江蘇省2023-2024學(xué)年高二物理上學(xué)期8月月考試題含解析

高二年級(jí)基礎(chǔ)性學(xué)情檢測(cè)物理試卷1.本試卷考試時(shí)間為75分鐘，試卷滿分100分，考試形式閉卷；2.本試卷中所有試題必須作答在答題卡上規(guī)定的位置，否則不給分；3.答題前，將自己的班級(jí)、姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色墨水簽字筆填寫在答題卡上一、單項(xiàng)選擇題：共10題，每題4分，共40分，每題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題意。1.如圖所示的電解池，通電1s，其間共有0.5C的正離子和0.3C的負(fù)離子通過截面xy，則這個(gè)電路中的電流是（）A.0.8A B.0.2A C.0.5A D.0.6A【答案】A【解析】【詳解】由題可知時(shí)間為t=1s電解液中通過截面xy的電量為q=0.5C+0.3C=0.8C則這個(gè)電路中的電流大小是故選A。2.一個(gè)電流表的滿偏電流，內(nèi)阻，要把它改裝成一個(gè)量程為20V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A.串聯(lián)一個(gè)20kΩ的電阻 B.并聯(lián)一個(gè)20kΩ的電阻C.串聯(lián)一個(gè)19.5kΩ的電阻 D.并聯(lián)一個(gè)19.5kΩ的電阻【答案】C【解析】【詳解】要改裝成一個(gè)電壓表，則必須要有分壓電阻，所以應(yīng)該將電流表和一個(gè)電阻串聯(lián)，串聯(lián)后總電壓量程為20V，根據(jù)歐姆定律有代入數(shù)據(jù)解得故選C3.中國(guó)宋代科學(xué)家沈括在公元1086年寫的夢(mèng)溪筆談中最早記載了“方家（術(shù)士）以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也”。進(jìn)一步研究表明，地球周圍地磁場(chǎng)的磁感線分布如圖所示，結(jié)合上述材料，下列說法正確的是（）A.在地磁場(chǎng)的作用下小磁針靜止時(shí)指南的磁極叫北極，指北的磁極叫南極B.對(duì)垂直射向地球表面宇宙射線中的高能帶電粒子，在南、北極所受阻擋作用最弱，赤道附近最強(qiáng)C.形成地磁場(chǎng)的原因可能是帶正電的地球自轉(zhuǎn)引起的D.由于地磁場(chǎng)的影響，在奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，通電導(dǎo)線應(yīng)相對(duì)水平地面豎直放置【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)磁極間的相互作用可知，在地面上放置一個(gè)小磁針，靜止時(shí)小磁針的南極指向地磁場(chǎng)的北極，故A錯(cuò)誤；B．地球上赤道附近磁場(chǎng)的方向與地面幾乎平行，越往兩極磁場(chǎng)的方向與地面之間的夾角越大，所以對(duì)垂直射向地球表面宇宙射線中的高能帶電粒子，在南、北極所受阻擋作用最弱，赤道附近最強(qiáng)，故B正確；C．地球磁場(chǎng)的N極在地球的地理南極附近，由安培定則可知，形成地磁場(chǎng)的原因可能是帶負(fù)電的地球自轉(zhuǎn)引起的，故C錯(cuò)誤；D．由于地磁場(chǎng)的影響，在奧斯特發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)中，通電導(dǎo)線應(yīng)相對(duì)水平地面水平放置，且導(dǎo)線的方向沿南北方向，故D錯(cuò)誤。故選：B。4.電流計(jì)等磁電式電表是利用永久磁鐵對(duì)通電線圈的作用原理制成的，其優(yōu)點(diǎn)是靈敏度高。構(gòu)造如圖甲所示，圓柱形鐵芯固定于U形磁鐵兩極間，其中磁場(chǎng)是均勻輻向分布，鐵芯外面套有纏繞著線圈并可轉(zhuǎn)動(dòng)的鋁框，鋁框的轉(zhuǎn)軸上裝有指針和游絲（又稱螺旋彈簧）。