1-20-21雅禮高一上物理期末（純試卷）答案

雅禮中學2020-2021學年上學期期末考試物理試卷答案1.答案C解析使汽車避免與障礙物相撞，則末速度v＝0，a＝－5m/s2，根據v2－veq\o\al(2,0)＝2ax得x＝eq\f(－veq\o\al(2,0),2a)＝eq\f(－102,－2×5)m＝10m，選項C正確。2．答案A解析在扶梯加速運轉時，顧客受重力、支持力、向右的摩擦力以產生沿斜面向上的加速度，當扶梯勻速運轉時，顧客受到的合力為零，摩擦力為零，所以選項A正確．3.答案：B4．C[若物塊與小車保持相對靜止一起運動，設加速度為a，對系統(tǒng)受力分析，由牛頓第二定律可得：F＝(M＋m)a，隔離小物塊受力分析，二者間的摩擦力Ff為靜摩擦力，且Ff≤μmg，由牛頓第二定律可得：Ff＝ma，聯立可得：am＝aM＝a≤μg＝2m/s2.若物塊與小車間發(fā)生了相對運動，二者間的摩擦力Ff為滑動摩擦力，且am<aM，隔離小物塊受力分析，如圖所示，由牛頓第二定律可得：Ff＝μmg＝mam，可得：am＝2m/s2，選項C正確，選項A、B、D錯誤．]5.答案A解析剪斷細線前，由平衡條件可知，A上端的細線的拉力為3mg，A、B之間細繩的拉力為2mg，輕彈簧的拉力為mg.在剪斷細線的瞬間，輕彈簧中拉力不變，小球C所受合外力為零，所以C的加速度為零；A、B小球被細繩拴在一起，整體受到二者重力和輕彈簧向下的拉力，由牛頓第二定律得3mg＝2ma，解得a＝1.5g，選項A正確．6.答案D解析根據平拋運動的規(guī)律以及落在斜面上的特點可知，x＝v0t，y＝eq\f(1,2)gt2，tanθ＝eq\f(y,x)，分別將37°、53°代入可得A、B兩個小球平拋所經歷的時間之比為tA∶tB＝tan37°∶tan53°＝9∶16，選項D正確，A、B、C錯誤．答案D8.AC[靜止或勻速運動時，頭對缸的作用力與盤的重力等大反向，豎直向上，所以A正確、B錯誤；一起勻加速運動，當達到最大靜摩擦力時amax＝μg，頭對缸的作用力斜向上，水平分力等于μmg，豎直分力等于mg，則頭對缸的作用力Fmax＝eq\r(mg2＋μmg2)，則F≤eq\r(1＋μ2)mg，所以C正確；靜摩擦力大小Ff≤μmg，所以D錯誤.]9.答案CD解析A和B的加速度均等于重力加速度，即B的加速度等于A的加速度，故A錯誤；兩球都做斜拋運動，豎直方向的分運動是豎直上拋運動，根據運動的對稱性可知，兩球上升和下落的時間相等，而下落過程，根據t＝eq\r(\f(2h,g))，知下落時間相等，則兩球飛行的時間相等，故B錯誤；兩球的豎直高度相等，時間相等，A的水平位移小于B的水平位移，A的水平速度小，最高點只有水平速度，故最高點A的速度比B的小，故D錯誤；落地時根據vy＝eq\r(2gh)，知A和B的豎直分速度一樣大，水平分速度B大，根據v＝eq\r(vx2＋vy2)可知，B落地時的速度比A落地時的速度大，故C正確．10.答案AC解析(1)開始整個裝置處于靜止狀態(tài)，對小球進行受力分析，如圖甲所示，根據平衡條件得eq\f(F彈,AP)＝eq\f(mg,OA)，根據胡克定律得F彈＝k(l－AP)，根據幾何知識得AP＝eq\r(OP2－OA2)，聯立并代入數據解得k＝3.75N/m.(2)當彈簧的彈力為零時，小球上移至P′位置，繞OA中點C做勻速圓周運動，受力分析如圖乙所示，軌道半徑r＝CP′＝eq\r(OP′2－OC2)，向心力mgtanθ＝mrω2，tanθ＝eq\f(CP′,OC)，OP′＝5m，OC＝2m，代入數據解得ω＝eq\r(5)rad/s.11.答案(1)（2分）自由落體(2)（4分）AC解析(1)題圖甲裝置用來研究平拋物體在豎直方向的運動規(guī)律，觀察實驗發(fā)現兩小球總是同時落地，可知做平拋運動的物體在豎直方向上做自由落體運動．(2)斜槽末端水平，才能保證小球離開斜槽末端時速度方向為水平方向，故A正確；為保證小球多次運動是同一條軌跡，每次小球都應在同一位置由靜止釋放，B錯誤，C正確；小球的運動軌跡是平滑曲線，故連線時不能用折線，故D錯誤．12．答案(1)（4分）BC(2)（3分）C(3)（3分）未進行阻力補償或阻力補償不夠解析(1)本題拉力可以由力傳感器測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使砂和砂桶的質量遠小于帶滑輪的小車的質量，故A、D錯誤；實驗時需將長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；實驗時，小車應靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車，需記錄傳感器的示數，故C正確．(2)由牛頓第二定律得：2F＝Ma，則a＝eq\f(2,M)F，a－F圖象的斜率：k＝eq\f(2,M)，則小車的質量m′＝M－m0＝eq\f(2,k)－m0，故C正確．(3)當F不等于零時，加速度a仍然為零，可知實驗中沒有平衡摩擦力或平衡摩擦力不夠．13解析：14.解析：（1）2m/s2(1)1m/s2(2)8.8m（1）mgsin37°－μmgcos37°＝ma1解得：a1＝2m/s2.2＇(2)在力F作用時，根據牛頓第二定律得：Fcos37°－mgsin37°－μ(mgcos37°－Fsin37°)＝ma2解得：a2＝1m/s24＇(3)剛撤去F時，小球的速度v1＝a2t1＝4m/s，小球的位移x1＝eq\f(v1,2)t1＝8m，2＇撤去力F后，小球上滑時有：－(mgsin37°＋μmgcos37°)＝ma3，解得：a3＝－10m/s2，2＇因此小球上滑時間，上滑位移