2024屆福建省莆田市高考臨考沖刺物理試卷含解析

2024屆福建省莆田市名校高考臨考沖刺物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）

填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處”。

2.作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦

干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。

3.非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先

劃掉原來(lái)的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無(wú)效。

4.考生必須保證答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將木試卷和答題卡一并交回。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，一顆人造衛(wèi)星原來(lái)在橢圓軌道1繞地球E運(yùn)行，在尸點(diǎn)變軌后進(jìn)入軌道2做勻速圓周運(yùn)動(dòng),下列說(shuō)法

正確的是：（）

A.不論在軌道1還是軌道2運(yùn)行，衛(wèi)星在尸點(diǎn)的速度都相同

B.不論在軌道1還是軌道2運(yùn)行，衛(wèi)星在P點(diǎn)的加速度都相同

C.衛(wèi)星在軌道1的任何位置都具有相同加速度

D.衛(wèi)星在軌道2的任何位置都具有相同動(dòng)量（動(dòng)量P=〃n，，v為瞬時(shí)速度）

2、伽利略通過(guò)斜面理想實(shí)驗(yàn)得出了（）

A.力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因B.物體的加速度與外力成正比

C.物體運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持D.力是克服物體慣性的原因

3、如圖所示，質(zhì)量為機(jī)的物塊從4點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是與，下落H到V點(diǎn)后與一輕彈簧接觸，又下落h

2

后到達(dá)最低點(diǎn)C,在由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，空氣阻力恒定，貝）

A.物塊機(jī)械能守恒

B.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒

C.物塊機(jī)械能減少+

D.物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少;（“+力）

4、如圖所示，其中電流表A的量程為d6A,表盤均勻劃分為30個(gè)小格，每一小格表示0.02A；凡的阻值等于電流表

內(nèi)阻的!；&的阻值等于電流表內(nèi)阻的4倍。若用電流表A的表盤刻度表示流過(guò)接線柱1的電流值，則下列分析正確

2

的是（）

A.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.04A

B.將接線柱1、2接入電路時(shí)，每一小格表示0.02A

C.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.06A

D.將接線柱1、3接入電路時(shí)，每一小格表示0.01A

5、北京時(shí)間2019年11月5日1時(shí)43分，我國(guó)成功發(fā)射了北斗系統(tǒng)的第49顆衛(wèi)星。據(jù)介紹，北斗系統(tǒng)由中圓地球軌

道衛(wèi)星、地球靜止軌道衛(wèi)星、傾斜地球同步軌道衛(wèi)星三種衛(wèi)星組成，其中中圓地球軌道衛(wèi)星距地高度大約24萬(wàn)千米，

地球靜止軌道衛(wèi)星和傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距地高度都是大約為3.6萬(wàn)千米。這三種衛(wèi)星的軌道均為圓形。下列相關(guān)

說(shuō)法正確的是（）

A.發(fā)射地球靜止軌道衛(wèi)星的速度應(yīng)大于11.2knVs

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星可以相對(duì)靜止于某個(gè)城市的正上空

C.根據(jù)題中信息和地球半徑，可以估算出中圓地球軌道衛(wèi)星的周期

D.中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度

6、如圖所示，真空中，垂直于紙面向旦的勻強(qiáng)磁場(chǎng)只在兩個(gè)同心圓所夾的環(huán)狀區(qū)域存在（含邊界），兩圓的半徑分別為

K、3R,圓心為O.一重力不計(jì)的帶正電粒子從大圓邊緣的P點(diǎn)沿PO方向以速度力射入磁場(chǎng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖，軌

