2024年上外版必修3物理上冊月考試卷含答案210

…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年上外版必修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共7題，共14分)1、教學上用的吸塵器的電動機內(nèi)阻是一定的，當加上0.3V的電壓，電流為0.3A時，吸塵器上的直流電動機不轉(zhuǎn)動；當加上2.0V的電壓、電流為0.8A時，它正常工作，則吸塵器正常工作時輸出功率與輸入功率之比為（）A.3∶5B.5∶3C.1∶2D.1∶32、長度和橫截面積均相同、材料不同的a、b兩根金屬絲；它們的伏安特性曲線分別如圖中A；B所示。根據(jù)圖像可知（）

A.a的電阻率隨溫度的升高而增大B.a的電阻率隨溫度的升高而減小C.b的電阻率隨溫度的升高而增大D.b的電阻率隨溫度的升高而減小3、電源、電阻箱、電壓表與開關(guān)連接成如圖所示的電路。閉合開關(guān)S后，當電阻箱接入電路的阻值時，電壓表示數(shù)為2.00V。已知電源的電動勢內(nèi)阻r一定。當電阻箱接入電路的阻值繼續(xù)增大時；電壓表的示數(shù)（）

A.增大B.減小C.不變D.先減小后增大4、一球面均勻帶有正電荷，球內(nèi)的電場強度處處為零，如圖所示，O為球心，A、B為直徑上的兩點，現(xiàn)垂直于將球面均分為左右兩部分；C為截面上的一點，移去左半球面，右半球面所帶電荷仍均勻分布，則（）

A.O、C兩點電勢相等B.A點的電場強度大于B點C.沿直線從A到B電勢先升高后降低D.沿直線從A到B電場強度逐漸增大5、真空中的點電荷在其周圍產(chǎn)生電場，電場中某點的電勢與點電荷的電量成正比，與該點到點電荷的距離成反比，即，在某真空中有一如圖所示的正六邊形ABCDEF，0為中心，A、C、E三個頂點各固定一點電荷，其中A、C兩點電荷量為q，E點電荷量為-q，、分別表示B、0點場強的大小，、分別表示B、0點的電勢，則以下關(guān)系中正確的是

A.>，>B.<，>C.=，=D.<，=6、下列說法中錯誤的是（）A.沿著一條直線且加速度存在且不變的運動，叫做勻變速直線運動B.為了探究彈簧彈性勢能的表達式，把拉伸彈簧的過程分為很多小段，拉力在每一小段可以認為是恒力，用各小段做功的代數(shù)和代表彈力在整個過程所做的功，物理學中把這種研究方法叫做微元法C.從牛頓第一定律我們得知，物體都要保持它們原來的勻速直線運動或靜止的狀態(tài)，或者說，它們都具有抵抗運動狀態(tài)變化的“本領(lǐng)”D.比值定義法是一種定義物理量的方法，即用兩個已知物理量的比值表示一個新的物理量，如電容的定義式表示C與Q成正比，與U成反比，這就是比值定義的特點7、下列關(guān)于光子說法正確的是()A.光的能量是連續(xù)的B.光子的能量和它的頻率成正比C.光子的能量和它的速度的平方成正比D.光子是具有一定質(zhì)量和體積的物質(zhì)微粒評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)8、圖中實線是一簇未標明方向的由點電荷產(chǎn)生的電場線，虛線是某一帶電粒子通過該電場區(qū)域時的運動軌跡，是軌跡上的兩點。若帶電粒子在運動中只受電場力作用；根據(jù)此圖可作出正確判斷的是（）

A.帶電粒子所帶電荷的符號B.帶電粒子在兩點的受力方向C.帶電粒子在兩點的速度何處較大D.帶電粒子在兩點的電勢能何處較大9、將一直流電源的總功率PE、輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I變化的圖線畫在同一坐標系中；如圖所示，則下列說法正確的是（）

A.圖線b表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr隨電流I的變化關(guān)系B.M點對應(yīng)的功率為最大輸出功率C.在圖線上A、B、C三點的縱坐標一定滿足關(guān)系D.兩個交點M與N的橫坐標之比一定為1：2，縱坐標之比一定為1：210、某興趣小組設(shè)計了一個火災(zāi)報警裝置，其電路如圖所示，R1、R3為定值電阻，熱敏電阻R2為金屬鉑制成的熱電阻，通過電壓表示數(shù)和燈泡亮度變化可監(jiān)控R2所在處的火情．若R2所在處出現(xiàn)火情；則（）