下列說法中正確的是（）A.圖乙中當(dāng)線圈通以如圖所示電流，圖中指針往左偏B.線圈中電流越大，安培力就越大，螺旋彈簧形變也越大，線圈偏轉(zhuǎn)的角度也越大C.極靴和鐵質(zhì)圓柱之間磁場(chǎng)是勻強(qiáng)磁場(chǎng)D.線圈無(wú)論轉(zhuǎn)到什么角度，它的平面都跟磁感線平行，所以線圈不受安培力【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)左手定則可知，圖乙中當(dāng)線圈通以如圖所示電流，a所受安培力向上，b所受安培力向下，則圖中指針往右偏，故A錯(cuò)誤；B．線圈中電流越大，安培力就越大，螺旋彈簧的形變也越大，線圈偏轉(zhuǎn)的角度也越大，故B正確；C．勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感線平行，而極靴和鐵質(zhì)圓柱之間磁感線呈輻向分布，不是勻強(qiáng)磁場(chǎng)，故C錯(cuò)誤；D．線圈平面跟磁感線平行，但導(dǎo)線a、b中電流的方向與磁場(chǎng)方向垂直，所以受安培力，故D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，條形磁鐵放置在固定斜面上，在其上方固定一根長(zhǎng)直導(dǎo)線，導(dǎo)線與磁鐵垂直，給導(dǎo)線通以方向垂直紙而向外的電流。條形磁鐵始終靜止。在導(dǎo)線通電前后關(guān)于條形磁鐵的受力，下列說法正確的是（）A.斜面對(duì)磁鐵的支持力一定減小，磁鐵可能受到斜面的摩擦力作用B.斜面對(duì)磁鐵的支持力一定減小，磁鐵一定受到斜面的摩擦力作用C.斜面對(duì)磁鐵的支持力一定增大，磁鐵可能受到斜面的摩擦力作用D.斜面對(duì)磁鐵的支持力一定增大，磁鐵一定受到斜面的摩擦力作用【答案】B【解析】【詳解】通電后，條形磁鐵的受力分析如圖所示由圖可知，磁鐵一定受到斜面的摩擦力的作用，垂直于斜面方向重力的分力等于斜面對(duì)磁鐵的支持力與通電導(dǎo)線對(duì)磁鐵的作用力在垂直于斜面方向的分力之和，而通電前重力垂直于斜面方向的分力等于斜面對(duì)磁鐵的支持力，所以通電后斜面對(duì)磁鐵的支持力一定減小。故選B。6.在如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r，其中，現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭逐漸向a移動(dòng)過程中（）A.電壓表的示數(shù)減小，電流表的示數(shù)減小B.電壓表的示數(shù)增大，電流表的示數(shù)增大C.電源的總功率增大D.電源的輸出功率減小【答案】C【解析】【詳解】AB．滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭逐漸向a移動(dòng)中，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻R0減小，電路中的總電阻減小，由閉合電路歐姆定律可知，電路中的總電流增大，則電源內(nèi)阻上的電壓降增大，由可知，電源的路端電壓減小，即電壓表的示數(shù)減小，因電源的路端電壓減小，R1兩端電壓增大，R2與R0并聯(lián)電路的電壓減小，由歐姆定律可知R2電流減小，則電流表的示數(shù)增大，AB錯(cuò)誤；C．由P=EI可知，電路中的總電流I增大，E不變，所以電源的總功率增大，C正確；D．由題意可知，則外電路電阻大于內(nèi)電阻，當(dāng)外電阻減小時(shí)，外電阻與內(nèi)電阻更接近，所以電源的輸出功率增大，D錯(cuò)誤。故選C。7.如圖，圖線AB是某電源的路端電壓隨電流變化的關(guān)系圖線，OM是固定電阻R兩端的電壓隨電流變化的圖像，由圖可知（）A.固定電阻R的阻值為1ΩB.該電源的電動(dòng)勢(shì)為6V，內(nèi)阻為2ΩC.