跡所對(duì)的圓心角為120。.若將該帶電粒子從P點(diǎn)射入的速度大小變?yōu)橐矔r(shí)，不論其入射方向如何，都不可能進(jìn)入小圓

內(nèi)部區(qū)域，則內(nèi)：也至少為

A.B.&C.-D.2x/3

33

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、下列說(shuō)法正確的是（）

A.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大

B.一定量的理想氣體壓強(qiáng)不變，體積減小，氣體分子對(duì)容器壁在單位時(shí)間內(nèi)單位面積上碰撞次數(shù)增多

C.當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小

D.液晶具有液體的流動(dòng)性，但不具有單晶體的光學(xué)各向異性

E.一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過(guò)程都是可逆的

8、如圖所示為一定質(zhì)量的理想氣體的壓強(qiáng)隨體積變化的尸-5圖像，其中A8段為雙曲線，段與橫軸平行，則

下列說(shuō)法正確的是（）

A.過(guò)程①中氣體分子的平均動(dòng)能不變

B.過(guò)程②中氣體需要吸收熱量

C.過(guò)程②中氣體分子的平均動(dòng)能減小

D.過(guò)程③中氣體放出熱量

E.過(guò)程③中氣體分子單位時(shí)間內(nèi)對(duì)容器壁的碰撞次數(shù)增大

9、如圖（a）所示，位于M、N兩點(diǎn)處的兩波源相距18m,在M、N兩點(diǎn)間連線上有一點(diǎn)P,MP=6m。r=O

時(shí)，兩波源同時(shí)開(kāi)始振動(dòng)，振動(dòng)圖象均如圖（b）所示，產(chǎn)生的兩列橫波沿MN連線相向傳播，波在間的均勻介

質(zhì)中傳播的速度為3（X）m/s。下列說(shuō)法正確的是（）

MPN

圖（a）

A.兩波源產(chǎn)生的橫波的波長(zhǎng)％=6m

B./=0.025s時(shí)，〃點(diǎn)處的波源產(chǎn)生的第一個(gè)波峰到達(dá)2點(diǎn)

C.尸點(diǎn)的振動(dòng)是減弱的

D.在，=0?0.035s內(nèi)，尸點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的路程為35cm

E."、N兩點(diǎn)間（除用、N兩點(diǎn)外）振幅為10cm的質(zhì)點(diǎn)有5個(gè)

10、紙面內(nèi)有一矩形邊界磁場(chǎng)A8C0,磁場(chǎng)方向垂直于紙面（方向未畫出），其中AO=BC=L,AB=CD=2Lf一束4粒

子以相同的速度用從6點(diǎn)沿方向射入磁場(chǎng)，當(dāng)磁場(chǎng)為用時(shí)，。粒子從C射出磁場(chǎng)；當(dāng)磁場(chǎng)為私時(shí)，//粒子從O

射出磁場(chǎng).則（）

A.磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外

B.磁感應(yīng)強(qiáng)度之比為：B2=5：1

C.速度偏轉(zhuǎn)角之比〃1：仇=180：37

D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比4：力=36：53

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

11.（6分）為測(cè)量彈簧壓縮時(shí)具有的彈性勢(shì)能和滑塊B的質(zhì)量，某同學(xué)用如圖的裝置進(jìn)行實(shí)驗(yàn)。氣墊導(dǎo)軌上有A、B

兩個(gè)滑塊，A上固定一遮光片，左側(cè)與被壓縮且鎖定的彈簧接觸，右側(cè)帶有橡皮泥。已知A的質(zhì)量為，川，遮光片的寬

度為d；打開(kāi)電源，調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌使滑塊A和B能靜止在導(dǎo)軌上。解鎖彈簧，滑塊A被彈出后向右運(yùn)動(dòng)，通過(guò)光電門

1后與B相碰，碰后粘在一起通過(guò)光電門2。兩光電門顯示的遮光時(shí)間分別為△八和Ad由此可知碰撞前滑塊A的速

度為,鎖定時(shí)彈簧只有的彈性勢(shì)能為斗=,B的質(zhì)量mi=。（用已知和測(cè)得物理量的符號(hào)

表示）

遮光片光電門1光電門2

12.（12分）為了探究質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中M為帶滑輪的小車的

質(zhì)量，機(jī)為砂和砂桶的質(zhì)量。（滑輪質(zhì)量不計(jì)）

（I）實(shí)驗(yàn)時(shí)，一定要進(jìn)行的操作是______O

A.用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量

B.將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力

C.小車靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，先接通電源，再釋放小車，打出一條紙帶，同時(shí)記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)