A.電壓變示數(shù)變大，燈泡變暗B.電壓表示數(shù)變小，燈泡變亮C.R3的阻值較小時，電壓表示數(shù)變化明顯D.R3的阻值較大時，電壓表示數(shù)變化明顯11、如圖，已知某勻強電場方向平行于正六邊形ABCDEF所在平面。已知A、B、C、D點的電勢分別為15V、12V、6V、3V?，F(xiàn)有一電荷量為3e的帶電粒子（不計重力）從A點以初動能12eV沿AC方向射入電場，恰好經(jīng)過B點。下列說法正確的是（）

A.粒子一定帶正電B.粒子達到B點時的動能為3eVC.若只改變該粒子在A點時的初速度方向，粒子可能經(jīng)過C點D.若只改變該粒子在A點時的初速度方向，粒子可能垂直經(jīng)過直線BF12、如圖為A、B兩個等量異種電荷，建立直角坐標系，取A、B連線為x軸，向右為正方向，A、B連線中點垂線為y軸，向上為正方向，在此坐標系內(nèi)畫出x軸上各點電勢????（取無窮遠處的????=0）、電場強度E與位置的關(guān)系圖像，（y軸表示電勢的大小或場強的大小及方向）那么下列正確的是（）

A.B.C.D.13、下列關(guān)于電勢和等勢面的說法正確的是（）A.沿電場線方向，電勢降低B.電勢降低的方向一定是電場的方向C.在同一等勢面上移動電荷時，電場力不做功D.在電場中將電荷由a點移到b點，電場力做功為零，則該電荷一定是沿等勢面移動14、如圖所示，水平放置的兩半圓形金屬極板由絕緣轉(zhuǎn)軸連接，下極板固定，上極板可以繞過圓心且垂直于半圓面的軸轉(zhuǎn)動，也可上下平移，起初兩極板邊緣對齊，上極板通過開關(guān)S與電源正極相連，下極板接地后與電源負極相連，初始時開關(guān)S閉合，板間有一帶電粒子P恰好處于靜止狀態(tài)；忽略邊緣效應(yīng)；則關(guān)于兩極板組成的電容器下列說法正確的是（）

A.保持板間距不變，電容器電容與上極板轉(zhuǎn)過的角度成反比B.若只將上極板轉(zhuǎn)過角，則電容器所帶電荷量減小C.若將上極板轉(zhuǎn)過角，則電容器兩極板連線中點處的電勢變小D.斷開開關(guān)S，只將板間距變?yōu)樵瓉淼亩?，則帶電粒子仍處于靜止狀態(tài)15、如圖所示電路中；平行板電容器極板水平放置，板間有一質(zhì)量為m的帶電油滴懸浮在兩板間靜止不動．要使油滴向上運動，可采用的方法是()

A.只把電阻R1阻值調(diào)大B.只把電阻R2阻值調(diào)大C.只把電阻R3阻值調(diào)大D.只把電阻R4阻值調(diào)大評卷人得分三、填空題(共8題，共16分)16、電磁波譜的排列是：無線電波、微波、_______________、可見光、紫外線、X射線、γ射線；可用來滅菌消毒的電磁波是____________；在探月工程中，從地球向“月兔號”月球車發(fā)指令，電磁波信號經(jīng)過__________s到達月球車。（已知地月表面距離約為3.84×108m）17、隨著中國電信業(yè)的發(fā)展，國產(chǎn)手機在手機市場上已經(jīng)有相當大的市場份額。如圖所示是中國科健股份有限公司生產(chǎn)的一塊手機電池外殼上的文字說明，由此可知該電池的電動勢為_________，待機狀態(tài)下的平均工作電流_________。

18、靜電平衡時，空腔導體內(nèi)表面沒有電荷，導體殼內(nèi)空腔里的電場強度處處為______.外電場對殼（網(wǎng)）內(nèi)的儀器不會產(chǎn)生影響，金屬殼的這種作用叫作______．19、某同學用螺旋測微器測量一物體的直徑，讀出圖中讀數(shù)為___________mm。

20、真空中一個固定的正點電荷，周圍的電場線分布如圖所示，A、B為水平電場線上的兩點。

（1）電場強度________（選填或）；

（2）將試探電荷＋q放在A點，試探電荷＋q受到的靜電力的方向________（選填水平向左或水平向右）。21、圖中A、B、C、D是勻強電場中一邊長為0.10m的正方形的四個頂點，已知A、B、C、D四點的電勢分別為????????=15V，????????=3V，????C=9V，則A、B的中點電勢為________V，該電場的電場強度大小為______________V/m.