當(dāng)該電源只向電阻R供電時(shí)，其效率約為33.3%D.該電源的最大輸出功率為9W【答案】D【解析】【詳解】A．由圖線OM可知故A錯(cuò)誤；B．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，由圖線AB可知電源的電動(dòng)勢(shì)為短路電流為則電源內(nèi)阻故B錯(cuò)誤；C．當(dāng)該電源只向電阻R供電時(shí)，電源效率為故C錯(cuò)誤；D．電源的輸出功率當(dāng)時(shí)電源的輸出功率最大，所以該電源的最大輸出功率故D正確。故選D。8.如圖所示，a、b兩個(gè)長(zhǎng)方體物塊疊放在粗糙水平地面上，物塊a帶正電，物塊b不帶電且為絕緣體，地面上方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)用水平恒力F拉物塊b，使a、b一起無(wú)相對(duì)滑動(dòng)地向左加速運(yùn)動(dòng)，在加速的過程中，物塊a、b間的摩擦力（）A.逐漸減小 B.逐漸增大 C.先增大后減小 D.先減小后增大【答案】A【解析】【詳解】由于無(wú)相對(duì)滑動(dòng)，考慮對(duì)整體受力分析，a將受到向下的洛倫茲力的作用，使得加速過程中地面對(duì)b的支持力逐漸增大，則系統(tǒng)所受的摩擦力將逐漸增大。根據(jù)牛頓第二定律可知加速度將逐漸減小，接下來隔離a列牛頓第二定律可知物塊a、b間的摩擦力逐漸減小，A正確。故選A。9.筆記本電腦機(jī)身和顯示屏分別裝有霍爾元件和磁體，實(shí)現(xiàn)開屏變亮，合屏熄滅。圖乙為一塊利用自由電子導(dǎo)電，長(zhǎng)、寬、高分別為a、b、c的霍爾元件，電流方向向右。當(dāng)合上顯示屏?xí)r，水平放置的元件處于豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，元件前、后表面間產(chǎn)生電壓，當(dāng)電壓達(dá)到某一臨界值時(shí)，屏幕自動(dòng)熄滅。則元件的（）A.合屏過程中，前表面的電勢(shì)比后表面的低 B.開屏過程中，元件前、后表面間的電壓變大C.若磁場(chǎng)變強(qiáng)，可能出現(xiàn)閉合屏幕時(shí)無(wú)法熄屏 D.開、合屏過程中，前、后表面間的電壓U與b無(wú)關(guān)【答案】D【解析】【詳解】A．電流方向向右，電子向左定向移動(dòng)，根據(jù)左手定則，自由電子向后表面偏轉(zhuǎn)，后表面積累了電子，前表面的電勢(shì)高于后表面的電勢(shì)，故A錯(cuò)誤；BCD．穩(wěn)定后根據(jù)平衡條件有根據(jù)電流的微觀表達(dá)式有解得所以開屏過程中，磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，元件前、后表面間的電壓變小。若磁場(chǎng)變強(qiáng)，元件前、后表面間的電壓變大，不可能出現(xiàn)閉合屏幕時(shí)無(wú)法熄屏。開、合屏過程中，前、后表面間的電壓U與b無(wú)關(guān)，故D正確，BC錯(cuò)誤；故選D。10.某力敏電阻的阻值隨著壓力的增大而線性減小。一同學(xué)利用該力敏電阻設(shè)計(jì)了判斷小車在水平方向上運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的裝置。其工作原理如圖甲所示，將力敏電阻和一塊擋板固定在絕緣小車上，之間放置一個(gè)光滑絕緣重物M，重物與擋板之間通過輕彈簧連接。某次實(shí)驗(yàn)中，電壓表示數(shù)隨時(shí)間變化關(guān)系如圖乙所示，已知時(shí)間內(nèi)，小車處于靜止?fàn)顟B(tài)，則（）A.時(shí)間內(nèi)，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)B.時(shí)間內(nèi)，小車的加速度隨時(shí)間均勻增大C.