D.改變砂和砂桶的質(zhì)量，打出幾條紙帶

E.為減小誤差，實(shí)驗(yàn)中一定要保證砂和砂桶的質(zhì)量加遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量M

⑵該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)中得到如圖所示的一條紙帶（兩相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有兩個(gè)點(diǎn)沒(méi)有畫出），已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器采用的是頻率為

50Hz的交流電，根據(jù)紙帶可求出小車的加速度為m/s"結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。

單位：cm

,1.4,1.9,2.3,2.8山33小3.8

rTTTTT1

0123456

⑶以彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)尸為橫坐標(biāo)，加速度為縱坐標(biāo)，畫出的圖象是一條直線，圖線與橫坐標(biāo)的夾角為仇求得

圖線的斜率為A,則小車的質(zhì)量為。

c八12

A.2tan6>B.----C.kD.-

tan0k

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）如圖所示，右端封閉左端開(kāi)口的導(dǎo)熱良好的U形玻璃管兩邊粗細(xì)不同，粗玻璃管半徑為細(xì)玻璃管半徑的

3倍，兩管中裝入高度差為10cm的水銀，右側(cè)封閉氣體長(zhǎng)18cm,左側(cè)水銀面距管口8cm?，F(xiàn)將左管口用一與玻璃管

接觸良好的活塞封閉圖中未畫出），并將活塞緩慢推入管中，直到兩管水銀面等高。外界大氣壓強(qiáng)為75cmHg,環(huán)境

溫度不變，不計(jì)活塞與管內(nèi)壁的摩擦。求：

①兩管水銀面等高時(shí)左側(cè)氣體的壓強(qiáng)是多少cmHg；

②整個(gè)過(guò)程活塞移動(dòng)的距離是多少厘米（保留三位有效數(shù)字）。

14.（16分）如圖所示，皮帶傳動(dòng)裝置與水平面夾角為31。，3分別是傳送帶與兩輪的切點(diǎn)，兩點(diǎn)間距L=3.25m.

一個(gè)質(zhì)量為1.1kg的小煤塊與傳送帶間勾動(dòng)摩擦因數(shù)為〃=g,g=1Om/s2；輪緣與傳送帶之間不打滑.小物塊相對(duì)

于傳送帶運(yùn)動(dòng)時(shí)會(huì)在傳送帶上留下痕跡.傳送帶沿逆時(shí)針?lè)较騽蛩龠\(yùn)動(dòng)，速度為也.小物塊無(wú)初速地放在4點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)

至"點(diǎn)飛出.求：

⑴當(dāng)％=4m/s,小滑塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到3點(diǎn)的時(shí)間

（2）當(dāng)痕跡長(zhǎng)度等于2.25m時(shí)，力多大？

15.（12分）寬為七且電阻不計(jì)的導(dǎo)軌處于磁感應(yīng)強(qiáng)度為〃的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，導(dǎo)體棒在導(dǎo)軌間部分的電阻為

r,以速度w在導(dǎo)軌上水平向右做勻速直線運(yùn)動(dòng)，處于磁場(chǎng)外的電阻阻值為R,在相距為d的平行金屬板的下極板附近

有一粒子源，可以向各個(gè)方向釋放質(zhì)量為小，電荷量為+上速率均為y的大量粒子，且有部分粒子一定能到達(dá)上極板,

粒子重力不計(jì)。求粒子射中上極板的面積。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解析】

從軌道1變軌到軌道2,需要加速逃逸，故A錯(cuò)誤；根據(jù)公式G絲二〃也可得：Q=G"，故只要到地心距離相同,

rr

加速度就相同，衛(wèi)星在橢圓軌道1繞地球E運(yùn)行，到地心距離變化，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的加速度在變化，B正確C錯(cuò)誤；衛(wèi)

星在軌道2做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的速度方向時(shí)刻在變，所以動(dòng)量方向不同，D錯(cuò)誤.

