了如圖甲所示的（a）、（b）兩個參考實驗電路，其中合理的是__圖所示的電路；在該電路中，為了操作方便且能準確地進行測量，滑動變阻器應選__（填寫器材前的字母代號）（2）圖乙為該同學根據(jù)（1）中選出的合理的實驗電路，利用測出的數(shù)據(jù)繪出的I1﹣I2圖線（I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，且I2的數(shù)值遠大于I1的數(shù)值），但坐標紙不夠大，他只畫了一部分圖線，則由圖線可得被測電池的電動勢E=__V，內(nèi)阻r=__Ω（3）若圖線與縱坐標軸的交點等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標應該為_________A．I1（R0+Rg1）B．I1?R0C．I2（R0+Rg2）D．I1?Rg112．（12分）如圖所示，理想變壓器的原．副線圈匝數(shù)之比為n1：n2＝4：1，原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中的負載電阻B的阻值相等．a(chǎn)、b端加一交流電壓后，兩電阻消耗的電功率之比PA：PB＝____；兩電阻兩端的電壓之比UA：UB＝__四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，兩平行金屬導軌間的距離L=0.40m，金屬導軌所在平面與水平面夾角θ=37°，在導軌所在的平面內(nèi)，分布著磁感應強度B=0.50T、方向垂直于導軌所在平面的勻強磁場。金屬導軌的一端接有電動勢E=4.5V、內(nèi)阻r=0.50Ω的直流電源。現(xiàn)把一個質(zhì)量m=0.040kg的導體棒ab放在金屬導軌上，導體棒恰好靜止。導體棒與金屬導軌垂直且接觸良好，導體棒與金屬導軌接觸的兩點間的電阻R0=2.5Ω，金屬導軌電阻不計，取g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80。求：(1)通過導體棒的電流；(2)導體棒受到的安培力大??；(3)導體棒受到摩擦力。14．（16分）如圖的電路中，電池組的電動勢E=30V，電阻，兩個水平放置的帶電金屬板間的距離d=1.5cm．在金屬板間的勻強電場中，有一質(zhì)量為m=7×10-8kg，帶電量C的油滴，當把可變電阻器R3的阻值調(diào)到35Ω接入電路時，帶電油滴恰好靜止懸浮在電場中，此時安培表示數(shù)I=1.5A，安培表為理想電表，取g＝10m/s2，試求：（1）兩金屬板間的電場強度；（2）電源內(nèi)阻和電阻R1的阻值；15．（12分）有一個電熱器，其電阻恒為44Ω、所接交流電壓瞬時表達式為u=311sin(100πt)，式中各物理量均為國際單位．求：（1）該交流電電壓的最大值Um；（2）該交流電的周期T；（3）該電熱器正常工作時的功率P

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A．磁鐵S極向下運動，穿過線圈的磁通量增大，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律感應電流方向俯視為順時針方向，從正接線柱流入電流計，指針偏向正極，故A正確；B．磁鐵N極向下運動，穿過線圈的磁通量增大，原磁場方向向下，根據(jù)楞次定律可以判斷，電流從負接線柱流入電流計，指針偏向負極，故B錯誤；C．磁鐵S極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，原磁場方向向上，根據(jù)楞次定律感應電流方向俯視為逆時針方向，從負接線柱流入電流計，指針偏向負極，故C錯誤；D．磁鐵N極向上運動，穿過線圈的磁通量減小，原磁場方向向下，根據(jù)楞次定律感應電流方向俯視為順時針方向，從負接線柱流入電流計，指針偏向負極，故D錯誤；故選：A。2、D【解析】ABC．由圖可知，R2與滑動變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再由R1串聯(lián)接在電源兩端；電容器與R3并聯(lián)；當滑片向b移動時，滑動變阻器接入電阻減小，則電路中總電阻減??；由閉合電路歐姆定律可知，電路中電流增大；路端電壓減小，同時R1兩端的電壓也增大；故并聯(lián)部分的電壓減小；由歐姆定律可知流過R3的電流減小，則流過并聯(lián)部分的電流增大，故電流表示數(shù)增大，因并聯(lián)部分電壓減小，而R2中電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，因電容器兩端電壓減小，故電荷受到的向上電場力減小，則重力大于電場力，合力向下，電荷向下運動，故ABC錯誤；D．因R3兩端的電壓減小，由可知，R3上消耗的功率減??；故D正確。故選D。3、C【解析】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，分析導體的運動情況【詳解】當一條形磁鐵從高處下落接近回路時，穿過回路的磁通量增加，根據(jù)楞次定律：感應電流的磁場總是阻礙磁通量的變化，可知，P、Q將互相靠攏，回路的面積減小一點，使穿過回路的磁場減小一點，起到阻礙原磁通量增加的作用．故AB錯誤．由于磁鐵受到向上的安培力作用，所以合力小于重力，磁鐵的加速度一定小于g，故C正確，D錯誤．故選C【點睛】本題直接用楞次定律判斷電磁感應現(xiàn)象中導體的運動方向，抓住導體總是反抗原磁通量的變化是關(guān)鍵．楞次定律的另一結(jié)論：增反減同4、A【解析】由右圖可知B的變化，則可得出磁通量的變化情況，由楞次定律可知電流的方向；由法拉第電磁感應定律可知電動勢，即可知電路中電流的變化情況；由F=BIL可知安培力的變化情況【詳解】由圖可知，0-t2內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，故0到t2時間內(nèi)電流的方向相同，由楞次定律可知，電路中電流方向為順時針，即電流為adcba方向，故A正確，C錯誤；從0到t1時間內(nèi)，線圈中磁通量的變化率相同，感應電動勢恒定不變，電路中電流大小時恒定不變；導線電流大小恒定，故B錯誤；從