22、如圖，A、B是真空中的兩塊面積很大的平行金屬板，已知B板的電勢為零，A板電勢UA隨時間變化的規(guī)律如圖所示，其中UA的最大值為U0，最小值為-2U0；在A、B的正中央處有一個離子源P，P距離A、B板的距離均為l，離子源P可以源源不斷地產(chǎn)生電荷量為q、質(zhì)量為m的帶負電的微粒，已知各個時刻產(chǎn)生帶電微粒的機會均等。這種微粒產(chǎn)生后，從靜止出發(fā)在電場力的作用下運動，設(shè)微粒一旦碰到金屬板，它就附在板上不再運動，且其電荷同時消失，不影響A、B板的電壓。已知上述的T、U0、l、q和m等各量的值正好滿足等式：l2=如果在A板電壓變化的每個周期T內(nèi)；平均產(chǎn)生320個上述微粒，則可求出：

(1)在t=0到的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

(2)在到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，有____個微?？傻竭_A板。（不計重力；不考慮微粒之間的相互作用）

23、如圖所示是某電源的路端電壓與電流的關(guān)系圖象，由圖像可求出電源的內(nèi)阻為_________Ω，電源的短路電流為___________A，若電阻是4Ω的定值電阻接在該電源兩端，此時電源的效率為___________．

評卷人得分四、作圖題(共1題，共8分)24、連線題：請將下列電路元器件的實物圖與其符號相連。

評卷人得分五、實驗題(共4題，共28分)25、某電阻的阻值約為現(xiàn)要用如圖所示的電路測量其阻值，可選器材如下：

A.電源（電動勢約）；

B.滑動變阻器（最大阻值）；

C.滑動變阻器（最大阻值）；

D.電壓表V（量程內(nèi)阻為）；

E.電流表（量程內(nèi)阻約為）；

F.電流表（量程內(nèi)阻約為）；

G.開關(guān)；導線若干。

（1）電流表應(yīng)選擇___________（填“E”或“F”）；

（2）某同學做實驗的過程中，發(fā)現(xiàn)滑動變阻器的滑片即便在很大范圍內(nèi)滑動，電壓表和電流表的示數(shù)都幾乎為零，不方便獲得多組電壓電流數(shù)據(jù)，于是向你求助。你幫他檢查后發(fā)現(xiàn)器材完好，電路連接無誤，各接線柱接觸良好。請幫該同學判斷最有可能存在的問題并告訴他解決問題的辦法：___________

（3）為了消除因電表內(nèi)阻造成的系統(tǒng)誤差，測量時應(yīng)接___________（填“a”或“b”）。某次測量中讀得電壓表的示數(shù)為電流表的示數(shù)為消除系統(tǒng)誤差之后，算得的阻值為___________（保留3位有效數(shù)字）。26、某同學為測量一段金屬絲R的電阻率；完成了以下步驟的操作∶

（1）用螺測微器和刻度尺測出了待測金屬絲的直徑和長度，如下圖所示；則直徑d=__________mm，長度為l=____________cm；

（2）為測出金屬絲的電阻，他選用多用電表該電阻阻值，當他選擇倍率為×1的歐姆檔測量時，得到了結(jié)果如下圖所示，讀出R=___________Ω；

（3）通過步驟（1）（2）的測量，可以用公式=__________（用步驟（1）；（2）中的字母表示）計算出該電阻的電阻率。

（4）為了檢驗上述的結(jié)果是否準確；該同學選擇用伏安法再測一次電阻R，實驗所用器材為∶

電池組（電動勢3V，內(nèi)阻的1Ω、電流表（內(nèi)阻約5Ω）電壓表（內(nèi)阻約3kΩ）滑動變阻器（0~5Ω，額定電流2A）、開關(guān)、導線若干；則以下電路中最合適的是____________；

A.B.