2、C

【解析】

AC.理想斜面實(shí)驗(yàn)只能說(shuō)明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，即物體的運(yùn)動(dòng)不需要力來(lái)維持，故A錯(cuò)誤，C正確；

B.牛頓第二定律說(shuō)明力是使物體產(chǎn)生加速度的原因，物體的加速度與外力成正比，故B錯(cuò)誤；

D.慣性是物體固有的屬性，質(zhì)量是物體慣性大小的量度，慣性與物體的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)和受力無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選C

3、I)

【解析】

根據(jù)機(jī)械能守恒條件求解.

由4運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，物體的動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能減小量等于機(jī)械能的減小量.

整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功.

【詳解】

A.對(duì)于物體來(lái)說(shuō)，從A到C要克服空氣阻力做功，從3到C又將一部分機(jī)械能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈力勢(shì)能，因此機(jī)械能

肯定減少.故A錯(cuò)誤；

B.對(duì)于物塊和彈簧組成的系統(tǒng)來(lái)說(shuō)，物體減少的機(jī)械能為(克服空氣阻力所做的功+彈簧彈性勢(shì)能)，而彈簧則增加

了彈性勢(shì)能，因此整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的功.故B錯(cuò)誤；

C.由A運(yùn)動(dòng)到C的過(guò)程中，物體的動(dòng)能變化為零，重力勢(shì)能減小量等于機(jī)械能的減小量.

所以物塊機(jī)械能減少mg(H+h),故C錯(cuò)誤；

D.物塊從A點(diǎn)由靜止開(kāi)始下落，加速度是:g,根據(jù)牛頓第二定律得：

f=—=,所以空氣阻力所做的功為-;〃吆(H+/”，整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能減少量即為克服空氣阻力所做的

功，所以物塊、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能減少:〃吆(”+/?),故D正確。

故選D。

【點(diǎn)睛】

本題是對(duì)機(jī)械能守恒條件的直接考查，掌握住機(jī)械能守恒的條件即可，注意題目中的研究對(duì)象的選擇。

學(xué)會(huì)運(yùn)用能量守恒的觀點(diǎn)求解問(wèn)題，知道能量是守恒的和能量的轉(zhuǎn)化形式。

4、C

【解析】

AB.由于電流表A的每個(gè)最小格表示。.02A,當(dāng)將接線柱1、2接入電路時(shí)，電流表A與電阻&并聯(lián)，當(dāng)電流表中

通過(guò)0.02A的電流時(shí)，根據(jù)歐姆定律可知，流過(guò)品的電路為0.04A,故干路電流為0.06A,即此時(shí)每一小格表示0.06A,

故AB均錯(cuò)誤；

CD.將按線柱1、3接入電路時(shí)，電流表與電阻W并聯(lián)后再與電阻小串聯(lián)，當(dāng)電流表中通過(guò)0.02A的電流時(shí)，Ri

中的電流仍是0.04A,故干路電流就是D.06A,所以通過(guò)接線柱1的電流值就是0.06A,所以它表示每一小格表示0.06

A,選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。

故選C。

5、C

【解析】

A.是發(fā)射掙脫地球引力控制的航天器的最小速度，而地球靜止軌道衛(wèi)星仍然是圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所

以地球靜止軌道衛(wèi)星的發(fā)射速度定小于地球的第二宇宙速度h.2km/s,故A錯(cuò)誤；

B.傾斜地球同步軌道衛(wèi)星只是繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期為24小時(shí)，不可以相對(duì)靜止于某個(gè)城市的正上空，故B

錯(cuò)誤；

C.已知地球靜止軌道衛(wèi)星離地高度和地球半徑，可得出地球靜止軌道衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)半徑其運(yùn)動(dòng)周期工=1天，已知

中圓地球軌道衛(wèi)星距地面的高度和地球半徑，可得出中圓地球軌道衛(wèi)星的軌道半徑與，根據(jù)開(kāi)普勒第三定律有

可F

代入可以得出中圓地球軌衛(wèi)星的周期《，故C正確；

D.由于中圓地球軌道衛(wèi)星距離地面高度小于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星距離地面高度，即中圓地球軌道衛(wèi)星的運(yùn)動(dòng)半徑

