2025屆河北省石家莊市辛集市辛集中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題含解析

2025屆河北省石家莊市辛集市辛集中學(xué)物理高二第一學(xué)期期中教學(xué)質(zhì)量檢測試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于電荷所受電場力和洛侖茲力，正確的說法是A．電荷在磁場中一定受洛侖茲力作用B．電荷在電場中一定受電場力作用C．電荷所受電場力一定與該處電場方向一致D．電荷所受的洛侖茲力一定與磁場方向一致2、豎直絕緣墻壁上Q點固定一質(zhì)點A，在Q的正上方P點用絲線懸掛另一質(zhì)點B；A、B兩質(zhì)點因帶電而互相排斥，致使懸線與豎直方向成θ角，如圖所示．由于漏電，使A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少，在電荷漏完之前，懸線對質(zhì)點B的拉力大小將（假設(shè)兩小球始終可以看成質(zhì)點）（）A．逐漸變大 B．逐漸變小C．大小不變 D．先變大后變小3、將一個物體以10m/s的速度從5m的高度水平拋出，落地時它的速度方向與水平地面的夾角為（不計空氣阻力，取g=10m/s2）（）A．30° B．45° C．60° D．90°4、以的水平初速度拋出的物體，飛行一段時間后，打在傾角為的斜面上，此時速度方向與斜面夾角為，如圖所示，則物體在空中飛行的時間為不計空氣阻力，g取)（）A．B．C．D．5、圖甲，A、B是一條電場線上的兩點，當(dāng)一個帶負電的粒子以某一初速度只在電場力作用下沿AB由A點運動到B點，其速度-時間圖象如圖乙所示，粒子到達B點時速度恰為零．下列判斷正確的是A．該電場可能是正點電荷產(chǎn)生的B．從A到B，場強大小均勻減小C．A點的電勢高于B點電勢D．A點運動到B點的過程中該粒子的電勢能變小6、一只普通白熾燈，不通電時燈絲的電阻為R1；正常發(fā)光時燈絲的電阻為R1．比較R1和R1的大小，應(yīng)是()A．R1＞R1B．R1＜R1C．R1＝R1D．條件不足，無法判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，為A、B兩電阻的伏安特性曲線，關(guān)于兩電阻的描述正確的是()A．在兩圖線交點處，電阻A的阻值小于電阻BB．在兩圖線交點處，電阻A的阻值等于電阻BC．在兩圖線交點處，電阻A的阻值大于電阻BD．電阻A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變8、真空中存在方向斜向上的勻強電場，一帶電小球水平射入電場中，恰好沿水平方向運動，如圖所示．下列說法正確的是A．小球可能帶負電B．小球所受的重力一定小于電場力C．運動過程中小球的機械能可能先減小后增大D．小球一定做勻加速運動9、下列關(guān)于重力和萬有引力的說法，正確的是A．若忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，物體所受重力就是地球?qū)ξ矬w的萬有引力B．若考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，同一物體在地球兩極受到的重力最小，在赤道受到的重力最大C．若考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，靜止在地球赤道上的物體所受的萬有引力就是物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力D．靜止在北京地面上的物體，所受萬有引力和地面對物體作用力的合力充當(dāng)物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心力10、如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內(nèi)阻為r，R為滑動變阻器，L1、L2、L3為三個相同的燈泡，電鍵閉合，當(dāng)滑動變阻器R的滑動端處于某位置時，三個燈泡均能發(fā)光．電鍵保持閉合，當(dāng)滑動變阻器滑片向右移動時（）A．電源的總功率減小，輸出功率可能先增大后減小B．L1變亮，L2變暗，C．L1變亮，L2變亮，D．三盞燈中Ll三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）圖(甲)是用一主尺最小分度為1mm，游標上有20個分度的游標卡尺測量一工件的長度，結(jié)果如圖所示．可以讀出此工件的長度為_______mm；圖(乙)是用螺旋測微器測量某一圓筒內(nèi)徑時的示數(shù)，此讀數(shù)應(yīng)為_______mm．12．（12分）某同學(xué)要測量一均勻新材料制成的圓柱體的電阻率ρ，步驟如下：（1）用游標為20分度的游標卡尺測量其長度如左下圖，由圖可知其長度為L=________mm；（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖乙所示，由圖可知其直徑D=_____________mm；（3）用多用電表的電阻“×10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤示數(shù)如圖丙所示，則該電阻的阻值約為_____________Ω．（4）該同學(xué)想用伏安法更精確地測量其電阻R，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻R；電流表A1（量程0～4mA，內(nèi)阻約50Ω）；電流表A2（量程0～30mA，內(nèi)阻約30Ω）；電壓表V1（量程0～3V，內(nèi)阻約10kΩ）；電壓表V2（量程0～15V，內(nèi)阻約25kΩ）；直流電源E（電動勢4V，內(nèi)阻不計）；滑動變阻器R1（阻值范圍0～15Ω，允許通過的最大電流2.0A）；滑動變阻器R2（阻值范圍0～2kΩ，允許通過的最大電流0.5A）；