C.D.

（5）該同學根據(jù)步驟（4）的電路圖采用多次測量求平均值的方法完成實驗，分析該實驗的系統(tǒng)誤差，電阻的測量值___________真實值（填“大于”、“等于”或“小于”）。27、電流傳感器可以捕捉到瞬間的電流變化，它與計算機相連，可以顯示出電流隨時間變化的圖像。如圖甲連接電路。直流電源電動勢9V，內(nèi)阻可忽略，電容器選用電容較大的電解電容器。先使開關(guān)S與1端相連，電源向電容器充電。然后把開關(guān)S擲向2端，電容器通過電阻R放電，傳感器將電流信息傳入計算機。屏幕上顯示出電流隨時間變化的I－t圖像如圖乙所示。

(1)將開關(guān)S接通1，電容器的____________（填“左”或“右”）極板帶正電，再將S接通2，通過R的電流方向向________（填“左”或“右”）

(2)根據(jù)I－t圖像估算當電容器開始放電時所帶的電量q0＝__________，并計算電容器的電容C＝________。（均保留兩位有效數(shù)字）

(3)如果不改變電路其他參數(shù)，只減小電阻R，充電時曲線與橫軸所圍成的面積將______（填“增大”“不變”或“變小”）充電時間將______（填“變長”“不變”或“變短”）。28、某實驗小組用圖甲所示電路測量電源E的電動勢和內(nèi)阻，圖中電壓表V的最大測量值為虛線框內(nèi)為用電流計G改裝的電流表。

已知電流計G的滿偏電流內(nèi)阻電路中已將它改裝為最大測量值為的電流表，則___________結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

通過移動變阻器R的滑片，得到多組電壓表V的讀數(shù)U和電流計G的讀數(shù)I，作出如圖乙所示的圖像，電源E的電動勢等于___________V，內(nèi)阻等于_______結(jié)果保留兩位有效數(shù)字

若用來改裝電流表的電阻的實際阻值略小于計算值，則對電源電動勢測量的結(jié)果__________填“有”或“沒有”影響。評卷人得分六、解答題(共3題，共27分)29、如圖，兩水平面（虛線）之間的距離為H，其間的區(qū)域存在方向水平向右的勻強電場．自該區(qū)域上方的A點將質(zhì)量為m、電荷量分別為q和–q（q>0）的帶電小球M、N先后以相同的初速度沿平行于電場的方向射出．小球在重力作用下進入電場區(qū)域，并從該區(qū)域的下邊界離開．已知N離開電場時的速度方向豎直向下；M在電場中做直線運動，剛離開電場時的動能為N剛離開電場時的動能的1.5倍．不計空氣阻力，重力加速度大小為g．求。

（1）M與N在電場中沿水平方向的位移之比；

（2）A點距電場上邊界的高度；

（3）該電場的電場強度大?。?0、（1）如圖是小型汽油機模型；汽油機在工作過程中能量是怎樣轉(zhuǎn)化的？

（2）內(nèi)燃機工作時可以把內(nèi)能全部轉(zhuǎn)化為機械能嗎？

31、如圖所示，O點處固定一個電荷量為Q的點電荷，在其產(chǎn)生的電場中的一條電場線上取A、B兩點，在A處放一電荷量q=1.5×10-8C的帶正電的試探電荷它受到的靜電力為F=3×10-6N。