較小，根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力有

-Mm

G——=ma

廠

可知，中圓地球軌道衛(wèi)星的向心加速度大于傾斜地球同步軌道衛(wèi)星的向心加速度，D錯(cuò)誤。

故選C。

6、B

【解析】

粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，如圖：

由幾何知識(shí)得：=洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：q%B=〃i幺,解得：匕=正邂；

tan604m

當(dāng)該帶電粒子從P點(diǎn)射入的速度大小變?yōu)橐矔r(shí)，若粒子豎直向上射入磁場(chǎng)粒子恰好不能進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，即粒子軌道半徑

r2=Rt則不論其入射方向如何，都不可能進(jìn)入小圓內(nèi)部區(qū)域，此時(shí)洛倫茲力提供向心力，由牛頓第二定律得：

/，,3=加且，解得：％二迦，則：H：匕=J5,故B正確，ACD錯(cuò)誤.

r2~m

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、ABC

【解析】

A.當(dāng)分子力表現(xiàn)為引力時(shí)，增大分子減的距離，需要克服分子力做功，所以分子勢(shì)能隨分子間距離的增大而增大，

故A正確；

B.一定量的理想氣體保持壓強(qiáng)不變，氣體體積減小，氣體分子的密集程度增大，單位時(shí)間內(nèi)氣體分子對(duì)容器壁單位

面積上碰撞次數(shù)增多，故B正確；

C.當(dāng)人們感到干燥時(shí)，空氣的相對(duì)濕度一定較小，故C正確；

D.液晶股具有液體的流動(dòng)性，又具有單晶體的光學(xué)各向異性的特點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；

E.根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過(guò)程都具有方向性，都是不可逆，故E錯(cuò)誤；

故選ABC。

8、BDE

【解析】

根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程PV=,可得：

P=nRT~

V

故可知，圖象的斜率為：

k=nRT

而對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體而言，斜率定性的反映溫度的高低；

A.P-J圖象在過(guò)程①的每點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線構(gòu)成的斜率逐漸減小，表示理想氣體的溫度逐漸降低，可知平均動(dòng)能減

小，故A錯(cuò)誤；

B.圖象過(guò)程②的每點(diǎn)與坐標(biāo)原點(diǎn)連線構(gòu)成的斜率逐漸逐漸增大，則溫度升高，吸收熱量，平均動(dòng)能增大，故B

V

正確，C錯(cuò)誤；

D.過(guò)程③可讀出壓強(qiáng)增大，斜率不變，即溫度不變，內(nèi)能不變，但是體積減小，外界對(duì)氣體做正功，根據(jù)熱力學(xué)第一

定律可知，氣體向外界放出熱量，故D正確；

E.過(guò)程③可讀出壓強(qiáng)增大，溫度不變，分子的平均動(dòng)能不變，根據(jù)理想氣體壓強(qiáng)的微觀意義，氣體壓強(qiáng)與氣體分子單

位時(shí)間內(nèi)對(duì)容器壁的碰撞次數(shù)、氣體分子平均動(dòng)能有關(guān)，在壓強(qiáng)增大，溫度不變以及體積減小的情況下，氣體分子對(duì)

容器壁的碰撞次數(shù)增大，故E正確；

故選BDEo

9、ABE

【解析】

A.由圖可知波的周期為

T=0.02s

則兩橫波的波長(zhǎng)為

A=vT=6m

所以A正確；

B.由題可知

MP=6m

則波由M傳到P,所用時(shí)間為

，=竺二().(必=7

v

1為0.025s時(shí)，波源時(shí)已經(jīng)向右發(fā)出2個(gè)周期的波，由圖象可知，尸點(diǎn)已經(jīng)振動(dòng),丁，則M點(diǎn)處的波源產(chǎn)生的第一個(gè)