開關(guān)S；導(dǎo)線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，某同學(xué)設(shè)計了如圖的電路，試指出不妥之處____________A．電流表應(yīng)選A2B．電流表應(yīng)采用外接法C．滑動變阻器R1應(yīng)采用分壓式接法D．滑動變阻器應(yīng)采用R2四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,電源電動勢,內(nèi)阻,標有“8V16W”的燈泡L恰好能正常發(fā)光,電動機M繞線的電阻,求：（1）電源的總功率；（2）電動機的總功率；（3）電動機的輸出功率．14．（16分）如圖所示，在平面直角坐標系xOy中的某區(qū)域（圖中未畫出）內(nèi)，有磁感應(yīng)強度大小為B、方向垂直于坐標平面向外的勻強磁場，坐標原點O為磁場邊界上的一點．一質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電粒子從坐標原點O沿y軸正方向以大小為v0的速度射入該勻強磁場，粒子經(jīng)過磁場區(qū)域后，最終從x軸上的P處穿過x軸，且其經(jīng)過P點時的速度方向與x軸正方向的夾角θ=30°．粒子重力不計．求：（1）P點到O點的距離L；（2）粒子從O點運動到P點所用的時間t．15．（12分）有位同學(xué)要重新布置自己的房間．他用200N的水平拉力勻速拉動質(zhì)量為50kg的書桌，書桌與地面間的動摩擦因數(shù)是多少？如果要在同樣情況下勻速移動質(zhì)量為150kg的書柜，他用200N的力能拉動書柜嗎？這時摩擦力多大？(g取10m/s2)

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A、電荷在磁場中不一定受到磁場力，比如運動方向與磁場平行，故A錯誤；B、電荷在電場中一定受到電場力，故B正確；C、正電荷在電場中所受電場力方向與電場方向相同，負電荷受力與電場方向相反，故C錯誤；D、電荷在磁場中的運動方向和磁場方向不在同一線上時，電荷受洛倫茲力作用，根據(jù)左手定則可知，洛倫茲力方向和磁場垂直，故D錯誤.【點睛】本題主要考查對帶電粒子在電場和磁場中的受力情況，注意電荷在磁場中受洛倫茲力是“有條件”的即運動電荷和磁場方向有夾角，若是平行或電荷與磁場相對靜止則不受洛倫茲力作用，而電荷在電場中受電場力是“無條件”的即電場力與電荷的運動狀態(tài)無關(guān)。2、C【解析】試題分析：以小球為研究對象，球受到重力G，A的斥力F1和線的拉力F2三個力作用，作出力圖，如圖．作出F1、F2的合力F，則由平衡條件得：F=G．根據(jù)△FBF1∽△PQB得：又FF1=F2，得：A、B兩質(zhì)點帶電量逐漸減少的過程中，PB、PQ、G均不變，則線的拉力F2不變．故選C．考點：物體的平衡【名師點睛】題是力學(xué)中動態(tài)平衡問題，采用的是三角形相似法，得到力的大小與三角形邊長的關(guān)系，進行分析，也可以應(yīng)用函數(shù)法求解．3、B【解析】

物體做平拋運動，落地時豎直分速度設(shè)落地時它的速度方向與水平地面的夾角為α。根據(jù)平行四邊形定則知得α=45°故選B?！军c睛】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規(guī)律，運用分運動公式進行求解。4、B【解析】小球打在傾角θ為30°的斜面上，速度方向與斜面夾角α為60°，有幾何關(guān)系可知，速度與水平方向的夾角為30°，將該速度分解：，又有：，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)解得：，故B正確，ACD錯誤．5、C【解析】

AB.由圖可知，電子加速度恒定，則可知受電場力不變，由F=Eq可知，電場為勻強電場，不是正點電荷產(chǎn)生的電場，故AB錯誤；CD.而電子從A到B的過程中，速度減小，動能減小，則可知電場力做負功，故電勢能增加，電子帶負電，由，可知，A點的電勢要大于B點電勢，故C正確D錯誤。6、B【解析】試題分析：正常發(fā)光時溫度要比不通電時溫度高，又因為金屬導(dǎo)體電阻隨著溫度的升高而增大，所以有，故B正確考點：考查了電阻定律二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