(1)求A處的電場強度的大小方向。若將試探電荷從A點移走，則A點的電場強度如何變化？

(2)如果在B處放一個電子，它受到的靜電力多大？方向怎樣？已知e=1.6×10-19C。

參考答案一、選擇題(共7題，共14分)1、A【分析】【分析】

【詳解】

電動機不轉(zhuǎn)時，可視為純電阻，由歐姆定律可知其內(nèi)阻為當正常工作時

所以

所以輸出功率與輸入功率之比為3∶5。

故選A。2、A【分析】【詳解】

AB．根據(jù)圖像，圖像的斜率表示電阻的倒數(shù)，則a金屬絲的電阻隨電壓升高逐漸增大，a的電阻率隨溫度的升高而增大；B錯誤，A正確；

CD．根據(jù)圖像，圖像是傾斜直線，故b金屬絲是定值電阻，不隨電壓變化而變化，則b的電阻率不隨溫度的升高而變化；CD錯誤。

故選A。3、A【分析】【詳解】

根據(jù)閉合電路歐姆定律可得，電路電流為

電壓表的示數(shù)等于電阻箱兩端電壓，則有

可知當電阻箱接入電路的阻值繼續(xù)增大時；電壓表的示數(shù)增大。

故選A。4、A【分析】【分析】

【詳解】

A．由于球殼內(nèi)部的場強為零，補全以后可知在右側(cè)球殼任取一點，該點和C連線后過左半邊球殼一點，兩點對C的庫侖力為零，即等大反向共線，將左側(cè)沿豎直對稱到右側(cè)球面，則可以知道這兩個點在C點的合場強水平向左，根據(jù)疊加原理可知C點場強向左，同理OC上都是水平向左，因此OC是等勢線，故A正確；

BD．將題中半球殼補成一個完整的球殼，且?guī)щ娋鶆?，設(shè)左、右半球在A點產(chǎn)生的電場強度大小分別為E1和E2；由題知，均勻帶電球殼內(nèi)部電場強度處處為零，則知E1=E2

根據(jù)對稱性，左右半球在B點產(chǎn)生的電場強度大小分別為E2和E1，且E1=E2

在圖示電場中，A的電場強度大小為E2，方向向左，B的電場強度大小為E1，方向向左，所以A點的電場強度與B點的電場強度相同，沿直線從A到B電場強度不可能逐漸增大；故BD錯誤；

C．根據(jù)電場的疊加原理可知，在AB連線上電場線方向向左，沿著電場線方向電勢逐漸降低，則沿直線從A到B電勢升高，故C錯誤；

故選A。5、B【分析】【詳解】

A處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為

C處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為

E處點電荷在B點產(chǎn)生的電場強度為

由電場的疊加可知，A、C兩處點電荷在B處的合場強為

所以B處的場強為

同理可求得：O處的場強為

所以

B處的電勢為

O處的電勢為

所以故B正確．

點睛：解決本題關(guān)鍵理解電場強度是矢量合成時遵循平行四邊形定則，電勢為標量合成時只求代數(shù)和即可．6、D【分析】【詳解】

A．沿著一條直線運動；且加速度不變的運動一定為勻變速直線運動，故A正確；

B．微元法是一種“化整為零”的方法；即把整體拆分成各個微小部分，每一部分獨立求解，再求總和，探究彈性勢能的研究方法就是如此，故B正確；

C．牛頓第一定律為慣性定律；物體運動的慣性將維持原來運動的狀態(tài)，抵抗運動的變化，故C正確；

D．在電容的定義式中，C與兩板間的電量及兩板間的電勢差無關(guān)；故D錯誤。

本題要選錯誤選項，故選D。7、B【分析】【詳解】

A.光子說認為光是不連續(xù)的；一份一份的；每一份的能量為hγ，故A錯誤．

BC.由E=hγ知；光子的能量和它的頻率成正比，故B正確，C錯誤．

D.光是一種電磁波，光是高頻電磁波，光子不是物質(zhì)微粒，故D錯誤．二、多選題(共8題，共16分)8、B:C:D【分析】【分析】

【詳解】

AB．粒子的運動軌跡向左彎曲，說明粒子在a、b兩點受到的電場力沿電場線向左；由于電場線方向不明，無法確定粒子的電性，故A錯誤，B正確；

CD．若粒子從a運動到b，由軌跡彎曲方向與粒子速度方向的關(guān)系分析可知電場力與軌跡之間的夾角是鈍角，電場力對粒子做負功，粒子的動能減小，電勢能增大，則粒子在a點的速度較大，在b點電勢能較大；故C；D正確；

故選BCD。9、A:B【分析】【分析】

根據(jù)電源消耗的總功率的計算式可得電源的總功率與電流的關(guān)系，根據(jù)電源內(nèi)部的發(fā)熱功率可得電源內(nèi)部的發(fā)熱功率與電流的關(guān)系，從而可以判斷abc三條線代表的關(guān)系式并進行分析；