時(shí)間內(nèi)，小車做勻變速直線運(yùn)動(dòng)D.時(shí)間內(nèi)，小車可能向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】【詳解】A．0-t1時(shí)間內(nèi)電壓表示數(shù)不變，說明力敏電阻所受壓力不變，由題意可知，彈簧上一定有力，M處于靜止?fàn)顟B(tài)，合力為零，力敏電阻對(duì)M的彈力水平向左，彈簧對(duì)M彈力水平向右，所以在0-t1時(shí)間內(nèi)彈簧也可能處于壓縮狀態(tài)，故A錯(cuò)誤；BC．t1-t2時(shí)間內(nèi)，R兩端電壓均勻減小，電路中電流均勻減小，力敏電阻阻值變大，設(shè)時(shí)電路中總電阻為，電路中電流為，由閉合電路的歐姆定律得解得由圖可知解得所以物塊的加速度T為彈簧彈力，大小不變，所以小車的加速度隨時(shí)間不是均勻變化，故BC錯(cuò)誤；D．t2-t3時(shí)間內(nèi)，電流不變，力敏電阻上所受壓力不變，且M受到彈簧向右的力大于力敏電阻對(duì)M的壓力，可知M的加速度向右且大小不變，所以小車可能向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)或向左做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，故D正確。故選D。二、非選擇題：共6題，共60分，其中第11題每空2分，第12題~16題解答時(shí)請(qǐng)寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。11.某同學(xué)用伏安法測(cè)量導(dǎo)體的電阻率，現(xiàn)有量程為3V、內(nèi)阻約為3k的電壓表和量程為0.6A、內(nèi)阻約為0.1的電流表。采用分壓電路接線，待測(cè)電阻絲Rx阻值約為5。（1）圖甲是未完成的實(shí)物連線圖，圖中a為待測(cè)導(dǎo)體右端接線柱，b為電流表正極接線柱，c為滑動(dòng)變阻器左上端接線柱，d為滑動(dòng)變阻器左下端接線柱。則導(dǎo)線①應(yīng)連接________（選填a或b）。導(dǎo)線②應(yīng)連接________（選填c或d）。（2）正確接線后，實(shí)驗(yàn)測(cè)得的數(shù)據(jù)如下表，請(qǐng)?jiān)趫D乙中作出U-I圖線______。U/V0300.400.801.101.201.60I/A0.070.090.180.220.270.35（3）用作圖法求得Rx的阻值為________（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。（4）某次用螺旋測(cè)微器測(cè)金屬絲直徑d，用游標(biāo)卡尺測(cè)金屬絲的長(zhǎng)度l，示數(shù)如圖丙所示，則d=________mm，l＝__________cm。（5）寫出該金屬絲的電阻率的表達(dá)式____________（用U、I、d、l表示）【答案】①.a②.d③.④.4.6Ω（4.5~4.8Ω）⑤.1.843mm（1.842mm~1.84mm）⑥.4.240cm⑦.【解析】【分析】【詳解】（1）[1]由于電流表內(nèi)阻與待測(cè)電阻阻值接近，因此只能采用電流表外接法，以減小實(shí)驗(yàn)誤差，故導(dǎo)線①應(yīng)接a；[2]由題意可知，本實(shí)驗(yàn)采用分壓接法，故導(dǎo)線②要與d接通；（2）[3]根據(jù)表中的數(shù)據(jù)作出的U-I圖如下圖所示：（3）[4]根據(jù)U-I圖象的斜率表示電阻，則有電阻算出4.5Ω~4.8Ω均正確；（4）[5]由圖示螺旋測(cè)微器可知，其示數(shù)為d=1.5mm+34.3×0.01mm=1.843mm估讀出1.842~1.844mm均正確；[6]由圖示游標(biāo)卡尺可知，其示數(shù)為l=42mm+8×005mm=42.40mm=4.240cm（5）[7]由歐姆定律由電阻定律金屬絲的橫截面積聯(lián)立得12.