t1到t2時間內(nèi)，磁場的變化率不變，則電路中電流大小時恒定不變，故由F=BIL可知，F(xiàn)與B成正比，即增大，則0～t2時間內(nèi)，導線框ab邊受到的安培力大小不是恒定不變的，故D錯誤；故選A【點睛】本題要求學生能正確理解B-t圖的含義，才能準確的利用楞次定律、左手定律等進行判定；解題時要特別注意，兩個時段，雖然磁場的方向發(fā)生了變化，但因其變化為連續(xù)的，故產(chǎn)生的電流一定是相同的5、D【解析】A.直流電動機由于有換向器不斷改變線圈電流方向，使線圈受到持續(xù)不斷的磁場力作用而轉(zhuǎn)動，故A錯誤；BD.直流電動機線圈中的電流受到磁場力作用而發(fā)生轉(zhuǎn)動，故B錯誤，D正確；C.電動機由于持續(xù)受到磁場力作用而轉(zhuǎn)動，與線圈電阻大小無關(guān)，故C錯誤；故選D6、D【解析】AB．電容的定義式為，運用比值法定義，C與電量Q、電壓U無關(guān)，故AB錯誤；CD．電容是描述電容器容納電荷本領(lǐng)的物理量，其大小與電壓無關(guān)，電壓為零時，電容同樣存在，故C錯誤，D正確故選D。點睛：本題考查電容的意義，解決本體的關(guān)鍵知道電容器電容的決定式，知道電容與哪些因素有關(guān)，與哪些因素無關(guān)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】點電荷從B點移動到C點電場力做功為W，則B、C兩點間的電勢差為，點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上．從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下，則有：，其，解得A點的電勢為，該電場的電場強度大小為，電子從A點沿AB方向飛入，所受的電場力方向?qū)⒀仉妶鼍€方向的反方向，故電子將向左上偏轉(zhuǎn)，其運動軌跡可能是甲，故AC錯誤，BD正確，故選BD.【點睛】點電荷從A點移動到B點電場力不做功，說明A、B兩點在同一等勢面上，從B點移動到C點電場力做功為W．說明電場強度方向垂直AB邊向下.8、BD【解析】AB.若采用甲圖，電流表測得的是通過電阻Rx的真實電流，但電壓表測得的是電阻Rx和電流表兩端的共同電壓，因此誤差是由電流表分壓引起的，故A錯誤，B正確；CD.若采用乙圖，電壓表測得的是電阻Rx的兩端的真實電壓，但電流表測得的是通過電阻Rx和電壓表的共同電流，因此誤差是由電壓表分流引起的，由可知電阻的測量值小于真實值，故C錯誤，D正確。故選BD。9、AD【解析】等量異種電荷所產(chǎn)生的電場線如圖所示：AB．在其連線上，從A到B過程中，電場線變密，電場強度增大，故電場力變大，A正確B錯誤；CD．兩電荷連線上，電場方向由+Q指向-Q，又知道沿電場線方向電勢降低，故從A到B過程中電勢降低，C錯誤D正確；故選AD。10、BD【解析】粒子受到向上的洛倫茲力和向下的電場力，二力平衡時粒子沿直線運動，當二力不平衡時，粒子做曲線運動，由公式qv0B=qE，電量與電性不會影響粒子的運動性質(zhì)；再分析電子的受力情況，從而明確電子是否會發(fā)生偏轉(zhuǎn)【詳解】由于α粒子從左向右射入正交的電場和磁場空間，恰能做勻速直線運動，則兩力平衡，即Eq=qvB，所以選擇的速度v=，與電性和電量無關(guān)，但有確定的進、出口．若電子以相同的速度射入，相對α粒子電場力和洛侖茲力均反向，則電子仍將做勻速直線運動，所以選項A錯誤；同理，質(zhì)子以相同的速度射入時，相對α粒子電場力和洛侖茲力雖減小，但兩力仍平衡，沿直線通過，所以選項B正確；若質(zhì)子進入的速度變大，電場力不變，但向上的洛侖茲力變大，所以質(zhì)子將向上偏轉(zhuǎn)，選項C錯誤，選項D正確．故選BD【點睛】本題考查了利用質(zhì)譜儀進行粒子選擇原理，只要對粒子進行正確的受力分析即可解決此類問題，注意掌握粒子做直線運動，一定是勻速直線運動，且粒子的電量與電性均不會影響運動性質(zhì)三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.（1）b②.D③.（2）1.48④.0.84⑤.（3）A【解析】（1）上述器材中雖然沒有電壓表，但給出了兩個電流表，電路中電流最大：Im=A=1.5A；故電流表至少應選擇0～0.6A量程；故應將3mA故應將電流表G串聯(lián)一個電阻，改裝成較大量程的電壓表使用．電表流A由于內(nèi)阻較??；故應采用相對電源來說的外接法；故a、b兩個參考實驗電路，其中合理的是b；因為電源的內(nèi)阻較小，所以應該采用較小最大值的滑動變阻器，有利于數(shù)據(jù)的測量和誤差的減小．滑動變阻器應選D（R1），（2）根據(jù)電路結(jié)構(gòu)結(jié)合閉合電路歐姆定律知解得：所以圖像的縱坐標;解得：圖像的斜率解得：（3）根據(jù)閉合電路歐姆定律可知U=E﹣Ir，若圖線與縱坐標軸的交點等于電動勢的大小，則圖線的縱坐標應該為路段電壓，而U=I1（R0+Rg1），即圖線的縱坐標應該為I1（R0+Rg1），故選A點睛：利用數(shù)學函數(shù)和圖像相結(jié)合的方式求解電源的電動勢和內(nèi)阻12、①.1：16②.1：4【解析】[