【詳解】

A．電源的總功率

則a圖線表示電源的總功率隨電流I變化的關(guān)系；

電源的輸出功率

則c圖線表示輸出功率隨電流I變化的關(guān)系；

電源內(nèi)部的發(fā)熱功率

則b圖線表示電源內(nèi)部的發(fā)熱功率隨電流I變化的關(guān)系；故A正確；

B．c圖線表示輸出功率隨電流I變化的關(guān)系，M點對應(yīng)的功率為最大輸出功率；故B正確；

C．根據(jù)能量轉(zhuǎn)化橫坐標相同縱坐標一定滿足

則在圖線上A、B、C三點的縱坐標一定滿足關(guān)系

故C錯誤；

D．b、c圖線的交點M，輸出功率PR和電源內(nèi)部的發(fā)熱功率Pr相等，即

滿足

a、b線的交點N輸出功率為0，所以

可見M與N的橫坐標之比一定為1:2，據(jù)縱坐標之比為一定為1:4，故D錯誤。

故選AB。

【點睛】

當電源的內(nèi)阻和外電阻的大小相等時，此時電源的輸出的功率最大。10、A:D【分析】【分析】

【詳解】

熱敏電阻R2為金屬鉑制成的熱電阻，若R2所在處出現(xiàn)火情，則R2的阻值增大，總電阻增大，干路電流減小，所以燈泡變暗，R1及電源內(nèi)電壓減小，根據(jù)閉合電路的歐姆定律知，電壓表示數(shù)增大，所以A正確；B錯誤；當R3的阻值較小時，并聯(lián)電路的總電阻最接近小電阻，故當R2的阻值增大時，總比電阻變化不明顯，所以電壓表示數(shù)變化不明顯，同理，R3的阻值較大時，電壓表示數(shù)變化明顯，所以C錯誤；D正確．11、B:D【分析】【詳解】

A．因C點電勢比D點高3V，可知A點電勢比F點高3V，即F點電勢為12V，則BF為等勢面，場強方向垂直于BF斜向上，即沿著AD方向，由于帶電粒子從A點沿AC方向射入電場，恰好經(jīng)過B點；可知粒子帶負電，選項A錯誤；

B．粒子從A點射入，從B點射出時，由于粒子只有電場力做功，則動能與電勢能之和守恒，則15V×(-3e)+12eV=12V×(-3e)+EkB

解得EkB=3eV

選項B正確；

C．根據(jù)能量關(guān)系，假設(shè)粒子能經(jīng)過C點，則15V×(-3e)+12eV=6V×(-3e)+EKc

解得EkC=-15eV

不符合實際，則粒子不可能經(jīng)過C點；選項C錯誤；

D．因場強方向垂直于BF，則若粒子從A點沿場強方向射出，則粒子能垂直經(jīng)過直線BF；選項D正確。

故選BD。12、B:D【分析】【詳解】

AB．電勢沿著電場線方向逐漸降低；正電荷左側(cè)，向正電荷靠近的過程中，電勢越來越高，從正電荷到負電荷，電勢越來越低，可得正電荷處電勢最大，如果在兩點電荷的連線上做中垂線，這條中垂線上任意一點場強方向都與之垂直，所以這條中垂線就是一個等勢面，又因為無窮遠處電勢為零，所以中垂線上電勢為0，可得連線中點電勢為零，由負電荷到無窮遠，電勢越來越高，無限接近0，故A錯誤，B正確；

CD．電場線越密集；場強越大，如圖為兩個等量異種電荷電場線分布，可知兩點電荷的連線上，從正電荷到負電荷，沿電場線方向場強先變小后變大，中點處電場強度最小但不為0，在正電荷左側(cè)和負電荷右側(cè)，越靠近電荷場強越大，由于是等量異種電荷，所以場強大小關(guān)于兩電荷連線的中垂線對稱，故C錯誤，D正確。