ABC．兩圖象的交點處，電流和電壓均相同，則由歐姆定律可以知道，兩電阻的阻值大小相等，所以B正確，A錯誤，C錯誤.D．由圖可以知道，電阻A的圖象的割線斜率越來越大，故A的電阻隨電流的增大而增大，電阻B阻值不變，故D正確.8、BD【解析】

本題考查帶電粒子在復(fù)合場中的直線運動【詳解】由題意可知，小球在電場中受到豎直向下的重力和電場力，要使小球做直線運動，則必須滿足一下兩個條件之一：①合外力為0；②合外力的方向與速度的方向共線。A．電場力的方向與重力的方向不共線，所以不可能滿足二力平衡合外力為0，則應(yīng)該滿足的是條件②，即合外力一定沿水平方向，則電場力一定沿電場線方向，可知該小球帶正電；故A選項正確；B．因受到電場力和重力的合力方向沿水平向右，受力分析如圖由平行四邊形定則可知，電場力大小一定大于小球的重力，故B選項正確；C．在整個過程中電場力始終與運動方向間的夾角為銳角，即機械能逐漸的增大，故C選項錯誤；D．小球的合外力與速度的方向共線，且所受重力和電場力均保持不變即合外力不變，則小球應(yīng)做勻加速直線運動，故D選項正確。綜上所述，本題正確答案選BD。9、AD【解析】

若忽略地球自轉(zhuǎn)的影響，物體所受重力就是地球?qū)ξ矬w的萬有引力，選項A正確；若考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，同一物體在地球兩極受到的重力最大，在赤道受到的重力最小，選項B錯誤；若考慮地球自轉(zhuǎn)的影響，靜止在地球赤道上的物體所受的萬有引力與地面的支持力的合力就是物體隨地球自轉(zhuǎn)所需的向心力，選項C錯誤；靜止在北京地面上的物體，所受萬有引力和地面對物體作用力的合力充當(dāng)物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心力，選項D正確；故選AD.10、AD【解析】解：A、若將滑片向右滑動時,變阻器在路電阻增大,外電阻增大,根據(jù)閉合電路歐姆定律得知,干路電流I減小,根據(jù)P=EI可知,電源的總功率減小,當(dāng)內(nèi)阻與外電阻相等時,輸出功率最大,由于不知道外電阻與內(nèi)阻的關(guān)系,所以輸出功率可能先增大后減小,故A正確;

B、總電流減小,則L1電流減小,亮度變暗,路端電壓U增大,則L2變亮,通過L3的電流減小,所以L3變暗,故BC錯誤;

D、通過Ll的電流等于通過L2和L3電流之和,所以通過Ll的電流最大,根據(jù)P=I2R可知,Ll的功率最大,故D正確.

故選:AD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、52.355.545【解析】試題分析：圖甲中工件的長度為5.2cm+0.05mm×7=52.35mm；圖乙圓筒內(nèi)徑：5.5mm+0.01mm×4.5=5.545mm.考點：游標卡尺及螺旋測微器的讀數(shù).12、（1）50.15（2）4.700（3）120（4）D【解析】（1）由圖示游標卡尺可知，其示數(shù)為：50mm+3×0.05mm=50.15mm；

（2）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；

（3）用多用電表的電阻“×10”擋粗測電阻，由圖丙所示表盤可知，該電阻的阻值約為12×10=120Ω．

（4）電源電動勢為4V，電壓表應(yīng)選V1，電路最大電流約為：I=UR=3120A=0.025A=25mA，電流表應(yīng)選點睛：本題考查了游標卡尺、螺旋測微器與歐姆表的讀數(shù)，考查了實驗器材的選擇、設(shè)計實驗電路圖；應(yīng)根據(jù)電源電動勢大小或待測電阻的額定電壓來選擇電壓表量程，根據(jù)通過待測電阻的最大電流來選擇電流表的量程；當(dāng)待測電阻阻值遠小于電壓表內(nèi)阻時，電流表應(yīng)選外接法；當(dāng)滑動變阻器最大阻值遠小于待測電阻值時或要求電流從零調(diào)時，滑動變阻器應(yīng)用分壓式；當(dāng)實驗要求電流從零調(diào)或要求測得多組數(shù)據(jù)或變阻器的全電阻遠小于待測電阻時，變阻器應(yīng)采用分壓式接法，應(yīng)選擇阻值小的變阻器以方便調(diào)節(jié)．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）40W（2）16W（3）12W【解析】

(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律，小燈泡正常發(fā)光，求出，再求出總電流，最后得出總功率；(2)根據(jù)并聯(lián)等壓分流計算電動機的總功率；(3)先算出電動機的熱功率，再用總動率減掉熱功率即可。【詳解】解：燈泡正常發(fā)光,由歐姆定律得流過電源的電流電源的總功率燈泡的電流電動