44

波峰到達(dá)2點(diǎn)，所以B正確；

C.由題意可知

PN=MN-MP=l2m

兩列波到達(dá)尸點(diǎn)的波程差為

^x=PN-MP=6m=A

是波長(zhǎng)的整數(shù)倍，可知尸點(diǎn)為加強(qiáng)點(diǎn)，所以C錯(cuò)誤：

D.波源M的波需要一個(gè)周期傳到尸點(diǎn)，則0.035s波源M發(fā)出的波已經(jīng)傳到

x=W=10.5m處

時(shí)間為

7

r=0.035s=-T

4

可知，P點(diǎn)振動(dòng)了gr,路程為

4

5=3x5cm=15cm

所以D錯(cuò)誤；

E.振幅為10cm的質(zhì)點(diǎn)即為加強(qiáng)點(diǎn)，則

Ar'=n/,

〃取0,±b±2,對(duì)應(yīng)的位置有5個(gè)：MN的中點(diǎn)，距離M和N分別6m處，距離M和N分別3m處，所以E正確。

故選ABE。

10、BD

【解析】

A.由帶負(fù)電的//粒子(電子)偏轉(zhuǎn)方向可知，粒子在8點(diǎn)所受的洛倫茲力方向水平向右，根據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)垂直

于紙面向里，A錯(cuò)誤；

B.粒子運(yùn)行軌跡：

由幾何關(guān)系可知：

R.=-

12

又：

222

/?2=(2L)+(/?2-L)

解得：

R2=2.5L

洛倫茲力提供向心力:

￡

qvB=m

~R

解得:

B=—

qR

故與：鳥=&:?=5:1,B正確;

C.偏轉(zhuǎn)角度分別為:

4二180。

2L_4

tan&=

L5Z-3

“2=53。

故速度偏轉(zhuǎn)角之比G：%=180:53,C錯(cuò)誤;

D.運(yùn)動(dòng)時(shí)間：

_0T_82冗m

-W*"3607

因此時(shí)間之比：

0,￡36

t.：A,=———-=—

I-6453

D正確。

故選BD.

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。

d\fJVAZ,-A/,

11>~—tn

△4—2m，.——加J\—;M-----

【解析】

[1]由滑塊A通過(guò)光電門1的運(yùn)動(dòng)時(shí)間可知，碰撞前滑塊A的速度

d

V)=一

⑵解鎖彈簧后，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為A碰撞前的動(dòng)能，故彈性勢(shì)能

、2

二1，1(1

綜=5〃％=5見(jiàn)UJ

網(wǎng)由碰撞后，AB整體通過(guò)光電門2的時(shí)間，可求得碰撞后AB整體的速度為

d

v2=——

2、

A、B碰置過(guò)程中動(dòng)量守恒，則有

片=(叫+嗎)匕

聯(lián)立解得

△’2—

〃t,=m.-=--L

■抽

12、BCD1.3D

【解析】

(1)[1]AE,本題拉力可以由彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出，不需要用天平測(cè)出砂和砂桶的質(zhì)量，也就不需要使小桶(包括砂)的質(zhì)

量遠(yuǎn)小于車的總質(zhì)量，AE錯(cuò)誤；

B.該題是彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)出拉力，從而表示小車受到的合外力，將帶滑輪的長(zhǎng)木板右端墊高，以平衡摩擦力，B正確;

C.打點(diǎn)計(jì)時(shí)器運(yùn)用時(shí)，都是先接通電源，待打點(diǎn)穩(wěn)定后再釋放紙帶，該實(shí)驗(yàn)探究加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系，要記錄

彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)，C正確；

D.改變砂和砂桶質(zhì)量，即改變拉力的大小，打出幾條紙帶，研究加速度隨尸變化關(guān)系，D正確；

故選：BCDo

(2)[2]相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為

T=3x0.02=0.06s,

連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位移之差：

M—0.5cm,

根據(jù)Ar=q/得：

Av_0.5xlQ-2

m/s2=1.3m/s2；

7r-CW

(3)[3]對(duì)Q?/圖來(lái)說(shuō)，圖象的斜率表示小車質(zhì)量的倒數(shù)，此題，彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù):

2F=Mat

即

2

a=—F,

M

。?尸圖線的斜率為A,則

故小車質(zhì)量為:

故D正確。

故選D。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算

步驟。

13、090cmHg；②10.3cm

【解析】

①設(shè)左右液面等高時(shí)，右液面上升占，左液面下降與，則有

%+x2-10cm

9sxi=Sx2

可得：

X=