故選BD。13、A:C【分析】【詳解】

A．沿電場線方向；電勢逐漸降低，A正確；

B．電勢降低最快的方向一定時電場的方向；因此電勢降低的方向不一定是電場的方向，B錯誤；

C．在同一等勢面上移動電荷時，任意兩點電勢差為零，由

可得：電場力不做功；C正確；

D．在電場中將電荷由a點移到b點，電場力做功為零，說明ab兩點的電勢相等；而運動的路徑未知，所以該電荷不一定是在等勢面上運動，D錯誤；

故選AC。14、B:D【分析】【詳解】

A．電容器的電容

由表達式可知電容器的電容與上極板轉(zhuǎn)過的角度成負線性關(guān)系；而不是成反比，選項A錯誤；

B．若將上極板轉(zhuǎn)過30°；正對面積減小，電容器的電容也變小，由于電壓不變，因此電容器所帶電荷量減小，選項B正確；

C．若將上極板轉(zhuǎn)過60°，正對面積變小，但電容器兩板間勻強電場的電場強度

不變；則電容器兩極板連線中點處的電勢不變，選項C錯誤；

D．斷開開關(guān)S，若將板間距變?yōu)樵瓉淼亩?，電容器的電容變?yōu)樵瓉淼挠捎陔娙萜鞯碾姾闪坎蛔?，電容器兩板間勻強電場的電場強度

因此場強不變；帶電粒子所受電場力不變，仍處于靜止狀態(tài)，選項D正確。

故選BD。15、B:D【分析】【分析】

【詳解】

A．只把電阻R1阻值調(diào)大，并聯(lián)部分電壓減小，R4的電壓減小；電容器的電壓減小，板間場強減小，油滴向下運動，故A錯誤；

B．只把電阻R2阻值調(diào)大；外電路總電阻增大，并聯(lián)部分電壓增大，則電容器的電壓增大，板間場強增大，油滴向上運動，故B正確；

C．只把電阻R3阻值調(diào)大，外電路總電阻增大，干路電流減小，并聯(lián)部分電壓增大，R1的電流增大，流過R4的電流減小，R4的電壓減??；油滴向下運動，故C錯誤；

D．只把電阻R4阻值調(diào)大，外電路總電阻增大，干路電流減小，并聯(lián)部分電壓增大，R1的電流增大，流過R4的電流減小，R3的電壓增大，R4的電壓增大；油滴向上運動，故D正確。

故選BD。三、填空題(共8題，共16分)16、略

【分析】【分析】

考查電磁波譜；電磁波的特性，電磁波的傳播。

【詳解】

[1]．電磁波譜根據(jù)波長從長波到短波排列順序是：無線電波、微波、紅外線、可見光、紫外線、X射線、γ射線；

[2]．紫外線具有滅菌消毒的作用；

[3]．電磁波在真空中傳播速度為光速所以：【解析】紅外線紫外線1.2817、略

【分析】【詳解】

[1]由題圖可知；該電池的電動勢為3.7V；

[2]有題圖可知，該電池的容量為

待機為96h，則可得手機待機狀態(tài)下的平均工作電流為【解析】3.7V7.29mA18、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】0靜電屏蔽19、略

【分析】【詳解】

（1）[1]用螺旋測微器測量一物體的直徑，根據(jù)螺旋測微計的讀數(shù)法則有1.5mm+0.01mm×20.5=1.705mm【解析】1.70520、略

【分析】【詳解】

（1）[1]電場線越密集的地方電場強度越大，故

（2）[2]正電荷所受電場力方向和電場強度方向相同，故試探電荷＋q受到的靜電力的方向水平向右?！窘馕觥克较蛴?1、略

【分析】【詳解】

[1]．設(shè)AB的中點為M，則根據(jù)勻強電場的特點可知，A、B的中點電勢為

[2]．因CM電勢相等，可知連接MC為等勢線，做MC的垂線為場強方向斜向下；如圖：

由幾何關(guān)系可知則場強【解析】96022、略

【分析】【詳解】

（1）由于在t=0到的這段時間內(nèi)，A板的電勢高，所以從P點發(fā)出的帶負電的微粒會加速向A板移動，加速度的大小為a=

設(shè)粒子距離為l，則根據(jù)l=

需要的時間t=

再把l2=

代入到上式中，得t=

因為t<說明粒子發(fā)出后一直做勻加速直線運動到達A板；

但是在t=0到t=T/2內(nèi)發(fā)射的粒子，并不一定都打到A上，在接近T/2時刻，發(fā)射的粒子加速時間短，再減速后有可能到達不了A板，我們設(shè)粒子發(fā)射后加速△t時間，再減速通過的距離是l；