如圖所示，水平導(dǎo)體棒被兩根豎直細(xì)線懸掛，置于垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，已知磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度，導(dǎo)體棒長(zhǎng)，質(zhì)量，重力加速度，當(dāng)導(dǎo)體棒中通以從到的電流時(shí)：（1）判斷導(dǎo)體棒所受安培力的方向；（2）當(dāng)電流時(shí)，求導(dǎo)體棒所受安培力的大?。弧敬鸢浮浚?）豎直向上；（2）0.4N【解析】【詳解】（1）根據(jù)左手定制可判斷導(dǎo)體棒所受安培力的方向豎直向上；（2）導(dǎo)體棒與磁場(chǎng)垂直，所以導(dǎo)體棒所受安培力的大小為13.如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻，電動(dòng)機(jī)的電阻，電阻。電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，理想電壓表的示數(shù)，求：（1）電路的路端電壓；（2）電動(dòng)機(jī)輸出有用功的功率；【答案】（1）10V；（2）8W【解析】【詳解】（1）根據(jù)歐姆定律，電路電流為：電路的路端電壓為代入數(shù)據(jù)解得（2）設(shè)電動(dòng)機(jī)兩端電壓為U，則由閉合電路歐姆定律得：電動(dòng)機(jī)消耗的電功率為：電動(dòng)機(jī)的熱功率為：電動(dòng)機(jī)將電能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能的功率為14.在一根足夠長(zhǎng)的豎直絕緣桿上，套著一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為-q的小球，球與桿之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)和磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向如圖所示，小球由靜止開始下落．(1)小球開始下落時(shí)的加速度為多大？(2)小球運(yùn)動(dòng)的最大加速度為多大？(3)小球運(yùn)動(dòng)的最大速度為多大？【答案】(1)(2)g(3)【解析】【分析】對(duì)小環(huán)進(jìn)行受力分析，再根據(jù)各力的變化，可以找出合力及加速度的變化；即可以找出小環(huán)最大速度及最大加速度的狀態(tài)．【詳解】（1）小環(huán)靜止時(shí)只受電場(chǎng)力、重力及摩擦力，電場(chǎng)力水平向右，摩擦力豎直向上；開始時(shí)，小環(huán)的加速度應(yīng)為：；

（2）小環(huán)速度將增大，產(chǎn)生洛侖茲力，由左手定則可知，洛侖茲力向左，故水平方向合力將減少，摩擦力減少，故加速度增加；當(dāng)qvB=qE時(shí)水平方向合力為0，摩擦力減小到0，加速度達(dá)到最大，所以小環(huán)由靜止沿棒下落的最大加速度為：a==g；

（3）當(dāng)此后速度繼續(xù)增大，則洛侖茲力增大，水平方向上的合力增大，摩擦力將增大；加速度將繼續(xù)減小，當(dāng)加速度等于零時(shí)，即重力等于摩擦力，此時(shí)小環(huán)速度達(dá)到最大．

則有：mg=μ（qvB-qE），

解得：【點(diǎn)睛】本題要注意分析帶電小環(huán)的運(yùn)動(dòng)過程，屬于牛頓第二定律的動(dòng)態(tài)應(yīng)用與電磁場(chǎng)結(jié)合的題目，此類問題要求能準(zhǔn)確找出物體的運(yùn)動(dòng)過程，并能分析各力的變化，對(duì)學(xué)生要求較高．同時(shí)注意因速度的變化，導(dǎo)致洛倫茲力變化，從而使合力發(fā)生變化，最終導(dǎo)致加速度發(fā)生變化．15.如圖所示，電