由于減速時的加速度大小為a＇=

則可求加速通過的距離x1==

末速度v1=a△t=

減速通過的距離x2=

故l=x1+x2

即l=+

解之得△t=

再把l2=

代入到上式中得△t=

由于每個周期內(nèi)平均產(chǎn)生320個微粒，則單位時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒為λ=

所以在t=0到t=T/2的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，到達A板的微粒數(shù)為N1=（-△t）λ=80

（2）在t=T/2到t=T的這段時間內(nèi)產(chǎn)生的微粒中，A板的電勢低，負電荷會加速向B板運動，能到達A板的粒子應(yīng)該是向左加速一段時間后，再向左減速，當粒子減速到零時，再反方向加速，減速和反方向加速的時間總時間是最后再向右減速，最終到達A板，在這些粒子中，最先到達A板的粒子的速度是零。設(shè)最初向左加速的時間為△t＇，則向左加速的位移x1＇=

末速度v1＇=a＇△t＇

然后粒子向左減速，到減到速度為0后再反方向加速，這段時間為通過的總位移為x2＇=-v1＇×+

末速度為v2＇=-v1＇+a×

最后向右減速到零的距離x3＇=

因為a＇=2a，故l=x2＇-x1＇+x3＇

聯(lián)立以上方程解之得△t＇=

故這段時間的粒子數(shù)為N2==30個【解析】803023、略

【分析】【詳解】

[1]由圖可知，電源的電動勢為：

電阻的內(nèi)阻：

[2]電源的短路電流為：

[3]電阻是的定值電阻接在該電源兩端，電路的電流為：

路端電壓為：

此時電源的效率為：【解析】2.03.066.7%四、作圖題(共1題，共8分)24、略

【分析】【詳解】

實物圖中第一個為電動機；電動機符號為符號圖中的第二個；

實物圖中第二個為電容器；電容器符號為符號圖中的第三個；

實物圖中第三個為電阻；電阻符號為符號圖中的第四個；

實物圖中第四個為燈泡；燈泡符號為符號圖中的第一個。

【解析】五、實驗題(共4題，共28分)25、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1]由電路圖可知，采用的是“分壓式”接法，可獲得的電壓范圍為故通過的最大電流約為。

故電流表應(yīng)該選擇

（2）[2]實驗的過程中；發(fā)現(xiàn)滑動變阻器的滑片即便在很大范圍內(nèi)滑動，電壓表和電流表的示數(shù)都幾乎為零，不方便獲得多組電壓電流數(shù)據(jù)，可能是滑動變阻器的規(guī)格選擇錯誤，應(yīng)該選用最大阻值為10Ω的滑動變阻器。

（3）[3]根據(jù)題中所給器材，電壓表的內(nèi)阻的確定并已知，而電流表的內(nèi)阻不知，因此，可根據(jù)電壓表示數(shù)得到流過它的電流值，故采用電流表外接法，故接“”。

[4]電壓表分得的電流。

故流過的電流。

故由歐姆定律得。

【解析】F滑動變阻器的規(guī)格選擇錯誤，應(yīng)該選用最大阻值為10Ω的滑動變阻器b10326、略

【分析】【分析】

【詳解】

（1）[1][2]螺旋測微器需要估讀到分度值的下一位，由圖可知螺旋測微器的讀數(shù)為

刻度尺需要估讀，由圖可知刻度尺的讀數(shù)為

（2）[3]由題可知多用電表選擇倍率為×1的歐姆檔，則測量出的電阻為

（3）[4]由電阻定律

可得

（4）[5]由多用電表示數(shù)可得電阻的阻值約為15代入數(shù)據(jù)可得

比較可得

則采用電流表外接法；在測量電阻中，為了減小誤差需要多次測電阻求平均值，所以需要多組數(shù)據(jù)，且范圍越大誤差越小，故采用滑動變阻器分壓式接法，故A電路圖最合適；

（5）[6]由于電壓表的分流作用，導致電流表測量的電流的值比流過電阻的實際值大，由歐姆定律得

可知電阻的測量值小于真實值?！窘馕觥竣?2.150②.60.10③.15④.⑤.A⑥.小于27、略

【分析】【詳解】

(1)[1]將開關(guān)S接通1；電